安徽省合肥九中2021-2022學(xué)年高三第二次診斷性檢測(cè)物理試卷含解析

2021-2022學(xué)年高考物理模擬試卷

注意事項(xiàng)：

1.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫在答題卡上。

2.回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再

選涂其它答案標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無(wú)效。

3.考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。

1.北斗衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)(BDS)是中國(guó)自行研制的全球衛(wèi)星定位和導(dǎo)軌系統(tǒng)，預(yù)計(jì)2020年形成全球覆蓋能力。如圖所示是

北斗導(dǎo)航系統(tǒng)中部分衛(wèi)星的軌道示意圖，已知。、b.c三顆衛(wèi)星均做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，軌道半徑二二=二二>二二，其中a

是地球同步衛(wèi)星，不考慮空氣阻力。則

A.a的向心力小于c的向心力

B.a、b衛(wèi)星的加速度一定相等

C.c在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中不可能經(jīng)過(guò)北京上空

D.b的周期等于地球自轉(zhuǎn)周期

2.如圖所示，將直徑為d,電阻為K的閉合金屬環(huán)從勻強(qiáng)磁場(chǎng)8中拉出，這一過(guò)程中通過(guò)金屬環(huán)某一截面的電荷量為

()

Bd2Bd^

~R~'IrR

3.如圖甲所示，一根直導(dǎo)線和一個(gè)矩形導(dǎo)線框固定在同一豎直平面內(nèi)，直導(dǎo)線在導(dǎo)線框上方，甲圖中箭頭方向?yàn)殡娏?/p>

的正方向。直導(dǎo)線中通以圖乙所示的電流，則在0—乙時(shí)間內(nèi)，導(dǎo)線框中電流的方向()

A.始終沿順時(shí)針B.始終沿逆時(shí)針C.先順時(shí)針后逆時(shí)針D.先逆時(shí)針后順時(shí)針

4.如圖甲所示為歷史上著名的襄陽(yáng)炮，因在公元1267-1273年的宋元襄陽(yáng)之戰(zhàn)中使用而得名，其實(shí)質(zhì)就是一種大型拋

石機(jī)。它采用杠桿式原理，由一根橫桿和支架構(gòu)成，橫桿的一端固定重物，另一端放置石袋，發(fā)射時(shí)用絞車將放置石

袋的一端用力往下拽，而后突然松開，因?yàn)橹匚锏臓烤Y，長(zhǎng)臂會(huì)猛然翹起，石袋里的巨石就被拋出。將其工作原理簡(jiǎn)

化為圖乙所示，橫桿的質(zhì)量不計(jì)，將一質(zhì)量，〃=10kg,可視為質(zhì)點(diǎn)的石塊，裝在橫桿長(zhǎng)臂與轉(zhuǎn)軸0點(diǎn)相距L=5m的末

端口袋中，在轉(zhuǎn)軸短臂右端固定一重物M,發(fā)射之前先利用外力使石塊靜止在地面上的A點(diǎn)，靜止時(shí)長(zhǎng)臂與水平面的

夾角a=37。，解除外力后石塊被發(fā)射，當(dāng)長(zhǎng)臂轉(zhuǎn)到豎直位置時(shí)立即停止運(yùn)動(dòng)，石塊被水平拋出，落在水平地面上，石

塊落地位置與0點(diǎn)的水平距離s=20m,空氣阻力不計(jì)，gB10m/s2o則（）

A.石塊水平拋出時(shí)的初速度為106m/s

B.石塊水平拋出時(shí)的初速度為20m/s

C.從4點(diǎn)到最高點(diǎn)的過(guò)程中，長(zhǎng)臂對(duì)石塊做的功為2050J

D.從A點(diǎn)到最高點(diǎn)的過(guò)程中，長(zhǎng)臂對(duì)石塊做的功為2500J

5.如圖甲所示，線圈加七〃固定于分布均勻的磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向垂直線圈平面向里。當(dāng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小3隨時(shí)

2

間f變化時(shí)，邊的熱功率與時(shí)間的關(guān)系為Pab=kt（k為定值）。圖乙為關(guān)于磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B隨時(shí)間f變化的圖象,

其中可能正確的是（）

A.裂變反應(yīng)B.熱核反應(yīng)C.化學(xué)反應(yīng)D.放射性衰變

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。

全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。

7.甲、乙兩車在同一平直道路上同向運(yùn)動(dòng)其圖像如圖所示，圖中AOPQ和AOQT的面積分別為S]和S2（與>片），

初始時(shí)，甲車在乙車前方與處，則（）

A.若%=S]+S2，兩車不會(huì)相遇B.若So<4,兩車相遇2次

C.若s0=S1,兩車相遇1次D.若“=$2,兩車相遇1次

8.如圖所示，一根固定的絕緣豎直長(zhǎng)桿位于范圍足夠大且相互正交的勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，電場(chǎng)強(qiáng)度大小為

E=等，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為瓦一質(zhì)量為"?、電荷量為g的帶正電小圓環(huán)套在桿上，環(huán)與桿間的動(dòng)摩擦因數(shù)為四現(xiàn)

使圓環(huán)以初速度均向下運(yùn)動(dòng)，經(jīng)時(shí)間f。，圓環(huán)回到出發(fā)點(diǎn)。若圓環(huán)回到出發(fā)點(diǎn)之前已經(jīng)開始做勻速直線運(yùn)動(dòng)，不計(jì)空

氣阻力，重力加速度為g。則下列說(shuō)法中正確的是（）

A.環(huán)經(jīng)過(guò)冬時(shí)間剛好到達(dá)最低點(diǎn)

2

B.環(huán)的最大加速度為a,“=g+幺空0

m

1加2o2

C.環(huán)在個(gè)時(shí)間內(nèi)損失的機(jī)械能為不，《（4-二）

2Kq'B'

D.環(huán)下降過(guò)程和上升過(guò)程摩擦力的沖量大小不相等

9.下列說(shuō)法正確的是（）

A.水龜可以停在水面上是因?yàn)橐后w具有表面張力

B.功可以全部轉(zhuǎn)化為熱，但熱量不能全部轉(zhuǎn)化為功

C.當(dāng)兩分子間距離大于平衡位置的間離時(shí)，分子間的距離越大，分子勢(shì)能越小

D.液晶顯示器是利用了液晶對(duì)光具有各向異性的特點(diǎn)

E.氣體分子無(wú)論在什么溫度下，其分子速率都呈現(xiàn)“中間多、兩頭少”的分布特點(diǎn)

10.長(zhǎng)為/、間距為d的平行金屬板水平正對(duì)放置，豎直光屏M到金屬板右端距離為/,金屬板左端連接有閉合電路,

整個(gè)裝置結(jié)構(gòu)如圖所示.質(zhì)量為〃?、電荷量為夕的粒子以初速度％從兩金屬板正中間自左端N點(diǎn)水平射入，當(dāng)滑動(dòng)變

阻器的滑片在某一位置時(shí)，粒子恰好垂直撞在光屏上.對(duì)此過(guò)程，下列分析正確的是（）

A.粒子在平行金屬板間的運(yùn)動(dòng)時(shí)間和從金屬板右端到光屏的運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等

B.板間電場(chǎng)強(qiáng)度大小為‘空

q

C.若僅將滑片P向下滑動(dòng)一段后，再讓該粒子從N點(diǎn)以水平速度％射入板間，粒子不會(huì)垂直打在光屏上

D.若僅將兩平行板的間距變大一些，再讓該粒子從N點(diǎn)以水平速度％射入板間，粒子依然會(huì)垂直打在光屏上

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。

11.（6分）一同學(xué)用電子秤、水壺、細(xì)線、墻釘和貼在墻上的白紙等物品，在家中驗(yàn)證力的平行四邊形定則，主要實(shí)

驗(yàn)步驟如下：

①如圖甲，細(xì)線OC一端連接一裝滿水的水壺，另一端連接圓環(huán)O,用電子秤的下端掛鉤鉤住圓環(huán)O,記下水壺靜上

時(shí)電子秤的示數(shù)F；

②如圖乙，將細(xì)線48一端拴在墻釘A處，另一端穿過(guò)圓環(huán)。拴在電子秤的掛鉤8處。手握電子秤沿斜上方拉住細(xì)線

的5端使水壺處于平衡狀態(tài)，在墻面的白紙上記錄圓環(huán)。的位置、三細(xì)線OA、OB、0C的方向和電子秤的示數(shù)尸”

③如圖丙，在白紙上以。為力的作用點(diǎn)，按定標(biāo)度作出各力的圖示，根據(jù)平行四邊形定則作出兩個(gè)后的合力「的圖

ZjSo

(1)步驟①中(填“必須”或“不必”)記錄。點(diǎn)位置；

(2)步驟②中用細(xì)線穿過(guò)圓環(huán)0,而不用細(xì)線直接拴接在細(xì)線AB上的原因是:

(3)通過(guò)比較了與的大小和方向，即可得出實(shí)驗(yàn)結(jié)論。

12.(12分)某同學(xué)利用圖甲所示裝置探究“加速度與力、物體質(zhì)量的關(guān)系”。圖中裝有祛碼的小車放在長(zhǎng)木板上，左

端拴有一不可伸長(zhǎng)的細(xì)繩，跨過(guò)固定在木板邊緣的定滑輪與一祛碼盤相連。在祛碼盤的牽引下，小車在長(zhǎng)木板上做勻

加速直線運(yùn)動(dòng)，圖乙是該同學(xué)做實(shí)驗(yàn)時(shí)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打出的一條點(diǎn)跡清晰的紙帶，已知紙帶上每相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有

一個(gè)點(diǎn)沒有畫出，相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)之間的距離分別是現(xiàn)、々、X3、4、/、%,打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所接交流電的周期為T,

小車及車中硅碼的總質(zhì)量為網(wǎng)，祛碼盤和盤中祛碼的總質(zhì)量為血2,當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間。

(1)根據(jù)紙帶上的數(shù)據(jù)可得小車運(yùn)動(dòng)的加速度表達(dá)式為。=(要求結(jié)果盡可能準(zhǔn)確)。

(2)該同學(xué)探究在合力不變的情況下，加速度與物體質(zhì)量的關(guān)系。下列說(shuō)法正確的是。

A.平衡摩擦力時(shí)，要把空祛碼盤用細(xì)繩通過(guò)定滑輪系在小車上，紙帶通過(guò)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器與小車連接，再把木板不帶滑

輪的一端用小墊塊墊起，移動(dòng)小墊塊，直到小車恰好能勻速滑動(dòng)為止

B.平衡摩擦后，還要調(diào)節(jié)定滑輪的高度，使滑輪與小車間的細(xì)繩保持水平

C.若用啊g表示小車受到的拉力，則為了減小誤差，本實(shí)驗(yàn)要求犯？〃“

D.每次改變小車上祛碼的質(zhì)量時(shí)，都要重新平衡摩擦力

(3)該同學(xué)探究在町和加2的總質(zhì)量不變情況下，加速度與合力的關(guān)系時(shí)，他平衡摩擦力后，每次都將小車中的祛碼取

出一個(gè)放在祛碼盤中，并通過(guò)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打出的紙帶求出加速度。得到多組數(shù)據(jù)后，繪出如圖丙所示的圖像，

發(fā)現(xiàn)圖像是一條過(guò)坐標(biāo)原點(diǎn)的傾斜直線。圖像中直線的斜率為(用本實(shí)驗(yàn)中相關(guān)物理量的符號(hào)表示)。

四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算

步驟。

13.(10分)某型號(hào)的艦載飛機(jī)在航空母艦的跑道上加速時(shí)，其最大加速度為5，〃/.1，所需的起飛速度為50m/s,為

了使飛機(jī)在開始滑行時(shí)就有一定的初速度，航空母艦裝有彈射裝置，彈射系統(tǒng)使它具有30w/s的初速度，求：

(1)艦載飛機(jī)若要安全起飛，跑道至少為多長(zhǎng)？

(2)若航空母艦勻速前進(jìn)，在沒有彈射裝置的情況下，要保證飛機(jī)安全起飛，航空母艦前進(jìn)的速度至少為多大？

14.(16分)如圖所示，小球C在光滑的水平直軌道上處于靜止?fàn)顟B(tài)。在它左邊有一垂直于軌道的固定擋板，右邊有

兩個(gè)小球A和B用處于原長(zhǎng)的輕質(zhì)彈簧相連，以相同的速度均向C球運(yùn)動(dòng)，C與B發(fā)生碰撞并立即結(jié)成一個(gè)整體Do

在A和D繼續(xù)向左運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，當(dāng)彈簧長(zhǎng)度變到最短時(shí)，長(zhǎng)度突然被第一次鎖定不能伸長(zhǎng)但還能繼續(xù)被壓縮。然后

D與擋板P發(fā)生彈性碰撞，而A的速度不變。過(guò)一段時(shí)間，彈簧被繼續(xù)壓縮到最短后第二次鎖定。已知A、B、C三

球的質(zhì)量均為求：

(1)彈簧長(zhǎng)度第一次被鎖定后A球的速度；

(2)彈簧長(zhǎng)度第二次被鎖定后的最大彈性勢(shì)能。

15.(12分)(1)如圖所示，玻璃棱鏡ABC放在空氣中，一束由紅光和紫光組成的復(fù)色光從AC面的。點(diǎn)垂直入射,

已知紅光恰好在A5面上的b處發(fā)生了全反射，并傳播到BC面上的c點(diǎn)。則以下說(shuō)法中正確的是

A.紅光和紫光由空氣進(jìn)入棱鏡后頻率不變

B.紅光和紫光在棱鏡中的波長(zhǎng)可能相等

C.紅光由a傳播到方的時(shí)間比紫光由a傳播到6的時(shí)間長(zhǎng)

D.紫光一定在5處發(fā)生了全反射

E.紅光一定能從8c面上的c點(diǎn)射出

(2)在某一簡(jiǎn)諧橫波的傳播方向上，有兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)A、B,它們相距，二m(大于2個(gè)波長(zhǎng)小于6個(gè)波長(zhǎng))。在某一時(shí)刻，A

質(zhì)點(diǎn)在平衡位置處向上振動(dòng)，B質(zhì)點(diǎn)處于波谷位置。若波速的大小為48m/s,求該簡(jiǎn)諧橫波的最大頻率。

參考答案

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。

1、D

【解析】因a、c的質(zhì)量關(guān)系不確定，則無(wú)法比較兩衛(wèi)星的向心力的大小，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；a、b衛(wèi)星的半徑相同，則加

速度的大小一定相同，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；c是一般的人造衛(wèi)星，可能會(huì)經(jīng)過(guò)北京的上空，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；a、b的半徑相同，

則周期相同，因a是地球的同步衛(wèi)星，則兩衛(wèi)星的周期都等于地球自轉(zhuǎn)的周期，選項(xiàng)D正確；故選D.

2、A

【解析】

金屬環(huán)的面積：

S=N4)2=Q

24

由法拉第電磁感應(yīng)定律得：

廣△①BS

E=----=——

△t△/

由歐姆定律得，感應(yīng)電流：

R

感應(yīng)電荷量：

q-Ih.t9

解得：

△①Bnd1

q=----=--------

R4R

故A正確，BCD錯(cuò)誤；

故選A.

【點(diǎn)睛】

本題考查了求磁通量的變化量、感應(yīng)電荷量等問題，應(yīng)用磁通量的定義式、法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律、電流定

△①

義式即可正確解題，求感應(yīng)電荷量時(shí)，也可以直接用公式q=下計(jì)算.

3、A

【解析】

電流先沿正方向減小，產(chǎn)生的磁場(chǎng)將減小，此時(shí)由右手螺旋定則可知，穿過(guò)線框的磁場(chǎng)垂直于線框向里且減小，故電

流順時(shí)針，當(dāng)電流減小到零再反向增大時(shí)，此時(shí)由右手螺旋定則可知，穿過(guò)線框的磁場(chǎng)垂直于線框向外且增大，故電

流順時(shí)針，則在0—4時(shí)間內(nèi)，導(dǎo)線框中電流的方向始終為順時(shí)針，故A正確。

故選Ao

4、C

【解析】

AB.石塊被拋出后做平拋運(yùn)動(dòng)，豎直高度為

h=L+Lsina=-^gt2

可得

t=pL+Lsina)/阿

V85

水平方向勻速直線運(yùn)動(dòng)

s=vot

可得平拋的初速度為

v0=5A/10m/s

故AB錯(cuò)誤；

CD.石塊從A點(diǎn)到最高點(diǎn)的過(guò)程，由動(dòng)能定理

12

W-mgh=—根%-0

解得長(zhǎng)臂對(duì)石塊做的功為

1,

W-mgh+—mv[=2050J

故C正確，D錯(cuò)誤。

故選C

5、D

【解析】

當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度發(fā)生變化時(shí)，線框內(nèi)產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為

?△①\BS

E-----=--------

△tN

感應(yīng)電流為

/一

R

出?邊的熱功率

由2”,=女/可知

\BR

----——/------1

△Is[R0b

可知圖像的斜率與時(shí)間成正比，所以四個(gè)圖象中只有D正確，ABC錯(cuò)誤。

故選D。

6、B

【解析】

太陽(yáng)的能量來(lái)自于內(nèi)部的核聚變，產(chǎn)生很高的能量，又稱為熱核反應(yīng)。B正確，ACD錯(cuò)誤。

故選B。

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。

全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。

7、ABC

【解析】

讀取n-/圖像信息，運(yùn)動(dòng)情景圖如圖所示

乙車SI+S2

So甲車$2

圖像與，軸所圍面積為位移，至。點(diǎn)時(shí)，乙車位移為

S乙=S]+$2

甲車位移為

s甲=S?

初始時(shí)，甲車在乙車前方與處

若甲、乙兩車速度相同為V時(shí)，有

?+52=%

乙車還沒有追上甲車，此后甲車比乙車快，不可能追上；

若甲、乙兩車速度相同為V時(shí)，有

S]+$2>$0+$2

即

S0<S1

則此前乙車已追上甲車1次，此時(shí)乙車在甲車前面，之后乙車速度小于甲車，乙車還會(huì)被甲車反追及1次。則全程相

遇2次；

若甲、乙兩車速度相同為I，時(shí)，有

4+52=$0+52

即

50=51

則此前乙車始終在甲車后面，此時(shí)乙車剛好追及甲車（臨界點(diǎn)），之后乙車速度小于甲車，不再相遇。則全程僅相遇1

次；故A、B、C正確，D錯(cuò)誤；

故選ABC,

8、BC

【解析】

AB.由題意可知，環(huán)在運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，受到的電場(chǎng)力大小為尸=gE=2〃?g,方向始終豎直向上。假設(shè)豎直向下為正

方向，則當(dāng)環(huán)下滑的過(guò)程中，受力分析，根據(jù)牛頓第二定律得：

mg-〈qE+/jqvB）-ma

得:

uqvB

負(fù)號(hào)代表該加速度與運(yùn)動(dòng)方向相反，故物體在下滑的過(guò)程中做加速度逐漸減小的減速運(yùn)動(dòng)；當(dāng)環(huán)上升的過(guò)程中，根據(jù)

牛頓第二定律

mg+/uqvB-qE=mci

解得:

uqvB

g----------

m

環(huán)做加速度逐漸減小的減速運(yùn)動(dòng)，在到達(dá)原出發(fā)點(diǎn)前，加速度減為零，此時(shí),

ar=0

juvB

開始以速度V做勻速直線運(yùn)動(dòng)。

所以由于運(yùn)動(dòng)的不對(duì)稱性可以確定，從開始下滑到最低點(diǎn)的時(shí)間不等于工；

2

整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，加速度一直減小，所以在運(yùn)動(dòng)的最開始時(shí)，加速度最大，加速度大小的最大值為：

^,=g+^-

m

則A錯(cuò)誤,B正確；

C.由以上計(jì)算，可知，整個(gè)過(guò)程中，系統(tǒng)損失的機(jī)械能

22

?1212](，m^、

C正確；

D.環(huán)上升和下降的過(guò)程中，摩擦力的沖量大小相等，D錯(cuò)誤。

故選BC?

9、ADE

【解析】

A.水雖可以停在水面上是因?yàn)橐后w具有表面張力的緣故，故A符合題意；

B.功可以全部轉(zhuǎn)化為熱；而熱量也可以全部轉(zhuǎn)化為功，但要引起其他方面的變化，故B不符合題意；

C.當(dāng)兩分子間距離大于平衡位置的間距時(shí)，分子力表現(xiàn)為引力，分子間的距離增大，分子引力做負(fù)功，分子勢(shì)能

增加，故C不符合題意；

D.液晶顯示器是利用了液晶對(duì)光具有各向異性的特點(diǎn)，故D符合題意；

E.氣體分子無(wú)論在什么溫度下，根據(jù)統(tǒng)計(jì)規(guī)律知道氣體的分子速率都呈現(xiàn)“中間多、兩頭少”的分布特點(diǎn)，故E符合

題意。

故選ADE?

10、ABD

【解析】

A、粒子先在水平放置的平行金屬板間做平拋運(yùn)動(dòng)，粒子恰好垂直撞在光屏上，所以粒子離開電場(chǎng)后，粒子一定打在

屏的上方，做斜上拋運(yùn)動(dòng)，粒子在水平放置的平行金屬板間做平拋運(yùn)動(dòng)和離開電場(chǎng)后斜上拋運(yùn)動(dòng)，水平方向都不受外

力，都做勻速直線運(yùn)動(dòng)，速度都等于v。，所以粒子在平行金屬板間的運(yùn)動(dòng)時(shí)間和從金屬板右端到光屏的運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等,

故A正確；

qE-mgI

B、設(shè)粒子在平行金屬板間的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中加速度大小為a,則粒子離開電場(chǎng)豎直分速度大小為匕，=肛=------,

m%

粒子離開電場(chǎng)后斜上拋運(yùn)動(dòng)則有。=g/2=g-'，聯(lián)立解得E=2超，故B正確；

%q

C、若僅將滑片P向下滑動(dòng)一段后，R的電壓減小，電容器的電壓減小，帶電量要減小，因?yàn)槎O管具有單向?qū)щ娦?

所以電容器不能放電，帶電量不變，板間的電壓不變，所以粒子的運(yùn)動(dòng)情況不變，再讓該粒子從N點(diǎn)以水平速度％射

入板間，粒子會(huì)垂直打在光屏上，故C錯(cuò)誤；

D、若僅將兩平行板的間距變大一些，電容器的電容要減小，由C知U不變，電量要減小，但因?yàn)槎O管具有單

向?qū)щ娦裕噪娙萜鞑荒芊烹?，帶電量不變，板間的電場(chǎng)強(qiáng)度不變，所以粒子的運(yùn)動(dòng)情況不變，再讓該粒子從N點(diǎn)

以水平速度/射入板間，粒子會(huì)垂直打在光屏上，故D正確；

故選ABD.

【點(diǎn)睛】粒子先在水平放置的平行金屬板間做平拋運(yùn)動(dòng)，粒子恰好垂直撞在光屏上，所以粒子離開電場(chǎng)后，粒子一定

打在屏的上方，做斜上拋運(yùn)動(dòng)，粒子在水平放置的平行金屬板間做平拋運(yùn)動(dòng)和離開電場(chǎng)后斜上拋運(yùn)動(dòng)，采用運(yùn)動(dòng)的合

成與分解求解.

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。

11、不必兩分力一次同時(shí)測(cè)定，減小誤差(或由于圓環(huán)的滑動(dòng)，使得“4、03兩細(xì)線拉力大小相同)F'

【解析】

因?yàn)橹亓阖Q直向下，只要保證水壺靜止即可，讀出。C繩的拉力即可，故第一次不需要記錄。點(diǎn)位置。

(2)[2]由于圓環(huán)的滑動(dòng)，使得04、08兩細(xì)線拉力大小相同，故可以兩分力一次同時(shí)測(cè)定，減小誤差。

(3)[3]。4和0B繩子的拉力作用效果和0C一條繩子的拉力的作用效果相同，而OC一條繩子作用力為F,OA和0B

繩子的合力為根據(jù)平行四邊形定則畫出來(lái)的尸，所以只要比較F和0的大小和方向，即可驗(yàn)證試驗(yàn)。

22“6+”5+"4-"3*2-F1

C

、367^+m>

【解析】

因?yàn)槊肯噜弮捎?jì)數(shù)點(diǎn)之間還有一個(gè)點(diǎn)為畫出，為了減小偶然誤差，采用逐差法處理數(shù)據(jù)，則有

222

x6-x3=3at(27'),x5-x2=3a2(2T),x4=3ai(2T'),

為了更加準(zhǔn)確的求解加速度，我們對(duì)三個(gè)加速度取平均值得

1、

6Z——(z4+%+%)

解得

_(X6+x5+x4)-(x]+x2+&)

a=~-o

36T2

(2)[2]A.在該實(shí)驗(yàn)中，我們認(rèn)為繩子的拉力就等于小車所受的合外力，故在平衡摩擦力時(shí)，細(xì)繩的另一端不能懸掛裝

硅碼的硅碼盤，故A錯(cuò)誤；

B.平衡摩擦后，還要調(diào)節(jié)定滑輪的高度，使?fàn)恳≤嚨募?xì)繩與長(zhǎng)木板保持平行，故B錯(cuò)誤；

C.本實(shí)驗(yàn)中，對(duì)小車及車中祛碼由牛頓第二定律得

T=m1a

對(duì)托盤和鉤碼由牛頓第二定律得

m^g-T=m2a

兩式聯(lián)立解得

町

由此可知只有滿足盤和祛碼的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量時(shí)，近似認(rèn)為T?m2g,故C正確；

D.由于平衡摩擦力之后有

“4gsin。=〃仍gcos0

故

tan6=〃

所以無(wú)論小車的質(zhì)量是否改變，小車所受的滑動(dòng)摩擦力都等于小車的重力沿斜面的分力，改變小車質(zhì)量時(shí)不需要重新

平衡摩擦力，故D錯(cuò)誤。

故選C。

⑶[3]對(duì)盤和祛碼

m2g-F=m2a

對(duì)小車

F=mxa

聯(lián)立解得

m2g=(仍+m2)a

認(rèn)為合力尸=^2g，所以

F-+m2)a

即

F

a-----------

網(wǎng)+zn,

1

a-E圖象是過(guò)坐標(biāo)原點(diǎn)的傾斜直線，直線的斜率表示-------。

m,+m2

四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算

步驟。

13、(1)160m(2)10m/s

【解析】

(1)設(shè)跑道最短為L(zhǎng),則有：u2-u^=2aL,

代人數(shù)據(jù)解得：L=16()m.

(2)設(shè)航空母艦前進(jìn)的速度最小為飛機(jī)起飛的時(shí)間為/,貝U：

對(duì)航空母艦：罰二卬①

對(duì)飛機(jī)：D=②

V2-日=2ax、(3)

工2=X]+L④

由①?③④聯(lián)立解得：

273

14、(l)yv0；(2)—mvo

【解析】

(1)設(shè)C球與B球粘結(jié)成D時(shí)，D的速度為打，由動(dòng)量守恒定律可得

mv0=(m+m)v1

解得

1

匕=5%

當(dāng)彈簧壓至最短時(shí)，D與A的速度相等，設(shè)此速度為也，由動(dòng)量守恒，有

2mVj+=3mv2

解得A