江西省宜春市豐城中學(xué)2024屆高二物理第一學(xué)期期中綜合測試試題含解析

江西省宜春市豐城中學(xué)2024屆高二物理第一學(xué)期期中綜合測試試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號碼填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，矩形區(qū)域MPQN長MN=3d，寬MP=d，一質(zhì)量為m(不計重力)、電荷量為q的帶正電粒子從M點以初速度v0水平向右射出，若區(qū)域內(nèi)只存在豎直向下的電場或只存在垂直紙面向外的勻強磁場，粒子均能擊中Q點，則電場強度E的大小與磁感應(yīng)強度A．3v04B．4v2、下列哪項科技的應(yīng)用與電磁感應(yīng)原理相關(guān)（）A．速度選擇器 B．位移傳感器 C．回旋加速器 D．電視顯像管3、以下說法中正確的是（）A．正電荷周圍的電場強度一定比負電荷周圍的電場強度大B．電場強度大的地方電勢高，電場強度小的地方電勢低C．處于靜電平衡的導(dǎo)體，內(nèi)部場強處處為零，導(dǎo)體的表面是等勢面D．標(biāo)準(zhǔn)電阻一般用電阻率隨溫度變化而顯著變化的金屬材料制作4、一圓柱形磁鐵豎直放置，如圖所示，在它的下方有一帶正電小球置于光滑絕緣水平面上，小球在水平面上做勻速圓周運動，下列說法正確的是A．小球所受的合力可能不指向圓心B．小球所受的洛侖茲力指向圓心C．俯視觀察，小球的運動方向一定是順時針D．俯視觀察，小球的運動方向一定是逆時針5、如圖所示，地面上某個空間區(qū)域存在這樣的電場，水平虛線上方的場強為E1，方向豎直向下的勻強電場；虛線下方為場強E2、方向豎直向上的勻強電場．一個質(zhì)量m，帶電+q的小球從上方電場的A點由靜止釋放，結(jié)果剛好到達下方電場中與A關(guān)于虛線對稱的B點，則下列結(jié)論正確的是（）A．若A、B高度差為h，則B．帶電小球在A、B兩點電勢能相等C．在虛線上下方的電場中，帶電小球運動的加速度相同D．若，則兩電場強度大小關(guān)系滿足E2=2E16、如圖所示，Q帶負電荷，導(dǎo)體P在a處接地，下列說法中正確的是（）A．P的a端不帶電荷，b端帶負電荷B．P的a端帶正電荷，b端不帶電C．P的a端帶正電荷，b端帶負電荷，且正、負電荷的電荷量相等D．導(dǎo)體P的a端帶正電荷，b端帶負電荷，正電荷的電荷量大于負電荷的電荷量二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，實線是電場線，虛線是一帶電粒子在電場中的運動軌跡，假設(shè)帶電粒子只受電場力作用，判斷下列說法正確的是（）A．粒子帶負電B．帶電粒子受到的電場力向下C．帶電粒子的速度不變D．帶電粒子的加速度不變8、小燈泡通電后其電流I隨所加電壓U變化的圖線如圖所示，P為圖線上一點，PN為圖線在P點的切線，PQ為U軸的垂線，PM為I軸的垂線，則下列說法中正確的是（）A．隨著所加電壓的增大，小燈泡的電阻增大B．對應(yīng)P點，小燈泡的電阻為R=C．對應(yīng)P點，小燈泡的電阻為R=D．對應(yīng)P點，小燈泡的功率為圖中矩形PQOM所圍面積大小9、如圖(甲)所示電路中，調(diào)節(jié)滑動變阻器，通過電壓表、電流表示數(shù)分別得到電源路端電壓和干路電流值，電源路端電壓U與干路電流I關(guān)系圖象如圖(乙)．則()A．電源電動勢為E＝1.5VB．電源內(nèi)阻為r＝3.0ΩC．電源內(nèi)阻為r＝1.0ΩD．回路短路電流I0＝0.5A10、如圖所示，平行板電容器與電動勢為的直流電源（內(nèi)阻不計）連接，下極板接地，靜電計所帶電荷量很少，可被忽略，一帶負電油滴恰好靜止于電容器中的P點，現(xiàn)將平行板電容器的下極板豎直向下移動一小段距離，則A．平行板電容器的電容將變大B．靜電計指針張角將不變C．帶電油滴所受的電場力變小，G表中有a→b的電流D．當(dāng)液滴靜止時，若先將電容器上極板與電源正極的導(dǎo)線斷開，再將其下極板向下移動一小段距離，則帶電油滴將向下運動三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某學(xué)習(xí)小組用半徑相同的小球1和小球2碰撞驗證動量守恒定律，實驗裝置如圖所示槽與水平槽平滑連接。安裝好實驗裝置，在地上鋪一張白紙，白紙上鋪放復(fù)寫紙，記下鉛垂線所指的位置O。接下來的實驗步驟如下：步驟1：不放小球2，讓小球1從斜槽上A點由靜止?jié)L下，并落在地面上。重復(fù)多次，用盡可能小的圓把小球的所有落點圈在里面，認(rèn)為其圓心就是小球落點的平均位置；步驟2：把小球2放在斜槽前端邊緣處的B點，讓小球1從A點由靜止?jié)L下，使它們碰撞。重復(fù)多次，并使用與步驟1同樣的方法分別標(biāo)出碰撞后兩小球落點的平均位置；步驟3：用刻度尺分別測量三個落地點的平均位置M、P、N離O點的距離，即線段OM、OP、ON的長度。(1)在上述實驗操作中，下列說法正確的是（______）A．小球1的質(zhì)量一定大于小球2的質(zhì)量，小球1的半徑可以大于小球2的半徑B．將小球靜止放置在軌道末端看小球是否滾動來檢測斜槽軌道末端是否水平C．小球在斜槽上的釋放點應(yīng)該越高越好，這樣碰前的速度大，測量誤差較小D．復(fù)寫紙鋪在白紙的上面，實驗過程中復(fù)寫紙可以隨時拿起來看印跡是否清晰并進行移動(2)以下提供的器材中，本實驗必需的有（______）A．刻度尺B．彈簧秤C．天平D．秒表(3)設(shè)小球1的質(zhì)量為m1，小球2的質(zhì)量為m2，OM的長度為L1，OP的長度為L2，ON的長度為L3則本實驗驗證動量守恒定律的表達式為______________________________。12．（12分）在“測定金屬的電阻率”的實驗中，所用測量儀器均已校準(zhǔn)，待測金屬絲接入電路部分長度約為50cm.(1)用螺旋測微器測量金屬絲的直徑，其中某一次測量結(jié)果如圖所示，其讀數(shù)為______mm；(2)用伏安法測量金屬絲的電阻.實驗所用的器材為：電池組（電動勢3V，內(nèi)阻約1）、電流表（內(nèi)阻約0.1）、電壓表（內(nèi)阻約）、滑動變阻器，額定電流2A，開關(guān)、導(dǎo)線若干.實驗前已用多用電表粗測得待測金屬絲的電阻約為.則實驗中應(yīng)采用圖中的__________圖對應(yīng)的電路.（選填“A”或“B”）(3)由于電阻的測量存在系統(tǒng)誤差，因此本實驗測得電阻率與真實值比較偏______（選填“大”或“小”）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，間距為L的兩根平行長直金屬導(dǎo)軌MN、PQ固定在傾角為θ的絕緣斜面上，導(dǎo)軌上端接有阻值為R的電阻，一根長為L、電阻為3R、質(zhì)量為m的直導(dǎo)體棒ab垂直放在兩導(dǎo)軌上。整個裝置處于方向垂直斜面向上、磁感應(yīng)強度大小為B的勻強磁場中。ab由靜止釋放后沿導(dǎo)軌運動，下滑位移大小為x時到達cd位置并恰好開始做勻速運動。ab在運動過程中與導(dǎo)軌接觸良好，導(dǎo)軌電阻及一切摩擦均不計，重力加速度大小為g。求：(1)ab棒勻速時的速度大??；(2)從ab棒由靜止釋放到開始勻速運動整個過程通過電阻R的電荷量；(3)從ab棒由靜止釋放到開始勻速運動的整個過程中電阻R產(chǎn)生的熱量Q。14．（16分）小型直流電動機其線圈內(nèi)阻為與規(guī)格為“4V4W”的小燈泡并聯(lián),再與阻值為的電阻串聯(lián),然后接至的電源上,如圖所示,小燈泡恰好正常發(fā)光,電動機正常工作,求：（1）電動機的發(fā)熱功率？（2）如果在正常工作時,轉(zhuǎn)子突然被卡住,求此時電動機中的電流？15．（12分）金屬桿MN的質(zhì)量為m，長度為L，其兩端用質(zhì)量可忽略不計的細金屬絲懸掛后置于豎直向上的勻強磁場中，磁感應(yīng)強度大小為B．當(dāng)金屬桿中通入恒定電流時，金屬桿可在磁場中保持靜止?fàn)顟B(tài)，且與磁場方向垂直．此時細金屬絲與豎直方向的夾角為θ，如圖所示．若重力加速度為g，則：（1）求金屬桿受到的安培力的大?。?）求金屬桿中電流的大小和方向（3）若保持金屬桿中的電流不變，改變磁場方向，為使金屬桿MN仍能在原位置靜止，求所加磁場磁感應(yīng)強度的最小值

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解題分析】在電場中做類似平拋運動過程，根據(jù)分運動公式，有水平方向3d=v0t，豎直方向：d=12qEmt2，只有磁場時，做勻速圓周運動，軌跡如圖所示：結(jié)合幾何關(guān)系，有r2=r-d2+2、B【解題分析】

A.速度選擇器是利用了電場加速和電場偏轉(zhuǎn)的原理，故A錯誤；B.位移傳感器是利用改變磁通量來改變電流的原理，是電磁感應(yīng)原理，故B正確；C.回旋加速器利用磁場使帶電粒子旋轉(zhuǎn)，電場使粒子加速。故C錯誤；D.電視顯像管利用了電場加速和電場偏轉(zhuǎn)的原理。故D錯誤；3、C【解題分析】

A．正電荷周圍的電場線不一定有負電荷周圍的電場線密，所以正電荷周圍的電場強度不一定比負電荷周圍的電場強度大，A錯誤；B．沿電場線方向電勢降低，電勢高的地方電場線不一定密，電勢低的地方電場線不一定疏，所以電勢的高低和電場強度的大小無關(guān)，B錯誤；C．處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體，在導(dǎo)體內(nèi)部任意一點，感應(yīng)電荷產(chǎn)生的附加電場的場強與電荷q產(chǎn)生的場強與大小相等，方向相反，內(nèi)部的場強處處為零，C正確；D．標(biāo)準(zhǔn)電阻一般用電阻率幾乎不受溫度的影響的材料制成，D錯誤。4、C【解題分析】試題分析：小球做勻速圓周運動，合外力提供向心力一定指向圓心選項A錯．由于在圓周軌跡上，柱形磁鐵的磁場并不是豎直方向，所有洛倫茲力不是水平方向，也不可能指向圓心選項B錯．但小球在光滑的絕緣水平面上，能提供向心力的只有洛倫茲力在水平方向的分力，磁場方向和洛倫茲力方向如下圖，根據(jù)左手定則判斷，俯視觀察，小球的運動方向一定是順時針方向選項C對D錯．考點：洛倫茲力5、D【解題分析】

AB．對A到B的過程運用動能定理得qUAB+mgh=0解得：，知A、B的電勢不等，則電勢能不等，AB錯誤；C．A到虛線速度由零加速至v，虛線到B速度v減為零，位移相同，根據(jù)勻變速運動的推論知，時間相同，則加速度大小相等，方向相反，C錯誤；D．在上方電場，根據(jù)牛頓第二定律得：在下方電場中，根據(jù)牛頓第二定律得，加速度大小為：因a1=a2解得：若，則有：E2=2E1，D正確。故選D。6、B【解題分析】試題分析：金屬導(dǎo)體P接地時與大地組成一個新的導(dǎo)體，a為新導(dǎo)體的靠近Q的一端，而大地是遠離Q的一端，由于靜電感應(yīng)的作用，靠近Q的一端會帶上與Q相反的電荷，即帶上正電荷．接地的過程應(yīng)是b端感應(yīng)出來的負電荷被導(dǎo)到大地上，所以b端不帶電．故B正確，考點：考查了靜電感應(yīng)現(xiàn)象二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解題分析】

由粒子的偏轉(zhuǎn)方向可得出粒子的受力方向，以及電性，由功的計算可得出電場力做功的正負，由動能定理可得出粒子動能的變化；由牛頓第二定律判斷加速度的變化；【題目詳解】A、由圖可知，粒子向下偏轉(zhuǎn)，則說明粒子所受的電場力方向豎直向下，則粒子帶正電，故A錯誤，B正確；

C、由圖可知，粒子向下偏轉(zhuǎn)，電場力做正功，說明粒子速度增大，故C錯誤；D、由于勻強電場的場強不變，則粒子受到電場力不變，根據(jù)牛頓第二定律可知其加速度不變，故選項D正確?！绢}目點撥】本題是電場中軌跡問題，關(guān)鍵要能根據(jù)軌跡彎曲方向判斷出電場力的方向，掌握電場力做正功，電勢能減小，判斷動能的變化，以及由牛頓第二定律判斷加速度的變化。8、ABD【解題分析】

ABC．由于燈泡的電阻在圖線上的每一點都是由圖線不難看出，隨電壓的增大，電流的增加變得越發(fā)緩慢I－U圖線的斜率逐漸減?。娮枳兇?，C錯誤AB正確；D．小燈泡的功率對應(yīng)P點，小燈泡的功率為圖中矩形PQOM所圍面積大小，D正確。故選ABD。9、AC【解題分析】由閉合電路歐姆定律有U=E-Ir，結(jié)合圖像，電源電動勢為截距，電源電動勢為E=1.5V，電源內(nèi)阻為斜率，電源內(nèi)阻為r＝1.0Ω，回路短路電流，故AC正確，BD錯誤；故選AC．10、BC【解題分析】

A.將平行板電容器的下極板豎直向下移動一小段距離，導(dǎo)致極板間距增大，根據(jù)知，增大，則平行板電容器的電容將變小，故A錯誤；B.靜電計測量的是電容器兩端的電勢差，因為電容器始終與電源相連，則電勢差不變，所以靜電計指針張角不變，故B正確；C.電勢差不變，增大，根據(jù)則電場強度減小，帶電油滴所受的電場力變小，根據(jù)可知平行板電容器的電荷量減小，平行板電容器放電，G表中有的電流，故C正確；D.若先將電容器上極板與電源正極的導(dǎo)線斷開，則電荷量不變，兩極板間的電場強度：極板間距離發(fā)生變化，電場強度不變，則油滴所受電場力不變，帶電油滴將靜止，故D錯誤。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、BDACm1L2=m1L1+m2L3【解題分析】

（1）[1]為防止入射球1碰后反彈，則小球1的質(zhì)量一定大于小球2的質(zhì)量；為保證兩球正碰，則小球1的半徑要等于小球2的半徑，選項A錯誤；此實驗用小球平拋的水平位移代替小球的初速度，則斜槽口距地面的高度不用測量，選項B正確；小球在斜槽上的釋放點的高度大小要適當(dāng)，不一定越高越好，選項C錯誤；實驗過程中白紙不可以移動，復(fù)寫紙可以拿起來觀察點跡是否清晰，選項D正確。（2）[2]本實驗必需的有刻度尺和天平，刻度尺用來測量小球的水平位移；天平用來測量小球的質(zhì)量；故選AC.（3）[3]要驗證的表達式：兩邊乘以t可得：即m1L2=m1L1+m2L312、0.3950.397B小【解題分析】

(1)[1]固定刻度讀數(shù)為0，可動刻度讀數(shù)為39.7，所測長度為0+39.7×0.01=0.397mm，由于誤差所以測量長度在0.395mm到0.397mm之間；(2)[2]待測金屬絲的電阻約為，電流表的內(nèi)阻約為0.1，電壓表的內(nèi)阻約為3，所以待測金屬絲的電阻為小電阻，則電流表應(yīng)用外接法，即實驗中應(yīng)采用圖中的B圖對應(yīng)的電路；(3)[3]電流表外接法中，由于電壓表的分流作用，導(dǎo)致電流的測量值比真實值偏大，由公式可知，電阻的測量值比真實值偏小，由公式可知，電阻率的測量值比真實值偏小。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)v