遼寧省大連市甘井子區(qū)渤海高中2024屆高二物理第一學期期中預測試題含解析

遼寧省大連市甘井子區(qū)渤海高中2024屆高二物理第一學期期中預測試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下列關于點電荷的說法中正確的是A．只要帶電體的體積很小，都可以看成點電荷B．只要帶電體的電量很小，都可以看成點電荷C．只要帶電體的大小遠小于電荷間的距離，都可看成點電荷D．均勻帶電圓環(huán)一定不能看成點電荷2、在國際單位制中，磁通量的單位的符號是：（）A．TB．WbC．ΩD．A3、關于物體的內能和機械能，以下說法正確的是（）A．物體的內能包含物體的機械能B．物體的機械能大，則它的內能也一定大C．物體具有內能，同時又可以具有機械能D．物體的機械能和內能間都可以自發(fā)地發(fā)生轉化。4、在如圖所示的電路中，電源內阻不可忽略，在調節(jié)可變電阻R的阻值過程中，發(fā)現(xiàn)理想電壓表的示數(shù)減小，則（）A．R的阻值變大B．路端電壓不變C．干路電流減小D．路端電壓和干路電流的比值減小5、如圖所示，兩根相距為l的平行直導軌ab、cd，b、d間連有一定值電阻R，導軌電阻可忽略不計．MN為放在ab和cd上的一導體桿，與ab垂直，其電阻也為R．整個裝置處于勻強磁場中，磁感應強度的大小為B，磁場方向垂直于導軌所在平面(指向圖中紙面內)．現(xiàn)對MN施力使它沿導軌方向以速度v(如圖)做勻速運動．令U表示MN兩端電壓的大小，則()A．U＝Blv，流過定值電阻R的感應電流由b到dB．U＝Blv，流過定值電阻R的感應電流由d到bC．U＝Blv，流過定值電阻R的感應電流由b到dD．U＝Blv，流過定值電阻R的感應電流由d到b6、關于電動勢，下列說法正確的是A．所有電池的電動勢都是B．體積越大的電源，其電動勢一定越大C．電動勢數(shù)值上就等于電源正負極之間的電壓D．電動勢表示電源將其它形式的能轉化為電能的本領二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖，一帶負電的粒子以某速度進入水平向右的勻強電場中，在電場力作用下形成圖中所示的運動軌跡．M和N是軌跡上的兩點，其中M點在軌跡的最右邊．不計重力，下列表述正確的是（）A．粒子在M點的速率最小B．粒子所受電場力水平向右C．粒子在電場中的加速度不變D．粒子在電場中的電勢能始終在增加8、對下列物理公式理解正確的是()A．電阻定律,反映導體的電阻R與導體長度L成正比,與導體橫截面積S成反比,與導體的電阻率成正比B．電阻的定義式,反映導體的電阻R與電壓U成正比,與電流I成反比C．閉合電路的歐姆定律,對純電阻電路和非純電阻電路都適用D．閉合電路中E=U外+U內,表明閉合電路中電動勢等于內外電路電勢降落之和9、如圖所示，平行導軌a、b和平行導軌c、d在同一水平面內，兩導軌分別和兩線圈相連接，勻強磁場的方向垂直兩導軌所在的平面。金屬棒L1和L2可在兩光滑導軌上自由滑動，棒L2原來靜止，用外力使L1運動，下列說法中正確的是：()A．當L1向右加速運動時，L2將向左運動B．當L1向右加速運動時，L2將向右運動C．當L1向左加速運動時，L2將向左運動D．當L1向左加速運動時，L2將向右運動10、質量為m、帶電量為q的小物塊，從傾角為θ的光滑絕緣斜面上由靜止下滑，整個斜面置于方向水平向里的勻強磁場中，磁感應強度為B，如圖所示．若帶電小物塊下滑后某時刻對斜面的作用力恰好為零，下面說法中不正確的是()A．小物塊一定帶負電荷B．小物塊在斜面上運動時做勻加速直線運動C．小物塊在斜面上運動時做加速度增大，而速度也增大的變加速直線運動D．小物塊在斜面上下滑過程中，當小物塊對斜面壓力為零時的速率為三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）兩同學驗證反沖運動中動量守恒，如圖所示，兩質量分別為mA、mB玩具小車放置在水平桌面上，中間夾一彈簧，自某一位置突然放開，兩小車做反沖運動，一段時間后，同時止住運動的小車，測出兩小車運動的距離分別為sA、sB忽略小車與桌面間的摩擦，請用以上物理量符號寫出反沖前后動量守恒表達式_________________；已知課本寬度為L，并以此計量小車運動的距離分別,可知兩小車質量之比：=______．12．（12分）研究兩個小球在軌道水平部分碰撞的規(guī)律（動量守恒定律）：先安裝好如圖1實驗裝置，在地上鋪一張白紙．白紙上鋪放復寫紙，記下重錘線所指的位置O．之后的實驗步驟如下：步驟1：不放小球2，讓小球1從斜槽上A點由靜止?jié)L下，并落在地面上．重復多次，用盡可能小的圓，把小球的所有落點圈在里面，其圓心就是小球落點的平均位置；步驟2：把小球2放在斜槽前端邊緣位置B，讓小球1從A點由靜止?jié)L下，使它們碰撞．重復多次，并使用與步驟1同樣的方法分別標出碰撞后兩小球落點的平均位置；步驟1：用刻度尺分別測量三個落地點的平均位置M、P、N離O點的距離，即線段OM、OP、ON的長度．（1）上述實驗除需測量線段OM、OP、ON的長度外，還需要測量的物理量有________．A．A、B兩點間的高度差h1B．B點離地面的高度h2C．小球1和小球2的質量m1、m2

D．小球1和小球2的半徑r（2）當所測物理量滿足________________時（用所測物理量的字母表示），說明兩球碰撞遵守動量守恒定律．如果還滿足_________________時（用所測物理量的字母表示），說明兩球碰撞發(fā)生彈性碰撞．（1）完成上述實驗后，某實驗小組對裝置進行了如圖2所示的改造．在水平槽末端與水平地面間放置了一個斜面，斜面的頂點與水平槽等高且無縫連接．使小球1仍從斜槽上A點由靜止?jié)L下，重復實驗步驟1和2的操作，得到兩球落在斜面上的平均落點M′、P′、N′．用刻度尺測量斜面頂點到M′、P′、N′三點的距離分別為l1、l2、l1．則驗證兩球碰撞過程中動量守恒的表達式為__________________（用所測物理量的字母表示）．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）有一個帶電荷量q=－3×10－6C的點電荷，從某電場中的A點移到B點，電荷克服靜電力做6×10－4J的功，從B點移到C點，靜電力對電荷做9×10－4J的功，問：(1)AB、BC、CA間電勢差各為多少？(2)如以B點電勢為零，則A、C兩點的電勢各為多少？電荷在A、C兩點的電勢能各為多少？14．（16分）如圖所示，直流電動機和電爐并聯(lián)后接在直流電路上，電源的內阻r＝4Ω，電爐的電阻R1＝36Ω，電動機繞線的電阻R2=2Ω．當開關S斷開時，電源內電路消耗的熱功率P＝25W；當S閉合時，干路中的電流I=7A；求：(1)電源的電動勢E．(2)S閉合后電動機的機械功率.15．（12分）如圖所示，一半徑為R的絕緣圓形軌道豎直放置，圓軌道最低點與一條水平軌道相連，軌道都是光滑的．軌道所在空間存在水平向右的勻強電場，場強為E．從水平軌道上的A點由靜止釋放一質量為m的帶正電的小球，為使小球剛好在圓軌道內做圓周運動，求釋放點A距圓軌道最低點B的距離s．已知小球受到的電場力大小等于小球重力的3/4倍．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解題分析】

點電荷的模型是重要的物理模型之一，它的條件是帶電體的大小遠小于電荷間的距離，都可看成點電荷，與帶電體的大小、帶電體所帶的電量都無直接的關系，故AB錯誤，C正確；均勻帶電圓環(huán)是否能看成點電荷與圓環(huán)的大小以及要研究的問題的范圍的大小有關，故D錯誤；故選C.2、B【解題分析】

在國際單位制中，磁通量單位的是韋伯，符號是Wb。【題目詳解】根據(jù)磁通量的公式?=BS可知，磁通量單位的是T?m2，在國際單位制中用韋伯來表示，符號是Wb，故B正確，ACD錯誤。3、C【解題分析】

AB.內能和機械能是兩種不同形式的能，兩者有本質的區(qū)別。內能跟組成物體的微?！肿拥倪\動和分子之間的相互作用有關，而機械能跟物體的宏觀運動及勢能有關。故A錯誤，B錯誤；C.物體可以同時具有多種形式的能。故C正確；D.根據(jù)熱力學第二定律，機械能可以自發(fā)地轉化成內能，內能不能自發(fā)地轉化成機械能，故D錯誤。故選：C4、D【解題分析】

電壓表的示數(shù)減小，根據(jù)串聯(lián)電路分壓規(guī)律知電阻R的阻值變小，外電路總電阻變小，由閉合電路歐姆定律可知，干路電流增大，電源的內電壓增大，則路端電壓減?。范穗妷汉透陕冯娏鞯谋戎档扔谕怆娐房傠娮?，路端電壓和干路電流的比值減小．綜上選項BC錯誤，選項AD正確．5、A【解題分析】

試題分析：當MN勻速運動時，MN相當于電源．由右手定則判斷電流的方向．再根據(jù)閉合電路歐姆定律求出MN兩端電壓的大小．當MN沿導軌方向以速度v勻速運動運動時，由法拉第電磁感應定律得：，由閉合電路歐姆定律可得：MN兩端電壓大小為，由右手定則可知流過固定電阻R的感應電流由b到d．故選A6、D【解題分析】

各種干電池的電動勢都是1.5V，鉛蓄電池的電動勢是2V，故A錯誤；電動勢是表征電源把其他形式的能轉化為電能本領強弱，與電源的體積無關，如各種體積干電池的電動勢都是1.5V，故B錯誤；電源正負極之間的電壓是路端電壓，電源的電動勢在數(shù)值上等于內、外電壓之和，電源沒有接入電路時兩極間的電壓在數(shù)值上等于電源的電動勢，故C錯誤；電動勢表示電源將其它形式的能轉化為電能的本領，故D正確；故選D．【題目點撥】本題考查對于電源的電動勢的理解能力；電源沒有接入電路時兩極間的電壓在數(shù)值上等于電源的電動勢．電動勢的物理意義是表征電源把其他形式的能轉化為電能本領強弱，與外電路的結構無關．電源的電動勢在數(shù)值上等于內、外電壓之和．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解題分析】電子受到的電場力向左，在向右運動的過程中，電場力對電子做負功，電子的速度減小，運動到M點時，電子的速度最小，故A正確；做曲線運動的物體受到合力直線曲線的內側，故電場力水平向左，與電場方向相反，故B錯誤．該電場時勻強電場，該粒子受到的電場力為恒力，根據(jù)牛頓第二定律，粒子在電場中的加速度不變，故C正確．電場力先做負功再做正功，則電勢能先增加再減小，則D錯誤故選AC.點睛：本題要掌握電場力做功的特點，電場力做正功，電勢能減小，動能增加，電場力做負功時，電勢能增加，動能減小.8、AD【解題分析】

A．是電阻的決定式，可知導體的電阻R與導體長度L成正比，與導體橫截面積S成反比，與導體的電阻率ρ成正比，故A正確；B．電阻的定義式采用比值法定義，R與U、I無關，故B錯誤；C．閉合電路的歐姆定律，僅適用于外電路是純電阻的電路，故C錯誤；D．由閉合電路的歐姆定律有：閉合電路中E=U外+U內，表明閉合電路中電動勢等于內外電路電勢降落之和，故D正確。9、BC【解題分析】

AB．當L1向右加速運動時，L1上產生豎直向上的電流，在右側豎直導體柱上產生豎直向上且增大的磁場，根據(jù)楞次定律，下方線圈產生豎直向下的磁場，根據(jù)安培定則，通過L2的電流豎直向下，根據(jù)左手定則，L2將向右運動，故A錯誤，B正確；CD．當L1向左加速運動時，L1上產生豎直向下的電流，在右側豎直導體柱上產生豎直向下且增大的磁場，根據(jù)楞次定律，下方線圈產生豎直向上的磁場，根據(jù)安培定則，通過L2的電流豎直向上，根據(jù)左手定則，L2將向左運動，故C正確，D錯誤。故選BC．10、ABD【解題分析】

帶電滑塊在滑至某一位置時，由于在安培力的作用下，要離開斜面．根據(jù)磁場方向結合左手定則可得帶電粒子的電性．由斜面粗糙，所以小滑塊在沒有離開斜面之前一直做加速增大的直線運動．借助于洛倫茲力公式可求出恰好離開時的速度大小．【題目詳解】小球向下運動，由磁場垂直紙面向外，又由于洛倫茲力垂直斜面向上，所以小球帶正電．故A正確；小球沒有離開斜面之前，在重力，支持力、洛倫茲力和斜面的摩擦力作用下做加速直線運動，隨著速度變大，導致洛倫茲力變大，小球對斜面的正壓力變小，摩擦力減小，則小球的加速度變大，則小球在斜面上運動時做勻加速度增大、速度也增大的變加速直線運動，故B錯誤，C正確；則小球在斜面上下滑過程中，當小球受到的洛倫茲力等于重力垂直與斜面的分力相等時，小球對斜面壓力為零．所以Bqv=mgcosθ，則速率為．故D正確；故選ACD．【題目點撥】本題突破口是從小滑塊剛從斜面離開時，從而確定洛倫茲力的大小，進而得出剛離開時的速度大小，由于斜面不是光滑的，則隨著粒子的下滑，洛倫茲力大小變化，導致摩擦力變化，從而使加速度也發(fā)生變化．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、;3:4;【解題分析】

忽略小車與桌面間的摩擦，系統(tǒng)的總動量守恒，速度用位移與時間之比表示，即可求得．【題目詳解】忽略小車與桌面間的摩擦，反沖后兩車都做勻速運動，則反沖后A、B兩車的速度大小分別為，取向右為正方向，由動量守恒定律得：代入得：所以反沖前后動量守恒表達式：已知，，代上式解得：【題目點撥】本題是運用等效思維方法，用位移代替速度，這樣將不便驗證的方程變成容易驗證．12、Cm1?OP=m1?OM+m2?ONm1?（OP）2=m1?（OM）2+m2?（ON）2m1l2=m1l1+m2【解題分析】(1)根據(jù)動量守恒得,m1?OP=m1?OM+m2?ON,所以除了測量線段OM、OP、ON的長度外,還需要測量的物理量是小球1和小球2的質量m1、m2.故選：C。(2)因為平拋運動的時間相等,則水平位移可以代表速度,OP是A球不與B球碰撞平拋運動的位移,該位移可以代表A球碰撞前的速度,OM是A球碰撞后平拋運動的位移,該位移可以代表碰撞后A球的速度,ON是碰撞后B球的水平位移,該位移可以代表碰撞后B球的速度,當所測物理量滿足表達式m1?OP=m1?OM+m2?ON,說明兩球碰撞遵守動量守恒定律,由功能關系可知,只要12m1v02=12m1v12+12m2v(1)碰撞前,m1落在圖中的P′點,設其水平初速度為v1.小球m1和m2發(fā)生碰撞后,m1的落點在圖中M′點,設其水平初速度為v′1,m2的落點是圖中的N′點,設其水平初速度為v2.設斜面BC與水平面的傾角為α，由平拋運動規(guī)律得：Lpsin解得v同理vv可見速度正比于l所以只要驗證m1l2=m1l1+m2四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)UAB=200V；UBC=－300V；UCA=100V；(2)φA=200V；φC=300V；EpA=－6×10－4J；EpC=－9×10－4J【解題分析】

電荷由A移向B克服靜電力做功即靜電力