2024屆陜西省西安工業(yè)大學附中物理高二上期中教學質量檢測模擬試題含解析

2024屆陜西省西安工業(yè)大學附中物理高二上期中教學質量檢測模擬試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，在等量異種點電荷形成的電場中有A、B、C三點，A點為兩點電荷連線的中點，B點為連線上距A點距離為d的一點，C點為連線中垂線上距A點距離也為d的一點，則下面關于三點電場強度E的大小、電勢φ高低的比較，正確的是()A．EB＞EA＞EC，φB．EA＝EC＞EB，φC．EA＜EB，EA＜EC，φA>D．EA＞EB，EA＞EC，φA>2、R1和R2是材料相同、厚度相同、上下表面都為正方形的導體，但R1的尺寸比R2大得多，把它們分別連接在如圖所示的電路的A、B兩端，接R1時電壓表的讀數(shù)為U1，接R2時電壓表的讀數(shù)為U2，則下列判斷正確的是（）A．U1＞U2 B．R1＞R2 C．R1=R2 D．U1＜U23、有a、b、c、d四個小磁針，分別放置在通電螺線管的附近和內部．當小磁針靜止時，小磁針指向如圖所示，其中是正確的（）A．a B．b C．c D．d4、1831年，法拉第在一次會議上展示了他發(fā)明的圓盤發(fā)電機（如圖甲所示）．它是利用電磁感應原理制成的，是人類歷史上第一臺發(fā)電機．如圖乙是這個圓盤發(fā)電機的示意圖：銅盤安裝在水平的銅軸上，它的邊緣正好在兩磁極之間，兩塊銅片C、D分別與轉動軸和銅盤的邊緣良好接觸．使銅盤轉動，電阻R中就有電流通過．若所加磁場為勻強磁場，回路的總電阻恒定，從左往右看，銅盤沿順時針方向勻速轉動，平面與銅盤平面垂直，下列說法中正確的是A．銅片C的電勢高于銅片D的電勢B．若銅盤轉速增大為原來的2倍，則R的電功率也將增大為原來的2倍C．若銅盤半徑減小為原來的一半，則感應電動勢也變?yōu)樵瓉淼囊话隓．若所加的勻強磁場垂直穿過整個圓盤，銅盤勻速轉動時電阻R上仍將有電流通過5、對于電動勢的定義式E＝W/q的理解，正確的是()A．E與W成正比B．E與q成反比C．W表示非靜電力D．E的大小與W，q無關6、如圖所示，Q為一帶正電的點電荷，P為原來不帶電的枕形金屬導體，a、b為導體內的兩點．當導體P處于靜電平衡狀態(tài)時（）A．a、b兩點的場強大小Ea、Eb的關系為Ea＞EbB．a、b兩點的場強大小Ea、Eb的關系為Ea＜EbC．感應電荷在a、b兩點產生的場強大小Ea′和Eb′的關系是Ea′＞Eb′D．感應電荷在a、b兩點產生的場強大小Ea′和Eb′的關系是Ea′=Eb′二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖是一彈簧振子，O為平衡位置，則振子從a→O運動的過程中，下列說法正確的是()A．位移不斷減小B．速度不斷減小C．加速度不斷減小D．彈簧的彈性勢能不斷增大8、壓敏電阻的阻值R隨所受壓力的增大而減小。其興趣小組利用壓敏電阻設計了判斷電梯運動狀態(tài)的裝置，其裝置示意圖如圖所示。將壓敏電阻平放在電梯內，受壓面朝上，在上面放一物體A，電梯靜止時電壓表示數(shù)為，電梯在某次運動過程中，電壓表的示數(shù)變化情況如圖乙所示，下列判斷中錯誤的是（）。A．乙圖表示電梯可能勻速下降B．乙圖表示電梯可能勻減速下降C．乙圖表示電梯可能變減速上升D．乙圖表示電梯可能變減速下降9、下面是某同學對一些公式的理解，其中正確的是()A．電源電動勢可知，非靜電力做功越多，電源電動勢也就越大B．由可知，電場中某點的電場強度與場源電荷所帶電荷量有關C．從可知，導體中的電流跟加在它兩端的電壓成正比，跟它的電阻成反比D．由可知，電容器的電容與其所帶電荷量成正比，與兩極板間的電壓成反比10、如圖所示，圖線1表示的導體的電阻為R1，圖線2表示的導體的電阻為R2，則下列說法正確的是（）A．R1：R2=1：3B．R1：R2=3：1C．將R1與R2串聯(lián)后接于電源上，則電流比I1：I2=1：3D．將R1與R2并聯(lián)后接于電源上，則電流比I1：I2=3：1三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）用以下器材測量電壓表的內阻(量程為1.5V，內阻1400～1600)：電源E，電動勢約為3V，內阻可忽略；電壓表，量程為；電阻，阻值；滑動變阻器，最大阻值約為；單刀單擲開關K，導線若干．(1)請根據電路圖，連線實物圖．(2)若電壓表的讀數(shù)用表示，電壓表的讀數(shù)用表示，則由已知量和測得量表示的表達式為______________．12．（12分）有一只標值為“2.5V，×W”的小燈泡，其額定功率的標值已模糊不清．某同學想通過描繪燈絲伏安特性曲線來測定該燈泡的額定功率．①已知小燈泡的燈絲電阻約為5Ω，請先在圖甲中補全用伏安法測量燈絲電阻的電路圖，再選擇電流表（0~0.6A；0~3A）、電壓表（0~3V；0~15V）的合適量程，并按圖甲連接方式將圖乙中的實物連成完整的電路．②開關S閉合之前，將圖乙中滑動變阻器的滑片應置于(選填“A端”、“B端”或“AB正中間”)③該同學通過實驗作出的燈絲伏安特性曲線如上圖丙所示，則小燈泡的額定功率為W．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在板間距為d、足夠大的平行板電容器中，存在豎直向下的勻強電場在平板的內表面貼有特殊薄膜，當帶電粒子落在平板上時會顯示落點痕跡。在距離上極板d/5處O點有一個靜止的中性微粒，由于內部作用，某一時刻突然分裂成兩個帶電微粒1、2，其中微粒1獲得水平向左的初速度。經過一段時間，上極板薄膜上離虛線(虛線過O點垂直于極距離為d/5的位置出現(xiàn)落點痕跡A。同一時刻下極板薄膜上也出現(xiàn)落點痕跡B(圖中未畫出）不計重力和分裂后兩微粒間的作用。求:(1)微粒1、微粒2的質量之比(2)A、B兩點之間的距離L。14．（16分）如圖所示的電路中，電源電動勢為12V，內電阻r=0.5Ω，=0.5Ω，電動機線圈電阻為=1Ω，若開關閉合后通過電源的電流為3A，則（1）上消耗的電功率為多少（2）電動機兩端的電壓為多少（3）電動機的輸入功率15．（12分）如圖，兩條相距的光滑平行金屬導軌位于同一水平面（紙面）內，其左端接一阻值為的電阻；一與導軌垂直的金屬棒置于兩導軌上；在電阻、導軌和金屬棒中間有一面積為的區(qū)域，區(qū)域中存在垂直于紙面向里的均勻磁場，磁感應強度大小為隨時間的變化關系為，式中為常量；在金屬棒右側還有一勻強磁場區(qū)域，區(qū)域左邊界（虛線）與導軌垂直，磁場的磁感應強度大小為，方向也垂直于紙面向里.某時刻，金屬棒在一外加水平恒力的作用下從靜止開始向右運動，在時刻恰好以速度越過，此后向右做勻速運動.金屬棒與導軌始終相互垂直并接觸良好，它們的電阻均忽略不計.求：（1）在到時間間隔內，流過電阻的電荷量的絕對值；（2）在時刻（）穿過回路的總磁通量和金屬棒所受外加水平恒力的大小.

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解題分析】

根據電場線的疏密分布知，A點的電場線比C點密，B點的電場線比A點密，則EB＞EA＞EC；等量的異種電荷的中垂線為等勢線，則A點的電勢與C點的電勢相等，沿著電場線方向電勢逐漸降低，則A點的電勢大于B點電勢。所以φA=φC＞φB．故A正確，BCD錯誤。故選A?！绢}目點撥】雖然電場線不是實際存在的，但電場線的疏密可以體現(xiàn)電場強度的強弱；可以根據電場線方向來確定電勢的高低；同時還考查了等量異種點電荷的電場線的分布，電場線與等勢線相互垂直.2、C【解題分析】

設正方形的邊長為a，則導體的電阻，由兩導體的ρ與d相同，則兩導體電阻相等，即R1=R2，故B錯誤，C正確；導體接入電路中，電壓表示數(shù)U=IR=R，由于電源電動勢E、內阻r、導體電阻R相同，則電壓表示數(shù)U相同，即U1=U2，故AD錯誤；故選C．3、D【解題分析】

根據安培定則可知通電螺線管N極在右端，因此右側磁場方向水平向右，小磁針c位置不對；上方磁場方向水平向左，所以小磁針d位置正確；左側水平向右，a位置不對；內部水平向右，b位置不對，故ABC錯誤，D正確．故選D．4、D【解題分析】

A.根據右手定則可知，電流從D點流出，流向C點，因此銅片D的電勢高于銅片C的電勢，故A錯誤；B.因感應電動勢，，整理轉速增大為原來的2倍，，則角速度增大為原來的2倍，電流變?yōu)樵瓉淼?倍，，則R的電功率也將增大為原來的4倍，故B錯誤．C.因感應電動勢，，整理（L=r）若銅盤半徑減小為原來的一半，則感應電動勢也變?yōu)樵瓉淼?，故C錯誤．D.可將圓盤看成若干個沿著半徑方向的幅條組成，因此在任何時刻都有幅條切割磁感線，產生感應電動勢，電阻R上仍將有電流通過，故D正確．5、D【解題分析】

電動勢是電源本身的性質，電動勢表征電源將其他形式的能轉化為電能的本領大小，故W應為非靜電力做功．【題目詳解】A、B、D、本公式采用的是比值定義法，電動勢為電源本身的性質，與W及q無關，故A，B錯誤；D正確；C、W應為非靜電力所做的功，表示電源把其它能轉化為電能儲存起來，而不是非靜電力；故C錯誤.故選D.【題目點撥】電動勢是電源本身的性質，其大小與做功及移送的電量無關．6、C【解題分析】

AB.處于靜電平衡的導體，內部場強處處為零，故a、b兩點的場強大小Ea、Eb的關系為Ea=Eb，故AB錯誤；CD.處于靜電平衡的導體，內部合場強為零，則感應電荷在ab兩點產生的場強應該和外部電場在ab兩點產生的場強大小相等方向相反，根據可知Ea′＞Eb′故C正確，D錯誤；二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解題分析】試題分析：振子從a→O運動的過程是靠近平衡位置，故位移減小，速度增加，加速度減小，彈性勢能減??；故BD錯誤，AC正確；故選AC.考點：簡諧振動的規(guī)律8、ABC【解題分析】

A．電梯勻速下降時，壓敏電阻所受壓力等于重力不變，其電壓不變，與圖象反映的情況不符，故A錯誤；B．電梯勻減速下降時，加速度不變，壓敏電阻所受壓力不變，其電壓不隨時間而變化，與圖象情況不符，故B錯誤；C．電梯變減速上升時，其加速度向下，根據牛頓第二定律，壓敏電阻所受壓力小于重力，則其電壓逐漸增大，與圖象意義不符，故C錯誤；D．電梯變減速下降時，壓力大于重力，由其特性知，其電壓逐漸減小，與圖象的意義相符，故D正確。9、BC【解題分析】

A．電源電動勢可知，非靜電力對單位正電荷做功越多，電源電動勢也就越大，選項A錯誤；B．由可知，電場中某點的電場強度與場源電荷所帶電荷量有關，選項B正確；C．從可知，導體中的電流跟加在它兩端的電壓成正比，跟它的電阻成反比，選項C正確；D．電容器的電容有電容器本身決定，與極板所帶電荷量無關，與極板間電勢差也無關。故D錯誤；10、AD【解題分析】

AB．根據I-U圖象知，圖線的斜率表示電阻的倒數(shù)，所以故A正確，B錯誤；C．串聯(lián)電路電流相等，所以將R1與R2串聯(lián)后接于電源上，電流比故C錯誤；D．并聯(lián)電路，電壓相等，電流比等于電阻之反比，所以將R1與R2并聯(lián)后接于電源上，電流比故D正確．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、【解題分析】

（1）對照電路圖，按順序連接實物圖．

（2）根據電路圖可知：

則得【題目點撥】此題中電壓表V1和定值電阻R0串聯(lián)，既可測量電壓，也起到了電流表的作用，是一種等效替代的設計思想．12、①電路圖和實物連線圖如下圖②B端③1.1W【解題分析】試題分析：①由于電壓電流需從零測起，因此滑動變阻器采用分壓式接法；燈泡的電阻約為5Ω，屬于小電阻，電流表采取外接法；由于小燈泡的額定電壓為2.5V，因此電壓表選擇3V量程的，小燈泡的額定電流為0.44A，則電流表量程選擇0.6A的，電路圖和實物連線圖如下圖．②開關S閉合之前，將圖乙中滑動變阻器的滑片應置于B端，使測量電路部分處于短路狀態(tài)，閉合電鍵時，電壓表、電流表示數(shù)為零，起到保護電路的作用③小燈泡的伏安特性曲線可知，當時，，根據考點：本題考查了描繪小燈泡的伏安特性曲線、滑動變阻器的接法和電流表的內外接法．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)4：1；(2)【解題分析】

（1）中性粒子分裂成兩個帶電的粒子，由電荷守恒可知一個帶正電，一個帶負電，且電荷量相等都為q；A粒子帶負電向上極板運動做的是類平拋運動，同理可知B粒子帶正電向下極板運動做的也是類平拋運動，都是水平方向做勻速運動，豎直方向做初速度為零的勻加速直線運