陜西省寶雞市部分高中2023年高二物理第一學期期末教學質(zhì)量檢測試題含解析

陜西省寶雞市部分高中2023年高二物理第一學期期末教學質(zhì)量檢測試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下列說法正確的是（）A.運動電荷在磁場中一定受到洛倫茲力B.洛倫茲力必與電荷速度方向垂直C.運動電荷在磁場中必做勻速圓周運動D.電荷磁場中不可能做勻速運動2、板間距為的平行板電容器所帶電荷量為時，兩極板間電勢差為，板間場強為，現(xiàn)將電容器所帶電荷量變?yōu)?，板間距變?yōu)?，其他條件不變，這時兩極板間電勢差，板間場強為，下列說法正確的是（）A.，B.，C.，D.，3、如圖，實線表示某電場的電場線（方向未標出），虛線是一帶負電的粒子只在電場力作用下的運動軌跡，設M點和N點的電勢分別為、，粒子在M點和N點的加速度大小分別為、，速度大小分別為、，電勢能分別為,。下列說法正確的是（）A. B.C. D.4、如圖所示，在邊長為2a的正三角形區(qū)域內(nèi)存在方向垂直于紙面向里的勻強磁場．一個質(zhì)量為m、電荷量為－q的帶電粒子(重力不計)從AB邊的中心O以速度v進入磁場，粒子進入磁場時的速度方向垂直于磁場且與AB邊的夾角為60°，若要使粒子能從AC邊穿出磁場，則勻強磁場的大小B需滿足()A.B> B.B<C.B> D.B<5、在下列各圖中，已標出了磁場B的方向、通電直導線中電流Ι的方向，以及通電直導線所受安培力F的方向，其中符合左手定則的是（）A. B.C. D.6、伽耳頓板可以演示統(tǒng)計規(guī)律．如圖，讓大量小球從上方漏斗形入口落下，最終小球都落在槽內(nèi)．重復多次實驗后發(fā)現(xiàn)A.某個小球落在哪個槽是有規(guī)律的B.大量小球在槽內(nèi)的分布是無規(guī)律的C.大量小球落入槽內(nèi)后均勻分布在各槽中D.越接近漏斗形入口處的槽內(nèi)，小球聚集越多二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，一個帶正電的物體從粗糙絕緣斜面底端以初速度v0沖上斜面，運動到A點時速度減為零，在整個空間施加一個垂直紙面向外的勻強磁場，物體運動過程中始終未離開斜面()A.物體仍以初速度v0沖上斜面，能到達A點上方B.物體仍以初速度v0沖上斜面，不能到達A點C.將物體由A點釋放，到達斜面底端時速率一定大于v0D.將物體由A點釋放，到達斜面底端時速率一定小于v08、真空中相距為3a兩個點電荷M、N，分別固定于x軸上x1=0和x2=3a的兩點上，在它們連線上各點場強E隨x變化關系如圖所示，以下判斷正確的是A.x=2a處的電場強度為零，電勢也一定為零B.點電荷M、N一定為同種電荷C.點電荷M、N一定為異種電荷D.點電荷M、N所帶電荷量的絕對值之比為4：19、關于天然放射性，下列說法正確的是（）A所有元素都可能發(fā)生衰變B.放射性元素的半衰期與外界的溫度無關C.放射性元素與別的元素形成化合物時仍具有放射性D.、和三種射線中，射線的穿透能力最強10、關于電場、電場強度下列說法正確的是（）A.是電場強度的定義式，只適用于勻強電場B.點電荷的電場強度，公式中Q是場源電荷的電荷量C.電場是一種物質(zhì)，它會對放入其中的電荷產(chǎn)生力的作用D.公式中，d為任意兩點間的距離，本公式使用于任何電場三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖所示，豎直放置的長直導線通以恒定電流，有一矩形線框與導線處于同一平面內(nèi)，讓線框向右平動，線圈產(chǎn)生感應電流的方向是_____12．（12分）在探究小燈泡伏安特性實驗中，所用器材有：燈泡L、量程恰當?shù)碾娏鞅鞟和電壓表V、直流電源E、滑動變阻器R、電鍵S等，要求燈泡兩端電壓從0V開始變化（1）實驗中滑動變阻器應采用________接法（填“分壓式”或“限流式”）；（2）某同學已連接如圖所示的電路，在閉合開關前，應將滑動變阻器觸頭置于最____端；（選“左”或“右”）（3）某電流表表頭內(nèi)阻Rg為200Ω，滿偏電流Ig為2mA，按如圖改裝成量程為3V和15V的電壓表，R1=____Ω，R2=_____Ω。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強度為E=5.0×105N/C，b板下方整個空間存在著磁感應強度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強磁場.今有一質(zhì)量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進入勻強磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L14．（16分）如圖，兩根間距為L＝0.5m的平行光滑金屬導軌間接有電動勢E＝3V、內(nèi)阻r＝1Ω的電源，導軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導軌放置，質(zhì)量m＝0.2kg．導軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導軌電阻均不計，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中．當R0＝1Ω時，金屬桿ab剛好處于靜止狀態(tài)，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應強度B的大小；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度15．（12分）ABC表示豎直放在電場強度為E=104V/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓環(huán)相切．A為水平軌道上的一點，而且AB=R=0.2m，把一質(zhì)量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達C點的速度大小(2)小球在C點時，軌道受到的壓力大小

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】A項：洛倫茲力是運動電荷在磁場中受到的力，靜止的電荷不會受到洛倫茲力，故A錯誤；B項：根據(jù)左手定則洛倫茲力既垂直磁場方向又垂直電荷運動方向，故B正確；C項：只有粒子垂直進入磁場時才能做勻速圓周運動，故C錯誤；D項：如果電荷運動方向和磁場方向平行時不受洛倫茲力，則電荷在磁場中做勻速運動，故D錯誤故選B2、C【解析】電容器所帶電荷量為時，電容器所帶電荷量變?yōu)?，板間距變?yōu)闀r，選項C正確，ABD錯誤；故選C。3、A【解析】A．帶電粒子所受電場力指向軌跡彎曲的內(nèi)側(cè)，根據(jù)帶負電粒子受力情況可知，電場線方向斜向左上方，又沿著電場線方向，電勢逐漸降低，故φM＞φN

，選項A正確；B．根據(jù)電場線疏密可知，N點的場強比M點大，根據(jù)F=Eq和牛頓第二定律可知，aM＜aN

，選項B錯誤；CD．若粒子從M到N過程，電場力做負功，動能減小，電勢能增加，故帶電粒子通過M點時的速度比通過N點時的速度大，即vM＞vN

，在M點具有的電勢能比在N點具有的電勢能小，即EPM＜EPN，選項CD錯誤；故選A。4、B【解析】粒子剛好達到C點時，其運動軌跡與AC相切，如圖所示：則粒子運動的半徑為洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：解得粒子要從AC邊射出，則，故故B正確；故選B。5、A【解析】A．根據(jù)左手定則：伸開左手，拇指與手掌垂直且共面，磁感線向里穿過手心，則手心朝外．四指指向電流方向：向右，拇指指向安培力方向：向上．符合左手定則，故A符合題意；B．通電導線與磁場平行，不受安培力，故B不符合題意；C．根據(jù)左手定則：伸開左手，拇指與手掌垂直且共面，磁感線向左穿過手心，則手心朝右．四指指向電流方向：向外，拇指指向安培力方向：向下，此項不符合左手定則，故C不符合題意；D．安培力方向既與電流方向垂直，又與磁場方向垂直，而此項安培力方向與磁場方向平行，不可能，故D不符合題意。故選A。6、D【解析】根據(jù)統(tǒng)計規(guī)律可知，某個小球落在哪個槽是無規(guī)律的，選項A錯誤；大量小球在槽內(nèi)的分布是有規(guī)律的，離槽口越近的地方分布小球較多，選項B錯誤；大量小球落入槽內(nèi)后不能均勻分布在各槽中，而是越接近漏斗形入口處的槽內(nèi)，小球聚集越多，選項C錯誤，D正確；故選D.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】AB．未加磁場時，根據(jù)動能定理，有加磁場后，多了洛倫茲力，洛倫茲力不做功；根據(jù)左手定則，洛倫茲力的方向垂直于斜面向下，所以物體對斜面的壓力增大，所以摩擦力變大，摩擦力做的功變大，根據(jù)動能定理，有因Wf′＞W(wǎng)f，則，故不能到達A點，故A錯誤，B正確；CD．加磁場后將物體由A點釋放，則洛倫茲力垂直斜面向上，則摩擦力減小，摩擦力做功減小，洛倫茲力不做功，根據(jù)動能定理，有所以v>v0．故C正確，D錯誤。故選BC。分卷II8、BD【解析】A．x=2a處的場強為零，但由于電勢與場強無關，則場強為零的地方電勢不一定為零，故A錯誤；BC．x從0到3a，場強先正方向減少到零又反方向增加，必為同種電荷，故B正確，C錯誤；D．x=2a處的合場強為0，由得：，得QM：QN=4：1，故D正確故選BD9、BCD【解析】A．有些原子核不穩(wěn)定，可以自發(fā)地衰變，但不是所有元素都可能發(fā)生衰變，故A錯誤；B．放射性元素的半衰期由原子核內(nèi)部因素決定，與外界的溫度無關，故B正確；C．放射性元素的放射性與核外電子無關，放射性元素與別的元素形成化合物時仍具有放射性，故C正確；D．、和三種射線中，射線的穿透能力最強，電離能力最弱，故D正確；故選BCD。10、BC【解析】電場強度的定義式適用于任何電場，所以A錯誤；根據(jù)電場強度的定義式和庫侖定律可得到點電荷電場強度的決定式，Q是指的是場源電荷的電荷量，所以B正確；場是一種并非分子、原子組成的特殊物質(zhì)，電場的基本性質(zhì)就是對放入其中的電荷有電場力的作用，所以C正確；在勻強電場中，故有，因只有在勻強電場中，電場力做功才等于，故些關系式只適用于勻強電場，式中d指的沿電場方向的距離，所以D錯誤；三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、順時針方向【解析】電流的方向向上，由安培定則可知線框所在處的磁場的方向垂直于紙面向里，當線框向右運動時磁場減小，則穿過線框的磁通量減小，由楞次定律可知，線框內(nèi)產(chǎn)生的感應電流沿順時針方向12、①.分壓式②.右③.1300④.6000【解析】(1)[1]探究小燈泡的伏安特性曲線要求電壓從0到額定電壓變化，所以滑動變阻器必須采用分壓接法；(2)[2]閉合開關前，應使滑動變阻器接入電路中的電阻最大，所以應將滑動變阻器的滑片P置于右端；(3)[3][4]表頭滿刻度電壓值為：Ug=Ig×Rg=200×2×10-3V=0.4V，量程為3V時，在電阻R1兩端的電壓應為：3-0.4=2.6V，電阻：，同理可得：。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、8cm【解析】粒子a板左端運動到P處，由動能定理得代入有關數(shù)據(jù)，解得，代入數(shù)據(jù)得θ=30°粒子在磁場中做勻速圓周運動，圓心為O，半徑為r，如圖由幾何關系得聯(lián)立求得代入數(shù)據(jù)解得14、（1）2T；（2）1.5m/s2，方向沿斜面向上【解析】（1）當R0=1Ω時，根據(jù)閉合電路的歐姆定律求解電流強度，由平衡條件求解磁感應強度；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，此時安培力的方向沿斜面向上，根據(jù)牛頓第二定律求解加速度大小【詳解】（1）當R0＝1Ω時，根據(jù)閉合電路的歐姆定律可得根據(jù)左手定則可知安培力方向水平向右；由平衡條件有：BILcosθ＝mgsinθ