2022-2023學年西藏林芝二中高三第三次教學質(zhì)量診斷性考試物理試題試卷

2022-2023學年西藏林芝二中高三第三次教學質(zhì)量診斷性考試物理試題試卷

注意事項：

1.答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。

2.回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再

選涂其它答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。

3.考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、對于一定質(zhì)量的理想氣體，下列敘述中正確的是（）

A.當分子間的平均距離變大時，氣體壓強一定變小

B.當分子熱運動變劇烈時，氣體壓強一定變大

C.當分子熱運動變劇烈且分子平均距離變小時，氣體壓強一定變大

D.當分子熱運動變劇烈且分子平均距離變大時，氣體壓強一定變大

2、在足夠長的光滑絕緣水平臺面上，存在有平行于水平面向右的勻強電場，電場強度為瓦水平臺面上放置兩個靜止

的小球A和B（均可看作質(zhì)點），兩小球質(zhì)量均為機，帶正電的A球電荷量為。，B球不帶電，A、B連線與電場線平

行。開始時兩球相距L在電場力作用下，A球開始運動（此時為計時零點，即f=0）,后與B球發(fā)生正碰，碰撞過程

中A、B兩球總動能無損失。若在各次碰撞過程中，A、B兩球間均無電荷量轉(zhuǎn)移，且不考慮兩球碰撞時間及兩球間

的萬有引力，則（）

上當…一…工

AB

A.第一次碰撞結(jié)束瞬間B球的速度大小為、些

Vm

B.第一次碰撞到第二次碰撞B小球向右運動了2L

C.第二次碰撞結(jié)束瞬間B球的速度大小為、陛回

D.相鄰兩次碰撞時間間隔總為2返

Vm

3、一列簡諧橫波沿x軸傳播，“、分為x軸上的兩質(zhì)點，平衡位置分別為x=0,x=x〃（x〃>0）。a點的振動規(guī)律如圖

所示。已知波速為v=lm/s,Uis時b的位移為0.05m,則下列判斷正確的是

A.從U0時刻起的2s內(nèi)，〃質(zhì)點隨波遷移了2m

B.UO.5s時，質(zhì)點a的位移為0.05m

C.若波沿x軸正向傳播，則可能m=0.5m

D.若波沿x軸負向傳播，貝!I可能xt>=2.5m

4、質(zhì)量為，"的箱子靜止在光滑水平面上，箱子內(nèi)側(cè)的兩壁間距為/,另一質(zhì)量也為，”且可視為質(zhì)點的物體從箱子中央

以％=2而的速度開始運動（g為當?shù)刂亓铀俣龋?，如圖所示。已知物體與箱壁共發(fā)生5次完全彈性碰撞。則物體

與箱底的動摩擦因數(shù)〃的取值范圍是（）

攻

5、關于分子間相互作用力與分子間勢能，下列說法正確的是（）

A.在lOr。（功為分子間作用力為零的間距，其值為距離范圍內(nèi)，分子間總存在著相互作用的引力

B.分子間作用力為零時，分子間的勢能一定是零

C.當分子間作用力表現(xiàn)為引力時，分子間的距離越大，分子勢能越小

D.分子間距離越大，分子間的斥力越大

6、基于人的指紋具有終身不變性和唯一性的特點，發(fā)明了指紋識別技術.目前許多國產(chǎn)手機都有指紋解鎖功能，常用

的指紋識別傳感器是電容式傳感器，如圖所示.指紋的凸起部分叫“靖”，凹下部分叫“峪”.傳感器上有大量面積相同

的小極板，當手指貼在傳感器上時，這些小極板和正對的皮膚表面部分形成大量的小電容器，這樣在崎處和峪處形成

的電容器的電容大小不同.此時傳感器給所有的電容器充電后達到某一電壓值，然后電容器放電，電容值小的電容器

放電較快，根據(jù)放電快慢的不同，就可以探測到喳和峪的位置，從而形成指紋圖象數(shù)據(jù).根據(jù)文中信息，下列說法正

確的是（）

A.在峪處形成的電容器電容較大

B.在峪處形成的電容器放電較慢

C.充電后在崎處形成的電容器的電荷量大

D.潮濕的手指頭對指紋識別絕對沒有影響

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、以點電荷A、B的連線為x軸，以點電荷B為坐標原點建立如圖所示的坐標系，點電荷A、B帶電量分別為3、qi,

間距為xo。一電子以一定的初速度進入該電場，由靠近坐標原點的位置沿x軸正方向運動，其電勢能的變化如圖中實

線所示，圖線與x軸交點的橫坐標為XI,圖線最高點對應的橫坐標為X2,則下列判斷正確的是

B.A電荷帶正電，B電荷帶負電

D如=（一+*0）

%了1

8、質(zhì)譜儀是用來分析同位素的裝置，如圖為質(zhì)譜儀的示意圖，其由豎直放置的速度選擇器、偏轉(zhuǎn)磁場構(gòu)成。由三種不

同粒子組成的粒子束以某速度沿豎直向下的方向射入速度選擇器,該粒子束沿直線穿過底板上的小孔。進入偏轉(zhuǎn)磁場,

最終三種粒子分別打在底板MN上的R、8、B三點，已知底板MN上下兩側(cè)的勻強磁場方向均垂直紙面向外，且磁

感應強度的大小分別為后、B2,速度選擇器中勻強電場的電場強度的大小為瓦不計粒子的重力以及它們之間的相互

B?

A.速度選擇器中的電場方向向右，且三種粒子均帶正電

E

B.三種粒子的速度大小均為方

t>2

C.如果三種粒子的電荷量相等，則打在尸3點的粒子質(zhì)量最大

D.如果三種粒子電荷量均為g,且尸1、尸3的間距為Ax,則打在B、B兩點的粒子質(zhì)量差為歿箸

9、楊氏雙縫干涉實驗中，雙縫距光屏8cm,現(xiàn)將光屏靠近雙縫，屏上原來3級亮紋依舊為亮紋，則移動的距離可能為

()

A.4.8B.4C.3.4D.3

10、如圖所示，理想變壓器的原線圈接在“=110版sin50加(V)的交流電源上，副線圈接有R=11()。的負載電阻,

原、副線圈匝數(shù)之比為1：2,電流表、電壓表均為理想電表。下列說法正確的是()

A.電流表的示數(shù)約為5.7AB.電壓表的示數(shù)約為22OV

C.原線圈的輸入功率為440WD.副線圈輸出的交流電的頻率為50Hz

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.(6分)我們可以用圖(a)所示裝置探究合外力做功與動能改變的關系。將光電門固定在水平軌道的B點，平衡摩擦

力后，用小桶通過細線拉小車，小車上安裝遮光條并放有若干鉤碼。現(xiàn)將小車上的鉤碼逐次移至小桶中，并使小車每

次都從同一位置A點由靜止釋放。

(1)用游標卡尺測出遮光條的寬度，記錄光電門的示數(shù)，從而算出小車通過B點的速度。其中游標卡尺測量情況如圖(b)

所示，則d=cm。

(2)測小桶質(zhì)量，以小桶和桶內(nèi)鉤碼質(zhì)量之和m為橫坐標，小車經(jīng)過B點時相應的速度平方為縱坐標，則v^m圖線應

該為下圖中o

12.（12分）某同學準備利用下列器材測量干電池的電動勢和內(nèi)電阻。

A.待測干電池兩節(jié)，每節(jié)電池電動勢約為L5V,內(nèi)阻約幾歐姆

B.直流電壓表Vi、V2,量程均為3V,內(nèi)阻約為3kC

C定值電阻Ro未知

D.滑動變阻器R,最大阻值Rm

E.導線和開關

（1）根據(jù)如圖甲所示的實物連接圖，在圖乙方框中畫出相應的電路圖一

（2）實驗之前，需要利用該電路圖測出定值電阻Ro,方法是先把滑動變阻器R調(diào)到最大阻值Rm,再閉合開關，電壓表

V1和V2的讀數(shù)分別為UlO、U20,則R<>=（用Um、U10>U20、Rm表示）

（3）實驗中移動滑動變阻器觸頭，讀出電壓表V1和V2的多組數(shù)據(jù)U卜U2,描繪出U2-U1圖象如圖丙所示，圖中直線斜

率為k,與縱軸的截距為a,則兩節(jié)干電池的總電動勢E=，總內(nèi)阻廠（用k、a、Ro表示）。

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）如圖所示，xOy為豎直面內(nèi)的直角坐標系，在），軸兩側(cè)存在電場強度大小相等的勻強電場，y軸右側(cè)電場

方向豎直向下，y軸左側(cè)電場方向豎直向上。y軸左側(cè)還存在一個方向垂直于坐標平面的圓形有界勻強磁場（圖中未畫

出），磁場邊界與y軸相切于。點?，F(xiàn)有一個質(zhì)量為，〃、電荷量為g的帶正電小球，用長為/、不可伸長的絕緣細線懸

掛在尸點的釘子上，尸點與坐標原點。的距離亦為將小球拉至細線繃直且與y軸負方向成60。角無初速釋放，小球

擺至O點即將進入磁場時細線恰好斷裂。最終小球剛好擊中尸點的釘子，此時速度方向與y軸正方向成30。角。已知

細線能承受的最大張力尸m=4,〃g,小球可視為質(zhì)點，重力加速度為g,不計阻力。求：

（1）電場強度的大??；

（2）磁感應強度的大小和磁場區(qū)域的面積；

（3）小球在xVO區(qū)域運動的時間。（結(jié)果用小、q、Kg表示）

14.（16分）第24屆冬奧會將于2022年在北京舉行，冰壺是比賽項目之一。如圖甲，藍壺靜止在大本營圓心。處，

紅壺推出后經(jīng)過P點沿直線向藍壺滑去，滑行一段距離后，隊員在紅壺前方開始。不斷刷冰，直至兩壺發(fā)生正碰為止。

已知，紅壺經(jīng)過P點時速度vo=3.25m/s,尸、。兩點相距L=27m,大本營半徑R=1.83m,從紅壺進入刷冰區(qū)域后某時

刻開始，兩壺正碰前后的7圖線如圖乙所示。假設在未刷冰區(qū)域內(nèi)兩壺與冰面間的動摩擦因數(shù)恒定且相同，紅壺進入

刷冰區(qū)域內(nèi)與冰面間的動摩擦因數(shù)變小且恒定，兩壺質(zhì)量相等且均視為質(zhì)點?

（1）試計算說明碰后藍壺是否會滑出大本營；

（2）求在刷冰區(qū)域內(nèi)紅壺滑行的距離s。

15.（12分）如圖所示，水平線油上方存在豎直向下的勻強電場，油以及必下方都存在豎直向上的勻強電場，場強

大小都相等。在必下方同時存在垂直紙面向外的勻強磁場。P為ab上方一點,到初距離為2心一質(zhì)量為機、帶電

荷量為R（<7>0）的帶電小球從尸點以大小為匕,=4瘋、與豎直方向成，=30。斜向下拋出。g為重力加速度，經(jīng)過

必上C點（圖中未畫出）時速度水平。

（1）求電場強度大?。?/p>

（2）小球經(jīng)過/下方。點（圖中未畫出）時獲得最大速度，。到顯的距離為二心，求磁場的磁感應強度大小。

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、C

【解析】

氣體壓強在微觀上與分子的平均動能和分子密集程度有關。當分子熱運動變劇烈且分子平均距離變大時，氣體壓強可

能變大、可能不變、也可能變?。划敺肿訜徇\動變劇烈且分子平均距離變小時，氣體壓強一定變大。

故選C。

2、A

【解析】

A.碰前球A的加速度

a-——

m

碰前A的速度為

碰前B的速度為

%=0

由于碰撞過程中A、B兩球總動能無損失，動量也守恒，有

mvM+mvBi=mv'M+mv'Bl

17121.2112

-mVM+-叫=-mVM+-叫

則碰撞后A、B的速度分別為

即交換速度，故A正確；

B.碰后B球向前勻速運動，A向前做勻加速運動，以后面球為參考系，前面球速度設為也到再次相遇，時間和位移

相等，根據(jù)

V

x=-t=vt

2

可知,

i=2、喀

Vm

則位移為

,2x2

2vm.

x=vt=v----=------—=4LT

aQE

m

由彈性碰撞可知，第二次碰撞結(jié)束瞬間B球的速度大小為碰前A球的速度，即為

%2=v=2v=2J跑冬

Vm

故BC錯誤；

D.由彈性碰撞可知，每次碰撞前后，兩球的速度差為

即每次都是后面球的速度增加2△丫后追上前面球，而加速度是固定的，則每次相鄰兩次碰撞時間間隔總為

c>QEL

“2Avm

△t=——rr_2隨

aQE-NQE

m

故D錯誤。

故選Ao

3、D

【解析】

根據(jù)圖象可知該波的周期為2s,振幅為0.05m。

A.在波傳播過程中，各質(zhì)點在自己的平衡位置附近振動，并不隨波傳播。故A錯誤;

B.由圖可知，U0.5s時，質(zhì)點a的位移為-0.05m。故B錯誤；

C.已知波速為u=lm/s,則波長：

2=vT=lx2=2ni；

由圖可知，在Qis時刻a位于平衡位置而且振動的方向向上，而在Uis時b的位移為0.05m,位于正的最大位移處,

可知若波沿x軸正向傳播，則》與“之間的距離為：

/=(/7+-)A.

(n=0,1,2,3…)，可能為：Xb=1.5m,3.5m。不可能為0.5m。故C錯誤;

D.結(jié)合C的分析可知，若波沿x軸負向傳播，則b與a之間的距離為：

Xh=(>i+—)X(7i=0,1,2,3...)

4

可能為：Xh=0.5m,2.5m。故D正確。

故選D。

4、C

【解析】

小物塊與箱子組成的系統(tǒng)動量守恒，以向右為正方向，由動量守恒定律得

mv0=共

解得

u共=/%

對小物塊和箱子組成的系統(tǒng)，由能量守恒定律得

由題意可知，小物塊與箱子發(fā)生5次碰撞，則物體相對于木箱運動的總路程

小物塊受到摩擦力為

/=Rmg

對系統(tǒng)，利用產(chǎn)熱等于摩擦力乘以相對路程，得

Q=ft=〃ngs

22

—?LL——

22

即故C正確，ABD錯誤。

故選C。

5、A

【解析】

A.分子間同時存在引力和斥力，在平衡距離以內(nèi)表現(xiàn)為斥力，在平衡距離以外表現(xiàn)為引力，在10功距離范圍內(nèi)，分

子間總存在著相互作用的引力，A正確；

BC.設分子平衡距離為/"o,分子距離為r,當r>ro,分子力表現(xiàn)為引力，分子距離越大，分子勢能越大；當Xr。，分

子力表現(xiàn)為斥力，分子距離越小，分子勢能越大；故當r=ro,分子力為0,分子勢能最??；由于分子勢能是相對的，

其值與零勢能點的選擇有關，所以分子距離為平衡距離時分子勢能最小，但不一定為零，B、C錯誤；

D.分子間距離越大，分子間的斥力越小，D錯誤。

故選A。

6、C

【解析】

根據(jù)電容的決定式C=分析d改變時電容的變化以及電荷量的多少；

4兀kd

根據(jù)電荷量的多少分析放電時間長短.

【詳解】

A.根據(jù)電容的計算公式C=3：可得，極板與指紋峪（凹下部分）距離d大，構(gòu)成的電容器電容小，故A錯誤；

BC.傳感器給所有的電容器充電后達到某一電壓值，然后電容器放電，所以所有的電容器電壓一定，根據(jù)

c-SIf

Q=CU=苦；可知，極板與指紋溝（凹的部分，d大,電容小）構(gòu)成的電容器充上的電荷較少，所以在峪處形成的電

容器放電過程中放電時間短，放電快；反之，在崎處形成的電容器電容大，電荷量大，放電時間長，故C正確，B錯

誤；

D.濕的手與傳感器之間有水填充，改變了原來匹配成平行板電容器的電容，所以會影響指紋解鎖，故D錯誤.

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

7、AC

【解析】

A.0到西之間電子的電勢能增大，電場力對電子做負功，電場力沿x軸負方向，故電場強度沿x軸正方向，A正確；

B.0到七過程中，電場力水平向左做負功，合電場強度水平向右，々之后，電場力水平向右做正功，合電場強度水

平向左，可知A電荷帶負電，B電荷帶正電，B錯誤；

CD.電場力做功改變電勢能，所以電場力的大小表示為：

所以電勢能隨位移變化的圖像的斜率為電場力，々處電場力為0,電場強度為0,所以:

k4中k

解得：”,C正確，D錯誤。

%

故選AC.

8、ACD

【解析】

A.根據(jù)粒子在磁場外中的偏轉(zhuǎn)方向，由左手定則知三種粒子均帶正電，在速度選擇器中，粒子所受的洛倫茲力向左,

電場力向右，知電場方向向右，故A正確;

B.三種粒子在速度選擇器中做勻速直線運動，受力平衡，有

qE-qvB[

得

E

v=一

B、

故B錯誤;

C.粒子在磁場區(qū)域田中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，有

-V2

qvB?=m—

得:

R=—

雙

三種粒子的電荷量相等，半徑與質(zhì)量成正比，故打在尸3點的粒子質(zhì)量最大，故C正確;

D.打在尸1、P3間距

▲cncn2nt,v2m,v2v、2E.

ZSLX—24一2R----------------=-----(z//z,-)--------Am

qB2qB2qB2"qB、B?

解得:

NAtn-12—

2E

故D正確；

故選ACD?

9、ABCD

【解析】

楊氏雙縫干涉亮條紋的位置為

kAD,

x=------,k=0±1,±2........

d9

其中，d為雙縫間距，。為雙縫到光屏的距離，入為光的波長。依題意有

3AD..UD

-------=------，D<Do

dd

其中，A為正整數(shù)，所以

D=3。0,k=4,5,6,.......

k

帶入。o=8cm可得O=6cm,4.8cm,4cm,3.4cm,3cm.......故ABCD均正確。

故選ABCDo

10^BC

【解析】

AB.由題意可知變壓器輸入電壓的有效值a=U0V,由于=」可知，副線圈兩端電壓

U2n2

U2=220V

電壓表的示數(shù)為220V；通過電阻R的電流

,U,220...

/,=一=---A=2A

2R110

由〃J=〃2人得

乙=4A

電流表的示數(shù)為4A,故A錯誤，B正確；

C.變壓器兩端功率相等，故原線圈的輸入電功率等于輸出功率

P=U3=220x2W=440W

故C正確；

D.交流電的頻率

/=—=^Hz=25Hz

2兀2兀

變壓器不改變交流電的頻率，故D錯誤。

故選BCo

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11、0.925B

【解析】

根據(jù)題中“現(xiàn)將小車上的鉤碼逐次移至小桶中…vZm圖線應該為“可知，本題考察機械能守恒的問題，應用機械能守恒、

游標卡尺讀數(shù)法則等知識分析求解。

【詳解】

⑴游標卡尺讀數(shù)為9mm+5x—mm=9.25mm=0.925c/n

20

(2)設小車、小桶、鉤碼的總質(zhì)量為小車從A運動到B的位移為x,則=整理得：聲=絲相，

2M

所以v2-m圖線是過原點的直線。故B項正確，ACD三項錯誤。

-20-GoRQkR()

Gom\-k\-k

(1)由實物圖可知電路的連接方式，得出的實物圖如圖所示:

(2)由圖可知，V2測量Ro與R兩端的電壓，Vi測量R兩端的電壓，則Ro兩端的電壓U20-U1O；由歐姆定律可知:

020一口10_〃20一0|0

Ro"

UwRm

U.-U,

(3)由閉合電路歐姆定律可知：E=Lb+7r,變形得：U-u+U\,結(jié)合圖象有：-k,

&2&+rR+rR0+r

E&)akR

a,解得;E—,r-[}~0

K()+r\-K\-k

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

⑶⑴吟⑵網(wǎng)、戶，上『;⑶亭+小「

qq\13

【解析】

(1)設小球從靜止釋放運動到0點時的速率為V0,由動能定理得

(qE+-cos60°)=-0

在。處細線恰好斷裂，由牛頓第二定律得

廣,廣、,nvo

Fm-(qE+mg)=-p-

而

Fm=4mg

聯(lián)立解得

E=!

丫0=必'~

q

(2)由前面分析可知小球在。處進入磁場后，重力與電場力恰好平衡，粒子做勻速圓周運動。出磁場后做勻速直線

運動到達尸處。粒子運動軌跡如圖所示

小、02分別為軌跡圓心、磁場圓心，設r、R分別為軌跡圓、磁場圓的半徑，根據(jù)幾何關系有

r+-------------7

sin30

解得

r--

3

由牛頓第二定律得

2

omv-

qv°B=-2-

解得

方向垂直于紙面向外；由幾何關系可知

R=Itan30，S=7rR2

解得

S=-7Vl2

3

27r

（3）小球在磁場中運動軌跡所對的圓心角為e=q-,所用的時間

rd

4=一

%

出磁場后勻速直線運動，所用時間

“2―

%

故小球在x<0區(qū)域運動的時間

14、（1）會滑出；（2）s=15m

【解析】

（1）設冰壺的質(zhì)量為，蛇碰撞前、后瞬間紅壺、藍壺的速度分別為0、（和匕'，