高考數(shù)學(xué)（理）一輪復(fù)習(xí)課時(shí)訓(xùn)練第4章三角函數(shù)解三角形21

【課時(shí)訓(xùn)練】第21節(jié)正弦定理、余弦定理一、選擇題1．(2018山西晉中一模)在△ABC中，角A，B，C的對(duì)邊分別為a，b，c，且b2＝a2＋bc，A＝eq\f(π,6)，則角C＝()A.eq\f(π,6) B．eq\f(π,4)C．eq\f(π,6)或eq\f(3π,4) D．eq\f(π,4)或eq\f(3π,4)【答案】B【解析】在△ABC中，由余弦定理得cosA＝eq\f(b2＋c2－a2,2bc)，即eq\f(\r(3),2)＝eq\f(b2＋c2－a2,2bc)，所以b2＋c2－a2＝eq\r(3)bc.又b2＝a2＋bc，所以c2＋bc＝eq\r(3)bc，即c＝(eq\r(3)－1)b＜b，則a＝eq\r(2－\r(3))b，所以cosC＝eq\f(b2＋a2－c2,2ab)＝eq\f(\r(2),2)，解得C＝eq\f(π,4).故選B.2．(2018湖南婁底二模)在△ABC中，角A，B，C所對(duì)的邊分別為a，b，c.若b2＋c2－a2＝eq\r(3)bc，且b＝eq\r(3)a，則下列關(guān)系一定不成立的是()A．a(chǎn)＝c B．b＝cC．2a＝c D．a(chǎn)2＋b2＝c2【答案】B【解析】由余弦定理，得cosA＝eq\f(b2＋c2－a2,2bc)＝eq\f(\r(3)bc,2bc)＝eq\f(\r(3),2)，則A＝30°.又b＝eq\r(3)a，由正弦定理得sinB＝eq\r(3)sinA＝eq\r(3)sin30°＝eq\f(\r(3),2)，所以B＝60°或120°.當(dāng)B＝60°時(shí)，△ABC為直角三角形，且2a＝c，可知C，D成立；當(dāng)B＝120°時(shí)，C＝30°，所以A＝C，即a＝c，可知A成立．故選B.3．(2018太原模擬)在△ABC中，角A，B，C所對(duì)的邊分別為a，b，c.若A＝60°，b＝1，S△ABC＝eq\r(3)，則c＝()A．1 B．2C．3 D．4【答案】D【解析】∵S△ABC＝eq\f(1,2)bcsinA，∴eq\r(3)＝eq\f(1,2)×1×c×eq\f(\r(3),2)，∴c＝4.4．(2018武漢調(diào)研)在△ABC中，角A，B，C所對(duì)的邊分別為a，b，c.若eq\f(c,b)＜cosA，則△ABC為()A．鈍角三角形 B．直角三角形C．銳角三角形 D．等邊三角形【答案】A【解析】根據(jù)正弦定理得eq\f(c,b)＝eq\f(sinC,sinB)＜cosA，即sinC＜sinBcosA，∵A＋B＋C＝π，∴sinC＝sin(A＋B)＜sinBcosA，整理得sinAcosB＜sinA＞0，∴cosB＜0，∴eq\f(π,2)＜B＜π.∴△ABC為鈍角三角形．5．(2018廣西來(lái)賓一模)在△ABC中，角A，B，C所對(duì)的邊分別為a，b，c.若a＝eq\r(7)，b＝3，c＝2，則A＝()A.eq\f(π,6) B．eq\f(π,4)C．eq\f(π,3) D．eq\f(π,2)【答案】C【解析】∵cosA＝eq\f(b2＋c2－a2,2bc)＝eq\f(32＋22－\r(7)2,2×3×2)＝eq\f(1,2)，且A∈eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(0，π))，∴A＝eq\f(π,3).故選C.6．(2018江蘇泰州調(diào)研)在△ABC中，角A，B，C所對(duì)的邊分別為a，b，c.若(a2＋b2－c2)tanC＝ab，則角C的大小為()A.eq\f(π,6)或eq\f(5π,6) B．eq\f(π,3)或eq\f(2π,2)C.eq\f(π,6) D．eq\f(2π,3)【答案】A【解析】由題意知，eq\f(a2＋b2－c2,2ab)＝eq\f(1,2tanC)?cosC＝eq\f(cosC,2sinC)，∴sinC＝eq\f(1,2).又C∈(0，π)，∴C＝eq\f(π,6)或eq\f(5π,6).故選A.7．(2018南京模擬)在△ABC中，內(nèi)角A，B，C的對(duì)邊分別是a，b，c.若a2－b2＝eq\r(3)bc，sinC＝2eq\r(3)sinB，則A＝()A．150° B．120°C．60° D．30°【答案】D【解析】由a2－b2＝eq\r(3)bc，得sin2A－sin2B＝eq\r(3)sinB·sinC，∵sinC＝2eq\r(3)sinB，∴sinA＝eq\r(7)sinB，∴c＝2eq\r(3)b，a＝eq\r(7)b，由余弦定理得cosA＝eq\f(12b2＋b2－7b2,2×2\r(3)b×b)＝eq\f(\r(3),2)，∴A＝30°.故選D.8．(2018安徽池州一模)△ABC中，角A，B，C的對(duì)邊分別是a，b，c.已知b＝c，a2＝2b2(1－sinA)，則A＝()A.eq\f(3π,4) B．eq\f(π,3)C．eq\f(π,4) D．eq\f(π,6)【答案】C【解析】∵b＝c，∴B＝C.又由A＋B＋C＝π得B＝eq\f(π,2)－eq\f(A,2).由正弦定理及a2＝2b2(1－sinA)得sin2A＝2sin2B·(1－sinA)，即sin2A＝2sin2eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(π,2)－\f(A,2)))(1－sinA)，即sin2A＝2cos2eq\f(A,2)(1－sinA)，即4sin2eq\f(A,2)cos2eq\f(A,2)＝2cos2eq\f(A,2)(1－sinA)，整理得cos2eq\f(A,2)eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(1－sinA－2sin2\f(A,2)))＝0，即cos2eq\f(A,2)(cosA－sinA)＝0.∵0＜A＜π，∴0＜eq\f(A,2)＜eq\f(π,2)，∴coseq\f(A,2)≠0，∴cosA＝sinA．又0＜A＜π，∴A＝eq\f(π,4).二、填空題9．(2018江西九校聯(lián)考)在△ABC中，角A，B，C所對(duì)的邊分別為a，b，c.若角A，B，C依次成等差數(shù)列，且a＝1，b＝eq\r(3)，則S△ABC＝________.【答案】eq\f(\r(3),2)【解析】因?yàn)榻茿，B，C依次成等差數(shù)列，所以B＝60°.由正弦定理，得eq\f(1,sinA)＝eq\f(\r(3),sin60°)，解得sinA＝eq\f(1,2).因?yàn)?°＜A＜180°，所以A＝30°或150°(舍去)，此時(shí)C＝90°，所以S△ABC＝eq\f(1,2)ab＝eq\f(\r(3),2).10．(2018山西名校聯(lián)考)在△ABC中，角A，B，C所對(duì)的邊分別是a，b，c.若b2＋c2＝2a2，則cosA的最小值為_(kāi)_______．【答案】eq\f(1,2)【解析】因?yàn)閎2＋c2＝2a2，則由余弦定理可得a2＝2bccosA，所以cosA＝eq\f(a2,2bc)＝eq\f(1,2)×eq\f(b2＋c2,2bc)≥eq\f(1,2)×eq\f(2bc,2bc)＝eq\f(1,2)(當(dāng)且僅當(dāng)b＝c時(shí)等號(hào)成立)，即cosA的最小值為eq\f(1,2).三、解答題11．(2018河北衡水模擬)如圖，在△ABC中，內(nèi)角A，B，C所對(duì)的邊分別為a，b，c，且2acosA＝bcosC＋ccosB.(1)求角A的大??；(2)若點(diǎn)D在邊AC上，且BD是∠ABC的平分線，AB＝2，BC＝4，求AD的長(zhǎng)．【解】(1)由題意及正弦定理得2sinAcosA＝sinBcosC＋sinCcosB＝sin(B＋C)＝sinA．∵sinA≠0，∴cosA＝eq\f(1,2).∵A∈(0，π)，∴A＝eq\f(π,3).(2)在△ABC中，由余弦定理得，BC2＝AB2＋AC2－2AB·ACcosA，即16＝4＋AC2－2AC，解得AC＝1＋eq\r(13)，或AC＝1－eq\r(13)(負(fù)值，舍去)．∵BD是∠ABC的平分線，AB＝2，BC＝4，∴eq\f(AD,DC)＝eq\f(AB,BC)＝eq\f(1,2)，∴AD＝eq\f(1,3)AC＝eq\f(1＋\r(13),3).12．(2019武漢武昌區(qū)調(diào)研)在△ABC中，內(nèi)角A，B，C所對(duì)的邊分別為a，b，c.已知cos2B＋cosB＝1－cosAcosC.(1)求證：a，b，c成等比數(shù)列；(2)若b＝2，求△ABC的面積的最大值．【解】(1)在△ABC中，cosB＝－cos(A＋C)．由已知，得(1－sin2B)－cos(A＋C)＝1－cosAcosC，∴－sin2B－(cosAcosC－sinAsinC)＝－cosAcosC，化簡(jiǎn)，得sin2B＝sinAsinC.由正弦定理，得b2＝ac，∴a，b，c成等比數(shù)列．(2)由(1)及題設(shè)條件，得ac＝4.則cosB＝eq\f(a2＋c2－b2,2ac)＝eq\f(a2＋c2－ac,2ac)≥eq\f(2ac－ac,2