2021屆北京市朝陽區(qū)高考物理二模試卷(含答案解析)

2021屆北京市朝陽區(qū)高考物理二模試卷

一、單選題（本大題共14小題，共42.0分）

1.真空中有甲、乙兩個點電荷，當它們相距r時，它們間的靜電力為尸.若甲的電荷量變?yōu)樵瓉淼?

倍，乙的電荷量變?yōu)樵瓉淼挠覂烧唛g的距離變?yōu)?〃則它們之間的靜電力變?yōu)椋ǎ?/p>

A噂B*C.：D.g

2.一定質(zhì)量的理想氣體的體積為匕在壓強不變的條件下，溫度由100℃升到20（TC那么它的體積

（）

A.增大為2yB.比原來增大甥V

C.比原來增大黑VD.比原來增大野V

373473

3.下列說法正確的是（）

A.吸收光譜是由發(fā)光物質(zhì)直接產(chǎn)生的

B.。衰變現(xiàn)象說明電子是原子核的組成部分

C.用一束紫光照射某金屬時不能產(chǎn)生光電效應，改用X射線照射該金屬可能產(chǎn)生光電效應

D.玻爾理論的假設之一是原子只能從高能級躍遷到低能級

4.關(guān)于簡諧運動的位移、速度、加速度的關(guān)系，下列說法中正確的是（）

A.位移減小時，加速度增大，速度增大

B.位移方向總跟加速度方向相反，跟速度方向相同

C.物體運動方向指向平衡位置時，速度方向跟位移方向相同

D.物體運動方向指向平衡位置時，做加速運動，背離平衡位置時，做減速運動

5.利用油膜可粗略的測定分子的大小和阿伏伽德羅常數(shù)。若已知"滴油的總體積為匕一滴油形

成的油膜面積為S,這種油的摩爾質(zhì)量為〃，密度為p,則每個油分子的直徑d和阿伏伽德羅常

數(shù)NA分別為（球的體積公式為V=^兀十）（）

O

..6/zn3S3

A.d=上,B.d=—,A

nSAnpV3nSNpv

..6〃n3s3_6〃n3s3

d=gN=~——

C.AnpV3D.NA-pV3

6.兩種單色光束“、6分別照射在同一套雙縫干涉演示實驗裝置時，得到的干涉圖樣如圖（a）、（b）

所示，貝女）

A.a光的波長大于&光的波長

B.a光的光子能量大于b光的光子能量

C.a光在真空中的速度大于人光在真空中的速度

D.同一種介質(zhì)對。光的折射率大于對。光的折射率

7.如圖所示，傾角為。的斜面體c置于水平地面上，小盒〃置于斜面上，

通過細繩跨過光滑的定滑輪與物體a連接，連接b的一段細繩與斜面

平行，連接“的一段細繩豎直，。連接在豎直固定在地面的彈簧上，

現(xiàn)在6盒內(nèi)緩慢加入適量砂粒，a、氏c始終位置保持不變，下列說

法中正確的是（）

A.6對c的摩擦力可能先減小后增大，也可能一直增大。

B.地面對c的支持力可能不變

C.c受到地面的摩擦力方向可能向右

D.彈簧的彈力可能變大，也可能變小獲不變。

8.如圖所示，兩光滑導軌傾斜放置，與水平地面成一定夾角，上端接一電

容器.導軌上有一導體棒平行地面放置，導體棒離地面的有足夠的高度，

勻強磁場與兩導軌所決定的平面垂直，開始時電容器不帶電.將導體棒

由靜止釋放，整個電路電阻不計，則（

A.導體棒先做加速運動，后作勻速運動

B.導體棒先做加速運動，后作減速運動

C.導體棒一直做勻加速直線運動

D.導體棒下落中減少的重力勢能轉(zhuǎn)化為動能，機械能守恒

9.隨著北京冬奧會的臨近，滑雪項目成為了人們非常喜愛的運動項目。如

圖，運動員從高為/?的A點由靜止滑下，到達B點水平飛出后經(jīng)過時間

f落到長直滑道上的C點，不計滑動過程的摩擦和空氣阻力，關(guān)于運動

員的運動，下列說法正確的是（）

A.若力加倍，則水平飛出的速度v加倍

B.若力加倍，則在空中運動的時間f加倍

C.若力加倍，運動員落到斜面上的速度大小不變

D.若人加倍，運動員落到斜面上的速度方向不變

10.在由東向西行駛的坦克上發(fā)炮，射擊正南方向的目標。要擊中目標，射擊方向應該是（）

A.直接對準目標B.向東偏一些

C.向西偏一些D.必需停下來射擊

11.水平面上固定有一半徑為R的金屬細圓環(huán)，環(huán)面水平，圓環(huán)單位長度的電―、

阻為，，以圓環(huán)上一點為坐標原點、過圓心的直線為x軸，如圖所示，空間JL_1_

有一磁感應強度大小為B的勻強磁場，方向豎直向下.電阻可忽略的導體K_V

棒置于久=0處與圓環(huán)相切，切點為棒的中點，棒在拉力的作用下以速度V

勻速向右運動，棒與圓環(huán)接觸良好.在導體棒通過圓環(huán)的過程中，下列說法正確的是（）

A.作用于導體棒的拉力大小保持不變

B.導體棒經(jīng)過x=?和x=處時所受安培力相同

C.導體棒經(jīng)過圓環(huán)中心時過棒的電流為黑

D.導體棒經(jīng)過圓環(huán)中心時所受安培力大小為Q

nr

12.小明同學把一塊橡皮從桌子邊緣水平彈出，不計空氣阻力的情況下，關(guān)于橡皮離開桌子以后的

運動，以下說法正確的是（）

A.橡皮每秒種速度增加9.8m/s,方向豎直向下

B.橡皮每秒種速度增加9.8m/s,方向沿運動軌跡切線方向

C.橡皮的運動方向不斷變化，所以橡皮做的是變加速運動

D.以上說法都不正確

13.如圖所示電路中，電流表和電壓表均是理想交流電表，變壓器是理想變壓器.P處有一個與燈

泡串聯(lián)的干簧管，原來P處沒有磁場.現(xiàn)在讓條形磁鐵的一端靠近尸處，則以下說法正確的

是（）

A.干簧管與日光燈電路中的啟動器工作原理完全相同，在電路中發(fā)揮的作用也相同

B.電壓表匕的示數(shù)不變，電流表4的示數(shù)變大

C.電壓表％的示數(shù)增加、電流表色的示數(shù)增加

D.若電壓表匕的示數(shù)是5伏，則鐵芯中磁通量變化率的最大值是5或wb/s

14.光滑水平面上放有一上表面光滑、傾角為a的斜面體A,斜面質(zhì)量為M、底邊長為L,如圖所示。

將一質(zhì)量為〃八可視為質(zhì)點的滑塊B從斜面的頂端由靜止釋放，滑塊B經(jīng)過時間，剛好滑到斜

面底端。此過程中斜面對滑塊的支持力大小為尸囚，則下列說法中正確的是（）

C.滑塊下滑過程中，支持力對8的沖量大小為F'tcosa

D.此過程中斜面體向左滑動的距離為會

M+m

二、實驗題（本大題共2小題，共18.0分）

15.某同學用下圖所示裝置探究A、B兩球在碰撞中動量是否守恒。該同學利用平拋運動測量兩球碰

撞前后的速度，實驗裝置和具體做法如下，圖中PQ是斜槽，QR為水平槽。實驗時先使A球從

斜槽上某一固定位置G由靜止開始滑下，落到位于水平地面的記錄紙上，留下痕跡。重復上述

操作10次，得到10個落點痕跡。再把B球放在水平槽上靠近槽末端的地方，讓A球仍從位置

G由靜止開始滑下，和B球碰撞后，4、B球分別在記錄紙上留下各自的落點痕跡。重復這種操

作10次，并畫出實驗中A、8兩小球落點的平均位置。圖中。點是水平槽末端R在記錄紙上的

垂直投影點，E、F、?/是實驗中小球落點的平均位置。

①為了使兩球碰撞為一維碰撞，所選兩球的直徑關(guān)系為：A球的直徑8球的直徑（“大于”、

“等于”或“小于”）；為減小實驗誤差，在兩球碰撞后使A球不反彈，所選用的兩小球質(zhì)量關(guān)

系應為niB（選填“大于”、“等于”或“小于”）；

②在以下選項中，本次實驗必須進行的測量是;

A.水平槽上未放8球時，A球落點位置到。點的距離

比測量G點相對于水平槽面的高

C.A球和8球在空中飛行的時間

DA球與B球碰撞后，A球、B球落點位置分別到。點的距離

③已知兩小球質(zhì)量犯1和加8,該同學通過實驗數(shù)據(jù)證實A、8兩球在碰撞過程中動量守恒，請你用圖

中的字母寫出該同學判斷動量守恒的表達式是

16.完成下列關(guān)于多用電表的問題：

(1)用多用電表的歐姆擋測量阻值約為幾十千歐的電阻Rt,以下給出的是可能的操作步驟，其中S

為選擇開關(guān),P為歐姆調(diào)零旋鈕,把你認為正確步驟前的字母按合理的順序填寫在橫線上__

a.將兩表筆短接，調(diào)節(jié)尸使指針對準刻度盤上歐姆擋的零刻度，斷開兩表筆

瓦將兩表筆分別連接到被測電阻的兩端，讀出咫的阻值后，斷開兩表筆

c.旋轉(zhuǎn)S使其尖端對準歐姆擋x1K

d.旋轉(zhuǎn)S使其尖端對準歐姆擋x100

e.旋轉(zhuǎn)S使其尖端對準O叮擋，并拔出兩表筆

(2)多用電表除了可以測電阻，還可以測電壓和電流，那么：

用多用電表測二極管正向電阻時，表筆接二極管的正極；

用多用電表測量用電器兩端的電壓時，表筆接高電勢；

(3)如圖1所示，A、B、C是多用表在進行不同測量時，轉(zhuǎn)換開關(guān)分別指示的位置，多用表表盤指針

在測量時的偏轉(zhuǎn)位置如圖2所示.

若是用A檔測量，則讀數(shù)為；

若是用8檔測量，則讀數(shù)為；

若是用C檔測量，則讀數(shù)為.

2015

三、計算題(本大題共4小題，共40.0分)

17.如圖所示，水平傳送帶A、8兩端相距x=4m,以%=4m/s的速度(始終保一(,

持不變)順時針運轉(zhuǎn)，今將一小煤塊(可視為質(zhì)點)無初速度地輕放至A端，由

于煤塊與傳送帶之間有相對滑動，會在傳送帶上留下劃痕.己知煤塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)

林=0.4,取重力加速度大小g=10m/s2,則煤塊從A運動到B的過程中求:

(1)煤塊到A運動到B的時間；

(2)劃痕長度.

18.如圖所示，在磁感強度B=27的勻強磁場中，有一個半徑r=0.5m的金

屬圓環(huán).圓環(huán)所在的平面與磁感線垂直.0A是一個金屬棒，它沿著順時

針方向以20rad/s的角速度繞圓心。勻速轉(zhuǎn)動.A端始終與圓環(huán)相接觸，

04棒的電阻R=0.1。，圖中定值電阻&=1000,/?2=4.90,電容器的

電容C=100pF,圓環(huán)和連接導線的電阻忽略不計，求：

(1)流過電阻/?2的電流大小

(2)電容器的帶電量；哪個極板為正極板.

19.2012年6月16日，“神舟九號”宇宙飛船搭載3名航天員飛上太空，并于6月18日14：00與

“天宮一號”成功對接。在發(fā)射時，“神舟九號”宇宙飛船首先要發(fā)射到離地面很近的近地圓

軌道上，然后經(jīng)過多次變軌后，最終與在距地面高度為/?的圓形軌道上繞地球飛行的“天宮一

號”完成對接。對接之后，“天宮一號”和“神舟九號”的組合體保持在距地面高度仍為人的

圓形軌道上繞地球繼續(xù)運行。已知地球半徑為R,地面附近的重力加速度為g。試求：

(1)地球的第一宇宙速度；

(2)“神舟九號”宇宙飛船在近地圓軌道運行的速度與對接后整體的運行速度之比。

20.如圖所示，無限寬廣的勻強磁場分布在my平面內(nèi)，x軸上下方磁場均垂直xoy平面向里，x軸

上方的磁場的磁感應強度為B,x軸下方的磁場的磁感應強度為多.現(xiàn)有一質(zhì)量為m,電量為-q帶

負電粒子以速度%從坐標原點。沿y方向進入上方磁場.在粒子運動過程中，與x軸交于若干

點.不計粒子的重力.求:

y

XXXXXXXXXXXX

XXXXX%XXXXXX

XXXXXXXXXXXX

XXXXXX°KXXXXXXX

X

XXXXXXXxxxxxxxx

(1)粒子在X軸上方磁場做勻速圓周運動半徑

(2)設X上方的周期為T1，x下方的周為72，求T1：T2

(3)如把X上方運動的半周與X下方運動的半周稱為一周期的話，則每經(jīng)過一周期，在X軸上粒子右

移的距離.

(4)在與x軸的所有交點中，粒子兩次通過同一點的坐標位置.

【答案與解析】

1.答案：C

解析：解：根據(jù)庫侖定律可知甲、乙兩個點電荷間的庫侖力F=k詈，

若甲的電荷量變?yōu)樵瓉淼?倍，乙的電荷量變?yōu)樵瓉淼挠覂烧唛g的距離變?yōu)?r,則它們之間的靜電

力變?yōu)?=絲蟲=￡,故C正確。

(2r)26

故選：Co

根據(jù)點電荷庫侖力的公式尸=k詈可以求得改變之后的庫侖力的大小.

本題就是對庫侖力公式的直接考查，掌握住公式就很容易分析了，理解電荷的中和含義.

2.答案：C

解析：解：一定質(zhì)量的理想氣體的體積為匕在壓強不變的條件下，根據(jù)蓋呂薩克定律:=C可得：

:=手貝必7=*/①

A、由蓋呂薩克定律得：而%=萬%，解得：V，=^V<2V^故A錯誤；

BCD、由①式得溫度由10(TC升OJ20(TC體積增大AU=(273+2：Z：；；3+100)U=黑匕故BD錯誤,C

正確；

故選：Co

一定質(zhì)量的理想氣體的體積為V,在壓強不變的條件下，根據(jù)蓋呂薩克定律"=c列式分析。

本題考查蓋呂薩克定律的應用，關(guān)鍵是熟練掌握公式，并特別注意，溫度為熱力學溫度。

3.答案：C

解析：解：A、吸收光譜是指物質(zhì)吸收光子，從低能級躍遷到高能級而產(chǎn)生的光譜，故A錯誤。

8、/?衰變產(chǎn)生的電子是原子核內(nèi)一個中子轉(zhuǎn)變?yōu)橐粋€質(zhì)子和一個電子，電子釋放出來，原子核內(nèi)沒

有電子，故8錯誤。

C、X射線的頻率大于紫光的頻率，用一束紫光照射某金屬時不能產(chǎn)生光電效應，改用X射線照射該

金屬可能產(chǎn)生光電效應，故C正確。

。、原子不僅能從高能級躍遷到低能級，也能從低能級躍遷到高能級，故。錯誤。

故選：a

吸收光譜是指物質(zhì)吸收光子，從低能級躍遷到高能級而產(chǎn)生的光譜；電子不是原子核的組成部分，

但是夕衰變產(chǎn)生的電子來自原子核；發(fā)生光電效應的條件是入射光的頻率大于金屬的極限頻率.原子

不僅能從高能級躍遷到低能級，也能從低能級躍遷到高能級.

本題考查了光譜現(xiàn)象、衰變、光電效應、能級等基礎知識點，關(guān)鍵要熟悉教材，牢記這些基礎知識

點，對于各種電磁波的頻率大小關(guān)系，要熟記.

4.答案：D

解析：解：A、位移減小時，質(zhì)點靠近平衡位置，加速度減小，速度增大.故A錯誤.

8、位移方向總跟加速度方向相反.質(zhì)點經(jīng)過同一位置，位移方向總是由平衡位置指向質(zhì)點所在位置，

而速度方向兩種，可能與位移方向相同，也可能與位移方向相反.故B錯誤.

C、物體運動方向指向平衡位置時，位移方向離開平衡位置，速度方向跟位移方向相反.故C錯誤.

。、物體向平衡位置運動時回復力的方向與運動方向相同，做加速運動，背離平衡位置時，回復力

的方向與運動方向相反，物體做減速運動.故。正確.

故選：D.

簡諧運動的位移是指質(zhì)點離開平衡位置的位移，方向從平衡位置指向質(zhì)點所在位置.當質(zhì)點背離平

衡位置時，位移增大，速度減小，加速度增大，加速度方向總是與位移方向相反，指向平衡位置，

質(zhì)點做非勻變速運動.當質(zhì)點靠近平衡位置時，位移減小，速度增大，加速度減小.

本題考查分析簡諧運動過程的能力.對于簡諧運動，位移方向總是離開平衡位置，加速度方向、回

復力方向總是指向平衡位置.

5.答案：A

解析：解：油酸分子的直徑為d==；

nS

把油酸分子看成球體，則有：NA^n(iy=-^-；

32NA

代入解得，

故選：A。

油酸溶液滴在水面上擴散后形成的油酸油膜最大面積時，形成單分子油膜，油膜的厚度等于分子直

徑。由油酸的體積與面積之比求出分子直徑。把分子看成球體，阿伏加德羅常量為NA等于摩爾體積

與分子體積之比。

本題考查對單分子油膜法測定分子直徑原理的理解和應用，建立模型是解題的關(guān)鍵。

6.答案：A

解析：解：A、由圖知，a光產(chǎn)生的干涉條紋間距大于匕光產(chǎn)生的干涉條紋間距，根據(jù)雙縫干涉條紋

的間距公式知，“光的波長大于6光的波長，故A正確。

B、光的波長大于b光的波長，由公式c="知，a光的頻率小于b光的頻率，而光子的能量與頻率

成正比，則。光的光子能量小于b光的光子能量。故8錯誤。

C、在真空所有色光的速度都相等，都為c=3x1087n小，故c錯誤。

。、a光的頻率小于匕光的頻率，所以同一種介質(zhì)對。光的折射率小于匕光的折射率，故。錯誤。

故選：Ao

根據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式比較出兩種色光的波長大小，從而比較出頻率的大小和折射

率的大小.光子的能量E=/iy，與頻率成正比.結(jié)合這些知識分析.

解決本題的關(guān)鍵掌握雙縫干涉條紋的間距公式，以及知道波長、頻率的大小關(guān)系.

7.答案：A

解析：

6受到重力，斜面體c,的支持力，繩子的拉力，還可能受到斜面體c的靜摩擦力的作用，由于不知道

6相當于斜面體c運動趨勢的方向，靜摩擦力可能沿著斜面向下，也可能沿著斜面向上；6對斜面的

壓力等于匕及沙子的總重力沿垂直于斜面的分力;匕所受的重力沿斜面向下的分力與拉力的合力等于

靜摩擦力；當向。中緩慢加入沙子時，根據(jù)平衡條件討論6受到的摩擦力的變化，整體保持靜止，

合力為零，保持不變。

本題關(guān)鍵通過分析物體的受力情況，確定摩擦力的大小和方向；注意靜摩擦力可能沿著斜面向下，

也可能沿著斜面向上.

A.a,b,c始終處于靜止狀態(tài)，則彈簧的長度不變，由胡克定律可知彈簧的彈力大小不變，繩子的拉

力不變，由于不知道6的重力沿著斜面方向的分力與細線拉力的大小關(guān)系，故不能確定靜摩擦力的

方向，故隨著沙子質(zhì)量的增加，靜摩擦力可能增加、可能減小，有可能先減小后增大，故4正確；

B.以6與c組成的整體為研究對象，整體受到重力、支持力以及繩子向左上方的拉力、地面的摩擦

力，在方盒內(nèi)緩慢加入適量砂粒后，豎直向下的重力增大，而其他的力不變，所以整體受到的支持

力一定增大，故B錯誤；

C以人與c組成的整體為研究對象，整體受到重力、支持力以及繩子向右上方的拉力、地面的摩擦

力，水平方向除摩擦力外，只有繩子的拉力有一個向右的分力，所以可知摩擦力的方向一定向左，

故C錯誤；

D由于c始終處于靜止狀態(tài)，則彈簧的長度不變，由胡克定律可知彈簧的彈力大小不變，故。錯誤。

故選A。

8.答案：C

解析：解：A、設微小時間At內(nèi)電容器的帶電量增加Aq，則有：

jC&UCBLLV^.ZT\

/=—=——=----=CBDLa

△tAtAtJ

由牛頓第二定律得：mgsina-BIL=ma,

解得：/=業(yè)9…②，

BL

由①②解得：a=加速度是定值，導體棒做勻加速直線運動，故AB錯誤，C正確；

。、在導體棒運動過程中，重力做功把重力勢能轉(zhuǎn)化為動能，克服安培力做功，把重力勢能轉(zhuǎn)化為

電場能，因此導體棒下落中減少的重力勢能轉(zhuǎn)化為動能和電場能，機械能不守恒，故。錯誤；

故選：Co

導體棒下滑，導體棒切割磁感線產(chǎn)生感應電動勢，對電容器充電，由電流定義式與牛頓第二定律、

勻變速運動的速度位移公式分析答題.

應用電流的定義式/=3E=BLv,牛頓第二定律、勻變速直線運動的速度位移公式即可正確解題；

理清解題思路即可正確解題.

9.答案：D

解析：

運動員下滑過程，由機械能守恒解得滑到底端的速度大小，由平拋運動規(guī)律及推論得解。

本題容易出現(xiàn)錯誤的是選項B和。,3選項的運動員落到斜面上的空中運動的時間r是一個典型問題,

用位移關(guān)系解決，。選項的平拋運動速度方向與水平夾角的正切值始終等于豎直位移與水平位移的

比的2倍的推論，難度較大，需要深刻理解。

人根據(jù)機械能守恒，可得□=/須，〃加倍，則水平飛出的速度丫變?yōu)橐暠?，?錯誤；

B.運動員落到斜面上，位移滿足］=taM,t==2tan§呵〃加倍，則在空中運動的時間，

x99

變?yōu)榻?，故B錯誤；

2

C.運動員落到斜面上的速度為%—J/+(gt)2,vt=y/2gh+8ghtan6j〃力fl倍，運動員落到斜面

上的速度大小變?yōu)榻?，故C錯誤；

D運動員落到斜面上的速度方向與水平夾角的正切值為tan。=孑=§=2tan0,是個定值，保持不

變，故。正確。

故選Do

10.答案：B

解析：解：因為合速度的方向指向南方，合速度為炮彈射出速度與坦克速度的合速度，坦克的速度

向西，根據(jù)平行四邊形定則知，射擊的方向偏向東南，即向東偏一些，故8正確，A、C、。錯誤。

故選：Bo

炮彈實際的速度方向為射出的速度與坦克的速度的合速度方向，根據(jù)平行四邊形定則確定射擊的方

向。

解決本題的關(guān)鍵會根據(jù)平行四邊形定則對速度進行合成，以及知道炮彈實際的速度方向為射出的速

度與坦克的速度的合速度方向。

11.答案：B

解析：解：A、導體棒做勻速運動，合外力恒定，由于安培力隨的有效切割長度的變化而變化，所以

拉力也是變化的，故4錯誤；

B、導體棒經(jīng)過x=g和x=|/?處時，切割磁感線的有效長度相同，產(chǎn)生的感應電動勢的有效值相同，

根據(jù)閉合回路的歐姆定律可知，流過導體棒的電流相同，故受到的安培力相同，故B正確；

C、當棒運動到環(huán)中心時，由于棒將金屬細圓環(huán)分開的兩部分的電阻并聯(lián)，則電路總電阻為亭，速

,E4Bv

度大小為V,產(chǎn)生感應電動勢E=BLv=B-2Ru,所以產(chǎn)生感應電流大小為/=亞=右,故C錯誤；

2

o,2Dnoo2n-y

D、棒經(jīng)過環(huán)心時所受安培力的大小為F=8〃=B-在二?2R=:3一，故。錯誤.

故選：B

根據(jù)幾何關(guān)系求出此時導體棒的有效切割長度，分析時明確外電路為弧a仍和弧。曲的電阻并聯(lián)，

求出總電阻，進一步求出電流值，即可算出安培力的大小.

電磁感應與電路的結(jié)合問題，關(guān)鍵是弄清電源和外電路的構(gòu)造，然后根據(jù)電學知識進一步求解

12.答案：4

解析：解：平拋運動的加速度不變，根據(jù)△u=gt=9.8xlm/s=9.8m/s知，橡皮每秒速度增加

9.8m/s,方向豎直向下，做勻變速曲線運動.故A正確，B、C、。錯誤.

故選：A.

橡皮離開桌子后，僅受重力，有水平初速度，做平拋運動，結(jié)合平拋運動的規(guī)律分析判斷.

解決本題的關(guān)鍵知道平拋運動的特點，即加速度不變，做勻變速曲線運動，基礎題.

13.答案：D

解析：解：A、干簧管是利用磁場的作用而工作的；故與啟動器的原理不同；故A錯誤；

8、當有磁場靠近時，干簧管導通，輸出端總電阻減小，假設輸出電壓不變輸出電流增大，則輸入電

流增也將增大；燈泡4電壓增大，則名示數(shù)減?。惠敵鲭妷阂矊p?。还蔅錯誤；

C、因輸入電壓減小，則電流表4示數(shù)減小，但電壓表眩示數(shù)也會減??；故C錯誤；

D、若電壓表g的示數(shù)為5匕則可知，y[2E=^=5V2Wb/s；故。正確；

故選：D.

明確干簧管原理；再根據(jù)閉合電路歐姆定律的分析方法進行分析，知道變壓器電壓之比等于匝數(shù)之

比即可正明確電壓及電壓變化情況.

本題考查變壓器原理，解決的方法類似于閉合電路歐姆定律的動態(tài)分析問題，要注意明確輸入電壓

并不是電源的電動勢，而是變壓器與燈泡串聯(lián)關(guān)系；故要注意分析輸入電壓的變化.

14.答案：D

解析：解：A、滑塊下滑過程系統(tǒng)在水平方向所受合外力為零，系統(tǒng)在豎直方向所受合外力不為零,

系統(tǒng)整體所受合外力不為零，系統(tǒng)動量不守恒，故A錯誤；

8、滑塊下滑過程斜面會向左運動，滑塊的加速度方向并不沿斜面方向，即滑塊的加速度在垂直斜面

方向有分量，斜面體對滑塊B的支持力不等于zngcosa,故B錯誤；

C、滑塊下滑過程中，支持力對8的沖量大小/=%如故C錯誤；

。、滑塊與斜面體組成的系統(tǒng)在水平方向動量守恒，以向右為正方向，由動量守恒定律得：

1nv水平一Mv斜面=0

L—xx

m------M-=0

tt

解得滑塊下滑過程斜面體向左滑動的距離為：X=?，故。正確；

故選：Do

系統(tǒng)所受合外力為零，系統(tǒng)動量守恒；滑塊與斜面體組成的系統(tǒng)在水平方向動量守恒，應用動量守

恒定律求出斜面體滑行的距離；根據(jù)滑塊的運動情況求出斜面對滑塊的支持力大小，然后求出支持

力的沖量。

本題考查了動量守恒定律的應用，知道動量守恒的條件是解題的前提，分析清楚滑塊與斜面體的運

動情況，應用動量守恒定律、機械能守恒定律與功率公式即可解題.

15.答案：等于小于ADmA-OF=mA-OE+mB-0]

解析：解：①為了使兩球碰撞為一維碰撞，即實現(xiàn)對心碰撞，則A球的直徑等于8球的直徑。

在小球碰撞過程中水平方向動量守恒定律，故有叫4%=g次+mBv2

在碰撞過程中動能守恒，故有如4詔=^mAvl+

聯(lián)立解得巧=翳鬻火，要碰后入射小球的速度%>0,即租4一機8>0,故瓶4>68。

②根據(jù)動量守恒有：mAV0=171^+171^2,因為％=藍，%=￡，?因為時間相同，可以用

水平位移代替速度，所以需要測量水平槽上未放B球時，A球落點位置到。點的距離，A球與B球

碰撞后，A球與8球落點位置到。點的距離。故A、￡)正確，BC錯誤。

故選：AD

③4球與B球碰后，A球的速度減小，可知A球沒有碰撞B球時的落點是尸點，A球與8球碰撞后A

球的落點是E點。用水平位移代替速度，動量守恒的表達式為：

mAOF=mAOE+mBOJa

故答案為：①等于，小于；②AD；③7nA?OF=西?OE+蜂?。/

(1)為了實現(xiàn)對心碰撞，兩球的直徑需相同，為零使碰撞后A球不反彈，則A球的質(zhì)量大于8球的質(zhì)

量。

(2)根據(jù)實驗的原理確定需要測量的物理量。

(3)根據(jù)碰撞前后小球的速度大小確定落點的位置。根據(jù)動量守恒列出表達式。

本題關(guān)鍵明確驗證動量守恒定律實驗的實驗原理，注意等效替代在實驗中的運用。

16.答案：cabe；黑;紅;14.00；5.2mA；26.0V

解析：解：(1)用歐姆表測阻值約為幾十千歐的電阻，應旋轉(zhuǎn)選擇開關(guān)S使其尖端對準歐姆擋x1k,

然后進行歐姆調(diào)零，歐姆調(diào)零后測電阻阻值，具體做法是：將兩表筆短接，調(diào)節(jié)P使指針對準刻度

盤上歐姆擋的0刻度，斷開兩表筆；歐姆表使用完畢,應旋轉(zhuǎn)選擇開關(guān)S使其尖端對準交流500V擋，

并拔出兩表筆，故合理的實驗步驟是：cabe.

(2)歐姆表的黑表筆與內(nèi)阻電源正極相連，用多用電表測二極管正向電阻時，黑表筆接二極管的正極;

電流應從多用電表正接線柱流入，即紅表筆電勢高，用多用電表測量用電器兩端的電壓時，紅表筆

接高電勢；

(3)若是用A檔測量，使用歐姆x1擋測電阻，則讀數(shù)為14.0x1=14.00；

若是用B檔測量，多用電表測直流電流，量程為由圖示表盤可知，其分度值為0.264則讀

數(shù)為5.2mA；

若是用C檔測量，多用電表測直流電壓，量程為50匕由圖示表盤可知，其分度值為1匕則讀數(shù)為

26.0V；

故答案為:(l)cabe；(2)黑；紅；(3)14.00；5.2mA；26.0V.

(1)使用多用電表測電阻，應選擇合適的擋位，使指針指針表盤中央刻度線附近，歐姆表換擋后要進

行歐姆調(diào)零，多用電表使用完畢，要把選擇開關(guān)置于OFF擋或交流電壓最高擋上；歐姆表指針示數(shù)

與擋位的乘積是歐姆表示數(shù).

(2)歐姆表黑表筆接內(nèi)置電源的正極；用多用電表進行測量時電流應從紅表筆流入、黑表筆流出.

(3)根據(jù)多用電表測量的量與量程由圖示表盤確定其分度值，然后根據(jù)指針位置讀出其示數(shù).

本題考查了使用多用電表測電阻的實驗步驟，要掌握歐姆表的使用方法；使用多用電表測電阻，應

選擇合適的擋位，使指針指針表盤中央刻度線附近，歐姆表換擋后要進行歐姆調(diào)零，多用電表使用

完畢，要把選擇開關(guān)置于OF尸擋或交流電壓最高擋上.

17.答案：解：根據(jù)牛頓第二定律，煤塊的加速度為：

a==0.4x10=4m/s2

m/f

煤塊運動到速度與傳送帶速度相等時的時間為：亡1="==1S,

a4

位移大小為：久1==^x4xl=2m<x,

此后煤塊與傳送帶以相同的速度勻速運動直至8端，有：％2=%-與=4-2=2"?,

勻速運動的時間為：t2=^=[=0.5s,

為4

運動的總時間為：t=口+t2=1+03=1.5s,

(2)所以劃痕長度即為煤塊相對于傳送帶的位移大小，即：

△x=Vfltx-X1=4x1—2=2加，

答：(1)小煤塊從A運動到3的時間是1.5s；

(2)劃痕長度是2m.

解析：（1）物體靜止從皮帶左端釋放，在滑動摩擦力的作用下做勻加速運動，當速度與皮帶速度相同

時，物體隨著皮帶一起勻速運動，明確滑塊的運動形式；分別對加速過程求解對應的時間，從而明

確總時間；

（2）知道劃痕長度即為相對位移大小，從而求出相對位移即可.

本題考查傳送帶問題中的動力學分析，首先要分析清楚物體運動的過程，先是勻加速直線運動，后

是勻速直線運動，然后再分過程應用運動規(guī)律求解即可，尤其是注意分析摩擦力的變化情況.

18.答案：解：（1）導體棒0A產(chǎn)生感應電動勢為：E=學

代入數(shù)據(jù)解得：E=2X"5,20=5、

2

根據(jù)閉合電路的歐姆定律可得總電流為：/=/==14

rt-i?KjU.±iT-.7

（2）由歐姆定律可知電容器兩端電壓為：4.9V=4.9V

UC=IR2=1X

所以電容器帶電量為：Q=CUc=100X10T2*4.9C=4.9x10-1℃

根據(jù)右手定則可知，A點電勢高于。點電勢，電容器上板為正極板

答：（1）流