2021年天津市和平區(qū)高考物理三調(diào)試卷（附答案詳解）

2021年天津市和平區(qū)高考物理三調(diào)試卷

一、單選題（本大題共5小題，共25.0分）

1.（2021.天津市市轄區(qū).模擬題）2020年12月4日中國新一代可控核聚變研究裝置“中

國環(huán)流器二號（“L-2M）在成都實(shí)現(xiàn)首次發(fā)電，標(biāo)志著我國自主掌握了大型先

進(jìn)托卡馬克裝置的設(shè)計(jì)、建造和運(yùn)行技術(shù)。該裝置內(nèi)核反應(yīng)方程式是

He+^n,其中僦（汾）在自然界中含量極微，但可以用某種粒子X轟擊

鋰核（乳i）得到，核反應(yīng)方程為乳t+X/He+狙，則（）

A.核反應(yīng)方程+為a衰變

B.氯核的比結(jié)合能大于核6H）的比結(jié)合能

C,裝置內(nèi)核反應(yīng)也是世界各地正在運(yùn)行的核電站中的主要核反應(yīng)

D.在核反應(yīng)彳中，反應(yīng)前的核子總數(shù)小于反應(yīng)后的核子總數(shù)

2.（2021?天津市市轄區(qū)?模擬題）如圖，物體P和斜面均靜止于地面上,P的上表面水平,

現(xiàn)把物體。輕輕地疊放在P上，貝K）

A.P開始向下滑動B.斜面對P的作用力不變

C.P、Q間沒有摩擦力的作用D.斜面對地面的摩擦力增大

3.（2021?天津市市轄區(qū)?模擬題）對下列四個有關(guān)光的實(shí)驗(yàn)示意圖，分析正確的是（）

甲乙丙丁

A.圖甲中若改變復(fù)色光的入射角，則b光先在水珠中發(fā)生全反射

B.圖乙若只減小屏到擋板的距離3則相鄰亮條紋間距離將增大

C.圖丙中若得到明暗相間平行等距條紋說明待測工件表面平整

D,若只旋轉(zhuǎn)圖丁中M或N一個偏振片，光屏P上的光斑亮度不發(fā)生變化

4.（2021.浙江省溫州市.同步練習(xí)）CT掃描是計(jì)算機(jī)X射線斷層掃描技術(shù)的簡稱，CT

掃描機(jī)可用于對多種病情的探測。圖（a）是某種CT機(jī)主要部分的剖面圖，其中X

射線產(chǎn)生部分的示意圖如圖(b)所示。圖(b)中M、N之間有一電子束的加速電場，

虛線框內(nèi)有勻強(qiáng)偏轉(zhuǎn)磁場；經(jīng)調(diào)節(jié)后電子束從靜止開始沿帶箭頭的實(shí)線所示的方向

前進(jìn)，打到靶上，產(chǎn)生X射線(如圖中帶箭頭的虛線所示)；將電子束打到靶上的點(diǎn)

圖(a)圖(b)

A.M處的電勢高于N處的電勢

B.增大M、N之間的加速電壓可以使P點(diǎn)左移

C.偏轉(zhuǎn)磁場的方向垂直于紙面向外

D,增大偏轉(zhuǎn)磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小可使P點(diǎn)左移

5.(2021?天津市市轄區(qū)?模擬題)我國從2020年開始執(zhí)行“天問1號”火星探測任務(wù)。

質(zhì)量為，”的著陸器在著陸火星前，會在火星表面附近經(jīng)歷一個時長為％、速度由火

減速到零的過程，忽略火星大氣阻力。若該減速過程可視為一個豎直向下的勻減速

直線運(yùn)動，已知火星的質(zhì)量約為地球的0.1倍，半徑約為地球的0.5倍，地球表面的

重力加速度大小為g,地球半徑為R,萬有引力常量為G,貝1()

A.火星的第一宇宙速度為回

B.火星質(zhì)量為《

C.減速過程中著陸器位移為;g婚

D,減速過程中著陸器受到的制動力大小約為

二、多選題(本大題共3小題，共15.0分)

6.(2021.天津市市轄區(qū).模擬題)一定質(zhì)量的理想氣體，從初始狀態(tài)4經(jīng)狀態(tài)8、C、D

再回到狀態(tài)A,其體積V與溫度T的關(guān)系如圖所示。圖中二、吟和乃為已知量則下

列說法正確的是()

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A,從狀態(tài)A到8,氣體經(jīng)歷的是等壓過程

B.從B到C的過程中，氣體的內(nèi)能減小

C.從C到。的過程中，氣體向外放熱

D.氣體在狀態(tài)力時的體積%=華

7.（2021?天津市市轄區(qū)?模擬題）如圖所示，圖中兩小孩各握住輕繩一端M、N連續(xù)振動,

形成甲、乙兩列橫波分別沿x軸相向傳播，波速均為2m/s,振幅相同。t=0時刻

的波形圖如圖所示。下列說法正確的是（）

4》

7777^7777777777777777777777777777^7777777771

乙

B.再經(jīng)過3s,平衡位置在x=3m處的質(zhì)點(diǎn)振動方向向下

C.兩列波將同時傳到x=77n處

D.在兩列波相遇過程中，x=7m處始終為振動減弱點(diǎn)

8.（2021?天津市市轄區(qū)?模擬題）一傳送帶裝置示意圖，其中傳送帶經(jīng)過A8區(qū)域時是水

平的，經(jīng)過BC區(qū)域時變?yōu)閳A弧形（圓弧由光滑模根形成，未畫出），經(jīng)過C。區(qū)域

時是傾斜的，AB和CQ都與BC相切。現(xiàn)將大量的質(zhì)量均為機(jī)的小貨箱一個一個在

A處放到傳送帶上，放置時初速度為零，經(jīng)傳送帶運(yùn)送到。處，。和A的高度差為

從穩(wěn)定工作時傳送帶速度火不變,CD段上各箱等距排列。每個箱子在A處投放后，

在到達(dá)8之前已經(jīng)相對于傳送帶靜止，且以后也不再滑動（忽略經(jīng)BC段的微小滑

動）。已知在一段相當(dāng)長的時間T內(nèi)，共運(yùn)送小貨箱的數(shù)目N個。這裝置由電動機(jī)

帶動，傳送帶與輪子間無相對滑動，不計(jì)輪軸處的摩擦，下列說法正確的是（）

A.AB段傳送帶對每個小箱做功為m詔

B.CQ段傳送帶與小箱摩擦生熱為0

C.C。段傳送帶對小箱做功為0

D.T時間內(nèi),電動機(jī)輸出的功率為P='叫NE

三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共18.0分）

9.（2021.天津市市轄區(qū).模擬題）某同學(xué)在做“探究合外力與加速度之間關(guān)系”的實(shí)驗(yàn),

實(shí)驗(yàn)裝置如圖中所示。

①按圖甲正確組裝實(shí)驗(yàn)器材，平衡小車所受的阻力圖乙中紙帶的端與小車

相連（選填"左"或"右”）。

②關(guān)于實(shí)驗(yàn)操作，下列說法正確的是。

4實(shí)驗(yàn)中，需要墊高木板有打點(diǎn)計(jì)時器的一端來平衡摩擦力

8.平衡摩擦力就是放開拖著紙帶的小車時小車能夠自由下滑即可

C若用砂桶總重力作為小車合外力，則要求小車的質(zhì)量遠(yuǎn)小于砂桶的質(zhì)量

D實(shí)驗(yàn)中拉著小車的細(xì)線必須與長木板平行

③如圖乙所示為某次實(shí)驗(yàn)中打出的一條紙帶的一部分，A、B、C、。、E、F、G是

紙帶上7個相鄰的計(jì)數(shù)點(diǎn)，相鄰的兩個計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有兩個打出的點(diǎn)沒有畫出。已

知打點(diǎn)計(jì)時器的電源頻率為50Hz,由此可算出小車的加速度a=m/s2（保

留兩位有效數(shù)字）。

10.（2021?天津市市轄區(qū)?模擬題）一實(shí)驗(yàn)興趣小組欲測一段金屬絲的電阻。由于實(shí)驗(yàn)室的

電表均不能視為理想電表，該小組設(shè)計(jì)了如下電路圖，其中&表示待測金屬絲的阻

值，即表示電壓表阻值，R.表示電流表阻值，&表示定值電阻阻值。回答下列問

題：

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①按照電路圖甲連接好電路后，按照如下步驟進(jìn)行測量：

L閉合工，斷開52,調(diào)節(jié)滑動變阻器長,使電壓表和電流表示數(shù)合適，記錄下U和

，1，/1=（用。和圖甲中標(biāo)注的符號表示）；

ii.再閉合S2,調(diào)節(jié)滑動變阻器&，保持電壓表電壓U不變，記錄電流表示數(shù)七；

iii.重復(fù)以上步驟，改變電壓值，進(jìn)行多次測量。

②該小組同學(xué)在進(jìn)行數(shù)據(jù)處理時為了減小偶然誤差，使用圖像法處理數(shù)據(jù)。繪出U

隨變化的圖線斜率為％則待測電阻Rx=（用題中所給符號表示）；

③在理論上，此方法的電阻測量值（填“大于”、“小于”、“等于"）真

實(shí)值。

四、計(jì)算題（本大題共3小題，共30.0分）

11.（2020?全國?同步練習(xí)）湯姆生用來測定電子的比荷（電子的電荷量與質(zhì)量之比）的實(shí)

驗(yàn)裝置如圖所示，真空管內(nèi)的陰極K發(fā)出的電子（不計(jì)初速、重力和電子間的相互

作用）經(jīng)加速電壓加速后，穿過4中心的小孔沿中心軸。］。的方向進(jìn)入到兩塊水平正

對放置的平行極板P和P'間的區(qū)域.當(dāng)極板間不加偏轉(zhuǎn)電壓時，電子束打在熒光屏

的中心。點(diǎn)處，形成了一個亮點(diǎn)；加上偏轉(zhuǎn)電壓。后，亮點(diǎn)偏離到。'點(diǎn)，。'與O

點(diǎn)的豎直間距為從水平間距可忽略不計(jì).此時，在P和P'間的區(qū)域，再加上一個

方向垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場.調(diào)節(jié)磁場的強(qiáng)弱，當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B時，

亮點(diǎn)重新回到。點(diǎn).已知極板水平方向的長度為人，極板間距為“，極板右端到熒

光屏的距離為

（1）求打在熒光屏。點(diǎn)的電子速度的大小.

（2）推導(dǎo)出電子的比荷的表達(dá)式.

12.(2021?湖南省?月考試卷)如圖，質(zhì)量為M=4kg的木板A8靜止放在光滑水平面上,

木板右端B點(diǎn)固定一根輕質(zhì)彈簧，彈簧自由端在C點(diǎn),C到木板左端的距離L=0.5m,

質(zhì)量為m=1kg的小木塊(可視為質(zhì)點(diǎn))靜止放在木板的左端，木塊與木板間的動摩

擦因數(shù)為〃=0.2,木板AB受到水平向左的恒力F=14N,作用一段時間后撤去,

恒力尸撤去時木塊恰好到達(dá)彈簧自由端C處，此后運(yùn)動過程中彈簧最大壓縮量x=

5cm,g-lOm/s2求:

(1)水平恒力廠作用的時間n

(2)拆去F后，彈簧的最大彈性勢能Ep；

(3)整個過程產(chǎn)生的熱量Q。

13.(2020?江蘇省揚(yáng)州市?月考試卷)如圖所示，兩平行光滑的金屬導(dǎo)軌MM固定在

水平面上，相距為L處于豎直向下的磁場中整個磁場由〃個寬度皆為X。的條形勻

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強(qiáng)磁場區(qū)域1、2、…、〃組成，從左向右依次排列，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小分別為8、

2B、3B、…、nB,兩導(dǎo)軌左端MP間接入電阻R,一質(zhì)量為他的金屬棒必垂直于

MMP。放在水平導(dǎo)軌上，與導(dǎo)軌電接觸良好，不計(jì)導(dǎo)軌和金屬棒的電阻.

(1)對導(dǎo)體棒碗施加水平向右的力，使其從圖示位置開始運(yùn)動并穿過〃個磁場區(qū)，

求導(dǎo)體棒穿越磁場區(qū)1的過程中通過電阻R的電荷量仍

(2)對導(dǎo)體棒必施加水平向右的恒力吊，讓它從磁場區(qū)1左側(cè)邊界處開始運(yùn)動，當(dāng)

向右運(yùn)動距學(xué)時做勻速運(yùn)動，求棒通過磁場區(qū)1所用的時間n

(3)對導(dǎo)體棒外施加水平向右的拉力，讓它從距離磁場區(qū)1左側(cè)x=X。的位置由靜

止開始做勻加速運(yùn)動，當(dāng)棒仍進(jìn)入磁場區(qū)1時開始做勻速運(yùn)動，此后在不同的磁

場區(qū)施加不同的拉力，使棒岫保持做勻速運(yùn)動穿過整個磁場區(qū)，求棒必通過第i

磁場區(qū)時的水平拉力R?和棒油在穿過整個磁場區(qū)過程中回路產(chǎn)生的電熱Q.

答案和解析

1.【答案】B

【知識點(diǎn)】原子核的衰變、質(zhì)能關(guān)系、結(jié)合能和比結(jié)合能、核力與核能、原子核的人工

轉(zhuǎn)變

【解析】解：A、用中子轟擊鋰核得到氫核和僦核，該反應(yīng)為原子核的人工轉(zhuǎn)變，故4

錯誤；

8、該裝置內(nèi)的反應(yīng)為彳小用HT^He+融，比結(jié)合能越大的原子越穩(wěn)定，故氮核廢He）的

比結(jié)合能大于核及H）的比結(jié)合能，故B正確；

C、世界各地正在運(yùn)行的核電站中的主要核反應(yīng)為重核裂變，故C錯誤；

D、在核反應(yīng)：q中，反應(yīng)前的核子息數(shù)等于反應(yīng)后的核子總數(shù)，故力錯

誤；

故選：B。

根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒得出未知粒子的電荷數(shù)和質(zhì)量數(shù)，確定未知粒子為何種粒

子；比結(jié)合能越大，原子核越穩(wěn)定；目前利用核能發(fā)電的是重核裂變。

本題考查了輕核聚變與重核裂變，在核反應(yīng)過程中滿足電荷數(shù)守恒，質(zhì)量數(shù)守恒定律，

要明白比結(jié)合能越大，原子核越穩(wěn)定，屬于基礎(chǔ)題。

2.【答案】C

【知識點(diǎn)】共點(diǎn)力的平衡、力的合成與分解

【解析】解：P物體起始在斜面上靜止，設(shè)斜面傾角為0,故mgcosJ=N,f=mgsind,

且故〃Ntan。。

AB,由于物體。輕輕地疊放在P上，相當(dāng)于增大物體P重力，故尸靜止不動；斜面對

P的作用力（支持力、靜摩擦力的合力）等于尸與。的重力之和，所以變大；故A8錯誤；

CQ處于靜止?fàn)顟B(tài)，根據(jù)平衡條件得知：。不受P的摩擦力，否則Q將沿水平方向運(yùn)動，

故C正確；

D以整體為研究對象，水平方向不受外力作用，所以水平方向合力為零，地面與斜面之

間無摩擦力，故。錯誤。

故選：Co

對P做受力分析，根據(jù)力的平衡條件可得出摩擦力、支持力、重力三者的關(guān)系，再結(jié)合

題目進(jìn)行判斷。

注意本題考查力的平衡問題，靜摩擦力大小小于等于最大靜摩擦力，即滑動摩擦力，增

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加?？梢岳斫鉃樵龃髴舻闹亓Α?/p>

3.【答案】C

【知識點(diǎn)】雙縫干涉、光發(fā)生明顯衍射的條件、光的全反射、光的干涉、光的偏振

【解析】解：4由圖像可知，復(fù)色光能夠入射進(jìn)入水珠，根據(jù)光路的可逆性，兩光均不

可能在水珠內(nèi)發(fā)生全反射，故A錯誤；

8.根據(jù)可知，圖乙若只減小屏到擋板的距離，則相鄰亮條紋間距離將減小，故

3錯誤；

C根據(jù)薄膜干涉原理，圖丙中若得到明暗相間平行等距條紋說明待測工件表面平整，故

C正確；

。自然光通過偏振片M后成為偏振光，所以若只旋轉(zhuǎn)圖丁中M或N一個偏振片，則兩

偏振片透振方向的夾角變化，光屏P上的光斑亮度將發(fā)生變化，故。錯誤。

故選：C。

根據(jù)光路的可逆性可進(jìn)行分析；根據(jù)可判斷相鄰亮條紋間距離變化；根據(jù)薄膜

干涉原理分析；自然光通過偏振片M后成為偏振光，隨兩偏振片透振方向的夾角變化，

偏振光亮度將發(fā)生變化。

本題考查了光學(xué)的相關(guān)問題，考查知識點(diǎn)針對性強(qiáng)，難度較小，考查了學(xué)生掌握知識與

應(yīng)用知識的能力。

4.【答案】D

【知識點(diǎn)】帶電粒子在直線邊界磁場中的運(yùn)動、帶電粒子在電場中的加速、帶電粒子在

組合場（電場、磁場）中的運(yùn)動、動能定理的基本應(yīng)用

【解析】解：4、根據(jù)題意可知，電子在之間加速，受到向右的電場力，所以

之間的電場線水平向左，則M點(diǎn)的電勢比N點(diǎn)電勢低，故4錯誤；

C、根據(jù)題意可知，電子進(jìn)入磁場時受到向下的洛倫茲力，根據(jù)左手定則可知偏轉(zhuǎn)磁場

的方向垂直于紙面向里，故C錯誤；

BD、電子在加速電場中運(yùn)動，根據(jù)動能定理有eU=

在磁場中運(yùn)動時，根據(jù)洛倫茲力提供向心力有euB=皿三，

R

則電子在磁場中的半徑為R=平，

如增大M、N之間的加速電壓，電子在磁場中做圓周運(yùn)動的半徑增大，所以電子出磁場

時的偏角減小，P點(diǎn)向右移動，

增大偏轉(zhuǎn)磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小，則電子在磁場中做圓周運(yùn)動的半徑減小，電子出磁場

時的速度偏角增大，P點(diǎn)左移，故B錯誤，O正確。

故選：Do

電子受到向右的電場力，所以電場線水平向左，以此分析電勢的高低；

根據(jù)左手定則分析偏轉(zhuǎn)磁場的方向；

根據(jù)洛倫茲力提供向心力以及動能定理求解電子做圓周運(yùn)動的半徑表達(dá)式，從而判斷改

變磁感應(yīng)強(qiáng)度以及增大增大M、N之間的加速電壓后P點(diǎn)的變化情況。

解決該題需要明確知道電子在各個區(qū)域的運(yùn)動情況，知道在勻強(qiáng)電場中順著電場線電勢

的變化情況，能正確推導(dǎo)出電子在磁場中運(yùn)動半徑。

5.【答案】D

【知識點(diǎn)】萬有引力定律的應(yīng)用、向心力

【解析】解：4、由萬有引力提供向心力可得鬻=69,解得：0=檸

則有：￡=器，解得："火=當(dāng)"地，而"地=同,所以"次=等，故A錯誤；

B、由萬有引力與重力的關(guān)系可得：*=mg,解得：M=喑

火星的質(zhì)量約為地球的0.1倍，則M/=Q1M地=0.1x喑=需，故8錯誤；

C、設(shè)著陸器在火星表面減速時的加速度為。次，則減速過程中著陸器位移為：x=火培

由于a火力0所以故C錯誤；

D、由繁=nig可得：g次=(9

對著陸器在火星表面減速過程，根據(jù)牛頓第二定律得mg次一F=ma次

根據(jù)運(yùn)動學(xué)公式可得：%=a次7

聯(lián)立以上各式解得：F=m(0.4g+/故。正確。

故選：D。

由萬有引力提供向心力結(jié)合向心力計(jì)算公式求解火星的第一宇宙速度；根據(jù)萬有引力和

重力的關(guān)系求解火星的質(zhì)量；根據(jù)運(yùn)動學(xué)公式分析陸器的位移；對著陸器在火星表面減

速過程中，根據(jù)牛頓第二定律結(jié)合運(yùn)動學(xué)公式進(jìn)行解答。

本題主要是考查了萬有引力定律及其應(yīng)用；解答此類題目一般要把握兩條線：一是在星

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球表面，忽略星球自轉(zhuǎn)的情況下，萬有引力近似等于重力；二是根據(jù)萬有引力提供向心

力列方程進(jìn)行解答。

6.【答案】CD

【知識點(diǎn)】熱力學(xué)第一定律的內(nèi)容及應(yīng)用、理想氣體狀態(tài)方程

【解析】解：4從狀態(tài)A到&氣體經(jīng)歷的是等容過程，所以A錯誤；

員從B到C的過程中，溫度不變，則氣體的內(nèi)能不變，所以8錯誤；

C.從C到。的過程中，氣體溫度降低，氣體內(nèi)能減小△(;<(),體積減小，則外界對氣

體做正功W>0,根據(jù)熱力第一定律

△U="+Q

可知，Q<0則氣體向外放熱，所以C正確；

。.由7圖像過原點(diǎn)可知從狀態(tài)。到A,氣體經(jīng)歷的是等壓過程，根據(jù)

TD~TA

解得

%=華所以。正確；

故選：CD.

①從狀態(tài)A到8,對應(yīng)的體積不變；

②溫度不變，則內(nèi)能不變；

③根據(jù)熱力學(xué)第一定律判斷氣體是放熱還是吸熱；

④根據(jù)D到A為等壓變化，由等壓變化列方程求解。

知道U-7圖象中過原點(diǎn)的直線表示的是等壓線，直線斜率越小對應(yīng)的壓強(qiáng)越大。

7.【答案】AC

【知識點(diǎn)】波速、波長和頻率、波的圖象、波的疊加

【解析】解：A,由圖像可知，甲、乙兩列波的波長分別為6,〃、4m,根據(jù)/=軻知，

波速相同時，頻率與波長成反比，所以甲、乙兩列波的頻率之比為2：3,故A正確；

B、由丁=;，代入數(shù)據(jù)計(jì)算可得，甲波的周期為T平=3s,乙波的周期為T乙=2s,再

經(jīng)過3s,即甲波的一個周期，甲波在平衡位置x=3巾處，振動1個周期，恰好處于平

衡位置向上振動，乙波在3s內(nèi)波形向前平移|心即6m,所以乙波在平衡位置x=37n處，

恰好處于波峰，振動速度為0,根據(jù)波的疊加原理可知，平衡位置在x=3m處的質(zhì)點(diǎn)振

動方向向上，故8錯誤；

C.開始時刻，兩列波到x=7m處的距離相同，根據(jù)t=?知兩波速度相同，則兩列波將

同時傳到久=7zn處，故C正確：

D由于兩波的頻率不同，不能形成相干波源，不存在始終為振動減弱點(diǎn)及振動加強(qiáng)點(diǎn)，

故。錯誤。

故選：AC.

由圖像可知甲、乙兩列波的波長，波速相同，根據(jù)/可知甲、乙兩列波的頻率之比；

由7=（計(jì)算兩波的周期，分別判斷再經(jīng)過3s,兩波在平衡位置x=3m處質(zhì)點(diǎn)的振動狀

態(tài)，再根據(jù)波的疊加原理可知平衡位置在x=3ni處的質(zhì)點(diǎn)振動方向；根據(jù)1=號可判斷

兩列波將同時傳到x=7巾處；兩波的頻率不同，不能形成穩(wěn)定的振動減弱點(diǎn)及振動加

強(qiáng)點(diǎn)。

本題屬于波的圖象的識圖、波的疊加和對質(zhì)點(diǎn)振動的判斷問題?？疾橹R點(diǎn)全面，重點(diǎn)

突出，充分考查了學(xué)生掌握知識與應(yīng)用知識的能力。

8.【答案】BD

【知識點(diǎn)】動能和動能定理、功率、功能關(guān)系的應(yīng)用

【解析】解：4、由于箱子在A處投放后，在到達(dá)8之前已經(jīng)相對于傳送帶靜止，由動

能定理知，A3段傳送帶對每個小箱做功為%B=：加若，故A錯誤；

8、由題知，每個箱子在A處投放后，在到達(dá)B之前已經(jīng)相對于傳送帶靜止，且以后也

不再滑動，故段傳送帶與小箱摩擦生熱為0,故B正確；

C、CZ）段由于小箱與傳送帶相對靜止，傳送帶對小箱做功等于小箱重力勢能的增加量，

所以叱=mghcDH故C錯誤；

DA8段小貨箱通過的位移為s,所用時間為f,則s=：at2

v0=at

在這段時間內(nèi)，傳送帶運(yùn)動的路程為So=%￡

故So=2s

則傳送帶對每個小箱做功形B=fs=

電動機(jī)輸出的功為%=fs0=mvo

由以上分析可知，電動機(jī)輸出的總功為勿=Nmv^+Nmgh

第12頁，共18頁

功率「=絲吟3,故力正確；

故選：BD。

根據(jù)動能定理求得傳送帶對箱子在水平方向所做的功，在CD段由于箱子與傳送帶無相

對滑動，故不產(chǎn)生內(nèi)能，在CD段，箱子的重力勢能增大，根據(jù)能量轉(zhuǎn)化求得傳送帶對

箱子做功，根據(jù)相鄰兩箱的距離為c求出T時間內(nèi)運(yùn)送貨箱的個數(shù)，再根據(jù)能量守恒定

律求解電動機(jī)的平均輸出功率。

題目看似很難，實(shí)際上是由一些簡單的題目綜合而成的，關(guān)鍵要正確分析物體的受力情

況，運(yùn)用力學(xué)基本規(guī)律，比如動能定理、牛頓第二定律和運(yùn)動學(xué)公式等等求解。

9.【答案】左ACD0.56

【知識點(diǎn)】實(shí)驗(yàn)：探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系

【解析】解：①因?yàn)閺淖笙蛴尹c(diǎn)跡越來越稀疏，而小車是做加速運(yùn)動的，所以紙帶的

左端與小車相連；

②4、根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理知，需要墊高右端，以平衡小車受到的摩擦力，故A正確；

8、平衡摩擦力的方法是取下砂桶，輕推小車后，小車能拖著紙帶在傾斜的木板上做勻

速直線運(yùn)動，故B錯誤；

C、只有m<<M時，砂桶的總重力mg才近似等于拉力，故C正確；

。、只有拉小車的細(xì)線與木板平行，才能保證拉力大小不變，故。正確。故選：ACD

③由題意可知，相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)的時間間隔T=3X0.02s=0.06s,由逐差公式求加速度a=

(6.50—2.60)—(2.60—0.50)

x10~2m/s=0.56m/s2

(3T)2(3X0.06)2o

故答案為：（1）左；（2）ACD；（3）0.56

①根據(jù)紙帶上點(diǎn)跡的分布判斷紙帶與小車相連的位置；

②實(shí)驗(yàn)前要平衡摩擦力，根據(jù)實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)與實(shí)驗(yàn)原理分析答題；

③根據(jù)勻變速直線運(yùn)動的推論AX=區(qū)?可以求出小車的加速度。

本題考查了探究合外力與加速度之間關(guān)系實(shí)驗(yàn)，考查了實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)處理與實(shí)驗(yàn)誤差分析問

題，理解實(shí)驗(yàn)原理、知道實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)是解題的前提；應(yīng)用勻變速直線運(yùn)動的推論即可

解題；對刻度尺讀數(shù)時要注意先確定其分度值，然后再讀數(shù)，讀數(shù)時視線要與刻度線垂

直。

10?【答案】已+就盤等于

【知識點(diǎn)】伏安法測電阻

【解析】解：①i根據(jù)串并聯(lián)電路的特點(diǎn)有A=看+高；

②再閉合S2,調(diào)節(jié)滑動變阻器&，保持電壓表電壓U不變，記錄電流表示數(shù)，2,有

UU

1=—+—

27RvRo

聯(lián)立解得

,,UU

21=

'~'R^~R0+Rx

整理可得

RQ(RO+Rx)

Kx

繪出U隨。2-11)變化的圖線斜率為Z，則有

,Ro(R()+R%)

k=^T~

解得

③在理論上，此方法的電阻測量值等于真實(shí)值。

故答案為：⑴急+黑；(2).普(3).等于

(1)根據(jù)串并聯(lián)電路歐姆定律得電流大??；

(2)聯(lián)立方程整理關(guān)于U-(/2-人)的圖像斜率可求得待測電阻；

考查電學(xué)實(shí)驗(yàn)，需要根據(jù)串并聯(lián)歐姆定律所得式子，根據(jù)圖像變形后結(jié)合圖像斜率進(jìn)行

求解。

11.【答案】解：(1)由同時加磁場和電場時，

電子的平衡狀態(tài)可知:W=evB

得…=2

(2)由帶點(diǎn)粒子在電場中的偏轉(zhuǎn)規(guī)律可得：

y-|at2,

加速度a=三，

運(yùn)動時間t=?

聯(lián)立可得：y=eU比

2mdv2

由幾何關(guān)系可得：小胃、

聯(lián)立以上兩式及第一問結(jié)果可得：*二念B2.

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答：（1）打在熒光屏。點(diǎn)的電子速度的大小為UD

（2）電子的比荷的表達(dá)式為?。呼敚┴?/p>

【知識點(diǎn)】帶電粒子在磁場中運(yùn)動、帶電粒子在電場中的運(yùn)動、帶電粒子在組合場（電

場、磁場）中的運(yùn)動

【解析】（1）抓住粒子平衡，結(jié)合電場力和洛倫茲力平衡求出電子的速度大小.

（2）電子在電場中做類平拋運(yùn)動，結(jié)合牛頓第二定律和運(yùn)動學(xué)公式得出偏轉(zhuǎn)位移，通過

幾何關(guān)系得出b的表達(dá)式，從而得出電子比荷的表達(dá)式.

解決本題的關(guān)鍵知道電子在復(fù)合場中做直線運(yùn)動時，電場力和洛倫茲力平衡，掌握處理

類平拋運(yùn)動的方法，結(jié)合牛頓第二定律和運(yùn)動學(xué)公式進(jìn)行求解.

12.【答案】解：（1）木板向左作初速度為零的勻加速運(yùn)動，而小木塊在摩擦力r

的作用下也做初速度為零的勻加速運(yùn)動，M,m的加速度分別為0,<72

由牛頓第二定律得F-同"g=M"i…①

…②

解①②得:at=3m/s2,az=2m/s2

撤去尸時，木塊剛好運(yùn)動到C處，則由運(yùn)動學(xué)公式得：

22

L=^axt-^a2t

解上面各式得：六三=叵-s；

aa

7i~273-2

（2）撤去力E時，M、機(jī)的速度分別為也、/，由運(yùn)動學(xué)公式得

vi=ait=3m/s,V2=a.it=2m/s'"?

撤去力F時，因"的速度大于機(jī)的速度，木塊將壓縮彈簧，〃，加速，M減速，當(dāng)它們

具有共同速度v時，彈簧彈性勢能最大，設(shè)為場，將木塊和木板及彈簧視為系統(tǒng)，規(guī)定

向左為正方向，系統(tǒng)動量守恒，則有：

Mv\+mvi=（M+m）v…④

系統(tǒng)從撤去力F后到其有共同速度，由能量守恒定律得：

2

++m）v+Ep+卬ngx…⑤

解③④⑤得：Ep=03J,

木板壓縮彈簧的最大彈性勢能為0.3J。

（3）假設(shè)木塊相對木板向左滑動離開彈簧后系統(tǒng)又能達(dá)到同共速度/,相對向左滑

動的距離為s

由動量守恒定律得：Mv\+mv2=(M+機(jī))v'…⑥

2

由能量守恒定律得：+m)v+Ep=，(M+m)/+卬ngs…⑦

解⑥⑦得：s=0.15m

由于x+L>s且s>x,故假設(shè)成立

所以整個運(yùn)動過程中系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量為：Q=nmg(L+x+s)=0.2x10-?(0.5+0.05+0.15)

答：(1)水平恒力尸作用的時間為15；

(2)彈簧的最大彈性勢能為0.3J；

(3)整個運(yùn)動過程中所產(chǎn)生的熱量為1.4J。

【知識點(diǎn)】功能關(guān)系的應(yīng)用、受恒定外力的板塊問題、完全非彈性碰撞

【解析】(1)在拉力廠的作用下，木板向左做勻加速直線運(yùn)動，木塊向左也是勻加速

直線運(yùn)動，分別根據(jù)牛頓第二定律列式求解加速度，然后根據(jù)運(yùn)動學(xué)公式列式求解即可；

(2)撤去力尸時，根據(jù)運(yùn)動學(xué)公式得到滑板和滑塊的速度大小，此后滑塊和滑板系統(tǒng)

水平方向不受外力，系統(tǒng)動量守恒，根據(jù)動量守恒定律列式得到共同速度，根據(jù)能量守

恒定律得到最大彈性勢能；

(3)首先要判斷滑塊最終靜止的位置，結(jié)合動量守恒定律和能量守恒定律列式求解即

可。

本題是難度較大的一道題，考查的知識面非常廣，這就要求大家要熟練的掌握解決力學(xué)

問題的三大法寶：牛頓運(yùn)動定律、動量守恒定律和能量的轉(zhuǎn)化與守恒定律。

13.【答案】解：(1)電路中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為：E

通過電阻R的電量為：q=/△t=￥

導(dǎo)體棒通過1區(qū)過程：△。=BLx0