山西省應(yīng)縣一中2023年高二物理第一學(xué)期期末監(jiān)測(cè)試題含解析

山西省應(yīng)縣一中2023年高二物理第一學(xué)期期末監(jiān)測(cè)試題注意事項(xiàng):1．答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)碼填寫(xiě)清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2．答題時(shí)請(qǐng)按要求用筆。3．請(qǐng)按照題號(hào)順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書(shū)寫(xiě)的答案無(wú)效；在草稿紙、試卷上答題無(wú)效。4．作圖可先使用鉛筆畫(huà)出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、以下關(guān)于電場(chǎng)線(xiàn)的說(shuō)法，正確的是A.電場(chǎng)線(xiàn)是電荷移動(dòng)的軌跡B.電場(chǎng)線(xiàn)是實(shí)際存在的曲線(xiàn)C.電場(chǎng)線(xiàn)是閉合的曲線(xiàn)D.電場(chǎng)線(xiàn)是起始于正電荷，終止于負(fù)電荷2、如圖所示，表示物體做勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的是：()A.①② B.②③C.①③ D.①④3、有三束粒子，分別是質(zhì)子（）、氚核（）和粒子（）束．當(dāng)它們以相同的速度沿垂直磁場(chǎng)方向射入同一勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，在下列四圖中，能正確表示出這三束粒子運(yùn)動(dòng)軌跡的是（）A.B.C.D.4、如圖所示，A、B、C、D為勻強(qiáng)電場(chǎng)中相鄰的四個(gè)等勢(shì)面，一個(gè)電子垂直經(jīng)過(guò)等勢(shì)面D時(shí)，動(dòng)能為20eV，飛經(jīng)等勢(shì)面C時(shí)，電勢(shì)能為－10eV，飛至等勢(shì)面B時(shí)速度恰好為零，已知相鄰等勢(shì)面間的距離為5cm，則下列說(shuō)法正確的是（）A.等勢(shì)面A的電勢(shì)為10VB.勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小為200V/mC.電子再次飛經(jīng)D勢(shì)面時(shí)，動(dòng)能為10eVD.電子的運(yùn)動(dòng)可能為勻變速曲線(xiàn)運(yùn)動(dòng)5、在科學(xué)發(fā)展過(guò)程中，許多科學(xué)家都做出了重要貢獻(xiàn)，下列說(shuō)法正確的是（）A.安培首先提出場(chǎng)的概念 B.楞次提出了分子電流假說(shuō)C.庫(kù)侖用油滴實(shí)驗(yàn)首先測(cè)定了元電荷的電量 D.法拉第首先發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象6、將帶電荷量為6×10－6C的負(fù)電荷從電場(chǎng)中A點(diǎn)移到B點(diǎn)，電場(chǎng)力做功3×10－5J的功，再將該電荷從B點(diǎn)移到C點(diǎn)，克服電場(chǎng)力做了1.2×10－5J的功，則關(guān)于A、B、C三點(diǎn)的電勢(shì)φA、φB、φC，以下關(guān)系正確的是（）A. B.C. D.二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、在如圖所示的電路中，閉合開(kāi)關(guān)S，電路達(dá)到穩(wěn)定后，平行金屬板中帶電質(zhì)點(diǎn)P恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)．不考慮電流表和電壓表對(duì)電路的影響，二極管視為理想二極管，R1、R2、R3三個(gè)電阻的阻值相等且與電源的內(nèi)阻r的阻值也相等．當(dāng)滑動(dòng)變阻器R4的滑片向b端移動(dòng)時(shí)，則A.帶電質(zhì)點(diǎn)P將向下運(yùn)動(dòng)B.電源的輸出功率將變大C.電壓表V2與電流表A的讀數(shù)變化量的絕對(duì)值之比一定不變D.電壓表V讀數(shù)變化量的絕對(duì)值等于電壓表V2的讀數(shù)變化量的絕對(duì)值8、在如圖所示的電路中，閉合開(kāi)關(guān)S，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向上滑動(dòng)過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是A.電壓表V1示數(shù)在變大，電壓表V2示數(shù)在變小B.電流表A的示數(shù)減小，電壓表V3示數(shù)在變小C.電容器的電荷量增大，電阻R1消耗的電功率變大D.電源內(nèi)阻損耗的功率變大，電源消耗的總功率變大9、帶電量相同，質(zhì)量不同的粒子從容器A下方的小孔S1飄入電勢(shì)差為U的加速電場(chǎng)，其初速度幾乎為零．然后經(jīng)過(guò)S3沿著磁場(chǎng)垂直的方向進(jìn)入磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，最后打在照相底片D上，如圖所示．運(yùn)動(dòng)過(guò)程中粒子之間的相互作用忽略不計(jì)，下列說(shuō)法正確的是（）A.這些粒子經(jīng)過(guò)S3時(shí)的動(dòng)能相同B.這些粒子經(jīng)過(guò)S3時(shí)的速率相同C.這些粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)軌跡圓半徑與質(zhì)量成正比D.這些粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間與質(zhì)量成正比10、如圖所示，一絕緣輕彈簧的下端固定在斜面底端，上端連接一帶正電的光滑滑塊P，滑塊所處空間存在著沿斜面向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)，傾角為θ的光滑絕緣斜面固定在水平地面上，開(kāi)始時(shí)彈簧處于原長(zhǎng)狀態(tài)，物塊處于平衡狀態(tài)?，F(xiàn)給滑塊一沿斜面向下的初速度v，滑塊到最低點(diǎn)時(shí)，彈簧的壓縮量為x，若彈簧始終處于彈性限度內(nèi)，從滑塊獲得初速度v直至滑到最低點(diǎn)的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）A.滑塊電勢(shì)能的增加量大于滑塊重力勢(shì)能的減少量B.滑塊到達(dá)最低點(diǎn)的過(guò)程中，克服彈簧彈力做功mv2C.滑塊動(dòng)能的變化量等于電場(chǎng)力和重力做功的代數(shù)和D.在滑塊沿斜面運(yùn)動(dòng)的全程中，當(dāng)滑塊的加速度最大時(shí)，滑塊和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能可能最小也可能最大三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11．（6分）李明最近購(gòu)買(mǎi)了一臺(tái)冷熱兩用的空調(diào)，這臺(tái)空調(diào)的說(shuō)明書(shū)中主要數(shù)據(jù)如下表所示.(1)空調(diào)工作時(shí)應(yīng)選下圖中_____孔插座(填“二”或“三”)(2)空調(diào)正常制冷時(shí)電流為_(kāi)_________A，連續(xù)正常制冷30min消耗的電能為_(kāi)________.12．（12分）在“描繪小燈泡伏安特性曲線(xiàn)”的實(shí)驗(yàn)中,實(shí)驗(yàn)室備有下列器材供選擇:A．待測(cè)小燈泡“3.0V、1.5W”B．電流表(量程3A,內(nèi)阻約為1)C．電流表(量程0.6A,內(nèi)阻約為5)D．電壓表(量程3.0V,內(nèi)阻約為10k)E.電壓表(量程15.0V,內(nèi)阻約為50k)F.滑動(dòng)變阻器(最大阻值為100,額定電流50mA)G.滑動(dòng)變阻器(最大阻值為10,額定電流1.0A)H.電源(電動(dòng)勢(shì)為4.0V,內(nèi)阻不計(jì))I.電鍵及導(dǎo)線(xiàn)等(1)為了使實(shí)驗(yàn)完成的更好,電流表應(yīng)選用__________;電壓表應(yīng)選用__________;滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用__________(只需填器材前面的字母即可)(2)請(qǐng)?jiān)谔摼€(xiàn)框內(nèi)畫(huà)出實(shí)驗(yàn)電路圖______(3)某同學(xué)在一次測(cè)量時(shí),電流表、電壓表的示數(shù)如圖1所示則電壓值為_(kāi)_________V,電流值為_(kāi)_________A,由圖2可知,小燈泡的電阻隨著電壓的增大而__________(增大、減小、不變).四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13．（10分）ABC表示豎直放在電場(chǎng)強(qiáng)度為E=104V/m的水平勻強(qiáng)電場(chǎng)中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓環(huán)相切．A為水平軌道上的一點(diǎn)，而且AB=R=0.2m，把一質(zhì)量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點(diǎn)由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達(dá)C點(diǎn)的速度大小(2)小球在C點(diǎn)時(shí)，軌道受到的壓力大小14．（16分）如圖所示，水平放置的兩塊長(zhǎng)直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場(chǎng)強(qiáng)度為E=5.0×105N/C，b板下方整個(gè)空間存在著磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng).今有一質(zhì)量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計(jì)重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強(qiáng)電場(chǎng)，剛好從狹縫P處穿過(guò)b板而垂直進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫(huà)出）．求P、Q之間的距離L15．（12分）如圖，兩根間距為L(zhǎng)＝0.5m的平行光滑金屬導(dǎo)軌間接有電動(dòng)勢(shì)E＝3V、內(nèi)阻r＝1Ω的電源，導(dǎo)軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導(dǎo)軌放置，質(zhì)量m＝0.2kg．導(dǎo)軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導(dǎo)軌電阻均不計(jì)，整個(gè)裝置處于豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中．當(dāng)R0＝1Ω時(shí)，金屬桿ab剛好處于靜止?fàn)顟B(tài)，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大?。唬?）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、D【解析】A.電荷移動(dòng)軌跡由初速度和受力決定，不一定沿電場(chǎng)線(xiàn)，故選項(xiàng)A不符合題意；BCD.為了形象的描述電場(chǎng)強(qiáng)弱和方向引入了電場(chǎng)線(xiàn)的概念，電場(chǎng)線(xiàn)是假想的線(xiàn)，不是真實(shí)存在的線(xiàn)，電場(chǎng)線(xiàn)不閉合不相交，其方向規(guī)定為：從正電荷或無(wú)限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無(wú)限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，故選項(xiàng)D符合題意，B、C不符合題意2、C【解析】勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的速度-時(shí)間圖象是傾斜的直線(xiàn)，位移-時(shí)間圖象是拋物線(xiàn)【詳解】①v-t圖象是傾斜的直線(xiàn)，速度均勻變化，加速度不變，表示物體做勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)．故①正確．②表示物體做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)．故②錯(cuò)誤．③v-t圖象是傾斜的直線(xiàn)，速度均勻變化，加速度不變，表示物體做勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)．故③正確．④圖線(xiàn)切線(xiàn)的斜率減小，加速度減小，表示物體做變加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)．故④錯(cuò)誤．故選C【點(diǎn)睛】本題考查識(shí)別和理解物理圖象的能力，首先要分清什么圖象；其次根據(jù)形狀分析物體的運(yùn)動(dòng)的情況，不能搞混淆3、C【解析】粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：，解得：，由此可知：半徑與荷質(zhì)比成反比；因三束離子中質(zhì)子的荷質(zhì)比最大，氚核的最小，故質(zhì)子的半徑最小，氚核的半徑最大，故C正確，ABD4、B【解析】A．電子從D到B過(guò)程，動(dòng)能減小20eV，且勻強(qiáng)電場(chǎng)，即等間距，則C點(diǎn)的動(dòng)能為10eV，由于等勢(shì)面C時(shí)，電勢(shì)能為－10eV，則知電子的電勢(shì)能與動(dòng)能的和等于0；由于飛經(jīng)等勢(shì)面C時(shí)，電勢(shì)能為－10eV，則C等勢(shì)面的電勢(shì)為10V；粒子經(jīng)過(guò)等勢(shì)面B時(shí)的動(dòng)能等于0，則電勢(shì)能也等于0，則B等勢(shì)面的電勢(shì)等于0，結(jié)合該勻強(qiáng)電場(chǎng)的特點(diǎn)可知，A等勢(shì)面的電勢(shì)為－10V，故A錯(cuò)誤；B．電子從B到D過(guò)程，根據(jù)動(dòng)能定理得解得對(duì)于BD段電場(chǎng)強(qiáng)度為故B正確；C．根據(jù)能量守恒可知，電子再次經(jīng)過(guò)D等勢(shì)面時(shí)，電勢(shì)能不變，動(dòng)能不變，其動(dòng)能仍為20eV，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)電場(chǎng)線(xiàn)與等勢(shì)面垂直可知，該電場(chǎng)是勻強(qiáng)電場(chǎng)，且電場(chǎng)力方向與速度方向在同一直線(xiàn)上，則電子做勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤。故選B。5、D【解析】根據(jù)物理學(xué)史和常識(shí)解答，記住著名物理學(xué)家的主要貢獻(xiàn)即可【詳解】A.法拉第最早提出的場(chǎng)的概念，故A錯(cuò)誤；B.楞次提出的楞次定律，安培提出的分子電流假說(shuō)，故B錯(cuò)誤；C.庫(kù)侖提出的庫(kù)侖定律，而元電荷的電量是由密立根據(jù)用油滴實(shí)驗(yàn)測(cè)出的，故C錯(cuò)誤；D.法拉第最早發(fā)現(xiàn)的電磁感應(yīng)現(xiàn)象，故D正確故選D.6、B【解析】負(fù)電荷從電場(chǎng)中A點(diǎn)移到B點(diǎn)，電場(chǎng)力做3×10－5J的功，由公式可得即B電勢(shì)比A高5V。從B點(diǎn)移到C點(diǎn)，電場(chǎng)力做了-1.2×10－5J的功，由公式可得即C電勢(shì)比B低2V。則從A點(diǎn)移到C點(diǎn)，電場(chǎng)力做1.8×10－5J的功，由公式可得即C電勢(shì)比A高3V，所以B點(diǎn)電勢(shì)最高，A點(diǎn)電勢(shì)最低，故ACD錯(cuò)誤，B正確。故選B。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BC【解析】當(dāng)滑動(dòng)變阻器R4的滑片向b端移動(dòng)時(shí)，R4阻值減小，則電路總電流變大，R1上電壓變大，則R3及其并聯(lián)支路的電壓減小，電容器兩端電壓減小，電容器本該放電，但是由于二極管的單向?qū)щ娦?，使得電容器兩端的電量不變，?chǎng)強(qiáng)不變，則帶電質(zhì)點(diǎn)P將仍靜止，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；因當(dāng)電源外電路電阻等于內(nèi)阻時(shí)電源輸出功率最大，因R1、R2、R3三個(gè)電阻的阻值相等且與電源的內(nèi)阻r的阻值也相等，可知外電路電阻大于內(nèi)阻，當(dāng)滑動(dòng)變阻器R4的滑片向b端移動(dòng)時(shí)，外電路電阻減小，向內(nèi)電阻接近，故電源的輸出功率變大，選項(xiàng)B正確；若只將ab部分等效為電源的外電路，而將ab左側(cè)的部分等效為內(nèi)電路，其等效內(nèi)阻為，則根據(jù)閉合電路的歐姆定律可知，電壓表V2與電流表A的讀數(shù)變化量的絕對(duì)值之比為，可知為定值不變，選項(xiàng)C正確；由電路圖可知；分析可知當(dāng)滑動(dòng)變阻器R4的滑片向b端移動(dòng)時(shí)，U減小，U2減小，U1增大，UR2增大，則電壓表V讀數(shù)變化量的絕對(duì)值小于電壓表V2的讀數(shù)變化量的絕對(duì)值，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選BC.8、AD【解析】保持開(kāi)關(guān)S閉合，根據(jù)變阻器接入電路電阻的變化，由歐姆定律分析電表讀數(shù)的變化．根據(jù)電容與板間距離的關(guān)系，分析電容的變化，確定電容器電量的變化，判斷R2中電流的方向．?dāng)嚅_(kāi)開(kāi)關(guān)S，分析板間場(chǎng)強(qiáng)的變化【詳解】A、B項(xiàng)：該電路中兩個(gè)電阻串聯(lián)，閉合電鍵S，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向上滑動(dòng)過(guò)程中，接入電路的有效電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析可知電路中電流I變大，則電流表A讀數(shù)變大；路端電壓：U=E-Ir減小，電壓表V3示數(shù)在變小，U1示數(shù)U1=IR1，隨I的增大在變大，U2示數(shù)U2=E-I（R1+r），隨電流I的增大而減小，故A正確，B錯(cuò)誤；C項(xiàng)：電容器兩端的電壓為路端電壓，U減小，根據(jù)Q=CU可知電容器的帶電量減小，故C錯(cuò)誤；D項(xiàng)：電源內(nèi)阻損耗的功率，由于電流變大，所以電源內(nèi)阻損耗的功率變大，電源消耗的總功率，電流變大，所以電源消耗的總功率變大，故D正確故應(yīng)選：AD【點(diǎn)睛】電容器的動(dòng)態(tài)分析重點(diǎn)在于明確電容器的兩種狀態(tài)：充電后斷開(kāi)電源則極板上的電量不變；電容器保持和電源相連，則兩板間的電勢(shì)差不變．要掌握、及電容決定因素9、AD【解析】AB、根據(jù)動(dòng)能定理得：動(dòng)能相同，解得：，電量相同，所以質(zhì)量相同的粒子具有相同速率，故A正確、B錯(cuò)誤；CD、粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌道半徑為：，半徑與成正比；運(yùn)動(dòng)時(shí)間，與質(zhì)量成正比，故C錯(cuò)誤，D正確10、BD【解析】A．因?yàn)殚_(kāi)始滑塊受重力和電場(chǎng)力和支持力處于平衡，則有：在運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)過(guò)程中，電場(chǎng)力做功與重力做功相等，則滑塊電勢(shì)能增量等于滑塊重力勢(shì)能的減小量，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)能量守恒得，動(dòng)能減小，重力勢(shì)能減小，電勢(shì)能增加，彈性勢(shì)能增加，因?yàn)殡妱?shì)能增量等于重力勢(shì)能減小量，所以彈性勢(shì)能增加量等于滑塊動(dòng)能減小量，可知滑塊克服彈簧彈力做功，故B正確；C．根據(jù)動(dòng)能定理知，電場(chǎng)力、重力、彈簧彈力做功的代數(shù)和等于滑塊動(dòng)能的變化量，故C錯(cuò)誤；D．由于可知當(dāng)滑塊的加速度最大時(shí)，彈簧最長(zhǎng)或最短。彈簧最長(zhǎng)時(shí)，滑塊的電勢(shì)能最小，滑塊和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能最大；彈簧最短時(shí)，滑塊的電勢(shì)能最大，滑塊和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能最小，故D正確。故選BD。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、①.三②.6③.0.66【解析】（1）[1]為了防止當(dāng)空調(diào)漏電時(shí)，發(fā)生觸電事故，所以使外殼接上地線(xiàn)，空調(diào)工作時(shí)應(yīng)使用三孔插座（2）[2][3]空調(diào)工作時(shí)的制冷功率則電流正常制冷30min消耗的電能12、①.（1）C②.D③.G④.（2）如圖；⑤.（3）1.80V，⑥.0.33A；⑦.增大；【解析】（1）根據(jù)燈泡額定電壓選擇電壓表，根據(jù)燈泡額定電流選擇電流表，為方便實(shí)驗(yàn)操作應(yīng)選最大阻值較小的滑動(dòng)變阻器（2）根據(jù)題意確定滑動(dòng)變阻器的接法，根據(jù)燈泡與電表內(nèi)阻的關(guān)系確定電流表的接法，然后連接實(shí)物電路圖（3）根據(jù)電表指針示數(shù)，求出此時(shí)燈泡的電壓和電流．I-U圖像斜率的倒數(shù)等于電阻，由此可判斷小燈泡的電阻隨著電壓的變化規(guī)律；【詳解】（1）燈泡額定電壓為3V，電壓表應(yīng)選D，燈泡額定電流為I=1.5/3=0.5A，電流表應(yīng)選C，為方便實(shí)驗(yàn)操作應(yīng)選滑動(dòng)變阻器G（2）描繪燈泡伏安特性曲線(xiàn)，電壓與電流應(yīng)從零開(kāi)始變化，滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓接法；燈泡正常發(fā)光時(shí)的電阻為：R=3/0.5=6Ω，電流表內(nèi)阻約為5Ω，電壓表內(nèi)阻約為10kΩ，電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于燈泡電阻，電流表應(yīng)采用外接法，實(shí)物電路圖如圖所示（3）電流表、電壓表的示數(shù)如圖所示，則電壓值為1.80V，電流值為0.33A