2021-2022學(xué)年新疆昌吉市高考臨考沖刺物理試卷含解析

2021-2022學(xué)年高考物理模擬試卷

考生須知：

1,全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色

字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應(yīng)位置上。

2,請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準(zhǔn)考證號。

3.保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、如圖，長/的輕桿兩端固定兩個質(zhì)量相等的小球甲和乙，初始時它們直立在光滑的水平地面上。后由于受到微小擾

動，系統(tǒng)從圖示位置開始傾倒。當(dāng)小球甲剛要落地時，其速度大小為（）

。甲

，乙o

^77777777777777

A-EB.C.、匚D.°

2、物理學(xué)家通過對實(shí)驗的深入觀察和研究，獲得正確的科學(xué)知識，推動物理學(xué)的發(fā)展.下列說法符合事實(shí)的是（）

A.英國物理學(xué)家盧瑟福第一次將量子觀念引入原子領(lǐng)域，提出了定態(tài)和躍遷的概念

B.法拉第最早在實(shí)驗中觀察到電流的磁效應(yīng)現(xiàn)象，從而揭開了電磁學(xué)的序幕

C.愛因斯坦給出了光電效應(yīng)方程，成功的解釋了光電效應(yīng)現(xiàn)象

D.法國學(xué)者庫侖最先提出了電場概念，并通過實(shí)驗得出了庫侖定律

3、長均為L的兩根輕繩，一端共同系住質(zhì)量為“，的小球，另一端分別固定在等高的A、B兩點(diǎn)，A、B兩點(diǎn)間的距離

也為L,重力加速度大小為g。今使小球在豎直平面內(nèi)以A、B連線為軸做圓周運(yùn)動，若小球在最高點(diǎn)速率為v時，兩

根繩的拉力恰好均為零，則小球在最高點(diǎn)速率為2V時，每根繩的拉力大小均為（）

4、如圖所示，在紙面內(nèi)半徑為R的圓形區(qū)域中充滿了垂直于紙面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度為8的勻強(qiáng)磁場，一點(diǎn)電荷從圖

中A點(diǎn)以速度均垂直磁場射入，與半徑04成30。夾角，當(dāng)該電荷離開磁場時，速度方向剛好改變了180。，不計電荷

的重力，下列說法正確的是（）

?xxxx

\x“XX

\/,

7切，

A.該點(diǎn)電荷離開磁場時速度方向的反向延長線通過。點(diǎn)

B.該點(diǎn)電荷的比荷為g=4a

mBR

冗R

C.該點(diǎn)電荷在磁場中的運(yùn)動時間為￡=「

3%

D.該點(diǎn)電荷帶正電

5、同一平面內(nèi)固定有一長直導(dǎo)線PQ和一帶缺口的剛性金屬圓環(huán)，在圓環(huán)的缺口兩端引出兩根導(dǎo)線，分別與兩塊垂直

于圓環(huán)所在平面固定放置的平行金屬板MN連接，如圖甲所示.導(dǎo)線PQ中通有正弦交流電流i,i的變化如圖乙所示,

規(guī)定從Q到P為電流的正方向，則在1~2s內(nèi)

P

A.M板帶正電，且電荷量增加

B.M板帶正電，且電荷量減小

C.M板帶負(fù)電，且電荷量增加

D.M板帶負(fù)電，且電荷量減小

6、我國計劃于2020年發(fā)射火星探測器，如圖是探測器到達(dá)火星后的變軌示意圖，探測器在軌道I上的運(yùn)行速度為片，

在軌道n上p點(diǎn)的運(yùn)行速度為也，。點(diǎn)的運(yùn)行速度為匕，在軌道in上尸點(diǎn)的運(yùn)行速度為山，R點(diǎn)的運(yùn)行速度為%,則

下列關(guān)系正確的是

軌道m(xù).........................

廣”軌道

R，Q］軌道叫

A.v2<v.B.Vj<v3

C.v4>v2D.”>匕"

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、如圖1所示，光滑的平行豎直金屬導(dǎo)軌48、。相距〃在A、C之間接一個阻值為K的電阻，在兩導(dǎo)軌間Med

矩形區(qū)域內(nèi)有垂直導(dǎo)軌平面豎直向上、寬為5d的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為8,一質(zhì)量為，小電阻為人長度也剛好為

L的導(dǎo)體棒放在磁場下邊界必上（與必邊重合）,.現(xiàn)用一個豎直向上的力尸拉導(dǎo)體棒，使它由靜止開始運(yùn)動，己知

導(dǎo)體棒離開磁場前已開始做勻速直線運(yùn)動，導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌始終垂直且保持良好接觸，導(dǎo)軌電阻不計，尸隨導(dǎo)體棒與初

始位置的距離x變化的情況如圖2所示，下列判斷正確的是（）

A.導(dǎo)體棒經(jīng)過磁場的過程中，通過電阻R的電荷量為四<

2〃2g（R+尸）

導(dǎo)體棒離開磁場時速度大小為

B.B'l}-

C.離開磁場時導(dǎo)體棒兩端電壓為也里

BL

2Mg2（R+「）

D.導(dǎo)體棒經(jīng)過磁場的過程中，電阻R產(chǎn)生焦耳熱為9mgd-

B4L4

8、荷蘭某研究所推出了2023年讓志愿者登陸火星、建立人類聚居地的計劃.登陸火星需經(jīng)歷如圖所示的變軌過程,

已知引力常量為G,則下列說法正確的是

軌道風(fēng),?一

，/軌ley

A.飛船在軌道上運(yùn)動時，運(yùn)行的周期Tm>Tn>Ti

B.飛船在軌道i上的機(jī)械能大于在軌道n上的機(jī)械能

c.飛船在尸點(diǎn)從軌道n變軌到軌道I,需要在P點(diǎn)朝速度反方向噴氣

D.若軌道I貼近火星表面，已知飛船在軌道I上運(yùn)動的角速度，可以推知火星的密度

9、如圖所示.輕質(zhì)彈簧的一端與固定的豎直板P拴接，另一端與物體A相連，物體A靜止于光滑水平桌面上，右端接

一細(xì)線，細(xì)線繞過光滑的定滑輪與物體8相連。開始時用手托住B,讓細(xì)線恰好伸直然后由靜止釋放B,直至B獲得

最大速度。下列有關(guān)該過程的分析正確的是（）

A.B物體的動能增加量小于B物體重力勢能的減少量

B.B物體機(jī)械能的減少量等于彈簧的彈性勢能的增加量

C.細(xì)線拉力對A做的功等于A物體與彈簧所組成的系統(tǒng)機(jī)械能的增加量

D.合力對A先做正功后做負(fù)功

10、如圖所示，在某一峽谷的兩側(cè)存在與水平面成相同角度的山坡，某人站在左側(cè)山坡上的尸點(diǎn)向?qū)γ娴纳狡律纤?/p>

拋出三個質(zhì)量不等的石塊，分別落在4、8、C三處，不計空氣阻力，A、C兩處在同一水平面上，則下列說法正確的

是（）

A.落到A、B、C三處的石塊落地速度方向相同

B.落到4、8兩處的石塊落地速度方向相同

C.落到5、C兩處的石塊落地速度大小可能相同

D.落到C處的石塊在空中運(yùn)動的時間最長

三、實(shí)驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.（6分）為了測量一待測電阻&的阻值，準(zhǔn)備了以下器材：

A.多用電表

B.電流表Gi（0~100mA,內(nèi)阻約5。）

C.電流表G2（0~50mA,內(nèi)阻r2=10。）

D.定值電阻Ro（20。）

E.滑動變阻器修（0-5Q）

F.滑動變阻器R2(0-100￡2)

G直流電源(3.0V,內(nèi)阻不計)

H.開關(guān)一個及導(dǎo)線若干

(1)用多用電表歐姆表“xl”擋粗測電阻時，其阻值如圖甲中指針?biāo)荆瑒t&的阻值大約是

(2)滑動變阻器應(yīng)選________(填儀器前的序號)。

(3)若是用G2表測&兩端電壓，請在圖乙對應(yīng)的虛線框中完成實(shí)驗電路設(shè)計(要求：滑動變阻器便于調(diào)節(jié)，電表讀

數(shù)不得低于量程的()

(4)補(bǔ)全實(shí)驗步驟：

?.按圖乙所示電路圖連接電路，將變阻器滑動觸頭移至最端(選填“左”或“右”)；

b.閉合開關(guān)S,移動變阻器滑動觸頭至某一位置，記錄Gi、G2表的讀數(shù)八、h；

C.多次移動變阻器滑動觸頭，記錄相應(yīng)的Gl、G2表的讀數(shù)八、h；

d.以為縱坐標(biāo)，八為橫坐標(biāo)，作出相應(yīng)圖線如圖丙所示，則待測電阻區(qū)的阻值為。(保留兩位有效數(shù)字)。

12.(12分)如圖所示，是把量程為0~10mA的電流表改裝成歐姆表的結(jié)構(gòu)示意圖，其中電池電動勢E=L5V。

(1)經(jīng)改裝后，若要確定“0”?？潭任恢?，應(yīng)將紅、黑表筆短接，并調(diào)節(jié)滑動變阻器/?的阻值，使原電流表指針指到

____________mA刻度處；

(2)改裝后的歐姆表的內(nèi)阻值為。，電流表2mA刻度處應(yīng)標(biāo)

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.(10分)如圖所示，一對平行光滑軌道放置在水平面上，兩軌道相距L=lm,兩軌道之間用電阻K=2C連接，有

一質(zhì)量機(jī)=0.5kg的導(dǎo)體桿靜止地放在軌道上與兩軌道垂直，桿及軌道的電阻皆可忽略不計，整個裝置處于磁感應(yīng)強(qiáng)度

B=2T的勻強(qiáng)磁場中，磁場方向垂直軌道平面向上?，F(xiàn)用水平拉力尸沿軌道方向拉導(dǎo)體桿，使導(dǎo)體桿從靜止開始做勻

加速運(yùn)動。經(jīng)過位移x=0.5m后，撤去拉力，導(dǎo)體桿又滑行了x，=1.5m后停下。求：

(1)整個過程中通過電阻R的電荷量q；

⑵拉力的沖量大小

(3)整個過程中導(dǎo)體桿的最大速度vm；

(4)在勻加速運(yùn)動的過程中，拉力尸與時間，的關(guān)系式。

14.(16分)如圖所示的直角坐標(biāo)系xOy,在其第二象限內(nèi)有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場和沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場。

虛線04位于第一象限，與y軸正半軸的夾角在60。，在此角范圍內(nèi)有垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場；OA與y軸負(fù)半軸所

6

夾空間里存在與平行的勻強(qiáng)電場，電場強(qiáng)度大小E=10N/Co一比荷9=lxlOC/kg的帶電粒子從第二象限內(nèi)M點(diǎn)以

速度y=2.0xl伊m/s沿x軸正方向射出，M點(diǎn)到x軸距離d=L0m,粒子在第二象限內(nèi)做直線運(yùn)動；粒子進(jìn)入第一象限

后從直線04上的尸點(diǎn)(尸點(diǎn)圖中未畫出)離開磁場，且。尸=/不計粒子重力。

(1)求第二象限中電場強(qiáng)度和磁感應(yīng)強(qiáng)度的比值今；

(2)求第一象限內(nèi)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B；

(3)粒子離開磁場后在電場中運(yùn)動是否通過x軸？如果通過x軸，求其坐標(biāo)；如果不通過x軸，求粒子到x軸的最小距

離。

15.(12分)如圖(甲)所示，粗糙直軌道OB固定在水平平臺上，A是軌道上一點(diǎn)，3端與平臺右邊緣對齊，過5

點(diǎn)并垂直于軌道的豎直面右側(cè)有大小E=1.0X10，N/C,方向水平向右的勻強(qiáng)電場。帶負(fù)電的小物體P電荷量是2.0x10-

5C,質(zhì)量為m=lkg。小物塊P從0點(diǎn)由靜止開始在水平外力作用下向右加速運(yùn)動，經(jīng)過0.75s到達(dá)A點(diǎn)，當(dāng)加速到4m/s

時撤掉水平外力F,然后減速到達(dá)B點(diǎn)時速度是3m/s,F的大小與P的速率v的關(guān)系如圖(乙)所示。P視為質(zhì)點(diǎn)，

P與軌道間動摩擦因數(shù)〃=0.5,直軌道上表面與地面間的距離為/i=1.25m,P與平臺右邊緣碰撞前后速度大小保持不變,

忽略空氣阻力，取g=10m/s2。求：

(DP從開始運(yùn)動至速率為Im/s所用的時間；

(2)軌道OB的長度；

(3)P落地時的速度大小。

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、C

【解析】

甲、乙組成的系統(tǒng)水平方向動量守恒，以向右為正方向，在水平方向，由動量守恒定律得：

二二三-三=。

當(dāng)小球甲剛要落地時，水平方向上的速度為零，所以乙球的速度也為零，乙球的動能為零，甲球的重力勢能全部轉(zhuǎn)化

為甲球的動能，由機(jī)械能守恒定律得：

解得：

—三=\------

A..與計算結(jié)果不符，故A不符合題意。

B.、一與計算結(jié)果不符，故B不符合題意。

C.、一與計算結(jié)果相符，故C符合題意。

D.0與計算結(jié)果不符，故D不符合題意。

2、C

【解析】

玻爾第一次將量子觀念引入原子領(lǐng)域，提出了定態(tài)和躍遷的概念，選項A錯誤；奧斯特最早在實(shí)驗中觀察到電流的磁

效應(yīng)現(xiàn)象，從而揭開了電磁學(xué)的序幕，選項B錯誤；愛因斯坦給出了光電效應(yīng)方程，成功的解釋了光電效應(yīng)現(xiàn)象，選

項C正確；法拉第最先提出了電場概念，庫倫通過實(shí)驗得出了庫侖定律，選項D錯誤；故選C.

3、A

【解析】

小球在最高點(diǎn)速率為v時，兩根繩的拉力恰好均為零，有：mg=m三，當(dāng)小球在最高點(diǎn)的速率為2V時，根據(jù)牛頓第二

定律有：rng+2rcos30°=m?解得：T=\=,故選A.

4、B

【解析】

A、

X史.

Xx/

X」

如圖所示，點(diǎn)電荷在磁場中做勻速圓周運(yùn)動，根據(jù)幾何關(guān)系作出點(diǎn)電荷運(yùn)動軌跡有：

電荷在電場中剛好運(yùn)動T/L電荷做圓周運(yùn)動的半徑r=Rsin30<>=R/L

A.如圖，電荷離開磁場時速度方向與進(jìn)入磁場時速度方向相反，其反向延長線不通過O點(diǎn)，故A錯誤；

B.根據(jù)洛倫茲力提供向心力有4%3=加或，所以："=?=鐺，故B正確；

rinBrRB

T12萬丫TIR

C.由圖知該電荷在磁場中運(yùn)動的時間=——,故C錯誤；

D.根據(jù)電荷偏轉(zhuǎn)方向，由左手定則可知，該電荷帶負(fù)電，故D錯誤.

故選B

5、A

【解析】

在卜2s內(nèi)，穿過金屬圓環(huán)的磁場垂直于紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度變小，穿過金屬圓環(huán)的磁通量變小，磁通量的變化率變

大，假設(shè)環(huán)閉合，由楞次定律可知感應(yīng)電流磁場與原磁場方向相同，即感應(yīng)電流磁場方向垂直于紙面向里，然后由安

培定則可知感應(yīng)電流沿順時針方向，由法拉第電磁感應(yīng)定律可知感應(yīng)電動勢增大，由此可知上極M板電勢高，帶正電,

電荷量增加，故A正確，B、C、D錯誤；

故選A.

6^C

【解析】

A.在軌道I上尸點(diǎn)的速度小于軌道n上尸點(diǎn)的速度，選項A錯誤；

B.在軌道I上的速度大于經(jīng)過。點(diǎn)的圓軌道上的速度，即大于軌道II上。點(diǎn)的速度，選項B錯誤；

C.探測器在軌道I上運(yùn)行，若經(jīng)過尸點(diǎn)時瞬時加速，就變成橢圓軌道，而且在尸點(diǎn)加速時獲得的速度越大，橢圓軌

道的遠(yuǎn)火星點(diǎn)就越遠(yuǎn)，軌道m(xù)的遠(yuǎn)火星點(diǎn)R比軌道n上的遠(yuǎn)火星點(diǎn)。更遠(yuǎn)，因此為>為，選項c正確；

D.設(shè)尸點(diǎn)到火星中心的距離為r,。點(diǎn)到火星中心的距離為n，R點(diǎn)到火星中心的距離為小由開普勒第二定律有：

v,V.

均「=匕4，v4r=v5r2,4>4，則丁〈丁，選項D錯誤.

故選C.

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7,B

【解析】

p2r2

設(shè)導(dǎo)體棒離開磁場時速度大小為V.此時導(dǎo)體棒受到的安培力大小為：F.由平衡條件得：F=F$+mg；由

女R+r

2mg(R+r)

圖2知：F=3mg,聯(lián)立解得:.故B正確.導(dǎo)體棒經(jīng)過磁場的過程中，通過電阻R的電荷量為:

B2I3

△①B-5dL5BLd…、口j,2ms?

q------=-------=------.故A錯誤.離開磁場時，由FnWL+mg得：/=----,導(dǎo)體棒兩端電壓為:

R+rR+rR+rBL

U=/R=2fE.故C錯誤.導(dǎo)體棒經(jīng)過磁場的過程中，設(shè)回路產(chǎn)生的總焦耳熱為Q.根據(jù)功能關(guān)系可得：

BL

|R

Q=WF-mg^d--mv2,而拉力做功為：W￥=2mgd+3mg94d=14mgd；電阻R產(chǎn)生焦耳熱為：。我=-----Q；聯(lián)立解得:

2R+r

9mgdRB&〃-2m3gK(R+4

QR=.故D錯誤.

B4If(R+r)

8、AD

【解析】

A.根據(jù)開普勒第三定律1

k,可知，飛船在軌道上運(yùn)動時，運(yùn)行的周期故A正確。

BC.飛船在/,點(diǎn)從軌道n變軌到軌道I,需要在點(diǎn)朝速度方向噴氣，從而使飛船減速到達(dá)軌道I,則在軌道I上機(jī)

械能小于在軌道II的機(jī)械能。故BC錯誤。

M

Mm

D.據(jù)萬有引力提供圓周運(yùn)動向心力G鏟=mRay,火星的密度為:4乃R…聯(lián)立解得火星的密度:

3療

4^G

故D正確。

9、AC

【解析】

A.由于A、B和彈簧系統(tǒng)機(jī)械能守恒，所以B物體重力勢能的減少量等于A、B增加的動能以及彈性勢能，故A正

確；

B.整個系統(tǒng)機(jī)械能守恒，所以B物體機(jī)械能減少量等于A物體與彈簧機(jī)械能的增加，故B錯誤；

C.根據(jù)功能關(guān)系除重力和彈簧彈力以外的力即繩子的拉力等于A物體與彈簧所組成的系統(tǒng)機(jī)械能的增加量，故C正

確；

D.由題意由靜止釋放B,直至B獲得最大速度，該過程中A物體的速度一直在增大，所以動能一直在增大。合力一

直對A做正功，故D錯誤。

故選AC。

10、BC

【解析】

試題分析：平拋運(yùn)動在水平方向上做勻速直線運(yùn)動，在豎直方向上做自由落體運(yùn)動，根據(jù)高度比較運(yùn)動的時間，結(jié)合

水平位移和時間比較初速度.知道速度方向與水平方向夾角的正切值是位移與水平方向夾角正切值的2倍.

解：A、因為速度方向與水平方向的夾角的正切值是位移與水平方向夾角正切值的2倍，A、B兩點(diǎn)的位移方向相同，

與落在C點(diǎn)的位移方向不同，所以A、B兩點(diǎn)的速度方向相同，與C點(diǎn)的速度方向不同，故A錯誤，B正確.

C、落在B點(diǎn)的石塊豎直分速度比C點(diǎn)豎直分速度大，但是B點(diǎn)的水平分速度比C點(diǎn)水平分速度小，根據(jù)平行四邊形

定則可知，兩點(diǎn)的速度大小可能相同，故C正確.

D、高度決定平拋運(yùn)動的時間，可知落在B點(diǎn)的石塊運(yùn)動時間最長.故D錯誤.

故選BC.

點(diǎn)評：解決本題的關(guān)鍵知道平拋運(yùn)動在水平方向和豎直方向上的運(yùn)動規(guī)律，知道速度方向與水平方向夾角的正切值是

位移與水平方向夾角正切值的2倍.

三、實(shí)驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11、9（或9.0）左10

【解析】

(1)[1]多用電表用歐姆表盤的讀數(shù)乘以倍率即為待測電阻阻值

9xlC=9c

(2)[2]滑動變阻器采用分壓式接入電路，所以選擇阻值較小的滑動變阻器便于調(diào)節(jié)分壓，即選E。

(3)[3|電路中沒有電壓表，電流表G2的內(nèi)阻已知，可作為電壓表使用，電流表G1采用外接方式可以消除系統(tǒng)誤差,

使測量結(jié)果更精確，定值電阻凡串聯(lián)在分壓電路上，起到保護(hù)電路的作用，電路圖如圖

11

~cS——

(5)[4]滑動變阻器的觸頭在開始實(shí)驗前，需要滑到最左端保護(hù)電路，使電表的示數(shù)都從0開始變化。

⑸根據(jù)電路圖結(jié)合歐姆定律的分流規(guī)律可得

A=4+—

R、

整理得

9+弓

結(jié)合圖像的斜率

&6△/,37.5x10'

---——=--------=——==05

RK+r25+lOQA/,75x10-3

解得

4=10Q

12、10150600

【解析】

⑴口]根據(jù)閉合歐姆定律

I=---

RAjR5。

可知，當(dāng)電流最大時，測量電阻最小，即若要確定“0”。刻度位置，應(yīng)將紅、黑表筆短接，并調(diào)節(jié)滑動變阻器R的阻

值，使原電流表指針指到10mA刻度處

(2)⑵改裝后歐姆表的內(nèi)阻為

E15

R,=巴=：Q=150Q

s/?10x10-3

[3J2mA刻度處標(biāo)

E15

R=--/?,=(—1-150)Q=600Q

Ig2xl(y3

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13、(l)2C(2)4kg-m/s(3)6m/s(4)F=72/+18(N)

【解析】

(1)導(dǎo)體桿切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢

卜①

E=——

△t

回路中電流

E

/——

R

通過電阻K的電荷量

△①

q=IAt=-----

R

磁通量A0=BLAx,又Ax=x+x,

代入數(shù)據(jù)可得

BLl\x2xlx(0.5+1.5)

q=--------=------------------------C=2C

R2

(2)根據(jù)動量定理

IF-FSAZ=0-0

F^=BIL,M為導(dǎo)體桿整個過程中所用時間

lF=BIL\t=BLq

所以

/?=4kg-m/so

(3)當(dāng)撤去力尸后，根據(jù)楞次定律可以判斷感應(yīng)電流必定阻礙導(dǎo)體桿的相對運(yùn)動，所以桿做減速運(yùn)動，桿的最大速

度應(yīng)該為撤去外力F瞬間的速度。

撤去F之后通過電阻R的電荷量為

BLx

q2~~R~

撤去外力尸之后，以水平向右為正方向，根據(jù)動量定理，則

=

-25L^2O-/WVm

聯(lián)立上式得導(dǎo)體桿的最大速度為

vm=6m/s

(4)根據(jù)受力分析可知

BLv

F-B-----L=ma

R

2

由運(yùn)動學(xué)公式v=at,vm=2?x

可解得

<i=36m/s2

聯(lián)立上式可得關(guān)系式為

F=72Z+18(N)

14、(DZOxltfm/s；(2)2X10-3T;(3)不會通過，0.2m

【解析】

(1)由題意可知，粒子在第二象限內(nèi)做勻速直線運(yùn)動，根據(jù)力的平衡有

qvB°=qE0

解得

^-=2.0xl03m/s

B°

(2)粒子在第二象限的磁場中做勻速圓周運(yùn)動，由題意可知圓周運(yùn)動半徑

R=d=