沖刺2024年高考物理真題重組卷03（參考答案）

沖刺2024年高考※※真題重組卷（）真題重組卷03（參考答案）（考試時(shí)間：90分鐘試卷滿分：100分）一、選擇題Ⅰ（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）12345678910111213DCBABACAAAABA二、選擇題Ⅱ（本題共2小題，每小題3分，共6分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得2分，選對(duì)但不全的得1分，有選錯(cuò)的得0分）1415BDBC三、非選擇題（本題共6小題，共55分）16．(7分+7分)Ⅰ、（3）t010；（5）線性的；（6）A；（Ⅱ、（1）R1，R2；（3）①③②④；（4）Ω，小于；（5）；（6）RN17．(8分)【解答】解：（1）以內(nèi)部密封的空氣和注入的空氣為研究對(duì)象，氣體初狀態(tài)的壓強(qiáng)為p0，體積為V0+2V0，溫度為T0＝t0+273K＝17K+273K＝290K末狀態(tài)的壓強(qiáng)為p1，體積為V0，溫度為T1＝t1+273K＝27K+273K＝300K由理想氣體狀態(tài)方程得：p代入數(shù)據(jù)解得：p1=9029（2）以輪胎內(nèi)的氣體為研究對(duì)象，氣體初狀態(tài)的壓強(qiáng)為p1=9029p0，體積為V0，溫度為T1末狀態(tài)的壓強(qiáng)為p2，體積為V0，溫度為T2＝t2+273K＝77K+273K＝350K氣體發(fā)生等容變化，由查理定律的：p代入數(shù)據(jù)解得：p2=1052918．(11分)【解答】解：（1）小球第一次運(yùn)動(dòng)到軌道最低點(diǎn)時(shí)，小球和凹槽組成的系統(tǒng)水平方向上動(dòng)量守恒，機(jī)械能守恒，選水平向左的方向?yàn)檎较?，設(shè)小球的速度為v1，凹槽的速度為v2，則0＝mv1﹣Mv2兩邊同時(shí)乘以t可得：0＝mx1﹣Mx2根據(jù)幾何關(guān)系可知：x1+x2＝a根據(jù)機(jī)械能守恒定律可得：mgb=1聯(lián)立解得：v2=2m2gb（2）設(shè)小球的坐標(biāo)為（x，y），設(shè)此時(shí)凹槽向右運(yùn)動(dòng)的距離為x0，則m（a﹣x）＝Mx0小球在凹槽所在的橢圓上，根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)可分析出此時(shí)的橢圓方程為：(x-x整理可得：[x(M+m)-ma]2M2a（3）將Mm[x﹣（a﹣b）]2+y2＝b2根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)可知，上述的軌跡方程是以（a﹣b，0）為圓心，b為半徑的圓，當(dāng)小球下落的高度為h=此時(shí)可知速度的方向與水平方向的夾角為60°，小球下落的高度為b2過程中，系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒，選擇水平向左的方向?yàn)檎较?，設(shè)小球的速度為v3，凹槽的速度為v40＝mv3cos60°﹣Mv4根據(jù)機(jī)械能守恒定律可得；12聯(lián)立解得：v3=2b19．(11分)【解答】解：（1）棒a切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E＝BLv0回路中產(chǎn)生的感應(yīng)電流I=棒a受到的安培力F棒a勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，合力為零，則有：FA＝mgsinθ代入數(shù)據(jù)解得v（2）棒b由靜止釋放，由左手定則可知棒b所受安培力方向沿斜面向下，a、b棒串聯(lián)電流相等，兩者的安培力大小相等對(duì)b利用牛頓第二定律：mgsinθ+FA＝ma0代入數(shù)據(jù)解得a0＝2gsinθ（3）對(duì)a、b棒分別利用動(dòng)量定理，取沿斜面向下為正方向，則有：（mgsinθ﹣FA）t0＝mv﹣mv0（mgsinθ+FA）t0＝mv﹣0兩式聯(lián)立，可得v=g從釋放b到兩棒勻速運(yùn)動(dòng)，平均安培力FA=BIL已知q=代入數(shù)據(jù)解得q=由法拉第電磁感應(yīng)定律則有：E=n由閉合電路歐姆定律則有：I=電荷量q＝IΔt聯(lián)立方程，可得q=nΔΦ＝BLΔx，n＝1代入數(shù)據(jù)解得Δx=20．(11分)【解答】解：（1）粒子從A到垂直于NP進(jìn)入電場(chǎng)過程中，粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示：根據(jù)幾何關(guān)系可知，粒子軌跡半徑：r1=13設(shè)粒子第一次進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度為v1，根據(jù)動(dòng)能定理可得：qE?2d=12mv由于粒子第二次從QN邊進(jìn)入電場(chǎng)到再次從QN邊進(jìn)入磁場(chǎng)過程中，電場(chǎng)力做功為零，所以粒子第二次進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度大小不變，仍為v1。根據(jù)洛倫茲力提供向心力可得：qv1B＝mv解得：B=6mE（2）（i）若改變電場(chǎng)強(qiáng)度大小，粒子以一定的初速度從A點(diǎn)沿y軸正方向第一次進(jìn)入電場(chǎng)，離開電場(chǎng)后從P點(diǎn)第二次進(jìn)入電場(chǎng)，在電場(chǎng)的作用下從Q點(diǎn)離開，粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示：根據(jù)幾何關(guān)系可得：r22=（2d）2+（r2﹣解得：r2＝根據(jù)洛倫茲力提供向心力可得：qv2B＝mv解得：v2＝15qEd根據(jù)幾何關(guān)系可得：cosθ=2dr2=粒子從P點(diǎn)進(jìn)入電場(chǎng)E′后，從Q點(diǎn)離開電場(chǎng)，則有：t=2d＝v2sinθ?t+根據(jù)牛頓第二定律可得：a′=聯(lián)立解得：E′＝36E；粒子從A到上邊界運(yùn)動(dòng)的過程中，根據(jù)動(dòng)能定理可得：qE′?2d=解得：v0＝9qEdm（ii）假設(shè)粒子離開Q點(diǎn)后能夠第三次經(jīng)過P點(diǎn)進(jìn)入電場(chǎng)，設(shè)粒子離開Q點(diǎn)速度大小為v3，與y軸夾角為α，如圖所示：根據(jù)動(dòng)能定理可得：qE′?2d=解得：v3＝341根據(jù)洛倫茲力提供向心力