2021屆安徽省蕪湖市高考物理質(zhì)檢試卷(5月份)(含答案解析)

2021屆安徽省蕪湖市高考物理質(zhì)檢試卷（5月份）

一、單選題（本大題共5小題，共30.0分）

E/eV

1.氫原子的能級(jí)如圖所示，已知可見(jiàn)光的光子能量范圍約為n

oo0

4-0.85

1.62eU?3.11eV.下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）3-1.51

A.處于n=3能級(jí)的氫原子可以吸收任意頻率的紫外線，并發(fā)生電離2-3.4

B.大量氫原子從高能級(jí)向九=3能級(jí)躍遷時(shí)，不可能發(fā)出可見(jiàn)光

C.大量處于n=4能級(jí)的氫原子向低能級(jí)躍遷時(shí)，可能發(fā)出6種不同1-13.6

頻率的光

D.一個(gè)處于n=3能級(jí)的氫原子向低能級(jí)躍遷時(shí)，最多可能發(fā)出3種不同頻率的光

2.如圖所示，半徑為，?的圓筒，繞豎直中心軸。0'轉(zhuǎn)動(dòng)，小物塊a靠在圓筒的內(nèi)壁上0

33

它與圓筒的摩擦系數(shù)為〃，若小物塊最大靜摩擦力與滑動(dòng)摩擦力近似相等，現(xiàn)要使

。不下落，則圓筒轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度3至少為（）

A.：at

B.

C.

D.

3.如圖所示，木板P下端通過(guò)光滑較鏈固定于水平地面上的。點(diǎn)，物體A、B疊

放在木板上且處于靜止?fàn)顟B(tài)，此時(shí)物體3的上表面水平?，F(xiàn)使木板P繞。點(diǎn)緩

慢旋轉(zhuǎn)到虛線所示位置，物體48仍保持靜止，與原位置的情況相比（）

A.A對(duì)3的壓力減小B.8對(duì)A的作用力減小

C.木板對(duì)B的支持力減小D.木板對(duì)B的摩擦力增大

4.銀河系的恒星大約四分之一是雙星.某雙星由質(zhì)量不等的星體工和S2構(gòu)成,

兩星在相互之間的萬(wàn)有引力作用下繞兩者連線上某一定點(diǎn)。做勻速圓周，序；

運(yùn)動(dòng)，由天文觀察測(cè)得其運(yùn)動(dòng)周期為T,Si到。點(diǎn)的距離為Si和S2的

距離為，，且「1＞：,已知引力常數(shù)為G,那么以下錯(cuò)誤的是（）

A.兩星向心力大小必相等B.兩星作圓周運(yùn)動(dòng)角速度必相等

4712r2rl

C.S2質(zhì)量為:D.Si質(zhì)量大于S2質(zhì)量

GT2

5.甲、乙二人同時(shí)從4地趕往B地，甲先騎自行車，到中點(diǎn)后改為跑步；而乙則是先跑步，到中

點(diǎn)后改為騎自行車，最后兩人同時(shí)到達(dá)8地.又知甲騎自行車比乙騎自行車的速度大，并且二人

騎車的速度均比跑步的速度大.若某人離開(kāi)A地的距離s與所用時(shí)間［的函數(shù)關(guān)系用函數(shù)圖象表

示，則甲、乙兩人的圖象可能是下列四個(gè)函數(shù)圖象中的（）

①②③④

A.甲是①，乙是②B.甲是①，乙是④

C.甲是③，乙是②D.甲是③，乙是④

二、多選題（本大題共4小題，共23.0分）

6.如圖所示為一組方向未知的勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)線，將帶電荷量為q=

一4.0x10-6。的點(diǎn)電荷由A點(diǎn)沿水平線移至B點(diǎn)，克服靜電力做了X6?/

8x10-6/的功，已知A、B間的距離為2cm（）///7

A.A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差=—2了

B.若A點(diǎn)的電勢(shì)為以=1U,則8點(diǎn)電勢(shì)RB=-1V

C.該勻強(qiáng)電場(chǎng)的大小為lOOV/rn,方向沿電場(chǎng)線斜向下

D.該勻強(qiáng)電場(chǎng)的大小為200V/m,方向沿電場(chǎng)線斜向下

7.已知一臺(tái)交流發(fā)電機(jī)電樞中產(chǎn)生的交變電動(dòng)勢(shì)為e=EmCOS3t,如果要將交變電動(dòng)勢(shì)的有效值

提高一倍，而交流電的周期不變，可采取的方法是（）

A.將磁感應(yīng)強(qiáng)度增加一倍，其他條件不變

B.將電樞轉(zhuǎn)速提高一倍，其他條件不變

C.將磁感應(yīng)強(qiáng)度增加一倍，線圈的面積縮小一半，其它條件不變

D.將線圈的面積增加一倍，其他條件不變

8.一滑雪運(yùn)動(dòng)員沿平直雪道進(jìn)行滑雪訓(xùn)練。某次訓(xùn)練中，他站在滑雪板上，

滑雪杖觸地并向后推動(dòng)，利用雪面的反作用力由靜止開(kāi)始加速，滑雪杖與

雪面接觸0.2s之后收起，再過(guò)0.8s后滑雪杖再次觸地，觸地0.2s后滑雪杖

收起直至滑行停止。若每次滑雪杖觸地產(chǎn)生的豎直作用力是運(yùn)動(dòng)員（含裝

備）重力的0.5倍、產(chǎn)生的水平推力為運(yùn)動(dòng)員（含裝備）滑雪杖觸地過(guò)程中所’

受滑動(dòng)摩擦力的19倍，滑雪板與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.1,空氣阻力不計(jì)，重力加速度g=

10m/s2,則本次訓(xùn)練中運(yùn)動(dòng)員（）

A.第1s末的速度為lm/s

B.第2s末的速度為1.8m/s

C.第2s內(nèi)的位移比第1s內(nèi)的位移大0.5m

D.第2s內(nèi)的位移比第15內(nèi)的位移大1m

9.下列說(shuō)法正確的是（）

A.水的溫度越高，水分子的熱運(yùn)動(dòng)越劇烈

B.布朗運(yùn)動(dòng)是由于液體分子從各個(gè)方向?qū)Σ祭饰⒘Ｗ矒糇饔玫牟黄胶庖鸬?/p>

C.晶體在熔化過(guò)程中要吸收熱量，但溫度保持不變，內(nèi)能也保持不變

D.荷葉上的露珠呈球形是水的表面張力作用的結(jié)果

E.空調(diào)在制冷過(guò)程中，從室內(nèi)吸收的熱量等于向室外放出的熱量

三、填空題（本大題共1小題，共4.0分）

10.某波源S發(fā)出一列簡(jiǎn)諧橫波，波源S的振動(dòng)圖像如圖所示。在波的傳播方向上有A、B兩點(diǎn)，他

們到S的距離分別為45,”和55小。測(cè)得A、B兩點(diǎn)開(kāi)始振動(dòng)的時(shí)間間隔為1.0s。由此可知：

①波長(zhǎng)4=/?；

②當(dāng)B點(diǎn)離開(kāi)平衡位置的位移為+6sn時(shí)，A點(diǎn)離開(kāi)平衡位置的位移是cm.

四、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共15.0分）

11.某同學(xué)利用圖甲所示裝置驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律。

（1）該同學(xué)用10分度游標(biāo)卡尺測(cè)量鋼球的直徑，測(cè)量結(jié)果如圖乙所示，則鋼球的直徑d=cm.

（2）他將鋼球自A點(diǎn)由靜止釋放，計(jì)時(shí)裝置測(cè)得鋼球通過(guò)光電門3的時(shí)間t=2.80ms,則鋼球通過(guò)光

電門B時(shí)的速度大小為m/s.（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）

(3)他用毫米刻度尺測(cè)得A、B間的距離為/?,已知當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣却笮間,則只需等式。九=

成立，就說(shuō)明鋼球下落過(guò)程中機(jī)械能守恒。(用題目中涉及的物理量符號(hào)表示)

銅球

04

12cm

甲乙

12.如圖(a)是“測(cè)電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻”的實(shí)驗(yàn)電路，如果采用一節(jié)新干電池進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，實(shí)驗(yàn)時(shí)會(huì)

發(fā)現(xiàn)，當(dāng)滑動(dòng)變阻器在阻值較大的范圍內(nèi)調(diào)節(jié)時(shí)，電壓表,原因是：,從而影

響測(cè)量值的精確性.

為了較精確地測(cè)量一節(jié)新干電池的內(nèi)阻，可用以下給定的器材和一些導(dǎo)線來(lái)完成實(shí)驗(yàn)，器材：量程

3V的理想電壓表匕量程0.64的電流表4(具有一定內(nèi)阻)，定值電阻R()(Ro=L50)，滑動(dòng)變阻

器治(0?100,滑動(dòng)變阻器/?2(。?2000)，開(kāi)關(guān)&

(1)實(shí)驗(yàn)電路原理圖如圖(b)，加接電阻品有兩方面的作用，一是方便實(shí)驗(yàn)操作和數(shù)據(jù)測(cè)量，二是

(2)為方便實(shí)驗(yàn)調(diào)節(jié)且能較準(zhǔn)確地進(jìn)行測(cè)量，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用(填8或R2).

(3)用筆畫線代替導(dǎo)線在圖(c)丙中完成實(shí)物連接圖.

(4)實(shí)驗(yàn)中改變滑動(dòng)變阻器的阻值，測(cè)出幾組電流表和電壓表的讀數(shù)在給出的U-/坐標(biāo)系中畫出U-

/圖線如圖(d)所示，則新干電池的內(nèi)阻r=。

五、計(jì)算題(本大題共4小題，共52.0分)

13.一質(zhì)量為20g的彈性小球，從高2〃?處以某一速度豎直向下拋出，落到地面時(shí)速度為127H/S,與

地面的接觸時(shí)間為0.1s,最終反彈到5.5m處。設(shè)空氣阻力恒為重力的0.1倍，求：

(1)小球拋出時(shí)的速度為;

(2)與地面碰撞時(shí)損失的機(jī)械能△E；

(3)地面對(duì)小球的平均作用力F。

14.如圖所示，在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中有一傾斜的平行金屬導(dǎo)軌，導(dǎo)軌間距為/,

兩導(dǎo)軌間連有一電阻R,導(dǎo)軌平面與水平面的夾角為。，在兩虛線

間的導(dǎo)軌上涂有薄絕緣涂層，涂層寬度也為，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)

度大小為8,方向與導(dǎo)軌平面垂直.質(zhì)量為〃?的導(dǎo)體棒從人高度處

由靜止釋放，在剛要滑到涂層處時(shí)恰好勻速運(yùn)動(dòng).導(dǎo)體棒始終與導(dǎo)軌垂直且僅與涂層間有摩擦,

動(dòng)摩擦因數(shù)〃=tan。，其他部分的電阻不計(jì)，重力加速度為g,求:

(1)導(dǎo)體棒到達(dá)底端的速度

(2)整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中產(chǎn)生的焦耳熱.

15.如圖所示，粗細(xì)均勻的U形管，左端封閉，右端開(kāi)口，左端用水銀

封閉著長(zhǎng)L=15cm的理想氣體，當(dāng)溫度為27式時(shí)，兩管水銀面的高

度差△h=3cm,設(shè)外界大氣壓為75cmHg,則

(1)若對(duì)封閉氣體緩慢加熱，為了使左右兩管中的水銀面相平，溫度需升

高到多少？

(2)若保持27久不變，為了使左右兩管中的水銀面相平，需從右管的開(kāi)口端再緩慢注入的水銀柱長(zhǎng)度

應(yīng)為多少？

16.如圖所示，一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正向傳播，t=0時(shí)刻的實(shí)線波形經(jīng)過(guò)At=0.6s移到了虛線所在

的位置，則這列波的傳播速度為m/s；經(jīng)過(guò)時(shí)間x=2m處的質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的路程為

Ctrl.

【答案與解析】

1.答案：D

解析：解：A、紫外線的頻率大于3.11eV,n=3能級(jí)的氫原子可以吸收紫外線后，能量大于0,所

以氫原子發(fā)生電離。故A正確。

B、氫原子從高能級(jí)向ri=3能級(jí)躍遷時(shí)發(fā)出的光子能量小于1.51eV,小于可見(jiàn)光的頻率，有可能

是紅外線，故B正確。

C、根據(jù)盤計(jì)算出處于n=4能級(jí)的氫原子向低能級(jí)躍遷時(shí)，可能發(fā)出6種不同頻率的光，故C正

確

。、一個(gè)處于n=3能級(jí)的氫原子向低能級(jí)躍遷時(shí)，最多可能發(fā)出2種不同頻率的光，即ri=3能

級(jí)到n=2能級(jí)，耳=2能級(jí)到n=1能級(jí)，故。錯(cuò)誤；

本題選錯(cuò)誤的，故選：D.

紫外線的頻率大于3.11eU,判斷n=3能級(jí)的氫原子可以吸收紫外線后，能量是否大于0,即可知是

否電離。

根據(jù)氫原子從高能級(jí)向n=3能級(jí)躍遷時(shí)發(fā)出的光子能量是否小于1.62eU。

根據(jù)鬣計(jì)算出不同頻率光的種數(shù)。

解決本題的關(guān)鍵知道什么是電離，以及能級(jí)的躍遷滿足hy=Em-%。

2.答案：A

解析：解：要使。不下落，則小物塊在豎直方向上受力平衡，有：/=mg.當(dāng)摩擦力正好等于最大靜

摩擦力時(shí)，圓筒轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度3取最小值，筒壁對(duì)物體的支持力提供向心力，

根據(jù)向心力公式得：

N=ma)2r,

而f=nN

解得圓筒轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度最小值為：3=,，故A正確，8CD錯(cuò)誤。

故選：Ao

要使A不下落，筒壁對(duì)物體的靜摩擦力與重力相平衡，筒壁對(duì)物體的支持力提供向心力，要使A剛

不下落，靜摩擦力達(dá)到最大，根據(jù)向心力公式即可求出角速度的最小值。

物體在圓筒內(nèi)壁做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，向心力是由筒壁對(duì)物體的支持力提供的。同時(shí)在豎直方向上只有

摩擦力與重力平衡才不會(huì)掉下去。

3.答案：A

解析:

以4為研究對(duì)象，由平衡條件分析A對(duì)B的作

用力和支持力的變化。以A8整體為研究對(duì)象,

由平衡條件分析木板對(duì)B的支持力如何變化。

木板對(duì)8的作用力等于AB的總重力，保持不變。

本題是兩個(gè)物體的平衡問(wèn)題，要靈活選擇研究

對(duì)象，通過(guò)分析受力，由平衡條件列式分析力81

的變化。

設(shè)板與水平地面的夾角為a。

A.結(jié)合對(duì)A選項(xiàng)的分析可知，開(kāi)始時(shí)物體A不受B對(duì)A的摩擦力，8對(duì)A的支持力大小與重力相等；

后來(lái)時(shí)設(shè)B的上表面與水平方向之間的夾角是0,受到的B對(duì)A的支持力、摩擦力的和仍然與A的

重力大小相等，方向相反，則A受到B對(duì)A的作用力保持不變，由于支持力與摩擦力相互垂直，&=

GA-cosp,所以A受到的支持力一定減小了，根據(jù)牛頓第三定律可知A對(duì)B的壓力減小，故A正確；

8.以A為研究對(duì)象，A原來(lái)只受到重力和支持力而處于平衡狀態(tài)，所以B對(duì)A的作用力與A的重力

大小相等，方向相反：

當(dāng)將P繞。點(diǎn)緩慢旋轉(zhuǎn)到虛線所示位置，8的上表面不再水平，A受力情況如圖1,4受到重力和8

的支持力、摩擦力三個(gè)力的作用，其中8對(duì)A的支持力、摩擦力的合力仍然與A的重力大小相等，

方向相反，則B對(duì)A的作用力保持不變。根據(jù)牛頓第三定律可知，A對(duì)8的作用力也不變，故B錯(cuò)

誤；

CD.以AB整體為研究對(duì)象，分析受力情況如圖2：總重力公8、板的支持力N2和摩擦力上，板對(duì)8的

作用力是支持力N2和摩擦力上的合力.

由平衡條件分析可知，板對(duì)尸的作用力大小與總重力大小相等，保持不變。N2=GABcosa,

f2=GABsina,a減小，必增大,%減小，故C￡＞錯(cuò)誤。

故選A。

4.答案：D

解析：解：4、8、雙星靠相互間的萬(wàn)有引力提供向心力，周期相等，故角速度一定相同，與質(zhì)量無(wú)

關(guān)，故AB正確.

C、根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力有：G號(hào)=叫弓）26，得：和=喏1,即S2質(zhì)量為喏1,故C

正確.

22

。、根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力有：G?=m1o）r1=m2wr2,有：合=會(huì)即半徑與其質(zhì)量成反

比，因?yàn)槿f(wàn)＞；,故?。尽?，所以機(jī)1＜巾2，即Si質(zhì)量小于52質(zhì)量，故。錯(cuò)誤.

本題選擇錯(cuò)誤選項(xiàng)，故選：D.

雙星靠相互間的萬(wàn)有引力提供向心力，周期相等，角速度相等.

根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力G*=61（景）24，化簡(jiǎn)可求得52的質(zhì)量.

根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力G*=mi32n=師/r2,有：B=即半徑與其質(zhì)量成反比，根據(jù)

半徑的大小可判斷質(zhì)量的大小.

解決本題的關(guān)鍵知道雙星靠相互間的萬(wàn)有引力提供向心力，周期相等，角速度相等.

5.答案：B

解析：試題分析：位移時(shí)間圖像的斜率表示速度大小，由于甲一半路程騎自行車，后一半路程跑步，

可知前一半路程速度較大后一半路程速度較小，甲是①，同理判斷乙是④，故選8

考點(diǎn)：考查位移時(shí)間圖像

點(diǎn)評(píng)：本題難度較小，處理圖像類問(wèn)題時(shí)，首先應(yīng)明確圖像的類型，圖像的斜率、交點(diǎn)、面積和截

距的物理意義

6.答案：BD

解析：【試題解析】

解：A、點(diǎn)電荷由A點(diǎn)沿水平線移至8點(diǎn)，克服靜電力做了8x10-6/////

的功，則靜電力對(duì)點(diǎn)電荷做負(fù)功，為：叫B=-8x10-6）,則A、B//

兩點(diǎn)間的電勢(shì)差以=等=藐》=2匕故A錯(cuò)誤；//

B、由=-9B，可得9B=0A-以8=IV-2V=-IV，故3

正確；

CD、AB兩點(diǎn)沿著電場(chǎng)方向的距離為d=2x10-2cos60°m=1x10-2m,電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E=等=

a

2

--iV/m=2GGV/m

沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，所以電場(chǎng)線的方向沿電場(chǎng)線斜向下，故C錯(cuò)誤，。正確。

故選：BD.

本題考查對(duì)電勢(shì)差與電場(chǎng)強(qiáng)度關(guān)系的理解能力，解題時(shí)要注意抓住公式E==中”是兩點(diǎn)沿著電場(chǎng)線

a

方向的距離。在運(yùn)用公式〃8=等時(shí)，各個(gè)量均要代符號(hào)計(jì)算。

7.答案：AD

解析：解：A、發(fā)電機(jī)產(chǎn)生的交變電動(dòng)勢(shì)為e=/sin3t=BS(27rn)sin(27rn)3將磁感應(yīng)強(qiáng)度增加一

倍，其他條件不變，電動(dòng)勢(shì)的有效值提高一倍，而交流電的周期不變，4正確；

B、若交流發(fā)電機(jī)電樞轉(zhuǎn)速為〃，則發(fā)電機(jī)產(chǎn)生的交變電動(dòng)勢(shì)為e=Emsina)t=BS(27m)sin(27m)t.而

周期與轉(zhuǎn)速的關(guān)系為7=嚴(yán)式以r/s為單位).

若轉(zhuǎn)速〃提高一倍，%提高一倍，所以有效值提高一倍，但周期減小為原來(lái)的］.所以選項(xiàng)B錯(cuò)誤.

C、將磁感應(yīng)強(qiáng)度增加一倍，線圈的面積縮小一半，其它條件不變，周期不變，而Em不變，所以有

效值不變.所以C錯(cuò)誤.

D,將線圈的面積增加一倍，其他條件不變，E7n加倍，所以有效值加倍，而周期不變.選項(xiàng)。正確.

故選：AD.

根據(jù)發(fā)電機(jī)產(chǎn)生的交變電動(dòng)勢(shì)的表達(dá)式e=Emsin(ot=BS(27m)sin(27rn)t和周期與轉(zhuǎn)速的關(guān)系T=

方=；(以r/s為單位)，逐一討論.

本題重點(diǎn)考查交流電的產(chǎn)生過(guò)程及瞬時(shí)表達(dá)式，只有在理解的基礎(chǔ)上才能準(zhǔn)確用該表達(dá)式，作出定

量分析.

8.答案：AD

解析：解：設(shè)運(yùn)動(dòng)員(含裝備)的質(zhì)量為相，設(shè)滑雪杖觸地時(shí)的滑動(dòng)摩擦力為力滑雪杖與雪面接觸時(shí)

豎直作用力&=0.5mg,水平作用力尸2=19/,滑雪杖與雪面接觸時(shí)的加速度為由,滑雪杖不與雪

面接觸時(shí)的加速度a2,動(dòng)摩擦因數(shù)〃=0.1,對(duì)運(yùn)動(dòng)員，由牛頓第二定律的：19〃(?ng-0.5mg)-

fi(rng—O.Smg)=ma19^mg=ma2,

代入數(shù)據(jù)解得：=9m/s2,Q2=1^/S2;滑雪杖與雪面的接觸時(shí)間ti=0.2s,滑雪杖兩次接觸雪

面的時(shí)間間隔Q=0.8s

A、第Is末的速度：Vi=-a2t2=9x0.2m/s-lx0.8m/s=lm/s9故A正確；

B、第2s末的速度：功=%+a1t1—a2t2=Im/s+9x0.2m/s—lx0.8m/s=2m/s,故B錯(cuò)誤；

CD、第Is內(nèi)的位移：%i=|^iti+^2~~a2^2=7xx4-9x0.2x0.8m—|x1x

0.82m=1.3m,

f2

第2s內(nèi)的位移：x2=Viti++(%+a1t1)t2-|?22=1x0.2m+gx9x0.2m+(1+9x

2

0.2)X0.8m—1x1x0.87n=2.3m,第2s內(nèi)的位移比第Is內(nèi)的位移大△x=x2—xr=(2,3—

1.3)m=Im,故C錯(cuò)誤，。正確。

故選：AD.

應(yīng)用牛頓第二定律求出滑雪杖與雪面接觸時(shí)運(yùn)動(dòng)員的加速度，求出滑雪杖不與雪面接觸過(guò)程運(yùn)動(dòng)員

的加速度，然后應(yīng)用運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出運(yùn)動(dòng)員的速度與位移。

本題考查了牛頓第二定律與運(yùn)動(dòng)學(xué)公式的應(yīng)用，分析清楚運(yùn)動(dòng)員的運(yùn)動(dòng)過(guò)程是解題的前提與關(guān)鍵，

應(yīng)用牛頓第二定律與運(yùn)動(dòng)學(xué)公式即可解題。

9.答案：ABD

解析：解：4、溫度是平均動(dòng)能的標(biāo)志，水的溫度越高，水分子的熱運(yùn)動(dòng)越劇烈，故A正確。

B、布朗運(yùn)動(dòng)是由液體分子從各個(gè)方向?qū)腋×Ｗ幼矒糇饔玫牟黄胶庖鸬?，?正確。

C、晶體在熔化過(guò)程中要吸收熱量，溫度升高，內(nèi)能增大，故C錯(cuò)誤。

￡＞、液體表面張力產(chǎn)生的原因是：液體跟氣體接觸的表面存在一個(gè)薄層，叫做表面層，表面層里的

分子比液體內(nèi)部稀疏，分子間的距離比液體內(nèi)部大一些，分子間的相互作用表現(xiàn)為引力，表面張力

使液體的表面積有收縮到最小的趨勢(shì)，所以草葉上的露珠呈球形。故￡＞正確。

E、空調(diào)在制冷過(guò)程中，消耗電能，從室內(nèi)吸收的熱量小于向室外放出的熱量，故E錯(cuò)誤。

故選：ABD.

溫度越高、顆粒越小則布朗運(yùn)動(dòng)越明顯。

晶體在熔化過(guò)程中，要吸收熱量，內(nèi)能增大。

凡作用于液體表面，使液體表面積縮小的力，稱為液體表面張力。

布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在液體中的固體小顆粒的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，是液體分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)的反映，并不是固

體分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)。溫度越高、顆粒越小則布朗運(yùn)動(dòng)越明顯。

根據(jù)熱力學(xué)第二定律可知，在某些條件下熱量也可以從低溫物體傳遞到高溫物體，如空調(diào)能制熱也

能制冷。

10.答案：20-6

解析：解：①由振動(dòng)圖象可知該波的周期T=2s,A、B兩點(diǎn)開(kāi)始振動(dòng)的時(shí)間間隔為△t=1.0s=

所以A、B間的距離為半個(gè)波長(zhǎng)，所以；l=2x(55-45)m=20m

②4B兩個(gè)點(diǎn)間距離是半個(gè)波長(zhǎng)，振動(dòng)情況總是相反，所以當(dāng)B點(diǎn)離開(kāi)平衡位置的位移為+6cni時(shí),

A點(diǎn)離開(kāi)平衡位置的位移是-6cm

故答案為：(1)①20;@-6

(1)由振動(dòng)圖象圖象讀出周期，根據(jù)A、B兩點(diǎn)開(kāi)始振動(dòng)的時(shí)間間隔為1.0s,可知AB間的距離為半個(gè)

波長(zhǎng)，進(jìn)而求出波長(zhǎng).

(2)AB兩個(gè)點(diǎn)之間始終相差半個(gè)周期，當(dāng)B點(diǎn)在正的最大位移處時(shí)，A在負(fù)的最大位移處.

本題要求同學(xué)們能根據(jù)振動(dòng)圖象圖象讀出周期，進(jìn)而判斷AB兩點(diǎn)的位置關(guān)系，從而求波長(zhǎng).

11.答案：(1)1.16；(2)4.14；⑶白。

解析：

游標(biāo)卡尺的讀數(shù)等于主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀.根據(jù)極短時(shí)間內(nèi)的平均速度等于瞬時(shí)速度

求出小球通過(guò)光電門B時(shí)的速度。驗(yàn)證機(jī)械能守恒需判斷動(dòng)能的增加量和重力勢(shì)能的減小量是否相

等，從而即可求解。

解：(1)主尺讀數(shù)為1.1cm,游標(biāo)讀數(shù)為0.1x6=0.6nun,所以最終讀數(shù)為11.6nun=1.16cm。

(2)根據(jù)極短時(shí)間內(nèi)的平均速度等于瞬時(shí)速度求出小球通過(guò)光電門5時(shí)的速度，

則有速度%=.==4.14m/s,

(3)要驗(yàn)證機(jī)械能守恒，即判斷重力勢(shì)能的減小量與動(dòng)能的增加量是否相等，重力勢(shì)能的減小量為

mgh,

因以=0,那么

動(dòng)能的增加量為：△EK=詔，

即可比較=2gh,即g/i是否相等，從而可以證明在自由落體過(guò)程中小球的機(jī)械能是守恒的。

故答案為:(1)1.16；(2)4.14；(3)條

12.答案：讀數(shù)變化很?。恍码姵氐膬?nèi)阻很小，內(nèi)電路的電壓降很??；防止變阻器電阻過(guò)小時(shí)，電池

被短路或電流表被燒壞；⑹；0.29

解析：解：根據(jù)U=E-/r可知，由于新電池時(shí)內(nèi)阻很小，電池內(nèi)壓降很小，電壓表的讀數(shù)變化很

小，所以如果采用一節(jié)新干電池進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，實(shí)驗(yàn)時(shí)會(huì)發(fā)現(xiàn)，當(dāng)滑動(dòng)變阻器在阻值較大的范圍內(nèi)調(diào)節(jié)

時(shí)，電壓表讀數(shù)變化很小，原因是新電池的內(nèi)阻很小，內(nèi)電路的電壓降很?。?/p>

(1)：加接電阻島有兩方面的作用，一是方便實(shí)驗(yàn)操作和數(shù)據(jù)測(cè)量，二是防止變阻器電阻過(guò)小時(shí)，電

池被短路或電流表被燒壞(或限制電流，防止電源短路)；

(2)：電流表的量程〃=0.64根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，電路中需要的最大電阻應(yīng)為:Rmax=7

所以變阻器應(yīng)選

(3)如圖所示:

(4)：根據(jù)閉合電路歐姆定律應(yīng)用：E=U+/(r+R0),

整理可得：U=-(r+R0)I+E,

根據(jù)函數(shù)斜率的概念應(yīng)有：「+/?0="號(hào)"，解得r=0.29；

U.zo

故答案為：讀數(shù)變化很小，新電池的內(nèi)阻很小，內(nèi)電路的電壓降很小

(1)防止變阻器電阻過(guò)小時(shí)，電池被短路或電流表被燒壞

⑵%

⑶如圖

(4)0.29

本題的關(guān)鍵是明確新電池的內(nèi)阻很小，電池的內(nèi)壓降很小，電壓表的讀數(shù)變化很小，所以實(shí)驗(yàn)應(yīng)選

內(nèi)阻較大的舊電池；題(1)的關(guān)鍵是明確定值電阻除方便操作和測(cè)量外，還可以保護(hù)電池和電流表;

題(2)的關(guān)鍵是根據(jù)閉合電路歐姆定律求出電路中需要的最大電阻即可；題(3)的關(guān)鍵是連線時(shí)注意

電表的量程和正負(fù)極；題(4)的關(guān)鍵是根據(jù)閉合電路歐姆定律寫出關(guān)于U與/的函數(shù)表達(dá)式，然后根

據(jù)斜率和截距的概念即可求解.

應(yīng)明確：①測(cè)定電池電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻實(shí)驗(yàn)應(yīng)選擇內(nèi)阻較大的舊電池；②通過(guò)電流表的最小電流應(yīng)為電

流表量程的或③遇到根據(jù)圖象求解的問(wèn)題，應(yīng)根據(jù)物理規(guī)律整理出關(guān)于縱軸與橫軸物理量的函數(shù)表

達(dá)式，再根據(jù)斜率和截距的概念即可求解.

13.答案：解：(1)物體向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，根據(jù)動(dòng)能定理得：

mgh-fh-^mvl—)詔

其中/=O.lmg

代入數(shù)據(jù)得到：v0=6Am[s

(2)設(shè)小球反彈速度大小為藝。

物體向上運(yùn)動(dòng)時(shí)，根據(jù)動(dòng)能定理得：

1,

—mgh—fh=0—~^mv2

與地面碰撞時(shí)損失的機(jī)械能△E=-^mvl

代入數(shù)據(jù)解得△E=0.23/

(3)設(shè)地面對(duì)小球的平均作用力為凡取豎直向上為正方向，由動(dòng)量定理得：

(F—mg)△t=mv2—(—nw，

得到尸=4.8N

答：

(1)小球拋出時(shí)的速度％是66771/5。

(2)與地面碰撞時(shí)損失的機(jī)械能△E是0.23/；

(3)地面對(duì)小球的平均作用力尸是4.8N。

解析：(1)物體向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，根據(jù)動(dòng)能定理求小球拋出時(shí)的速度處；

(2)物體向上運(yùn)動(dòng)時(shí)，根據(jù)動(dòng)能定理求小球與地面碰撞后反彈的速度大小，從而求得損失的機(jī)械能;

(3)物塊與地面接觸的過(guò)程，利用動(dòng)量定理求地面對(duì)小球的平均作用力入

本題要分析清楚小球的運(yùn)動(dòng)過(guò)程，把握每個(gè)過(guò)程的物理規(guī)律。要知道涉及力在空間的效果求速度時(shí)，

運(yùn)用動(dòng)能定理比較簡(jiǎn)潔。對(duì)于碰撞過(guò)程，往往根據(jù)動(dòng)量定理求作用力。

14.答案：解：(1)導(dǎo)體棒剛要滑到涂層處時(shí)恰好勻速運(yùn)動(dòng)，說(shuō)明導(dǎo)體棒在達(dá)到底部前已經(jīng)勻速運(yùn)動(dòng)；

設(shè)導(dǎo)體棒到達(dá)底端的速度v,感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為：E=Blv

根據(jù)閉合電路的歐姆定律可得感應(yīng)電流為：/=9

安培力為：尸安=B11,

聯(lián)立得：F^