2022屆廣西鐘山高考物理必刷試卷含解析

2021-2022學(xué)年高考物理模擬試卷

請考生注意：

1.請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上，請用0.5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答

案寫在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。

2.答題前，認(rèn)真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、如圖所示，傳送帶以恒定速度均向右運動，A、8間距為L,質(zhì)量為"，的物塊無初速度放于左端A處，同時用水平

恒力/向右拉物塊，物塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為"，物塊從A運動到5的過程中，動能Ek隨位移x變化的關(guān)系

圖像不可能的是（）

2、如圖所示的曲線是某個質(zhì)點在恒力作用下運動的一段軌跡。質(zhì)點從N點出發(fā)經(jīng)P點到達(dá)“點，已知弧長MP大于

弧長PN,質(zhì)點由N點運動到P點與從P點運動到M點的時間相等。下列說法中正確的是（）

A.質(zhì)點從N點運動到M點的過程中，速度大小保持不變

B.質(zhì)點在這兩段時間內(nèi)的速度變化量大小相等，方向相同

C.質(zhì)點在這兩段時間內(nèi)的速度變化量大小不相等，但方向相同

D.質(zhì)點在M0間的運動可能是變加速曲線運動

3、如圖所示，在電場強(qiáng)度大小為瓦的水平勻強(qiáng)電場中，a、〃兩點電荷分別固定在光滑水平面上，兩者之間的距離為

I.當(dāng)》的電量均為+。時，水平面內(nèi)與兩點電荷距離均為/的。點處有一電量為+g的點電荷恰好處于平衡狀態(tài).如

果僅讓點電荷。帶負(fù)電，電量大小不變，其他條件都不變，則O點處電荷的受力變?yōu)椋ǎ?/p>

4、如圖所示，由粗細(xì)均勻的金屬導(dǎo)線圍成的一個正六邊形線框abcdef,它的六個頂點均位于一個半徑為K的圓形區(qū)

域的邊界上，加為圓形區(qū)域的一條直徑，屁上方和下方分別存在大小均為3且方向相反的勻強(qiáng)磁場，磁場方向垂直于

圓形區(qū)域?，F(xiàn)給線框接入從a點流入、從/點流出的大小為/的恒定電流，則金屬線框受到的安培力的大小為

C.BIRD.0

5、如圖所示，有一個表頭滿偏電流/a=100mA,內(nèi)阻此=100。，把它改裝為（）.6A量程的電流表，則R的阻

值為（）

C.R-16QD.R-20Q

6、如圖所示，一列簡諧橫波向右傳播，波長為0.20m,P、。兩質(zhì)點的平衡位置相距0.35m。當(dāng)P運動到上方最大

位移處時，。的運動情況是（）

PQ

A.運動到上方最大位移處

B.運動到下方最大位移處

C.運動到平衡位置，且速度方向下

D.運動到平衡位置，且速度方向上

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、在大型物流貨場，廣泛的應(yīng)用著傳送帶搬運貨物。如圖甲所示，與水平面傾斜的傳送帶以恒定速率運動，皮帶始終

是繃緊的，將m=lkg的貨物放在傳送帶上的A處，經(jīng)過1.2s到達(dá)傳送帶的B端。用速度傳感器測得貨物與傳送帶的

速度v隨時間/變化圖象如圖乙所示，已知重力加速度g=10m/s2。由y-f圖可知（）

甲乙

A.貨物與傳送帶的摩擦因數(shù)為0?5

B.A、8兩點的距離為2.4m

C.貨物從A運動到8過程中，傳送帶對貨物做功為-1L2J

D.貨物從A運動到B過程中，貨物與傳送帶摩擦產(chǎn)生的熱量為19.2J

8、如圖，方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場中有兩根位于同一水平面內(nèi)的足夠長的平行金屬導(dǎo)軌，兩相同的光滑導(dǎo)體棒就、

cd靜止在導(dǎo)軌上.U0時，棒成以初速度均向右滑動.運動過程中，融、cd始終與導(dǎo)軌垂直并接觸良好，兩者速度

分別用白、也表示，回路中的電流用/表示.下列圖像中可能正確的是

9、2018年世界排球錦標(biāo)賽上，中國女排姑娘們的頑強(qiáng)拼搏精神與完美配合給人留下了深刻的印象。某次比賽中，球

員甲接隊友的一個傳球，在網(wǎng)前L=3.60m處起跳，在離地面高H=3.20m處將球以％=12m/s的速度正對球網(wǎng)水平

擊出，對方球員乙剛好在進(jìn)攻路線的網(wǎng)前，她可利用身體任何部位進(jìn)行攔網(wǎng)阻擊。假設(shè)球員乙的直立和起跳攔網(wǎng)高度

分別為加=2.50m和心=2.95m,g取10m/s??下列情景中，球員乙可能攔網(wǎng)成功的是（）

甲乙

A.乙在網(wǎng)前直立不動B.乙在甲擊球時同時起跳離地

C.乙在甲擊球后0.18s起跳離地D.乙在甲擊球前0.3s起跳離地

10、下列說法正確的是（）

A.在完全失重的情況下，氣體對器壁的壓強(qiáng)為零

B.某些小昆蟲在水面上行走自如，是因為“液體的表面張力%該力是分子力的宏觀表現(xiàn)

C.人對空氣干爽與潮濕的感受主要取決于空氣的相對濕度

D.做加速運動的物體，由于速度越來越大，因此物體分子的平均動能也越來越大

E.燧增加原理說明一切自然過程總是向著分子熱運動的無序性增大的方向進(jìn)行

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.(6分)用如圖甲所示的實驗裝置驗證機(jī)械能守恒定律。

II

甲

(1)下列操作正確且必要的有.

A.使用天平測出重物的質(zhì)量

B.應(yīng)先接通打點計時器的電源，再松開紙帶，讓重物自由下落

C.用刻度尺測出物體下落的高度也通過廠gr算出瞬時速度y

D.選擇體積小、質(zhì)量大的重物，紙帶、限位孔在同一豎直線上，可以減小系統(tǒng)誤差

⑵圖乙是實驗中得到的一條紙帶，將起始點記為O,依次選取6個連續(xù)的點，分別記為A、B.C、D,E、F,量出各

點與。點的距離分別為/“、后、無3、魚、無5、h6,使用交流電的周期為7,在打B點和E點這段時間內(nèi)，如果重物的

機(jī)械能守恒，在誤差允許的范圍內(nèi)應(yīng)滿足的關(guān)系式為(已知重力加速度為g)。

12.(12分)某實驗小組設(shè)計了如圖(a)所示的實驗裝置,通過改變重物的質(zhì)量，可得滑塊運動的加速度a和所受拉力F的

關(guān)系圖象.他們在軌道水平和傾斜的兩種情況下分別做了實驗，得到了兩條a-F圖線，如圖(b)所示.重力加速度g=10m/sl.

(1)圖(b)中對應(yīng)傾斜軌道的試驗結(jié)果是圖線(選填“①”或"②”)；

(1)由圖(b)可知，滑塊和位移傳感器發(fā)射部分的總質(zhì)量為kg;滑塊和軌道間的動摩擦因數(shù)為.(結(jié)果

均保留兩位有效數(shù)字)

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.(10分)如圖甲是某型號無人機(jī)在水平地面沿直線加速滑行和離開地面以固定仰角沿直線勻速爬升的示意圖，無

3

人機(jī)在滑行和爬升兩個過程中：所受推力大小均為其重力的w倍，方向與速度方向相同；所受升力大小與其速率的比

值均為心，方向與速度方向垂直；所受空氣阻力大小與其速率的比值均為我2,方向與速度方向相反。心、左2未知；已

724

知重力加速度為g,無人機(jī)質(zhì)量為機(jī)，勻速爬升時的速率為VO,仰角為仇且sin，=—,cosO=一。

2525

(1)求生，超的值。

(2)若無人機(jī)受到地面的阻力等于壓力的依倍，無人機(jī)沿水平地面滑行時能做勻加速直線運動，求心的值。

(3)若無人機(jī)在水平地面由靜止開始沿直線滑行，其加速度。與滑行距離s的關(guān)系如圖乙所示，求so~2so過程與O~so過

程的時間之比。(無人機(jī)在so~2so這段滑行過程中的平均速度可用該過程始末速度的算術(shù)平均值替代)

14.(16分)如圖所示，均勻介質(zhì)中兩波源Si、S2分別位于x軸上xi=0、X2=14m處，質(zhì)點P位于x軸上Xp=4m處，

T=0時刻兩波源同時開始由平衡位置向y軸正方向振動，振動周期均為T=0.1s,波長均為4m,波源S)的振幅為Ai=4cm,

波源S2的振幅為A3=6cm,求：

⑴求兩列波的傳播速度大小為多少？

(ii)從t=0至t=0.35s內(nèi)質(zhì)點P通過的路程為多少？

1ylem

JUq

s,,.,P........................................

O'246'81012'14

15.(12分)如圖所示，A8為豎直平面內(nèi)的細(xì)管狀半圓軌道，A8連線為豎直直徑，軌道半徑R=6.4m,軌道內(nèi)壁光滑,

A、8兩端為軌道的開口。3c為粗糙水平軌道，其長度s=8.4m。CD為傾角G37。的斜面。用兩個小物塊”、〃緊靠在

一輕彈簧的兩端將彈簧壓縮，用細(xì)線將兩物塊綁住，沿軌道靜置于C點。彈簧很短，物塊與彈簧均不拴接，物塊。的

線度略小于細(xì)管的內(nèi)徑。燒斷細(xì)線，兩物塊先后落到斜面的M點，CM兩點之間的距離L=12m。已知物塊跟水平軌道

之間的動摩擦因數(shù)〃=；,忽略空氣阻力，取重力加速度g=10m/s2,$加37。=0.6,8537。=0.8。求：

(1)物塊b剛離開彈簧的瞬間，其速率均是多少；

nt

(2)設(shè)物塊a、6的質(zhì)量分別為加、m2,則」是多少？(結(jié)果可以用根式表示)

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、A

【解析】

開始時滑塊受向右的拉力f和向右的摩擦力/而做加速運動，則動能EK=(R")X；若物塊在到達(dá)最右端之前還未達(dá)到

與傳送帶共速，此時圖像為C；若F>f,則當(dāng)物塊與傳送帶共速后還會加速，此時動能增加為AEK=(戶力x,此時圖像

為D；若尸勺；則當(dāng)物塊與傳送帶共速后會隨傳送帶一起勻速運動，動能不變，此時圖像為B；物塊與傳送帶共速后

只能勻速或者加速，不可能做減速，則圖像A不可能。

故選A。

2、B

【解析】

A.因質(zhì)點在恒力作用下運動，由牛頓第二定律可知，由于加速度不變，質(zhì)點做勻變速曲線運動，由力指向曲線凹面

那一側(cè)可知，質(zhì)點從N點運動到M點的過程中，相同時間內(nèi)的路程不同，故速度大小發(fā)生了變化，故A錯誤；

BC.因加速度不變，則質(zhì)點在這兩段時間內(nèi)的速度變化量大小相等、方向相同，故B正確、C錯誤；

D.質(zhì)點在恒力作用下運動，則質(zhì)點在MW間的運動是勻變速曲線運動，故D錯誤。

故選B。

3、D

【解析】

開始時，對放在O點的點電荷由平衡知識可知：2Facos30°=Eoq；當(dāng)讓點電荷a帶負(fù)電時，則a、b對O點點電

荷的庫侖力豎直向上在，則0點處電荷的受力變?yōu)镕=J(2工cos600>+(&⑺2=手E°q,故選D.

4、A

【解析】

根據(jù)串并聯(lián)電路的特點可知線框流過af邊的電流:

謁

流過abcdef邊的電流:

J"

de、ab邊受到的安培力等大同向，斜向左下方，同理be、ef邊受到的安培力等大同向，斜向右下方，則de、ab、be、

ef邊所受的安培力合力為：

F.=-BIR

33

方向向下；cd邊受到的安培力：

_BIR

F}=BI2XR=—^―

方向向下,；af邊受到的安培力:

5BIR

&=BI。R

6

方向向上，所以線框受到的合力:

F=F2-Fl-FJ=^BIR

A正確，BCD錯誤。

故選A。

5、D

【解析】

改裝為0.6A電流表時，并聯(lián)電阻的分流電流為

1R=1-18=0.6A-100X103A=O.5A

分流電阻的阻值為

R0.5

選項D正確，ABC錯誤。

故選D。

6、C

【解析】

兩質(zhì)點相距0.35m,而波長為0.20m,故質(zhì)點。的振動和位于質(zhì)點P右方0.15m處的質(zhì)點A振動步調(diào)一致,

3

Ax=0.15m=—/

4

3

波向右傳播，所以質(zhì)點尸比質(zhì)點A提前振動了二T,所以當(dāng)P運動到上方最大位移處時，A位于平衡位置向下振動,

4

即。運動到平衡位置，且速度方向下，故C正確ABD錯誤。

故選C。

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、AC

【解析】

A.由圖象可以看出貨物做兩段均做勻加速直線運動，根據(jù)牛頓第二定律有：

mgsinO+/jmgcosO=ma}

mgsin?-/jmgcosO-ma2

由圖象得到：

22

a,=10m/s,a2=2m/s

代入解得：

0=37°,〃=0.5

選項A正確

B.貨物的位移就是A8兩點的距離，求出貨物的v-f圖象與坐標(biāo)軸圍成的面積即為A8兩點的距離。所以有：

SAB=gx(2x0.2)m+gx(2+4)xIm=0.2m+3m=3.2m

選項B錯誤；

C.傳送帶對貨物做的功即為兩段運動中摩擦力做的功：

W=wt+w2=0.5X1X10X0.8X0.2J-0.5x1x1Ox0.8x3J=-11.2J

選項C正確；

D.貨物與傳送帶摩擦產(chǎn)生的熱量：

Q=/xAV|+/x%=0.5xlxl0x0.8[(2x0.2-0.2)+(3-2xl)]J=4.8J

選項D錯誤。

故選AC?

8、AC

【解析】

必棒向右運動，切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電流，則受到向左的安培力，從而向右做減速運動，；金屬棒cd受向右的安培力

作用而做加速運動，隨著兩棒的速度差的減小安培力減小，加速度減小，當(dāng)兩棒速度相等時，感應(yīng)電流為零，最終兩

棒共速，一起做勻速運動，故最終電路中電流為0,故AC正確，BD錯誤.

9、BC

【解析】

A.若乙在網(wǎng)前直立不動，則排球到達(dá)乙的位置的時間

排球下落的高度為

1,1,

AA=—gr=—x10x0.3-m=0.45m<(3.2-2.5)m=0.7m

則不能攔網(wǎng)成功，選項A錯誤；

B.因為乙在空中上升的時間為

/2x(2.95-2.50)

t.=.-------------------s=0.3s

'V10

乙在甲擊球時同時起跳離地，在球到達(dá)乙位置時，運動員乙剛好到達(dá)最高點，因2.95m>3.2m-0.45m=2.75m,則可以攔

住，故B正確；

C.結(jié)合選項B的分析，乙在甲擊球后0.18s起跳離地，初速度為

y=gfi=l()x0.3=3m/s

上升時間f=0.12s時球到達(dá)乙位置，上升的高度為

1,

^h'=vt-5g廣=0.288m

2.50m+0.288m=2.788m>2.75m,可以攔網(wǎng)成功，故C正確；

D.乙在甲擊球前0.3s起跳離地，因為乙在空中的時間為0.6s；則當(dāng)排球到達(dá)球網(wǎng)位置時，乙已經(jīng)落地，則不能攔網(wǎng)

成功，選項D錯誤。

故選BCo

10、BCE

【解析】

A.根據(jù)氣體壓強(qiáng)的微觀意義，氣體壓強(qiáng)和分子數(shù)密度、分子平均動能有關(guān)，與重力無關(guān)，在完全失重的情況下，氣

體對器壁的壓強(qiáng)不為零，故A錯誤。

B.液體表面張力產(chǎn)生的原因是：液體跟氣體接觸的表面存在一個薄層，叫做表面層，表面層里的分子比液體內(nèi)部稀

疏，分子間的距離比液體內(nèi)部大一些，分子間的相互作用表現(xiàn)為引力，某些小昆蟲在水面上行走自如，是因為“液體的

表面張力”，該力是分子力的宏觀表現(xiàn)，故B正確。

C.相對濕度：在某一溫度下，水蒸汽的壓強(qiáng)與同溫度下飽和汽壓的比，稱為空氣的相對濕度；影響蒸發(fā)快慢以及影

響人們對干爽與潮濕感受的因素，不是空氣中水蒸氣的絕對數(shù)量，而是空氣中水蒸氣的壓強(qiáng)與同一溫度下水的飽和汽

壓的差距；水蒸氣的壓強(qiáng)離飽和汽壓越遠(yuǎn)，越有利于水的蒸發(fā)，人們感覺干爽，故C正確。

D.物體分子的平均動能大小僅與物體的溫度有關(guān)，是一個微觀的物理量，與宏觀的物理量物體運動的速度無關(guān)，故D

錯誤。

E.自然界的宏觀熱過程都具有方向性，在任何一個自然過程中，一個孤立系統(tǒng)的總牖會不斷增加，即一切自然過程

總是向著分子熱運動的無序性增大的方向進(jìn)行，故E正確。

故選BCE?

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

II、BDg仇-色）=（%凸）:滬二

O1

【解析】

（DIUA.機(jī)械能守恒等式左右兩邊都有質(zhì)量，所以不用天平測出重物的質(zhì)量，故A錯誤；

B.操作上，應(yīng)先接通打點計時器的電源，再松開紙帶，讓重物自由下落，故B正確；

C.在驗證機(jī)械能守恒時，計算速度應(yīng)利用紙帶處理，不能直接應(yīng)用自由落體公式，故C錯誤；

D.選擇體積小、質(zhì)量大的重物，紙帶、限位孔在同一豎直線上，可以減小系統(tǒng)誤差，故D正確。

故選：BDo

(2)[2]根據(jù)機(jī)械能守恒有:

mg^—hAL嘮-L^L[VAY_1JVAY)做jj—)：

22E2mv82mI2TJ2I2TJ8T?

得

g(9)=(…<”)2

12、①；1.2；2.1

【解析】

知道滑塊運動的加速度a和所受拉力F的關(guān)系圖象斜率等于滑塊和位移傳感器發(fā)射部分的總質(zhì)量的倒數(shù)；

對滑塊受力分析，根據(jù)牛頓第二定律求解.

【詳解】

(1)由圖象可知，當(dāng)F=2時，a*.也就是說當(dāng)繩子上沒有拉力時小車就有加速度，該同學(xué)實驗操作中平衡摩擦力過大,

即傾角過大，平衡摩擦力時木板的右端墊得過高，圖線①是在軌道右側(cè)抬高成為斜面情況下得到的；

(1)根據(jù)F=ma得。=￡,所以滑塊運動的加速度a和所受拉力F的關(guān)系圖象斜率等于滑塊和位移傳感器發(fā)射部分的

m

總質(zhì)量的倒數(shù)，圖形b得加速度a和所受拉力F的關(guān)系圖象斜率k=l所以滑塊和位移傳感器發(fā)射部分的總質(zhì)量m=1.2

由圖形b得，在水平軌道上F=1時，加速度a=2,根據(jù)牛頓第二定律得F-|mig=2,解得ji=2.1.

【點睛】

通過作出兩個量的圖象，然后由圖象去尋求未知量與已知量的關(guān)系；運用數(shù)學(xué)知識和物理量之間關(guān)系式結(jié)合起來求解.

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

…叱聾―黑⑵T⑶沙-2

【解析】

(1)無人機(jī)以速度V0勻速爬升階段，受力平衡，沿速度方向有

.。，

—3mg=mgsin〃+勺％

垂直速度方向有

mgcosO=kfVo

聯(lián)立得

mgcos024mg

&=--------=------

%25%

0.6mg-mgsin0_8mg

%25%

（2）設(shè)無人機(jī)在地面滑行時速度為y,受到地面彈力為FN,受力分析可知豎直方向平衡

FN+k]v=mg

水平方向勻加速

3，L,

~mS_"_”2丫=ina

得

3v

a=（匚一女3）g+（a&-女2）一

5m

無人機(jī)能做勻加速直線運動，。不變，方程中u的系數(shù)必須為零，即

k3k、-k2=0

則有

k_jk_l

3k13

（3）設(shè)無人機(jī)在O~so過程經(jīng)歷時間為A,s。位置的速率為小在so~2so過程經(jīng)歷時間為52so位置的無人機(jī)速率為也,

O~so過程以加速度ao勻加速運動，則

12

%=5初

解得

匕=初=J2aos0

依據(jù)圖乙，O~so過程無人機(jī)合外力為，”"0；so~2so過程無人機(jī)合外力,“4隨S均勻減小，一小段位移以內(nèi)合外力做功為

127/7

m3此過程合外力做功可表示為7%，（）~2so過程應(yīng)用動能定理

2

松。So+等%=，應(yīng)

解得

依題意在S0~2so過程無人機(jī)平均速度大小為

無人機(jī)在兩個過程經(jīng)歷時間之比為

-=V6—2

八

14、(i)40m/s(ii)32cm

【解析】

(i)由九=vT=4m可得：v=40m/s；

SPsP

(ii)Si波