2021年北京市高考物理考前模擬演練試卷(含答案解析)

2021年北京市高考物理考前模擬演練試卷

一、單選題（本大題共14小題，共42.0分）

1.防控新冠肺炎疫情期間，額溫槍測量人體體溫，主要是接收了人體輻射的（）

A.紅外線B.紫外線C.X射線D.無線電波

2.兩端封閉的等臂U形管中，兩邊的空氣柱a和b被水銀柱隔開，當(dāng)U形管豎直放b

A

置時，兩空氣柱的長度差為八，如圖所示.現(xiàn)將這個管平放，使兩臂位于同一

水平面上，穩(wěn)定后兩空氣柱的長度差為L,若溫度不變，則（）

A.L>hB.L=/iC.L=0D.L<h,L豐。

3.某種放射性元素的原子核放出一個a粒子（$He）后變成新原子核，新原子核與原來的原子核比較

（）

A.質(zhì)量數(shù)少4,電荷數(shù)少2B.質(zhì)量數(shù)少4,電荷數(shù)多2

C.質(zhì)量數(shù)少2,電荷數(shù)少2D.質(zhì)量數(shù)少2,電荷數(shù)多2

4.如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)4依次經(jīng)過狀態(tài)B、C和。后,尸A

再回到狀態(tài)4其中，4-8和C->。為等溫過程，BtC和0-A為V

絕熱過程（氣體與外界無熱量交換）。這就是著名的“卡諾循環(huán)”。

該循環(huán)過程中，下列說法正確的是（）

A.4-8過程中，外界對氣體做功V

B.B-C過程中，氣體分子的平均動能不變

C.CTD過程中，氣體的內(nèi)能不變

D.0-4過程中，氣體分子的速率分布曲線不發(fā)生變化

5.如圖所示，一列簡諧橫波在同種均勻介質(zhì)中以速度v=lm/s沿x軸正方向傳播，a、b、c、d是%

軸上的四個質(zhì)點(diǎn)，相鄰兩點(diǎn)間距離依次為lm、27n和4nl.t=0時波恰傳到質(zhì)點(diǎn)a處，且質(zhì)點(diǎn)a從

平衡位置開始豎直向上運(yùn)動t=lls時質(zhì)點(diǎn)a第三次到達(dá)最低點(diǎn).下列判斷中正確的是（）

?—-----------------------------------------■-----------?

ahcdx

A.在t=8s時波恰好傳到質(zhì)點(diǎn)d處

B.在1=5s時質(zhì)點(diǎn)c恰好到達(dá)最高點(diǎn)

C.在4s<t<6s時間內(nèi)質(zhì)點(diǎn)c正向上運(yùn)動

D.在質(zhì)點(diǎn)d向上運(yùn)動時質(zhì)點(diǎn)b一定向下運(yùn)動

6.潮汐現(xiàn)象是指海水在天體（主要是月球和太陽）引潮力作用下所產(chǎn)生的周期性運(yùn)動.某同學(xué)查閱

資料，得知太陽的質(zhì)量約為月球質(zhì)量的2.7X107倍，地球繞太陽運(yùn)行的軌道半徑約為月球繞地

球運(yùn)行軌道半徑的400倍.則太陽和月球?qū)Φ厍蛏舷嗤|(zhì)量海水引力的大小之比約為（）

A.102B.104C.KT2D.

7.如圖為a、b、c三種光在同一光電效應(yīng)裝置中測得的光電流和電壓

的關(guān)系。由a、b、c組成的復(fù)色光通過三棱鏡時，下述光路圖中正

8.如圖甲、乙所示，傾角為。的固定斜面上分別有一個滑塊M,圖甲中滑塊上表面水平,圖乙中滑

塊的上表面平行斜面，在滑塊M上分別有一個質(zhì)量為m的物塊，現(xiàn)在M和巾相對靜止,一起沿斜

面勻速下滑，下列說法正確的是（）

A.圖甲中物塊m受3個力B.圖甲中物塊M受5個力

C.圖甲中物塊m受4個力D.圖乙中物塊M受5個力

9.小孩從滑梯上滑下的運(yùn)動可看作勻加速運(yùn)動，第一次小孩單獨(dú)從滑梯上滑下，加速度為曲，第

二次小孩抱上一只小狗后再從滑梯上滑下（小狗不與滑梯接觸），加速度為。2,貝M）

A.%=a2B.即<a2

過程中（）

A.4球機(jī)械能守恒

B.當(dāng)B球運(yùn)動至最低點(diǎn)時，球4對桿作用力不等于0

C.當(dāng)B球運(yùn)動到最高點(diǎn)時，桿對B球作用力等于0

D.4球從圖示（和。軸等高點(diǎn)）位置運(yùn)動到最低點(diǎn)的過程中，桿對4球做功等于-:液必

11.如圖所示，半徑為r的圓柱形轉(zhuǎn)筒，繞其豎直中心軸。0'轉(zhuǎn)動，小物體a在圓筒的內(nèi)

壁上，它與圓筒間的動摩擦因數(shù)為“，要使小物體不下落，圓筒轉(zhuǎn)動的角速度至少

為（）

12.如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置中，平行板電容器的極板M與靜電計(jì)的金屬球A連接，

極板N與靜電計(jì)的金屬外殼同時接地。現(xiàn)保持極板N不動，向上移動極板M,

則電容器所帶的電量Q、電容C、兩極間的電壓U、兩極板間的場強(qiáng)E的變

化情況是（）

A.Q變小，C不變，U不變，E1變小

B.Q變小，C變小，U不變，E不變

C.Q不變，C變小，U變大，E不變

D.Q不變，C變小，U變大，E變小

13.一個用滿偏電流為3mA的電流表改裝而成的歐姆表，調(diào)零后用它測300。的標(biāo)準(zhǔn)電阻時，指針恰

好指在刻度盤的正中間，如果用同一檔位測量一個未知電阻時，指針指在InM處，則被測電阻

的阻值為()

A.100/2B.300。C.6000D.1000。

14.質(zhì)量為小的物體，以弓的加速度由靜止豎直下落高度/I,在此過程中，下列說法中正確的是()

A.物體的重力勢能減少B.物體的機(jī)械能減少［mgh

C.物體的動能增加：mghD.重力對物體做功gag/i

二、實(shí)驗(yàn)題(本大題共2小題，共18.0分)

15.在課本上粗測油酸分子的大小的實(shí)驗(yàn)中，油酸酒精溶液的濃度為每

1000mL溶液中有純油酸1血3用注射器量得1mL上述溶液有200滴，

把一滴該溶液滴入盛水的表面撒有彈子粉的淺盤里，待水面穩(wěn)定后，

測得油酸膜的近似輪廓如圖所示，圖中正方形小方格的邊長為1cm,

則每一滴油酸酒精溶液中含有純油酸的體積是mL,油酸膜的

面積是cm2,根據(jù)上述數(shù)據(jù)，估測出油酸分子的直徑是m.

16.在“探究求合力的方法”實(shí)驗(yàn)中，先有木板、白紙、圖釘、橡皮筋、細(xì)繩套和一把彈簧秤.

(1)為完成實(shí)驗(yàn)，某同學(xué)另找來一根彈簧，先測量其勁度系數(shù)，得到實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)如下表：

彈力尸(N)0.501.001.502.002.503.003.50

伸長量

0.741.802.803.724.685.586.42

x(10-2m)

用作圖法求得該彈簧的勁度系數(shù)k=N/m；

(2)某次試驗(yàn)中，彈簧秤的指針位置所示，其讀數(shù)為N,同時利用(1)中結(jié)果獲得彈簧上

的彈力值為2.50N,請?jiān)诖痤}紙上畫出這兩個共點(diǎn)力的合力尸分;

(3)由圖得到尸合=N.

4.0

3.5

012345

彈簧伸長量(ur%)

圖2

三、計(jì)算題(本大題共4小題，共40.0分)

17.如圖，物塊P質(zhì)量m=2kg,由于水平面4點(diǎn)開始以%=4m/s的速度向4點(diǎn)右側(cè)運(yùn)動，物塊與水

平面間動摩擦因數(shù)%=0.2,運(yùn)動.=3m后滑上水平傳送帶BC.已知傳送帶足夠長且物塊與傳

送帶動摩擦因數(shù)〃2=0」，傳送帶以恒定速率W=lm/s逆時針轉(zhuǎn)動.(g=10m/s2)求：

(1)物塊向右運(yùn)動距4點(diǎn)的最大位移；

(2)物塊最后停下來距4點(diǎn)的距離；

(3)從開始運(yùn)動到最終停止的時間t.

18.由于下了大雪，許多同學(xué)在課間追逐嬉戲，盡情玩耍，而同學(xué)王清和張

華卻做了一個小實(shí)驗(yàn)：他們造出一個方形的雪塊，讓它以初速度%=

6.4m/s從一斜坡的底端沿坡面沖上該足夠長的斜坡(坡上的雪已壓實(shí)，

斜坡表面平整)。已知雪塊與坡面間的動摩擦因數(shù)為“=0.05,他們又測量了斜坡的傾角為。=

37。，如圖所示。求:(sin37°=0.6,cos37°=0.8,V14=3.75)

(1)雪塊在上滑過程中加速度多大；

(2)雪塊沿坡面向上滑的最大距離是多少；

(3)雪塊沿坡面滑到底端的速度大小。

19.如圖所示模型，水平地面上b點(diǎn)左側(cè)粗糙，動摩擦因數(shù)為〃=0.5,b點(diǎn)右側(cè)光滑，且ab=L=2.4m,

cd段是半徑為R=0.4m、圓心角為60。的光滑圓弧軌道，圓弧軌道與水平地面平滑連接。質(zhì)量為

m1=1kg的小物塊4以%=7m/s的初速度從a點(diǎn)水平向右運(yùn)動，質(zhì)量為爪2=2kg的小物塊B靜

止在b點(diǎn)右側(cè)，兩物塊均可看作質(zhì)點(diǎn)。物塊4與物塊B發(fā)生正碰后，4物塊以Im/s的速度向左運(yùn)

動，物塊B向右運(yùn)動滑上圓弧軌道。重力加速度g=10m/s2。求：

(1)兩物塊碰撞前4的速度大?。?/p>

(2)兩物塊碰撞過程中損失的機(jī)械能;

(3)物塊B運(yùn)動至d點(diǎn)時軌道對物塊的支持力大小。

20.如圖所示，水平面上有兩條相互平行的光滑金屬導(dǎo)軌PQ和MN間距為d,左側(cè)P與M之間通過一

電阻R連接，兩條傾角為。的光滑導(dǎo)軌與水平導(dǎo)軌在N、Q處平滑連接，水平導(dǎo)軌的FDNQ區(qū)域有

豎直方向的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B,磁場區(qū)域長度為％。P,M兩處有套在導(dǎo)軌上的兩根完

全相同的絕緣輕質(zhì)彈簧，其原長為PF,現(xiàn)用某約束裝量將兩彈簧壓縮到圖中虛線處，只要有微

小擾動，約束裝置就解除壓縮。長度為d,質(zhì)量為電阻為R的導(dǎo)體棒，從4c處由靜止釋放，

出磁場區(qū)域后向左運(yùn)動觸發(fā)彈簧。由于彈簧的作用，導(dǎo)體棒向右運(yùn)動，當(dāng)導(dǎo)體棒進(jìn)入磁場后，

(1)若導(dǎo)體棒從高水平導(dǎo)軌高八的位置釋放，經(jīng)過一段時間后重新滑上斜面，恰好能返回原來的位置，

求導(dǎo)體棒第一次出磁場時的速率

(2)在(1)條件下，求每根彈簧被約束裝置壓縮后所具有的彈性勢能。

(3)要使導(dǎo)體棒最終能在水平導(dǎo)軌與傾斜導(dǎo)軌間來回運(yùn)動，則導(dǎo)體神初始高度H及每根彈簧儲存的彈

性勢能需要滿足什么條件？

參考答案及解析

1.答案：A

解析：解：測溫槍是根據(jù)接收到的紅外線強(qiáng)弱來測定溫度的，而不同溫度的物體輻射紅外線的強(qiáng)弱

不同，溫度越高輻射紅外線就越強(qiáng)，故A正確，88錯誤。

故選：Ao

明確測溫槍原理，知道物體均會向外輻射紅外線，并且溫度越高，紅外線越強(qiáng)。

明確紅外線的應(yīng)用：光譜中紅光之外的部分。一切物體都在不停地輻射紅外線，也不停地吸收紅外

線；溫度越高輻射的紅外線越強(qiáng)。

2.答案：A

解析：解：由圖可知，當(dāng)?shù)缺踀形管豎直放置時，兩部分氣體的壓強(qiáng)關(guān)系有：PA=PB+h,當(dāng)管平

放時，兩部分氣體的壓強(qiáng)變?yōu)橄嗟?，所以有a部分氣體等溫且壓強(qiáng)減小，體積會增大；b部分氣體等

溫且壓強(qiáng)增大，體積會減小，故水銀柱會向b移動，空氣柱的長度差將變大。選項(xiàng)A正確，8C。錯

誤。

故選：4。

等臂U形管由豎直放置到水平放置，通過判斷其壓強(qiáng)的變化可得知體積的變化，得知水銀柱的移動

方向，即可得知空氣柱長度差的變化.

解答該題的關(guān)鍵是判斷兩部分氣體的壓強(qiáng)的變化情況，所以一定要學(xué)會從不同的方面來確定被封閉

氣體的壓強(qiáng).

3.答案：A

解析：解：a衰變生成氨原子核，根據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒知新原子核與原來的原子核比較：質(zhì)量數(shù)

少4,電荷數(shù)少2.

故選：A

根據(jù)原子核經(jīng)過一次a衰變，電荷數(shù)減小2,質(zhì)量數(shù)減小4,一次口衰變后電荷數(shù)增加1,質(zhì)量數(shù)不變，

進(jìn)行分析即可.

明確a衰變，￡衰變的實(shí)質(zhì)，根據(jù)電荷數(shù)和質(zhì)量數(shù)守恒即可判斷.

4.答案：C

解析：解：4、A過程為等溫過程，溫度不變，氣體的內(nèi)能不變；氣體體積增大，氣體對外界做

功，故A錯誤；

B、B-C過程中，絕熱膨脹，氣體對?外做功，內(nèi)能減小，溫度降低，氣體分子的平均動能減小，故

B錯誤；

c、C-D過程中，等溫壓縮，溫度不變，氣體內(nèi)能不變，故c正確；

。、D-4過程中，絕熱壓縮，外界對氣體做功，內(nèi)能增加，溫度升高，分子平均動能增大，氣體分

子的速率分布曲線發(fā)生變化，故。錯誤；

故選：Co

4-8過程中，體積增大，氣體對外界做功，B-C過程中，絕熱膨脹，氣體對外做功，溫度降低，

C-D過程中，等溫壓縮，DfA過程中，絕熱壓縮，外界對氣體做功，溫度升高。

本題考查了理想氣體狀態(tài)方程的應(yīng)用，根據(jù)圖象判斷出氣體體積如何變化，從而判斷出外界對氣體

做功情況，再應(yīng)用熱力學(xué)第一定律與題目所給條件即可正確解題；要知道：溫度是分子平均動能的

標(biāo)志，理想氣體內(nèi)能由問題溫度決定。

5.答案：D

解析:解:Aad間距離為久=7m,波在同一介質(zhì)中勻速傳播,則波從a傳到d的時間為t=?=彳=7s,

即在t=7s時刻波恰好傳到質(zhì)點(diǎn)d處.故A錯誤.

B、設(shè)該波的周期為7,設(shè)該波的周期為7,由題可得，2；7=lls,解得：7=4s,波從a傳到c的時

間為t=j=:=3s,則在t=5s時刻質(zhì)點(diǎn)c已振動了2s,而c起振方向向上，故在t=5s時刻質(zhì)點(diǎn)c恰

好經(jīng)過平衡位置向下.故B錯誤.

C、在4s<t<6s的時間間隔內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)c已振動了ls<t<3s,質(zhì)點(diǎn)c正從波峰向波谷運(yùn)動，即向下

運(yùn)動.故C錯誤.

D、bd相距7m；該波的波長4==1x4=4m；故bd相距9=1：九即bd兩點(diǎn)間的位移差為半波

長的奇數(shù)倍，所以在質(zhì)點(diǎn)d向上運(yùn)動時質(zhì)點(diǎn)b一定向下運(yùn)動，故。正確；

故選：D

由題“在t=0時刻到達(dá)質(zhì)點(diǎn)a處，質(zhì)點(diǎn)a由平衡位置開始豎直向上運(yùn)動，t=11s時a第三次到達(dá)最低

點(diǎn)”可確定出該波的周期.根據(jù)a與d間的距離，由t=；求出波從a傳到d的時間.根據(jù)時間t=5s與

周期的關(guān)系，分析質(zhì)點(diǎn)c的狀態(tài).

本題關(guān)鍵要抓住波在同一介質(zhì)中是勻速傳播的，由t=?可求出波傳播的時間.要抓住各個質(zhì)點(diǎn)的起

振方向都與波源的起振方向相同，通過分析波的形成過程進(jìn)行分析.

6.答案：A

解析：試題分析：已知月球與太陽質(zhì)量關(guān)系、它們到地球的距離關(guān)系，由萬有引力公式可以求出它

們間的引力關(guān)系.

設(shè)海水質(zhì)量為m，由萬有引力定律可得：

故A正確:

故選A.

7.答案：C

解析：解：分析光電流和電壓的關(guān)系圖象，結(jié)合光電效應(yīng)方程可知，eU=Ek=hv-W,即遏止電

壓大的，入射光的頻率大，故%〉%>%，頻率大的折射率大，折射率大的通過三棱鏡時，光線偏

轉(zhuǎn)的厲害，故b光偏轉(zhuǎn)厲害，其次是c光，故C正確，A8D錯誤。

故選：Co

當(dāng)光電子的動能恰好能克服電場力做功時的電壓即為遏止電壓，根據(jù)光電效應(yīng)方程判斷遏止電壓與

入射光頻率的關(guān)系。

入射光頻率大的，折射率大，偏轉(zhuǎn)程度大。

本題是光的色散和光電效應(yīng)方程的綜合，關(guān)鍵要掌握光的色散研究的結(jié)果，知道偏折程度不同的單

色光的折射率的大小關(guān)系，同時，要注意最大初動能與遏止電壓的關(guān)系。

8.答案：D

解析：解：AC,圖甲中以物塊為研究的對象，則由于兩個物體一起勻速下滑，物塊受力平衡，而物

塊水平方向不受外力，則水平方向沒有摩擦力，所以物塊只受到重力與支持力的作用，故AC錯誤；

8、圖甲中以滑塊M為研究的對象，則受重力、物塊m的壓力、斜面的支持力和沿斜面的向上的摩擦

力，一個是4個力作用，故8錯誤；

D、圖乙中，由于物塊小和滑塊M一起勻速下滑，則沿斜面方向受力平衡，則物塊m受到滑塊M對它

的沿斜面向上的摩擦力，所以物塊m對滑塊M有沿斜面向下的摩擦力；

圖乙中以滑塊M為研究對象，受重力、斜面的支持力和滑動摩擦力，物塊m的壓力和靜摩擦力，一

共是5個力，故O正確。

故選：D。

分別以物塊m和滑塊M為研究對象，按重力、彈力和摩擦力的順序分析兩物塊的受力情況。

隔離法是力學(xué)中的常用方法，一定要熟練掌握，注意對于由多個物體組成的系統(tǒng)，不涉及內(nèi)力時也

可以考慮以整體為研究對象。

9.答案：A

解析：解：設(shè)小孩的質(zhì)量為m,與滑梯的動摩擦因數(shù)為〃，滑梯的傾角為。.小孩下滑過程中受到重力

mg、滑梯的支持力N和滑動摩擦力/,根據(jù)牛頓第二定律得：

mgsind-f=ma

N—mgcosd

又，=

聯(lián)立得：a-g{sind-ficosd),可見，加速度a與小孩的質(zhì)量無關(guān)，則當(dāng)?shù)诙涡『⒈弦恢恍」泛?/p>

再從滑梯上滑下時，加速度與第一次相同，即有的=。2.

故選A

分析小孩的受力情況，根據(jù)牛頓第二定律得到加速度的表達(dá)式，分析小孩的質(zhì)量變化時，加速度是

否變化.

斜面上物體下滑的加速度、速度與物體的質(zhì)量無關(guān)，是經(jīng)驗(yàn)結(jié)論，在理解的基礎(chǔ)上記住，可直接選

A.

10.答案：D

解析：輕桿轉(zhuǎn)至水平位置時，4球速度為鶴，則8的速度為%==,%=氏；4球轉(zhuǎn)動過程中

由于桿對4球做功，故其機(jī)械能不守恒，選項(xiàng)A錯誤；由于輕桿轉(zhuǎn)動過程中，A球重力勢能變化量總

是與B球重力勢能變化量相等，所以力B兩球均做勻速圓周運(yùn)動；當(dāng)4球運(yùn)動至最高點(diǎn)時，B球運(yùn)動至

磁

最低點(diǎn)，對4球二+mg=m夠，解得二=0,可知輕桿此時對球4作用力等于0,故B錯誤；當(dāng)B球

至

感

運(yùn)動到最高點(diǎn)時，對B,TB4-2mg=,解得降=-mg,故桿對8球有支持力作用，選項(xiàng)C

錯誤；a球從圖示位置運(yùn)動到最低點(diǎn)的過程中，由動能定理，桿對工球做功等于-哨靜'，故。正確

‘承

考點(diǎn)：牛頓第二定律及動能定理

11.答案：D

解析：解：要使物體不下落，則小物塊在豎直方向上受力平衡，有：f=mg

當(dāng)摩擦力正好等于最大摩擦力時.，圓筒轉(zhuǎn)動的角速度3取最小值，筒壁對物體的支持力提供向心力，

根據(jù)向心力公式得：

N—ma)2r

而/=fiN

聯(lián)立以上三式解得：3=修

故選：。。

要使物體不下落，筒壁對物體的靜摩擦力必須與重力相平衡，由筒壁對物體的支持力提供向心力，

根據(jù)向心力公式即可求解角速度的最小值.

物體在圓筒內(nèi)壁做勻速圓周運(yùn)動，向心力是由筒壁對物體的支持力提供的.而物體放在圓盤上隨著

圓盤做勻速圓周運(yùn)動時，此時的向心力是由圓盤的靜摩擦力提供的.

12.答案：C

解析：解：

平行板電容器與靜電計(jì)并聯(lián)，所以電容器所帶電量Q不變；

M極板向上移動，增大電容器兩極板的間距，由。=總，知電容C變小，Q不變，根據(jù)C=?分析可

知，U變大，

由E=：=知極板間的電場強(qiáng)度片與間距無關(guān)，則E不變，

a65

綜上所述，故C正確，A3。錯誤。

故選:Co

本題中平行板電容器與靜電計(jì)相接，電容器的電量不變，改變板間距離，由電容的決定式C=f匕，

471kd

分析電容的變化，根據(jù)電容的定義式c=5分析電壓U的變化，根據(jù)E=9分析場強(qiáng)的變化。

對于電容器動態(tài)變化分析問題，要抓住不變量。當(dāng)電容器充電后，與電源斷開后，往往電量不變。

根據(jù)電容的決定式C=抵、電容的定義式c=號和場強(qiáng)E=彳結(jié)合分析。

4nkaUa

13.答案：C

解析：

本題考查歐姆表的內(nèi)部電路，明確中值電阻等于內(nèi)阻，會由全電路歐姆定律求不同電流時的電阻值

當(dāng)電流達(dá)到滿偏電流的一半時，所測電阻與內(nèi)部電阻相同，為中值電阻，中值電阻為：R的=3000

則有：E=/gXR內(nèi)=3x10-3x300V=0.91/

,EE

再由/=R內(nèi)+R也得:R測=7-2內(nèi)=60°。，則C正確，A3。錯誤；

故選：Co

14.答案：C

解析：解：AD.物體下落高度為h,重力做正功，大小為mg/i,則重力勢能減少mg/i,故A、。錯

誤。

B、因物體的加速度為［g,說明物體受阻力作用，由牛頓第二定律可知，mg-f=ma；解得阻力

大小：f/mg,阻力做功為：Wf=-lmgh,由功能關(guān)系可知，物體的機(jī)械能減少|(zhì)mg機(jī)故8

錯誤。

C、由動能定理可得動能的增加量為：AEk=%+必=：機(jī)。，故C正確。

故選：Co

由功的公式可求得重力做的功，由重力勢能與重力做功的關(guān)系可知重力勢能的改變量.由動能定理

可求得物體的動能改變量；由功能關(guān)系可求機(jī)械能的變化.

由于部分同學(xué)沒弄明白功和能的關(guān)系，導(dǎo)致在解答中出現(xiàn)問題；應(yīng)注意重力做功等于重力勢能的改

變量，而合力的功等于動能的改變量，阻力的功消耗機(jī)械能.

15.答案：5x10-6657.7x10-1。

解析：解：1滴酒精油酸溶液中含油酸的體積：

用募前加=5義10-6就；

由于每格邊長為lsn,則每一格就是IcrM,估算油膜面積以超過半格以一格計(jì)算，小于半格就舍去

的原則，估算出65格，則油酸薄膜面積為：S=65cm2；

由于分子是單分子緊密排列的，因此分子直徑為：

故答案為：5x10-6；65;7.7x10-1。.

在油膜法估測分子大小的實(shí)驗(yàn)中，讓一定體積的純油酸滴在水面上形成單分子油膜，估算出油膜面

積，從而求出分子直徑，掌握估算油膜面積的方法：所圍成的方格中，面積超過一半按一半算，小

于一半的舍去.

掌握該實(shí)驗(yàn)的原理是解決問題的關(guān)鍵，該實(shí)驗(yàn)中以油酸分子呈球型分布在水面上，且一個挨一個，

從而可以由體積與面積相除求出油膜的厚度，從而求出分子直徑.

16.答案：55；2.20；3.3

解析：解：（1）根據(jù)描點(diǎn)法作出圖象如圖所示：

根據(jù)圖象得：1=笑=懸=55N/m

4..0

工3

Q

3.Z

Zz

).5

KL.O

漱L.5O

0.5

0.0

01234567

彈蓄伸長量（IO*%）

(2)彈簧秤的讀數(shù)為：F=2+0.20/V=2.2ON

根據(jù)力的圖示法，作出兩個分力，2.20N和2.50N,以這兩個邊為鄰邊，作出平行四邊形，對角線即

(3)根據(jù)圖象及比例尺得出合力的大小尸冷=3.3N

故答案為：55；2.20；3.3

(1)通過描點(diǎn)法作出圖象，圖象的斜率表示k:

(2)讀數(shù)時要估讀一位，畫出力的圖示，作出平行四邊形，對角線表示合力；

(3)量出對角線的長度，根據(jù)比例尺得出合力的大小.

在“探究彈簧彈力與彈簧伸長的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)中進(jìn)行數(shù)據(jù)處理時，注意將物理問題與數(shù)學(xué)知識有機(jī)

結(jié)合起來，會用作圖法求合力.

17.答案：解：(1)根據(jù)牛頓第二定律，有一%mg=mai

得：%=一〃ig=-2m/s2

滑上皮帶時的速度為％

詔一詔=2%%1，代入數(shù)據(jù)解得%=2m/s

2

進(jìn)入傳送帶a2=~H29=-lni/s

到達(dá)最大位移時，0-說=2。2%2，

解得%2=2m

最大位移=xr+x2=5m

(2)到達(dá)最大位移后，物體反向加速，達(dá)到與傳送帶相同速度時的位移：vj=2a3x3

解得叼=-0.5加，此后與皮帶一起勻速運(yùn)動，滑上平臺后：

0—詔=2Q4久4，解得M=-0.25m

此時離4點(diǎn)的距離為3-0.25=2.75m

(3)4到8：0=用資=15

在皮帶上減速到0：12=答=25

a2

反向加速到皮帶速度：t3=/=lS

a3

皮帶上勻速：t4=^=1.5s

V3

在平臺上減速到0：t5=詈=0.5s

u4

從開始運(yùn)動到最終停止的時間1=〃+J++t4+15=6S

答:(1)物塊向右運(yùn)動距4點(diǎn)的最大位移為5m；

(2)物塊最后停下來距4點(diǎn)的距離為2.75m；

(3)從開始運(yùn)動到最終停止的時間t為6s.

解析：(1)根據(jù)牛頓第二定律(或機(jī)械能守恒定律)求出滑塊滑上傳送帶的速度，滑上傳送帶先做勻減

速直線運(yùn)動到零，由運(yùn)動學(xué)的公式即可求出物塊向右運(yùn)動距4點(diǎn)的最大位移時女.

(2)然后返回做勻加速直線運(yùn)動達(dá)到傳送帶速度一起做勻速運(yùn)動，根據(jù)牛頓第二定律和運(yùn)動學(xué)公式求

出物體離開傳送帶到的速度；再根據(jù)運(yùn)動學(xué)公式求出物塊最后停下來時距4點(diǎn)的位移；

(3)根據(jù)運(yùn)動學(xué)公式分段求出各段運(yùn)動時間即可；

解決本題的關(guān)鍵理清物體的運(yùn)動過程，知道物體的運(yùn)動規(guī)律，結(jié)合牛頓第二定律和運(yùn)動學(xué)公式進(jìn)行

求解

18.答案：解：(1)雪塊上滑的加速度根據(jù)牛頓第二定律可知O+pngcosO=巾的

解得的=6.4m/s2

(2)雪塊上滑最大距離0-詔=2(-ai)x

解得x=3.2m

(3)雪塊下滑的加速度大小為mgsin。-nmgcosd=ma2

解得。2=5.6m/s2

根據(jù)速度位移公式可知/-0=2a2x

解得1?=|V14m/s=6m/s

答：(1)雪塊在上滑過程中加速度為6.4m/s2；

(2)雪塊沿坡面向上滑的最大距離是3.2m

(3)雪塊沿坡面滑到底端的速度大小為6m/s。

解析：根據(jù)牛頓第二定律求出物塊的加速度，結(jié)合速度位移公式求出滑塊的初速度。根據(jù)速度位移

公式求出上滑的位移。

根據(jù)牛頓第二定律得出滑塊下滑的加速度，結(jié)合速度位移公式求出到達(dá)底端的速度。

本題考查了牛頓第二定律和運(yùn)動學(xué)公式的綜合運(yùn)用，知道加速度是聯(lián)系力學(xué)和運(yùn)動學(xué)的橋梁。

19.答案：解：(1)物塊4從a運(yùn)動至b點(diǎn)過程，根據(jù)動能定理得

11

mgL=_2mivo

解得兩物塊碰撞前4的速度大小以=5m/s

(2)兩物塊碰撞過程，取向右為正方向，由動量守恒定律得

m1vi4=一叫外，+rn2vB

解得碰后瞬間物塊8的速度為=3m/s,方向向右

兩物塊碰撞過程中損失的機(jī)械能為4E損=-:叫v/2-97n2詔

解得△E損=3/

(3)物塊B從b點(diǎn)運(yùn)動至d點(diǎn)過程，由動能定理知

11

-m2gR(l-cos600)=-m2vj--m2vl

解得物塊8運(yùn)動至d點(diǎn)時的速度大小為=V5m/s

物塊B在d點(diǎn)時，由牛頓第二定律得

FN—m2gcos60°=m2y

解得FN=35N

答：(1)兩物塊碰撞前4的速度大小是5m/s。

(2)兩物塊碰撞過程中損失的機(jī)械能是3/。

(3)物塊B