2021年北京市延慶區(qū)高考物理一模試卷(含答案詳解)

2021年北京市延慶區(qū)高考物理一模試卷

一、單選題（本大題共14小題，共56.0分）

1.如圖所示中R是一種放射性物質(zhì)，虛線方框是勻強(qiáng)磁場(chǎng),LL'是厚紙板,

MM'是熒光屏.實(shí)驗(yàn)時(shí)發(fā)現(xiàn)在熒光屏的。、P兩點(diǎn)處有亮斑，則此時(shí)

磁場(chǎng)的方向、到達(dá)。點(diǎn)的射線、到達(dá)P點(diǎn)的射線應(yīng)為（）

A.向上，/3,aB.向下，a,0

C.由外向里，y,0D.由里向外，y,a

2.如圖所示，圓柱形氣缸導(dǎo)熱良好且足夠長(zhǎng)，氣缸內(nèi)的光滑活塞封閉一定質(zhì)

量的氣體，

整個(gè)裝置在輕質(zhì)彈簧上處于靜止?fàn)顟B(tài)。若大氣壓強(qiáng)保持不變，環(huán)境溫度緩慢升

高。下列說(shuō)法正確的是（）

A.缸內(nèi)氣體壓強(qiáng)增大

B.活塞向下緩慢移動(dòng)

C.彈簧長(zhǎng)度逐漸縮短

D.氣缸向上緩慢移動(dòng)

3.甲、乙兩個(gè)分子相距較遠(yuǎn)，它們之間的分子力弱到可忽略不計(jì)的程度.若使甲分子固定不動(dòng),

乙分子逐漸靠近甲分子，直到不能再靠近的整個(gè)過程中，分子力對(duì)乙分子做功的情況是（）

A.先做正功，后做負(fù)功B.始終做負(fù)功

C.始終做正功D.先做負(fù)功，后做正功

4.三束單色光①、②、③的頻率分別為％、吟、叱（已知％<女<吟）。某種金屬在光束②照射

下，能產(chǎn)生光電子。則該金屬（）

A.在光束①照射下，一定能產(chǎn)生光電子

B.在光束①照射下，一定不能產(chǎn)生光電子

C.在光束③照射下，一定能產(chǎn)生光電子

D.在光束③照射下，一定不能產(chǎn)生光電子

5.圖甲是一列簡(jiǎn)諧橫波傳播到x=5m的M點(diǎn)時(shí)的波形圖，圖乙是質(zhì)點(diǎn)N（x=3m）從此時(shí)刻開始計(jì)

時(shí)的振動(dòng)圖象，Q是位于x=10m處的質(zhì)點(diǎn)，下列說(shuō)法正確的是（）

A.經(jīng)過2s,M點(diǎn)移動(dòng)到77n處

B.質(zhì)點(diǎn)P（3m<%<4m）經(jīng)過3s通過的路程為30cm

C.質(zhì)點(diǎn)Q在6s時(shí)，第一次到達(dá)波峰

D.當(dāng)Q點(diǎn)開始振動(dòng)時(shí)，M點(diǎn)位于波谷

6.如圖所示為環(huán)地月拉格朗日5點(diǎn)軌道，該拉格朗日點(diǎn)位于地球和月

球連線的延長(zhǎng)線上，飛行器處于該點(diǎn)，在幾乎不消耗燃料的情況下

與月球同步繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)。以下關(guān)于飛行器在42點(diǎn)的說(shuō)法正確

的是（）

A.向心力僅由地球的引力提供

B.周期小于月球的周期

C.線速度小于月球的線速度

D.向心加速度大于月球的向心加速度

7.圖為遠(yuǎn)距離輸電示意圖，兩變壓器均為理想變壓器，升壓變壓器7的原、副線圈匝數(shù)分別為3,

n2,在7的原線圈兩端接入一電壓”=UmS譏3t的交流電源，若輸送電功率為2P,輸電線的總電

阻為2r,不考慮其他因素的影響，則輸電線上損失的電功率

為（)

A.第

8.用比值法定義物理量是物理學(xué)中一種常用的方法，下面四個(gè)物理量中用比值法定義的是（）

A.加速度a=￡B.電場(chǎng)強(qiáng)度E=￡

C.電流/=鄉(xiāng)D.電容。=品

R4nka

9.如圖所示，輕質(zhì)絕緣細(xì)線拴一帶負(fù)電的小球在豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)。

假設(shè)小球所受的電場(chǎng)力qE與重力G的大小關(guān)系為qE=G,且小球運(yùn)動(dòng)到最低

點(diǎn)a處時(shí)繩的拉力為此，運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)b處時(shí)繩的拉力為&,則凡與凡的大小關(guān)系為（）

A.Fa=Fb

B.Fa<Fb

C.Fa>Fb

D.無(wú)法確定匕與無(wú)的大小關(guān)系

10.（文）如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)為6V,閉合電鍵S后小燈泡L不亮,

電壓表測(cè)得各部分的電壓情況是：Uab=Ucd=Ude=0,Uae

%C=6匕若電路中只有一處發(fā)生斷路，則斷開的部分是（）

A.電阻燈B.變阻器RC.燈泡L

電鍵S

11.如圖所示，在光滑水平地面上有4、B兩個(gè)木塊，4、B之間用一

輕彈簧連接。A靠在墻壁上，用力F向左推B使兩木塊之間的彈簧

壓縮并處于靜止?fàn)顟B(tài)。若突然撤去力F,則下列說(shuō)法中正確的是

()

A.木塊A離開墻壁前，4、B和彈簧組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒

B.木塊4離開墻壁前，A、B和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒

C.木塊4離開墻壁后，4、B和彈簧組成的系統(tǒng)動(dòng)量不守恒

D.木塊4離開墻壁后，4、B和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能不守恒

12.用質(zhì)量為M的吸鐵石，將一張質(zhì)量為m的白紙壓在豎直固定的磁性黑板

上.某同學(xué)沿著黑板面，用水平向右的恒力尸輕拉白紙，白紙未移動(dòng)，則

此時(shí)黑板對(duì)白紙的摩擦力的大小為（）巴

A.F

B.mg

C.yjF2+（mg）2

D.J-2+（Mg+陷）2

13.一個(gè)做直線運(yùn)動(dòng)的物體，受到的合外力的方向與物體運(yùn)動(dòng)的方向一致，當(dāng)合外力減小時(shí)，則物

體運(yùn)動(dòng)的加速度和速度的變化是（）

A.加速度增大，速度增大B.加速度減小，速度增大

C.加速度增大，速度減小D.加速度減小，速度減小

14.有一種磁強(qiáng)計(jì)用于測(cè)定地磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度，原理如圖所示。電路有一段金屬導(dǎo)體，它的橫截

面是寬a、高b的長(zhǎng)方形，放在沿y軸正方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，導(dǎo)體中通有沿x軸正方向電流晨已知

金屬導(dǎo)體單位體積中的自由電子數(shù)為m電子電荷量為e,金屬導(dǎo)電過程中，自由電子所做的定

向移動(dòng)可視為勻速運(yùn)動(dòng)。兩電極M、N均與金屬導(dǎo)體的前后兩側(cè)接觸，用電壓表測(cè)出金屬導(dǎo)體前

后兩個(gè)側(cè)面間的電勢(shì)差U.則磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小和電極M、N的正負(fù)為：()

A.~Y-,M負(fù)、N正B.十M正、N負(fù)

C.苧，M正、N負(fù)D.早，M負(fù)、N正

二、實(shí)驗(yàn)題(本大題共2小題，共18.0分)

15.在測(cè)定金屬絲電阻率的實(shí)驗(yàn)中：

(1)如圖1所示，用50分度游標(biāo)卡尺測(cè)量待測(cè)金屬絲的直徑，其示數(shù)是cm.

(2)按圖2所示的電路圖在圖3中用筆畫線代替導(dǎo)線，補(bǔ)充連接實(shí)物電路示意圖.

0I23456cm

」山山味州山州川卜|||||出||對(duì)“川山川州||

2145“789。

圖I

陽(yáng)2/3

16.某同學(xué)在“用單擺測(cè)定重力加速度”的實(shí)驗(yàn)中測(cè)量了一些數(shù)據(jù)，其中的一組數(shù)據(jù)如下所示。

圖c

(1)用毫米刻度尺測(cè)量擺線的長(zhǎng)時(shí),將擺線平放,如圖(4)所示，刻度尺讀數(shù)是用游標(biāo)卡尺

測(cè)量擺球直徑，卡尺游標(biāo)位置如圖(B)所示，可知擺球直徑是cm,如圖所示測(cè)出的擺

長(zhǎng)(偏大，偏小)。

(2)該同學(xué)用秒表記錄了單擺振動(dòng)30次全振動(dòng)所用的時(shí)間如圖C所示，則秒表所示讀數(shù)為So

單擺的周期是s(保留三位有效數(shù)字)

(3)為了提高實(shí)驗(yàn)精度，在試驗(yàn)中可改變幾次擺長(zhǎng)3測(cè)出相應(yīng)的周期T,從而得出一組對(duì)應(yīng)的L

與T的數(shù)值，再以I為橫坐標(biāo)/為縱坐標(biāo)，將所得數(shù)據(jù)連成直線如圖。所示，尸與Z,的關(guān)系式產(chǎn)

=,利用圖線可求出圖線的斜率0再由k可求出g=—。(保留三位有效數(shù)字)

(4)如果他測(cè)得的g值偏小，可能的原因是()

4未掛小球就測(cè)量繩長(zhǎng)，然后與小球半徑相加作為擺長(zhǎng)

8.擺線上端未牢固地系于懸點(diǎn)，振動(dòng)中出現(xiàn)松動(dòng)，使擺線長(zhǎng)度增加了

C.開始計(jì)時(shí)，秒表過遲按下

D實(shí)驗(yàn)中誤將29次全振動(dòng)數(shù)記為30次

三、簡(jiǎn)答題(本大題共1小題，共3.0分)

17.如圖所示，為水平放置的光滑圓盤，半徑為1.0m,其中心。處有一個(gè)小

孔，穿過小孔的細(xì)繩兩端各系一小球4和8,4、B兩球的質(zhì)量相等.圓盤

上的小球A作勻速圓周運(yùn)動(dòng).問

(1)當(dāng)4球的軌道半徑為0.20小時(shí)，它的角速度是多大才能維持B球靜止?

(2)若將前一問求得的角速度減半，通過計(jì)算分析，怎樣做才能使4作圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)B球仍能保持靜止？

(g—9.8m/s2)

四、計(jì)算題(本大題共3小題，共30.0分)

18.某校課外活動(dòng)小組，自制一枚土火箭，火箭的質(zhì)量為3kg.設(shè)火箭發(fā)射實(shí)驗(yàn)時(shí)，始終在豎直方向

上運(yùn)動(dòng).火箭點(diǎn)火后可認(rèn)為作豎直向上的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過4s到達(dá)離地面40nl高處燃料恰

好用完.若空氣阻力忽略不計(jì)，燃料質(zhì)量不計(jì)，g取10TH/S2.求：

(1)火箭上升時(shí)受到的推力是多大？

(2)火箭上升離開地面的最大高度？

19.把質(zhì)量為1kg的石塊從10m高處以30。角斜向上方拋出，初速度為8zn/s。

不計(jì)空氣阻力，取g=10m/s2.

求：(1)人對(duì)石塊做的功

(2)石塊落地時(shí)的速度大小

20.“平安北京，綠色出行”，地鐵已成為北京的主要綠色交通工具之一。圖1為地鐵安檢場(chǎng)景，圖

2是安檢時(shí)傳送帶運(yùn)行的示意圖。某乘客把一書包放在水平傳送帶的入口a處，書包隨傳送帶勻

速運(yùn)動(dòng)到出口B處。由于書包與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)很大，傳送帶的運(yùn)行速度很小，可忽略書

包的加速時(shí)間。己知傳送帶始終以D=0.20m/s的速度勻速運(yùn)行，A、B兩處之間的距離L=1.6m.

圖1圖2

(1)求書包從4處運(yùn)動(dòng)到B處的時(shí)間t；

(2)有同學(xué)認(rèn)為，書包隨傳送帶勻速運(yùn)動(dòng)過程中，始終受到傳送帶施加的摩擦力作用。你認(rèn)為這種說(shuō)

法是否正確，請(qǐng)說(shuō)明理由。

(3)若書包與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.02,試分析書包到達(dá)右端時(shí)的速度與傳送帶速度的關(guān)系，并

用試著畫出書包到達(dá)右端時(shí)的速度與傳送帶速度關(guān)系的圖象(g=10m/s2)o

參考答案及解析

1.答案：c

解析：解：因?yàn)閍粒子的貫穿本領(lǐng)較小，一張紙即可把它擋住，所以亮斑中不可能有a射線，錯(cuò)

誤；

因?yàn)閥射線不帶電，所以不受磁場(chǎng)約束，直接打在0點(diǎn)，故C正確。

故選：C?

a、。和y三種射線電離本領(lǐng)依次減弱，貫穿本領(lǐng)依次增強(qiáng)，y射線不帶電，經(jīng)過磁場(chǎng)時(shí)不發(fā)生偏轉(zhuǎn).

本題考查了三種射線的特點(diǎn)，知道a、口和y電離本領(lǐng)依次減弱，貫穿本領(lǐng)依次增強(qiáng)，y射線不帶電.

2.答案：D

解析：解：ABC,對(duì)氣缸和活塞整體受力分析知，只有整體的重力和彈簧彈力，整體重力不變，則

彈簧彈力不變，即彈簧形變量不變，故活塞位置不變，再對(duì)活塞受力分析知，氣缸內(nèi)氣體壓強(qiáng)不變，

氣體發(fā)生等壓變化，故A8C錯(cuò)誤；

。、氣體發(fā)生等壓變化，溫度升高，由理想氣體狀態(tài)方程與=。知，體積變大，故。正確。

故選：Do

根據(jù)活塞處于動(dòng)態(tài)平衡，則氣體壓強(qiáng)不變，活塞緩慢上升過程是等壓變化，環(huán)境溫度緩慢升高，由

蓋呂薩克定律可體積變化。

本題應(yīng)先選擇合適的對(duì)象受力分析，從而得到彈簧的變化以及氣缸內(nèi)氣體的壓強(qiáng)變化，熟練應(yīng)用蓋

呂薩克定律即可正確解題。

3.答案：A

解析：解：開始時(shí)由于兩分子之間的距離大于r°，因此分子力為引力當(dāng)相互靠近時(shí)分子力做正功；

當(dāng)分子間距小于r°，分子力為斥力，相互靠近時(shí)，分子力做負(fù)功；故在運(yùn)動(dòng)過程中，分子力先做正

功，再做負(fù)功，故A正確，8co錯(cuò)誤.

故選：A.

開始時(shí)由于兩分子之間的距離大于r°，因此分子力為引力，當(dāng)相互靠近時(shí)分子力做正功；當(dāng)分子間

距小于分子力為斥力，相互靠近時(shí)，分子力做負(fù)功.

本題考查對(duì)分子力的性質(zhì)的掌握，要注意分子力做功對(duì)應(yīng)著分子勢(shì)能的變化，要正確分析分子之間

距離與分子力、分子勢(shì)能的關(guān)系，所以一定掌握根據(jù)功的公式和分子力的特點(diǎn)分析分子力做功情況.

4.答案：C

解析：解：依據(jù)光電效應(yīng)發(fā)生條件，因用光束2照射時(shí)，若恰能產(chǎn)生光電子，且％<吟<叱，因此

用光束①照射時(shí)，不能產(chǎn)生光電子，而光束③照射時(shí)，一定能產(chǎn)生光電子，

若能產(chǎn)生光電子，則光束①照射下，可能產(chǎn)生光電子，而光束③照射下，一定能產(chǎn)生光電子，故

48。錯(cuò)誤，C正確；

故選：Co

根據(jù)波長(zhǎng)與頻率關(guān)系，結(jié)合光電效應(yīng)發(fā)生條件：入射光的頻率大于或等于極限頻率，即可求解。

考查入射頻率與極限頻率的不同，掌握光電效應(yīng)現(xiàn)象發(fā)生條件，同時(shí)還可理解光電效應(yīng)方程的內(nèi)容。

5.答案：D

解析：解：4、質(zhì)點(diǎn)不會(huì)隨波遷移，所以M點(diǎn)不會(huì)沿波的方向運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

B、由圖乙可知：周期7=4s,振幅4=10cm,質(zhì)點(diǎn)P(3m<x<4m)在此時(shí)刻向上振動(dòng)，速度在增

大，經(jīng)過3s=通過的路程大于34=30cm,故B錯(cuò)誤；

C、波速〃=1=；/n/s=lm/s,質(zhì)點(diǎn)Q第一次到達(dá)波峰的時(shí)間t=?二s=8s,故C錯(cuò)誤；

T41

。、當(dāng)Q點(diǎn)開始振動(dòng)時(shí)，x=0處的振動(dòng)情況剛好傳到M點(diǎn)，所以M點(diǎn)位于波谷，故。正確。

故選：Do

質(zhì)點(diǎn)不會(huì)隨波遷移；判斷此時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)情況，由此確定經(jīng)過3s通過的路程；求出波速，根據(jù)速

度時(shí)間關(guān)系求解質(zhì)點(diǎn)Q第一次到達(dá)波峰的時(shí)間；當(dāng)Q點(diǎn)開始振動(dòng)時(shí)，判斷波向前傳播的距離，由此確

定M點(diǎn)的位置。

本題主要是考查了波的圖象，解答本題關(guān)鍵是要能夠根據(jù)圖象直接讀出振幅、波長(zhǎng)和各個(gè)位置處的

質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)方向，知道波速、波長(zhǎng)和頻率之間的關(guān)系u=

6.答案：D

解析：解：4、探測(cè)器的向心力由太陽(yáng)和地球引力的合力提供。故A錯(cuò)誤；

8、飛行器與地球同步繞太陽(yáng)運(yùn)動(dòng)，角速度相等，周期相同，故8錯(cuò)誤

C、根據(jù)u=3r知探測(cè)器的線速度大于月球的線速度。故C錯(cuò)誤；

。、根據(jù)a=r/2知，探測(cè)器的向心加速度大于地球的向心加速度。故。正確；

故選：Do

飛行器與地球同步繞太陽(yáng)運(yùn)動(dòng)，角速度相等，飛行器靠太陽(yáng)和地球引力的合力提供向心力，根據(jù)"=

a)r,a=丁口2比較線速度和向心加速度的大小。

本題考查萬(wàn)有引力的應(yīng)用，題目較為新穎，在解題時(shí)要注意分析向心力的來(lái)源及題目中隱含的條件。

7.答案：C

解析：解：4、B、C、。、根據(jù)正弦式交流電最大值和有效值的關(guān)系可知，加在原線圈上的電壓%=解，

72

根據(jù)理想變壓器電壓和匝數(shù)的關(guān)系可知，引=*，解得4=零，輸電線上的電流/=午，消耗的

建2V2nl1/2

功P耗=/x2r=16令/（三立，A、B、。錯(cuò)誤，C正確。

故選：Co

理想變壓器輸入功率和輸出功率相等，根據(jù)理想變壓器電壓和匝數(shù)的關(guān)系，通過原線圈的電壓求出

副線圈的電壓，求出輸電線上的電流，求出輸電線上消耗的功率。

解決本題的關(guān)鍵注意電壓有效值的使用及變壓器的特點(diǎn)，輸入功率等于輸出功率，電壓比等于匝數(shù)

比。

8.答案：B

解析：解：4、加速度a與所受的合力F成正比，與質(zhì)量m成反比，不是比值定義法.故A錯(cuò)誤.

B、電場(chǎng)強(qiáng)度E與八q無(wú)關(guān)，反映電場(chǎng)本身的性質(zhì)，所以該式屬于比值法定義，故B正確.

C、電流強(qiáng)度/與電壓U成正比，與電阻成反比，該式不是運(yùn)用比值定義法定義的.故C錯(cuò)誤.

D、電容。由￡、S、d共同決定，所以該式不屬于比值定義法.故。錯(cuò)誤.

故選:B.

所謂比值定義法，就是用兩個(gè)基本的物理量的“比值”來(lái)定義一個(gè)新的物理量的方法.比值法定義

的基本特點(diǎn)是被定義的物理量往往是反映物質(zhì)的屬性，它不隨定義所用的物理量的大小取舍而改變.

解決本題的關(guān)鍵理解比值定義法的共性：被定義的物理量往往是反映物質(zhì)的最本質(zhì)的屬性.

9.答案:A

解析：解：小球所受的重力豎直向下、電場(chǎng)力豎直向上，電場(chǎng)力qE與重力G的大小相等，qE=G。

細(xì)線的拉力剛好提供向心力，小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，故速率不變，即%=%，故向心力用=凡故A

正確，BCQ錯(cuò)誤。

故選：Ao

由重力等于與電場(chǎng)力等值反向，互相抵消，合力就為線的拉力，拉力提供向心力，小球做勻速圓周

運(yùn)動(dòng)，速度大小不變，向心力不變。

本題要能正確分析向心力來(lái)源，知道重力與電場(chǎng)力抵消，僅有細(xì)線的拉力提供向心力。難度不大，

屬于基礎(chǔ)題。

10.答案:D

解析：解：用電壓表測(cè)得ab、cd、de間電壓為零，說(shuō)明沒有電流通過燈泡、滑動(dòng)變阻器和定值電阻.即

這三處電路是好的.ae間為電源，其示數(shù)為6V,說(shuō)明電源處無(wú)問題.加間有電壓且示數(shù)為6，，說(shuō)明

電壓表示數(shù)為電源電壓，則電壓表所測(cè)這部分電路斷路，電壓表分擔(dān)電源電壓.故be之間斷路，即

電鍵S斷路；

故選：D.

燈不亮，電路中只有一處發(fā)生斷路.用電壓表依次測(cè)得兩點(diǎn)電壓，看有無(wú)示數(shù)進(jìn)行判斷.

本題考查了用電壓表檢測(cè)電路的故障.當(dāng)電壓表所測(cè)的那部分電路斷路，電壓表與電路串聯(lián)，分擔(dān)

電源電壓，要注意辨別.

11.答案：B

解析：解：4、木塊4離開墻壁前，對(duì)4、B和彈簧組成的系統(tǒng)，由于墻壁對(duì)4有彈力，則系統(tǒng)的外力

之和不為零，故系統(tǒng)的動(dòng)量不守恒，故A錯(cuò)誤；

B。、木塊4離開墻壁前和木塊4離開墻壁后，4、B和彈簧組成的系統(tǒng)都只有彈簧的彈力做功，而其

它力不做功，則系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，故8正確，。錯(cuò)誤；

C、木塊4離開墻壁后，4、B和彈簧組成的系統(tǒng)外力之和為零，則動(dòng)量守恒，故C錯(cuò)誤。

故選：B。

根據(jù)系統(tǒng)動(dòng)量守恒的條件：系統(tǒng)不受外力或所受合外力為零，分析系統(tǒng)所受的外力情況，判斷動(dòng)量

是否守恒。只有重力或只有彈力做功，機(jī)械能守恒，根據(jù)機(jī)械能守恒的條件判斷機(jī)械能是否守恒。

本題關(guān)鍵要掌握動(dòng)量守恒和機(jī)械能守恒的條件，并用來(lái)判斷系統(tǒng)的動(dòng)量和機(jī)械能是否守恒。對(duì)于動(dòng)

量是否守恒要看研究的過程，要細(xì)化過程分析。

12.答案:D

解析：解：由題意可知，整體受向下的重力、向右的拉力的作用，二力的合力為尸合=

,尸2+(Mg+mg)2；由力的平衡條件可知，摩擦力的應(yīng)與合力大小相等，方向相反；

故選：Do

分析物體受力情況，根據(jù)共點(diǎn)力的平衡條件可得出摩擦力的大小.

本題應(yīng)首先明確物體受到的摩擦力為靜摩擦力；靜摩擦力的與其他沿接觸面的外力的合力大小相等,

方向相反.

13.答案：B

解析：解：合力增大，根據(jù)牛頓第二定律知，加速度增大，因?yàn)楹狭Ψ较蚺c速度方向相同，速度增

大。故B正確，力、C、。錯(cuò)誤。

故選：B。

根據(jù)牛頓第二定律判斷加速度與合力的關(guān)系，根據(jù)加速度方向與速度方向的關(guān)系，判斷速度的變化.

解決本題的關(guān)鍵會(huì)通過合力的變化判斷加速度的變化，以及知道當(dāng)加速度方向與速度方向相同時(shí)，

做加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)加速度方向與速度方向相反時(shí)，做減速運(yùn)動(dòng).

14.答案：A

解析：

(1)根據(jù)左手定則判斷出電子的偏轉(zhuǎn)方向，從而確定電勢(shì)的高低；

(2)抓住電子受到的洛倫茲力等于電場(chǎng)力，結(jié)合電流的微觀表達(dá)式求出磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小。

解決本題的關(guān)鍵掌握左手定則判定洛倫茲力的方向，以及知道最終電子受電場(chǎng)力和洛倫茲力處于平

衡。

根據(jù)左手定則知，電子向外側(cè)偏轉(zhuǎn)，則導(dǎo)體M極為負(fù)極，N極為正極：

自由電子做定向移動(dòng)，視為勻速運(yùn)動(dòng)，速度設(shè)為。，則單位時(shí)間內(nèi)前進(jìn)的距離為外對(duì)應(yīng)體積為。ab,

此體積內(nèi)含有的電子個(gè)數(shù)為：nvab,電量為：neavb

由/=包="=nevab

At1

電子受電場(chǎng)力和洛倫茲力平衡，

eE-Bev,即e"=Bev

a

解得：B=誓，故A正確，BC。錯(cuò)誤。

故選Ao

15.答案：1.052

解析：解：⑴由圖1所示游標(biāo)卡尺可知，其示數(shù)為：10mm+26x0.02mm=10.52mm=1.052cm；

(2)根據(jù)圖2所示電路圖連接實(shí)物電路圖，實(shí)物電路圖如圖所示：

故答案為：(1)1.052；(2)電路圖如圖所示.

(1)游標(biāo)卡尺主尺與游標(biāo)尺示數(shù)之和是游標(biāo)卡尺的示數(shù).

(2)根據(jù)電路圖連接實(shí)物電路圖.

本題考查了游標(biāo)卡尺讀數(shù)、連接實(shí)物電路圖，游標(biāo)卡尺主尺與游標(biāo)尺示數(shù)之和是游標(biāo)卡尺的示數(shù),

對(duì)游標(biāo)卡尺讀數(shù)時(shí)要注意分度值的精度；分析清楚圖2所示電路結(jié)構(gòu)是連接實(shí)物電路圖的關(guān)鍵.

16.答案：(1)99.001.940偏小

(2)56.9s1.895

(3)-----19.86

g

(4)4B

解析：

(1)用毫米刻度尺測(cè)量擺線的長(zhǎng)時(shí)，讀數(shù)需要一位估讀；游標(biāo)卡尺先讀出固定刻度部分，再讀出游標(biāo)

尺讀數(shù)，然后求和：

(2)秒表分針與秒針的示數(shù)之和是秒表示數(shù)，單擺完成一次全振動(dòng)所需要的時(shí)間是周期；

(3)由重力加速度的表達(dá)式，根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)分析產(chǎn)一，圖線斜率的意義。

本題考查了用單擺測(cè)定重力加速度。

(1)用毫米刻度尺測(cè)量擺線的長(zhǎng)時(shí)，刻度尺的最小分度是1mm,讀數(shù)需要一位估讀，所以讀數(shù)為：

99.00cm；

游標(biāo)卡尺的固定刻度為：19mm,可動(dòng)刻度的第8格與上面對(duì)齊，游標(biāo)尺的最小分度是0.05mm,總

讀數(shù)為：19mm+0.05x8mm=19.40mm=1.940cm；

如圖所示測(cè)出的擺長(zhǎng)偏小;

故填：99.001.940偏?。?/p>

「t56夕…

(2)由圖示秒表可知，其示數(shù)為：56.9s,單擺的周期：T=-=W『aL89s；

JIJU

故填：56.9s1.89s：

得/=乎?

(3)根據(jù)單擺的周期公式T=可知，廠一I圖線應(yīng)該是一條過原點(diǎn)的直線,

4-

其斜率：*=

g

則g竿

若根據(jù)所得數(shù)據(jù)連成的直線的延長(zhǎng)線過坐標(biāo)原點(diǎn)，Z=Ini時(shí)片=4S2,所以：k=4s2/m；

4/4x3.142,2

所以g=―^-=-------=9.86m/jr2；

故填:苧9.86；

(4)根據(jù)單擺的周期公式T=，得弁=分析知:

A.未掛小球就測(cè)量繩長(zhǎng)，然后與小球半徑相加作為擺長(zhǎng)，使得擺長(zhǎng)的測(cè)量值比實(shí)際值偏小，則測(cè)得

的重力加速度偏小，故A正確；

民擺動(dòng)后出現(xiàn)松動(dòng)，使擺線長(zhǎng)度增加了，所測(cè)中期T偏大，所測(cè)重力加速度偏小，故B正確；

C.開始計(jì)時(shí)，秒表過遲按下，測(cè)得時(shí)間偏小，得到周期的偏小，得到的重力加速度偏大，故C錯(cuò)誤;

。、實(shí)驗(yàn)中將29次全振動(dòng)數(shù)成30次全振動(dòng)，測(cè)得周期偏小，則測(cè)得的重力加速度偏大，故。錯(cuò)誤。

故選A8。

故答案為：(1)99.001.940偏小

(2)56.9s1.89s

(3)------19.86

g

17.答案：解：(1)A球做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力由繩的拉力提供，而繩的拉力大小等于B球的重力.有F向二

mg,

由F向=7n32r

代入數(shù)據(jù)解得3=lrad/s.

(2)8球保持靜止，貝妹球做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力不變，只能調(diào)整4球做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑.

由F向=ma)2r',

代入數(shù)據(jù)解得r'=0.8m.

答：(1)角速度為7rad/s才能維持B球靜止.

(2)4球做圓周運(yùn)動(dòng)運(yùn)動(dòng)的半徑為0.8m時(shí)，才能使B球保持靜止.

解析：(1)4球做圓周運(yùn)動(dòng)靠拉力提供向心力，拉力等于B球的重力，結(jié)合牛頓第二定律求出角速度

的大小.

(2)當(dāng)角速度減半時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律求出4球做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑.

解決本題的關(guān)鍵知道小球做圓周運(yùn)動(dòng)向心力的來(lái)源，結(jié)合牛頓第二定律和平衡綜合求解，基礎(chǔ)題.

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