廣州市荔灣區(qū)廣雅中學(xué)高二下學(xué)期月月考物理試題含解析

學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精高二年級(jí)第一次月考試題物理一、單項(xiàng)選擇題1。波粒二象性是微觀世界的基本特征,以下說(shuō)法正確的是()A。光電效應(yīng)和康普頓效應(yīng)都揭示了光的波動(dòng)性B.熱中子束射到晶體上產(chǎn)生的衍射圖樣說(shuō)明中子具有粒子性C.光的波粒二象性表明一束傳播的光,有的光是波,有的光是粒子D。速度相同的質(zhì)子和電子相比，電子的波動(dòng)性更為明顯【答案】D【解析】【詳解】A．光電效應(yīng)和康普頓效應(yīng)都揭示了光的粒子性，故A錯(cuò)誤；B．熱中子束射到晶體上產(chǎn)生的衍射圖樣說(shuō)明中子具有波動(dòng)性，衍射是波的特征，故B錯(cuò)誤；C．光都具有波粒二象性，光同時(shí)具有波和粒子特性，并非有的光是波，有的光是粒子,故C錯(cuò)誤；D．質(zhì)子和電子都有波動(dòng)性,由，可知，相同速度的電子和質(zhì)子，由于質(zhì)子的質(zhì)量較大，所以其物質(zhì)波波長(zhǎng)較短,所以電子的波動(dòng)性更為明顯.故D正確.故選D。2。用如圖甲所示的裝置研究光電效應(yīng)現(xiàn)象．閉合開(kāi)關(guān)S，用頻率為v的光照射光電管時(shí)發(fā)生了光電效應(yīng)．圖乙是該光電管發(fā)生光電效應(yīng)時(shí)光電子的最大初動(dòng)能與入射光頻率v的關(guān)系圖像，圖線與橫軸的交點(diǎn)坐標(biāo)為，與縱軸的交點(diǎn)坐標(biāo)為，下列說(shuō)法中正確的是（）A.普朗克常量為B.斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S后，電流表G的示數(shù)不為零C。僅增加照射光的強(qiáng)度，光電子的最大初動(dòng)能將增大D。保持照射光強(qiáng)度不變，僅提高照射光頻率，電流表G的示數(shù)保持不變【答案】B【解析】【詳解】由，變形得可知圖線的斜率為普朗克常量,即，故選項(xiàng)A錯(cuò)誤;斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S后，初動(dòng)能大的光電子也可能達(dá)到陽(yáng)極，所以電流表G的示數(shù)不為零，故選項(xiàng)B正確;只有增大入射光的頻率，才能增大光電子的最大初動(dòng)能，這與光的強(qiáng)度無(wú)關(guān)，故選項(xiàng)C錯(cuò)誤；保持照射光強(qiáng)度不變,僅提高照射光的頻率，單個(gè)光子的能量將會(huì)增大，而光的強(qiáng)度不變,那么光子數(shù)一定會(huì)減少，發(fā)出的光電子數(shù)也會(huì)減少，電流表G的示數(shù)就會(huì)變小，故選項(xiàng)D錯(cuò)誤．3.如圖甲所示，在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，有一匝數(shù)為n，面積為S，總電阻為r的矩形線圈abcd繞軸OO′以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動(dòng),矩形線圈在轉(zhuǎn)動(dòng)中可以保持和外電路電阻R形成閉合電路,回路中接有一理想交流電流表.圖乙是線圈轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)e隨時(shí)間t變化的圖像，則下列說(shuō)法中正確的是（）A.從t1到t3這段時(shí)間穿過(guò)線圈的磁通量的變化量為2nBSB.從t3到t4這段時(shí)間通過(guò)電阻R的電荷量為C。t3時(shí)刻穿過(guò)線圈的磁通量變化率為nBSωD。電流表的示數(shù)為【答案】D【解析】【詳解】A．由圖可知，tl和t3這兩時(shí)刻的磁通量大小為0,方向相反；故穿過(guò)線圈磁通量的變化量為0;故A錯(cuò)誤；B．從t3到t4這段時(shí)間磁通量的變化為BS，則平均電動(dòng)勢(shì)因此通過(guò)電阻R的電荷量為故B錯(cuò)誤；C．t3時(shí)刻電動(dòng)勢(shì)E=NBSω；則由法拉第電磁感應(yīng)定律可知:，則穿過(guò)線圈的磁通量變化率為BSω；故C錯(cuò)誤;D．電流表的示數(shù)為有效值，則有:故D正確.故選D。4.如圖所示電路中,電源電壓u=311sin100t(V），A、B間接有“220V440W”的電暖寶、“220V220W"的抽油煙機(jī)、交流電壓表及保險(xiǎn)絲．下列說(shuō)法正確的是（）A。交流電壓表的示數(shù)為311VB。電路要正常工作，保險(xiǎn)絲的額定電流不能小于3AC。電暖寶發(fā)熱功率是抽油煙機(jī)發(fā)熱功率的2倍D.1min抽油煙機(jī)消耗的電能為1.32×104J【答案】D【解析】【詳解】A．電壓表測(cè)量的是有效值，u＝311sin100πt（V)的有效值為220V,選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．電路總功率P=660W，根據(jù)，回路的電流有效值為3A，保險(xiǎn)絲的額定電流不應(yīng)小于3A，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．電曖寶是純電阻性電路，熱功率為440W，而抽油煙機(jī)是非純電阻性電路,總功率為輸出機(jī)械能的功率與熱功率之和，因此產(chǎn)熱功率小于220W，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．1min抽油煙機(jī)消耗的電能，，選項(xiàng)D正確。故選D。5。如圖所示,水平銅盤(pán)半徑為r，置于磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，銅盤(pán)繞通過(guò)圓盤(pán)中心的豎直軸以角速度ω做勻速圓周運(yùn)動(dòng),銅盤(pán)的邊緣及中心處分別通過(guò)導(dǎo)線與理想變壓器的原線圈相連，該理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為n∶1，變壓器的副線圈與電阻為R的負(fù)載相連，則（）A.負(fù)載R兩端的電壓為B.原線圈中的電流強(qiáng)度為通過(guò)R電流的C.通過(guò)負(fù)載R的電流強(qiáng)度為0D。變壓器的副線圈磁通量為0【答案】C【解析】【詳解】AC．切割磁感線感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)公式，電壓恒定,由于變壓器是理想變壓器，所以變壓器副線圈兩端的電壓是0,通過(guò)負(fù)載R的電流強(qiáng)度為0，故A錯(cuò)誤C正確；B．變壓器只能改變?cè)€圈的交流電的電壓與電流，不能改變直流電的電壓與電流。故不能使用變壓器的電流比的公式計(jì)算副線圈中的電流。故B錯(cuò)誤；D．雖然通過(guò)負(fù)載R的電流強(qiáng)度為0，但副線圈中的磁通量與原線圈中的磁通量相同,不是0，故D錯(cuò)誤.故選C。6。如圖，一理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)分別為n1、n2.。原線圈接正弦交流電源，一個(gè)二極管、理想電流表A和阻值為R的負(fù)載電阻串聯(lián)后接到副線圈的兩端.假設(shè)該二極管的正向電阻為零,反向電阻為無(wú)窮大。用交流電壓表測(cè)得a、b端和c、d端的電壓分別為Uab和Ucd，則（)A.Uab∶Ucd=n1∶n2B。增大負(fù)載電阻的阻值R，電流表的讀數(shù)變大C。負(fù)載電阻的阻值越小，cd間的電壓Ucd越大D。將二極管短路，短路前后電流表的讀數(shù)比為1：【答案】D【解析】【詳解】A．假設(shè)副線圈兩端電壓的有效值為U2,根據(jù)理想變壓器的電壓與匝數(shù)成正比，即有：U：U2=n1:n2；而因二極管的單向?qū)щ娦?，cd間電壓的有效值滿足：所以所以故A錯(cuò)誤；B．副線圈兩段的電壓依賴于輸入電壓和匝數(shù)，所以副線圈兩端的電壓不變，電阻增大,則電流減小，所以電流表的示數(shù)減小,故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)以上分析可知，cd間的電壓Ucd與負(fù)載無(wú)關(guān)，故C錯(cuò)誤；D．將二極管短路后，R兩端的電壓變成原來(lái)的倍。由歐姆定律可知，R上的電流也變成原來(lái)的倍，短路前后電流表的讀數(shù)比為1：，故D正確。故選D。7.如圖所示，豎直平面內(nèi)有一金屬環(huán),半徑為a，總電阻為R（指拉直時(shí)兩端的電阻），磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直穿過(guò)環(huán)平面，與環(huán)的最高點(diǎn)A鉸鏈連接的長(zhǎng)度為2a、電阻為的導(dǎo)體棒AB由水平位置緊貼環(huán)面擺下，當(dāng)擺到豎直位置時(shí)，B點(diǎn)的線速度為v，則這時(shí)AB兩端的電壓大小為（）A B. C. D.【答案】A【解析】【詳解】當(dāng)擺到豎直位置時(shí)，導(dǎo)體棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為：在豎直位置時(shí),外電阻R外=電路電流故AB兩端的電壓大小為故A正確BCD錯(cuò)誤。故選A。8.兩塊水平放置的金屬板間的距離為d，用導(dǎo)線與一個(gè)n匝線圈相連，線圈電阻為r，線圈中有豎直方向的磁場(chǎng)，電阻R與金屬板連接，如圖所示,兩板間有一個(gè)質(zhì)量為m、電荷量＋q的油滴恰好處于靜止,則線圈中的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的變化情況和磁通量的變化率分別是A.磁感應(yīng)強(qiáng)度B豎直向上且正增強(qiáng),＝B.磁感應(yīng)強(qiáng)度B豎直向下且正增強(qiáng)，＝C.磁感應(yīng)強(qiáng)度B豎直向上且正減弱，＝D。磁感應(yīng)強(qiáng)度B豎直向下且正減弱,＝【答案】C【解析】【詳解】依題意電荷量+q的油滴恰好靜止金屬板間,受到的電場(chǎng)力與重力平衡，由平衡條件得知，油滴受到的電場(chǎng)力豎直向上，則金屬板上板帶負(fù)電，下板帶正電．A、C、若磁感應(yīng)強(qiáng)度B豎直向上，B正在增強(qiáng)時(shí)，根據(jù)楞次定律得知，線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)是下負(fù)上正,金屬板下板帶負(fù)電，上板帶正電，油滴不能平衡，則磁感應(yīng)強(qiáng)度B豎直向上且B正在減弱時(shí)，油滴能保持平衡．根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得：金屬板間的電壓為要使油滴平衡，則有聯(lián)立三式可得：，故A錯(cuò)誤，C正確．B、D、同理可得,磁感應(yīng)強(qiáng)度B豎直向下且正增強(qiáng)時(shí)，滿足，油滴也能保持靜止,故B錯(cuò)誤，D錯(cuò)誤．故選C．【點(diǎn)睛】本題是電磁感應(yīng)與電路、電場(chǎng)、力學(xué)等知識(shí)的綜合應(yīng)用．對(duì)于電磁感應(yīng)問(wèn)題,要楞次定律判斷感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)、法拉第定律研究感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小是常用的思路．二、多項(xiàng)選擇題9。如圖甲是光電效應(yīng)的實(shí)驗(yàn)裝置圖，圖乙是光電流與加在陰極K和陽(yáng)極A上的電壓的關(guān)系圖像，下列說(shuō)法正確的是（)A。由圖線①、③可知在光的顏色不變的情況下，入射光越強(qiáng)，飽和光電流越大B。由圖線①、②、③可知對(duì)某種確定的金屬來(lái)說(shuō)，其遏止電壓與入射光的頻率有關(guān)C.遏止電壓越大,說(shuō)明從該金屬中逸出的光電子的最大初動(dòng)能越大D.不論哪種顏色的入射光，只要光足夠強(qiáng),就能發(fā)生光電效應(yīng)【答案】ABC【解析】【詳解】A．由圖線①、③可知在光的顏色不變的情況下，入射光越強(qiáng)，飽和電流越大，故A正確；B．根據(jù)光電效應(yīng)方程知Ekm=hv-W0=eUc知入射光頻率越大，最大初動(dòng)能越大,遏止電壓越大，可知對(duì)于確定的金屬，遏止電壓與入射光的頻率有關(guān)，與入射光的強(qiáng)度無(wú)關(guān)，故B正確；C．根據(jù)以上分析可知,遏止電壓越大，說(shuō)明從該金屬中逸出的光電子的最大初動(dòng)能越大,故C正確;D．發(fā)生光電效應(yīng)的條件是入射光的頻率大于極限頻率，與入射光的強(qiáng)度無(wú)關(guān)，故D錯(cuò)誤。故選ABC。10。在繞制變壓器時(shí)，某學(xué)生誤將兩個(gè)線圈繞在如圖所示變壓器左右兩臂上，當(dāng)通以交變電流時(shí)，每個(gè)線圈產(chǎn)生的磁通量都只有一半通過(guò)另一個(gè)線圈，另一半通過(guò)中部的臂，已知線圈的匝數(shù)之比n1:n2=2：1。在不接負(fù)載的情況下，則（）A。當(dāng)線圈1輸入電壓為220V時(shí),線圈2輸出電壓為110VB.當(dāng)線圈1輸入電壓為220V時(shí),線圈2輸出電壓為55VC。當(dāng)線圈2輸入電壓為110V時(shí),線圈1輸出電壓為220VD.當(dāng)線圈2輸入電壓為110V時(shí)，線圈1輸出電壓為110V【答案】BD【解析】【詳解】AB．因?yàn)槔硐胱儔浩髟⒏本€圈電壓之比等于線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)之比,所以當(dāng)從線圈1輸入電壓U1=220V時(shí)，由所以故B正確A錯(cuò)誤;CD．當(dāng)從線圈2輸入電壓U2=110V時(shí),同理由得U1=U2=110V故D正確C錯(cuò)誤.故選BD。11.某同學(xué)在實(shí)驗(yàn)室中研究遠(yuǎn)距離輸電。由于輸電線太長(zhǎng)，他將每100米導(dǎo)線卷成一卷，共卷成8卷來(lái)代替輸電線路(忽略輸電線路的自感作用）。第一次直接將輸電線與學(xué)生電源及用電器相連，測(cè)得輸電線上損失的功率為P1。第二次采用如圖所示的電路輸電，其中理想變壓器T1與電源相連，其原、副線圈的匝數(shù)比為n1∶n2，理想變壓器T2與用電器相連，測(cè)得輸電線上損失的功率為P2。下列說(shuō)法正確的是（)A.前后兩次實(shí)驗(yàn)都可用于研究遠(yuǎn)距離直流輸電B.實(shí)驗(yàn)可以證明,減小輸電電流能減小遠(yuǎn)距離輸電的能量損失C.若輸送功率一定，則P2∶P1＝n12∶n22D若輸送功率一定,則P2∶P1＝n1∶n2【答案】BC【解析】試題分析：變壓器只能改變交變電流的電壓，所以第二次實(shí)驗(yàn)只能研究遠(yuǎn)距離交流輸電，故A錯(cuò)誤；根據(jù)可知減小輸送電流可以減小輸電線上的電能損耗,故B正確;第一次實(shí)驗(yàn)輸電線上的電流，輸電線上損失的功率，第二次實(shí)驗(yàn)，升壓變壓器副線圈上的電壓，輸電線上的電流，輸電線上損失的功率，，故C正確D錯(cuò)誤；考點(diǎn)：考查了遠(yuǎn)距離輸電，理想變壓器【名師點(diǎn)睛】對(duì)于遠(yuǎn)距離輸電問(wèn)題,一定要明確整個(gè)過(guò)程中的功率、電壓關(guān)系，尤其注意導(dǎo)線上損失的電壓和功率與哪些因素有關(guān)．根據(jù)變壓器的特點(diǎn)：電壓比等于匝數(shù)比,電流之比等于匝數(shù)反比，輸入功率等于輸出功率去分析12。如圖所示，一個(gè)面積為S的單匝金屬線圈（電阻不計(jì)）在勻強(qiáng)磁場(chǎng)B中以恒定的角速度ω繞垂直于磁場(chǎng)方向的固定軸OO′勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，線圈兩端通過(guò)電刷與圖示的電路連接.其中電阻R1=R，光敏電阻R2在無(wú)光照時(shí)其阻值也為R(有光照時(shí)其電阻減小），理想變壓器的原、副線圈的匝數(shù)比為n，則（）A。從圖示位置開(kāi)始計(jì)時(shí)，線圈轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)值表達(dá)式為e=BSωsinωtB.開(kāi)關(guān)S處于閉合狀態(tài)，當(dāng)減小光照強(qiáng)度時(shí)，電壓表的示數(shù)不變，電流表的示數(shù)減小C。開(kāi)關(guān)S處于閉合狀態(tài),當(dāng)增大光照強(qiáng)度時(shí),電壓表的示數(shù)變小，電流表的示數(shù)減小D。當(dāng)開(kāi)關(guān)S斷開(kāi)、R2用黑紙包裹時(shí)，R2兩端電壓的有效值為【答案】BD【解析】【詳解】A．線圈感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值為：Em=BSω,從圖示位置開(kāi)始計(jì)時(shí),有：e=Emcosωt故A錯(cuò)誤；BC．原副線圈的電壓與負(fù)載的電阻值無(wú)關(guān)，所以電壓表的示數(shù)不變;開(kāi)關(guān)S處于閉合狀態(tài)，當(dāng)減小光照強(qiáng)度時(shí)，光敏電阻的電阻值增大，所以電流減小;根據(jù)原副線圈的電流與匝數(shù)的關(guān)系可知，原線圈的電流也減小，所以電流表的示數(shù)減小，故B正確C錯(cuò)誤；D．當(dāng)開(kāi)關(guān)S斷開(kāi)，電阻R1和理想變壓器串聯(lián)，根據(jù)串聯(lián)電路規(guī)律理想變壓器方程有：變壓比規(guī)律：，變流比規(guī)律：又聯(lián)立解得：故D正確。故選BD。13.如圖所示，A、B、C是三個(gè)完全相同的燈泡，L是一個(gè)自感系數(shù)較大的線圈(直流電阻可忽略不計(jì)），則(）A.S閉合時(shí)，A燈立即亮,然后逐漸熄滅B。S閉合時(shí)，B燈立即亮，然后逐漸熄滅C。電路接通穩(wěn)定后,三個(gè)燈亮度相同D.電路接通穩(wěn)定后,S斷開(kāi)時(shí)，C燈逐漸熄滅【答案】AD【解析】【詳解】AB、電路中燈與線圈并聯(lián)后與燈串聯(lián),再與燈并聯(lián)，閉合時(shí)，三個(gè)燈同時(shí)立即發(fā)光,由于線圈的電阻很小，逐漸將燈短路，燈逐漸熄滅，燈的電壓逐漸降低，燈的電壓逐漸增大，燈逐漸變亮,故選項(xiàng)A正確，B錯(cuò)誤；C、電路接通穩(wěn)定后，燈被線圈短路，燈熄滅，、并聯(lián)，電壓相同，亮度相同，故選項(xiàng)C錯(cuò)誤．D、電路接通穩(wěn)定后，斷開(kāi)時(shí)，燈中原來(lái)的電流立即減至零,由于線圈中電流要減小,產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)，阻礙電流的減小，線圈中電流不會(huì)立即消失,這個(gè)自感電流通過(guò)燈，所以燈會(huì)逐漸熄滅，故選項(xiàng)D正確．14。如圖所示,電阻不計(jì)的平行導(dǎo)軌豎直固定，上端接有電阻R，高度為h的勻強(qiáng)磁場(chǎng)與導(dǎo)軌平面垂直．一導(dǎo)體棒從磁場(chǎng)上方的A位置釋放,用x表示導(dǎo)體棒進(jìn)入磁場(chǎng)后的位移，i表示導(dǎo)體棒中的感應(yīng)電流大小,v表示導(dǎo)體棒的速度大小，Ek表示導(dǎo)體棒的動(dòng)能，a表示導(dǎo)體棒的加速度大小,導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌垂直并接觸良好．以下圖象可能正確的是（)A. B. C。 D.【答案】AC【解析】試題分析：導(dǎo)體棒進(jìn)入磁場(chǎng)之后收到向上的安培力和重力作用,進(jìn)入時(shí)安培力可能大于重力，也可能等于重力，還可能小于重力,即進(jìn)入時(shí)可以是加速、勻速、減少運(yùn)動(dòng)．當(dāng)進(jìn)入時(shí)安培力大于重力時(shí)，即減速進(jìn)入時(shí)，,則進(jìn)入時(shí)電流減小，同時(shí)安培力也減小,當(dāng)安培力減小到等于重力時(shí)，則導(dǎo)體棒做勻速運(yùn)動(dòng)，則電流不變，離開(kāi)磁場(chǎng)后電流為零，故選項(xiàng)A正確；當(dāng)進(jìn)入時(shí)安培力大于重力時(shí)即減速進(jìn)入時(shí)，根據(jù)動(dòng)能定理,則，由于安培力不是恒定的，所以圖像不是直線，故選項(xiàng)B錯(cuò)誤；當(dāng)進(jìn)入時(shí)安培力等于重力時(shí)，導(dǎo)體棒的加速度為零,離開(kāi)磁場(chǎng)后為重力加速度,故選項(xiàng)C正確；當(dāng)進(jìn)入時(shí)安培力大于重力，則導(dǎo)體棒進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)速度減小，同時(shí)根據(jù)牛頓第二定律,可以知道進(jìn)入時(shí)加速度也是減小的，但是當(dāng)導(dǎo)體棒離開(kāi)磁場(chǎng)之后只受到重力作用，則離開(kāi)磁場(chǎng)后做加速運(yùn)動(dòng)，加速度為重力加速度，故選項(xiàng)D錯(cuò)誤．所以本題正確選項(xiàng)為AC．15.如圖所示，兩條電阻不計(jì)的平行導(dǎo)軌與水平面成θ角,導(dǎo)軌的一端連接定值電阻R1，勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直導(dǎo)軌平面向上.一根質(zhì)量為m、電阻為R2的導(dǎo)體棒ab，垂直導(dǎo)軌放置且兩端始終與導(dǎo)軌接觸良好,導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ,且R2=nR1。如果導(dǎo)體棒以速度v勻速下滑，導(dǎo)體棒此時(shí)受到的安培力大小為F，則以下判斷正確的是（)A.電阻R1消耗的電功率為B。重力做功功率為mgvsinθC.運(yùn)動(dòng)過(guò)程中減少的機(jī)械能全部轉(zhuǎn)化為電能D.R2上消耗的功率為【答案】BD【解析】【詳解】A．導(dǎo)體棒以速度v勻速下滑時(shí),由E=BLv、，F(xiàn)=BIL，推導(dǎo)出電阻R1消耗的熱功率為又R2=nR1以上各式聯(lián)立得解得：故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)瞬時(shí)功率表達(dá)式:P=Fvcosα（其中α為F與v之間的夾角）可知，重力做功的功率為:故B正確；C．根據(jù)能量守恒定律可知：運(yùn)動(dòng)過(guò)程中減少的機(jī)械能轉(zhuǎn)化為電能和摩擦產(chǎn)生的熱量，故C錯(cuò)誤;D．電阻R2消耗的熱功率為結(jié)合以上分析可知故D正確。故選BD16.如圖所示，兩根等高光滑的1/4圓弧軌道，半徑為r、間距為L(zhǎng),軌道電阻不計(jì)．在軌道頂端連有一阻值為R的電阻，整個(gè)裝置處在一豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，現(xiàn)有一根長(zhǎng)度稍大于L、電阻不計(jì)的金屬棒從軌道最低位置cd開(kāi)始，在拉力作用下以初速度v0向右沿軌道做勻速圓周運(yùn)動(dòng)至ab處，則該過(guò)程中（）A。通過(guò)R的電流方向?yàn)橛蒩→R→bB.通過(guò)R的電流方向?yàn)橛蒪→R→aC。R上產(chǎn)生的熱量為D。流過(guò)R的電量為【答案】B【解析】【詳解】金屬棒從軌道最低位置cd運(yùn)動(dòng)到ab處的過(guò)程中，穿過(guò)回路的磁通量減小，根據(jù)楞次定律判斷得知通過(guò)R的電流方向?yàn)橛蒪→R→a，故A錯(cuò)誤,B正確；金屬棒做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，回路中產(chǎn)生正弦式交變電流，可得產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值為Em=BLv0，有效值,經(jīng)過(guò)的時(shí)間為：，根據(jù)焦耳定律有:，故C錯(cuò)誤；通過(guò)R的電量由公式：，故D錯(cuò)誤．三、非選擇題17。熱敏電阻是傳感電路中常用的電子元件?，F(xiàn)用伏安法研究熱敏電阻在不同溫度下的特性曲線，要求曲線盡可能完整,測(cè)量誤差盡可能??；其他備用的儀表和器具有:保溫杯和熱水（圖中未畫(huà)出）、溫度計(jì)、電源、多用電表、電壓表、滑動(dòng)變阻器（0～20Ω）、開(kāi)關(guān)、導(dǎo)線若干：（1)先使用多用電表粗測(cè)常溫下熱敏電阻的阻值，選用“×100"倍率的電阻檔測(cè)量，發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度太大，因此需選擇_______倍率的電阻檔（選填“×10”或“×1k”），歐姆調(diào)零后再進(jìn)行測(cè)量，示數(shù)如圖（A）所示,測(cè)量值為_(kāi)________Ω；(2）a.用多用電表代替毫安表使用，實(shí)物圖(B)上還缺少一些連線，缺少的連線是_______（選填“ab”、“ac”、“ad”、“bd”、“cd”，不定項(xiàng)選填）;b.熱敏電阻和溫度計(jì)插入帶塞的空保溫杯中，往保溫杯中注入適量冷水，閉合開(kāi)關(guān)，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的滑片，使多用電表的示數(shù)為100mA，記錄___和______的示數(shù)；c.往保溫杯中加入少量熱水，待溫度穩(wěn)定后，___________，使多用電表的示數(shù)仍為100mA，重復(fù)記錄步驟b的兩個(gè)示數(shù)；d.重復(fù)步驟c，測(cè)得多組數(shù)據(jù)；e.繪出熱敏電阻的電壓—溫度關(guān)系圖線如圖（C）；（3）由圖線可知該熱敏電阻常溫（24℃）下的阻值R0=____________Ω（保留3位有效數(shù)字）.【答案】(1)?！?0(2）.110(3）.“ad”、“cd”(4).溫度計(jì)（5).電壓表（6)。調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的滑片（7).107【解析】【詳解】（1)［1］[2］先使用多用電表粗測(cè)常溫下熱敏電阻的阻值，選用“×100”倍率的電阻檔測(cè)量，發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度太大，此時(shí)指針?biāo)傅臄?shù)據(jù)比較小，說(shuō)明所選倍率較大，應(yīng)將選擇開(kāi)關(guān)換成歐姆擋的×10擋位;歐姆表的讀數(shù)為：R=11×10Ω=110Ω（2)[3］［4][5］[6］由于熱敏電阻的溫度變化范圍要盡可能的大，故熱敏電阻要放在不同的水溫中，電流要從正接線柱流入電流表和電壓表，滑動(dòng)變阻器下邊兩個(gè)接線柱要全接上，上邊只能接一個(gè)接線柱．連接如圖所示．故缺少的連線是“ad”、“cd”。熱敏電阻和溫度計(jì)插入帶塞的空保溫杯中，往保溫杯中注入適量冷水,閉合開(kāi)關(guān)，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的滑片，使多用電表的示數(shù)為100mA，記錄溫度計(jì)和電壓表的示數(shù)。往保溫杯中加入少量熱水，待溫度穩(wěn)定后，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的滑片,使多用電表的示數(shù)仍為100mA，記錄溫度計(jì)和電壓表的示數(shù);（3）[7］由圖示U-t圖象可知，溫度為24℃電壓為10．7V，此時(shí)電阻阻值：18.如圖甲所示，水平面上的兩光滑金屬導(dǎo)軌平行固定放置，間距d＝0。5m,電阻不計(jì)，左端通過(guò)導(dǎo)線與阻值R＝2W的電阻連接，右端通過(guò)導(dǎo)線與阻值RL＝4W的小燈泡L連接．在CDEF矩形區(qū)域內(nèi)有豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，CE長(zhǎng)=”2”m，有一阻值r=”2”W的金屬棒PQ放置在靠近磁場(chǎng)邊界CD處．CDEF區(qū)域內(nèi)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間變化如圖乙所示．在t＝0至t＝4s內(nèi)，金屬棒PQ保持靜止,在t＝4s時(shí)使金屬棒PQ以某一速度進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域并保持勻速運(yùn)動(dòng)．已知從t＝0開(kāi)始到金屬棒運(yùn)動(dòng)到磁場(chǎng)邊界EF處的整個(gè)過(guò)程中，小燈泡的亮度沒(méi)有發(fā)生變化,求：（1）通過(guò)小燈泡的電流．(2）金屬棒PQ在磁場(chǎng)區(qū)域中運(yùn)動(dòng)的速度大?。敬鸢浮浚?）0。1A(2）1m/s【解析】【詳解】（1)在t＝0至t＝4s內(nèi)，金屬棒PQ保持靜止,磁場(chǎng)變化導(dǎo)致電路中產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)．電路為r與R并聯(lián),再與RL串聯(lián)，電路的總電阻＝5Ω①此時(shí)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)=0。5×2×0。5V=0。5