2022屆高考物理二輪復習練：共點力平衡

2022高考二輪復習一一共點力平衡30題

1.用卡車運輸質量為m的勻質圓筒狀工件，為使工件保持固定，將其置于兩光滑斜

面之間，如圖所示.兩斜面I、II固定在車上，傾角分別為30°和60°,重力加速度為

g.當卡車沿平直公路勻速行駛時，圓筒狀工件對斜面I、n壓力的大小分別為目、

B.尸尸人,凡=苧加。c.

凡=；mg

D.F尸華…

2.如圖所示，風對氣球的作用力水平向右。細繩與豎

直方向的夾角為繩的拉力為“不計氣球自身重力，則風對氣球作用力的大小為

()

TT

A.----B.----C.TsinaD.Tcosa

sinacosa

3.如圖所示，形狀和質量完全相同的兩個圓柱體a、b靠在一起，表面光滑，重力為

G,其中。的下半部剛好固定在水平面的下方，上邊露出另一半，a靜止在平面

上.現(xiàn)過。的軸心施以水平作用力口，可緩慢的將a拉離平面一直滑到b的頂端，對該

過程分析，則應有（）

A.拉力F先增大后減小，最大值是GB.開始時拉力F最大為gG，以后逐漸

減小為0C.a、b間的壓力開始最大為2G,而后逐漸減小到GD.

Q、6間的壓力由0逐漸增大，最大為G

4.用一根長1m的輕質細繩將一幅質量為1kg的畫框對稱懸掛在墻壁上，已知繩能承

受的最大張力為10N,為使繩不斷裂，畫框上兩個掛釘的間距最大為(9取10m/s2)

()

A遮^21V3

A.———niBR.———niCrKmDn.---ni

2224

5.如圖，一光滑的輕滑輪用細繩OO'懸掛于。點；另一細繩跨過滑輪，其一端懸掛物

塊距另一端系一位于水平粗糙桌面上的物塊鼠外力R向右上方拉6,整個系統(tǒng)處于

靜止狀態(tài)。若F方向不變，大小在一定范圍內變化，物塊b仍始終保持靜止，則

A.繩。。的張力也在一定范圍內變化B.物塊b所受到的支持力也在一定范圍內

變化

C.連接a和匕的繩的張力也在一定范圍內變化D.物塊b與桌面間的摩擦力也在一定

范圍內變化

6.如圖，墻上有兩個釘子a和它們的連線與水平方向的夾角為45°,兩者的高度差

為人一條不可伸長的輕質細繩一端固定于a點，另一端跨過光滑釘子b懸掛一質量為

刑的重物.在繩子距a端;的c點有一固定繩圈.若繩圈上懸掛質量為的鉤碼，平

7711

衡后繩的碇段正好水平，則重物和鉤碼的質量比區(qū)為（）

A.y/5B.2C.漁D.^2

2

7.如圖所示，擋板4與口中間有一個重為G的光滑球，開始時4豎直，4、8間成。

角，則在Q角緩慢增大至90°的過程中（）

A.若A板固定，則小球對月板的壓力不斷增大B.若若板固定，則小球對4板的壓力

先減小后增大

C.若8板固定，則小球對4板的壓力先減小后增大D.若8板固定，則小球對4板

的壓力不斷減小

8.如圖所示，水平地面上固定一個光滑絕緣斜面，斜面與水平面的夾角為。。一根輕

質絕緣細線的一端固定在斜面頂端，另一端系有一個帶電小球4,細線與斜面平行。

小球A的質量為加、電荷量為小球4的右側固定放置帶等量同種電荷的小球

兩球心的高度相同、間距為d。靜電力常量為k,重力加速度為9,兩帶電小球可視為

點電荷。小球4靜止在斜面上，則（）

細線上的拉力為

時，斜面對小球4的支持力為0

9.如圖所示，有一質量不計的桿40,長為R,可繞4點自由轉動.用繩在O點懸掛

一個重為G的物體，另一根繩一端系在O點，另一端系在圓弧形墻壁上的。點.當點

C由圖示位置逐漸向上沿圓弧C8移動過程中（保持0/與地面的夾角。不變），0C

繩所受拉力的大小變化情況是（）

做

A.逐漸減小B.逐漸增大C.先減小后增大D.先增大后減小

10.如圖所示，在傾角為6的斜面上，放著一個質量為小的光滑小球，小球被豎直的

木板擋住，則小球對豎直木板的壓力大小為（）

mgmg

A.mgcos0B.mgt^n0C.-----7D.-----%

cos0tan0

11.如圖所示，甲、乙兩個小球的質量均為m,兩球間用細線連接，甲球用細線懸掛

在天花板上?，F(xiàn)分別用大小相等的力口水平向左、向右拉兩球，平衡時細線都被拉緊。

則平衡時兩球的可能位置是下面的（）

12.如圖所示，質量為”的木楔ABC靜置于粗糙水平地面上，置于斜面頂端4的質

量為小的物塊也保持靜止，現(xiàn)在4點給物塊一個平行斜面向下的初速度，已知物塊沿

斜面向下運動過程中木楔不動，在物塊下滑過程中，下列說法正確的是（）

A.物塊可能是向下做加速運動

B.地面對木楔的支持力一定大于（M+m）g

C.地面對木楔的摩擦力一定水平向右

D.物塊對木楔作用力的水平分量小于地面對木楔的摩擦力

13.質量為m的物體用輕繩43懸掛于天花板上.用水平向左的力F緩慢拉動繩的中

點O,如圖所示，用T表示繩O力段拉力的大小，在O點向左移動的過程中（）

A.F逐漸變大，T逐漸變大B.F逐漸變大，T逐漸變小C.F逐漸

變小，T逐漸變大D.F逐漸變小，T逐漸變小

14.如圖所示光滑的四分之一圓弧軌道48固定在豎直平面內，4端與水平面相切，

穿在軌道上的小球在拉力F作用下，緩慢地由A向8運動，F(xiàn)始終沿軌道的切線方向,

軌道對球的彈力為N。在運動過程中（）

A.F增大，N減小B.F減小，N減小C.F增大，N增大D.F減小，N增大

15.如圖，用橡皮筋將一小球懸掛在小車的架子上，系統(tǒng)處于平衡狀態(tài).現(xiàn)使小車從

靜止開始向左加速，加速度從零開始逐漸增大到某一值，然后保持此值，小球穩(wěn)定地

偏離豎直方向某一角度（橡皮筋在彈性限度內）.與穩(wěn)定在豎直位置時相比，小球的

高度（）

A.一定升高B.一定降低

C.保持不變D.升高或降低由橡皮筋的勁度系數決定

16.如圖所示，一光滑半圓形碗固定在水平面上，質量為他的小球用輕繩跨過碗口并

連接質量分別為恤和牡；的物體，平衡時碗內小球恰好與碗之間沒有彈力，兩繩與水

平方向夾角分別為53°、37°,則7Mm2：63的比值為（已知sin53°=0.8,cos53°=0.6）

C.3:4:5D.5:3:4

17.如圖所示，。4、OB、0。三段繩所能承受的最大拉力相同，已知。4與豎直方

向成一夾角，水平，且4、8兩點固定，當在0C繩下端所掛的物體的重力G逐

漸增大的過程中，先斷的是（）

A.繩B.06繩C.0C繩D.三段繩同時斷

18.如圖，一粗糙斜面固定在地面上，斜面頂端裝有一光滑定滑輪。一細繩跨過滑輪,

其一端懸掛物塊N,另一端與斜面上的物塊A/相連，系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)?，F(xiàn)用水平向

左的拉力緩慢拉動N,直至懸掛N的細繩與豎直方向成45°。已知河始終保持靜止,

則在此過程中（）

A.水平拉力的大小可能保持不變B.A/所受細繩的拉力大小一定一直增大

C.A/所受斜面的摩擦力大小一定一直增大D.A/所受斜面的摩擦力大小可能先減小

后增大

19.如圖所示，一端裝有定滑輪的粗糙斜面體放在水平地面上，斜面傾角為30°.4、

B兩物體通過細繩相連，質量分別為4m和3m，并處于靜止狀態(tài)（不計繩的質量和繩與

滑輪間的摩擦）.現(xiàn)用水平向右的力F作用于物體B上，緩慢拉開一小角度，此過程

中斜面體與物體4仍然保持靜止.下列說法正確的是（）

A.在緩慢拉開臺的過程中，水平力F變大B.斜面體所受地面的支持力一定變大

C.物體4所受斜面體的摩擦力一定變大D.斜面對物體A作用力的合力變大

20.如圖所示，一個半球形的碗放在桌面上，碗口水平，。點為其球心，碗的內表面

及碗口均光滑。一根細線跨在碗口上，線的兩端分別系有質量為附和巾2的小球。當

它們處于平衡狀態(tài)時，質量為加的小球與。點的連線與水平線的夾角為a=60°。則兩

小球的質量比加2：西為（）

A.\/3:3B.\/2:3C.\/3：2D.V2-.2

21.豎直墻面與水平地面均光滑且絕緣，小球4、3帶有同種電荷?，F(xiàn)用指向墻面的

水平推力歹作用于小球兩球分別靜止在豎直墻和水平地面上，如圖所示。如果將

小球B向左推動少許，當兩球重新達到平衡時，與原來的平衡狀態(tài)相比較（）

A.推力F將變大B.豎直墻面對小球4的彈力變大

C.地面對小球臺的支持力不變D.兩小球之間的距離不變

22.如圖所示，物塊的質量為“，與甲、乙兩彈簧相連接，乙彈簧下端與地面連接，

甲、乙兩彈簧質量不計，其勁度系數分別為島、k2o開始甲彈簧處于自由長度，現(xiàn)用

手將甲彈簧的4端緩慢上提，使乙彈簧產生的彈力大小變?yōu)樵瓉淼模ㄔO重力加速度

O

為9,則月端上移的距離可能為（）

4

卜1+卜22（一+%）4（瓦+12）5（fci+fc）

A.MgBM9c.MgD-2

3k］局--lKkT3k#2

23.如圖，水平地面上有一楔形物塊a,其斜面上有一小物塊人b與平行于斜面的細

繩的一端相連，細繩的另一端固定在斜面上。a與匕之間光滑，a和b以共同速度在地

面軌道的光滑段向左運動。當它們剛運行至軌道的粗糙段時（）

A.繩的張力減小，b對a的正壓力減小B.繩的張力增大，斜面對b的支持力增大

C.繩的張力減小，地面對Q的支持力增大D.繩的張力增大，

地面對a的支持力減小

24.如圖所示，質量均為小的木塊4和用勁度系數為k的輕質彈簧連接，最初系

統(tǒng)靜止?，F(xiàn)用大小F=2mg、方向豎直向上的恒力拉4直到6剛好離開地面，則在此過

程中（）

次As關毅di/：/夕/

A.4上升的初始加速度大小為2gB.4上升的速度一直增大

C.4上升的最大高度為?D.彈簧對4和對B的彈力是一對作用力

和反作用力

25.如圖，質量為加、長為L的直導線用兩絕緣細線懸掛于。、并處于勻強磁場

中。當導線中通以沿立正方向的電流/,且導線保持靜止時，懸線與豎直方向夾角為心

則磁感應強度方向和大小可能為（）

C.z負向，打tan。D.沿懸線向上,

26.如圖所示，小圓環(huán)4系著一個質量為62的物塊并套在另一個豎直放置的大圓環(huán)上,

有一細線一端拴在小圓環(huán)4上，另一端跨過固定在大圓環(huán)最高點6的一個小滑輪后吊

著一個質量為刑的物塊。如果小圓環(huán)、滑輪、繩子的大小和質量以及相互之間的摩擦

都可以忽略不計，繩子又不可伸長，若平衡時弦AR所對應的圓心角為。，則兩物塊

的質量比血1：館2應為（）

27.如圖所示，質量為m的小球用水平輕彈簧系住，并用傾角為30°的光滑木板46托

住，小球恰好處于靜止狀態(tài)。當木板工3突然向下撤離的瞬間，小球的加速度大小為

A.0B.竺?。C.9D.

33

28.如圖所示，輕繩一端連接放置在水平地面上的物體Q,另一端繞過固定在天花板

上的定滑輪與小球P連接，P、Q始終處于靜止狀態(tài)，則（）

A.Q可能受到兩個力的作用

B.Q可能受到三個力的作用

c.Q受到的輕繩拉力與重力的合力方向水平向左

D.Q受到的輕繩拉力與重力的合力方向指向左下方

29.如圖所示為節(jié)日里懸掛燈籠的一種方式，4、口點等高，O為結點，輕繩力O、

BO長度相等，拉力分別為三、FB,燈籠受到的重力為G。下列表述正確的是

)

A.FA一定小于GB.心與碎大小相等C.心與或是一對平衡力D.n與

理大小之和等于G

30.如圖所示，物塊4放在直角三角形斜面體B上面，B放在彈簧上面并緊挨著豎直

墻壁，初始時4、8靜止；現(xiàn)用力F沿斜面向上推4,但4、8仍未動。則施力F后,

下列說法不正確的是（）

A.4、B之間的摩擦力一定變大B.臺與墻面的彈力可能不變

C.8與墻之間可能沒有摩擦力D.彈簧彈力一定不變

參考答案

1【答案】D

【解析】解：以勻質圓筒為研究對象，把重力分解為壓緊斜面I的壓力片和壓

緊斜面H的壓力凡，如圖所示，則有Fi=mgcos30°=￥nio，

F2-mgsin30°=；mg,故選D.

2【答案】C

【解析】解：對氣球受力分析，由水平方向平衡條件可得：F^Tsma,故C

正確。

3【答案】BC

【解析】BC、對于。球：a球受到重力G、拉力廠和b球的支持力N,由平衡條

件得：F=Ncos0,Nsin9=G則得：F—GcotO,N=~~.根據數學知識可

sm0

知，。從30°增大到90°,R和N均逐漸減小，當。=30°,R有最大值為通6，

N有最大值為2G,故BC正確.

4【答案】A

【解析】如圖，畫框受到兩段繩子的拉力尸、自身重力G,設繩與豎直方向的

夾角為。，則2FcosO=mg,

當F=ION時，cos0=7-^=-

2r2

此時兩個掛釘的間距最大，d=2.；sine=^m

5【答案】BD

【解析】AC、物塊b仍始終保持靜止，可知物塊。也始終保持靜止，滑輪兩側繩

子的夾角不變，可知連接。和匕的繩的張力等于物塊。的重力，所以連接。和。

的繩的張力保持不變，夾角不變，所以，繩OO'的張力不變，故A、C錯誤；

BD、對b進行受力分析可知，當尸方向不變，大小在一定范圍內變化時，而重

力mg和繩子的拉力且保持不變，所以，物塊b所受到的支持力也在一定范圍

內變化，物塊匕與桌面間的摩擦力也在一定范圍內變化，故B、D正確。

6【答案】C

【解析】如圖所示,

漏審嗨

根據題意畫出受力分析圖，對繩上的C點進行受力分析.根據幾何關系找出be

段與水平方向的夾角，設此時繩圈和6點連線與水平方向的夾角為0,由幾何關

系知tan(9=2,對繩圈受力分析，有硒g=ggsin。，解得"1=空，故C正確;

m22

故選C.

7【答案】D

【解析】解：若A板固定，將小球的重力按效果進行分解如圖，在。角增大，

8板轉動至水平方向的過程中，小球對4板的壓力的方向保持不變，對B板壓

力的方向順時針轉動，

可見，小球對4板的壓力一直減小，小球對8板的壓力也一直減小，故AB錯誤;

若6板固定，小球受重力、B板對小球的彈力為和4板對小球的彈力鳥，將

Fi與巴合成為F,如圖

小球一直處于平衡狀態(tài)，三個力中的任意兩個力的合力與第三個力等值、反向、

共線，故石和田的合力R一定與重力等值、反向、共線.從圖中可以看出，當

4板繞。點逆時針緩慢地轉動直到增大至90°的過程中，F(xiàn)1越來越小，西也越

來越小，故C錯誤，D正確.

故選：D.

8【答案】AC

kq2

【解析】解：根據庫侖定律可得兩小球之間的庫侖力大小為F=，選項A正

港

確；

當細線上的拉力為0時，小球4受到重力、庫侖力、斜面的支持力，由平衡條

件得殍=wgtanJ,解得］=再誓，選項B錯誤，C正確;

由受力分析可知，斜面對小球4的支持力不可能為0,選項D錯誤。

9【答案】C

【解析】對物體分析，物體受力平衡，則拉力等于重力，故豎直繩的拉力不變;

再對O點分析，o點受桿04的支持力及OC繩的拉力而處于平衡狀態(tài)；受力分

析如圖所示；

A

將F和。。繩上的拉力合成，其合力與G大小相等，方向相反，則在0C上移

的過程中，平行四邊形的對角線保持不變，

平行四邊形發(fā)生圖中所示變化，則由圖可知繩的拉力先減小后增大，圖中

。點時力最?。?/p>

故選C.

10【答案】B

【解析】對小球受力分析如圖所示，小球在三力作用下保持平衡；由圖利用幾

何關系可知：

小球受豎直木板的彈力為：T=mgfan0；

則由牛頓第三定律可知，小球對豎直木板的壓力大小為mgtamQ.

故選B。

11【答案】A

【解析】解：用整體法分析，把兩個小球看作一個整體，此整體受到的外力為

豎直向下的重力2mg、水平向左的力尸（甲受到的）、水平向右的力R（乙受到的）

和細線1的拉力，兩水平力相互平衡，故細線1的拉力一定與重力2m,g等大反向,

即細線1一定豎直；再用隔離法分析乙球受力的情況，乙球受到向下的重力巾9、

水平向右的拉力R、細線2的拉力。要使得乙球受力平衡，細線2必須向右傾斜。

因此，選項A正確。

故選：Ao

12【答案】A

【解析】最大靜摩擦力大于滑動摩擦力，此題滑動摩擦力和物塊靜止時所受靜

摩擦力的大小關系不知，所以物塊可能是向下做勻速、加速或減速運動，選項

A正確；

如果是減速，物塊加速度的豎直分量向上，是超重，支持力大于整體重力，如

果是勻速，支持力等于整體重力，如果是加速，物塊加速度的豎直分量向下，

是失重，支持力小于整體重力，選項B錯誤；

如果是減速，物塊加速度的水平分量向右，地面對木楔的摩擦力向右，如果是

勻速，地面對木楔的摩擦力為零，如果是加速，物塊加速度的水平分量向左，

地面對木楔的摩擦力向左，選項C錯誤；

物塊對木楔的壓力水平分量向右，再結合以上分析可知，物塊對木楔作用力的

水平分量和地面對木楔的摩擦力大小關系不確定，可能相等，可能大于，可能

小于，選項D錯誤。

13【答案】A

【解析】對結點。受力分析，重力的大小和方向均不變，水平拉力F的方向不

變，繩。4段的拉力的方向在變化，滿足三力平衡的動態(tài)平衡，如圖所示.

由圖可知，水平拉力F逐漸增大，繩的拉力T逐漸增大，故A錯誤；

故選A.

14【答案】A

【解析】解：對球受力分析，受重力、支持力和拉力，如圖所示，根據共點力

平衡條件，有

N=mgcos。,F=mgsmO,其中。為支持力N與豎直方向的夾角；當物體向上

移動時，6變大，故N變小，尸變大；故A正確，BCD錯誤。

【解析】設橡皮筋的原長為L,橡皮筋的勁度系數為3小球的質量為加，開

始時系統(tǒng)處于平衡狀態(tài)，小球受到的合力為零，橡皮筋處于豎直方向，橡皮筋

懸點0距小球的高度LI=L+竿；

當小車向左加速運動，加速度穩(wěn)定時，設橡皮筋與豎直方向的夾角為0,對小

球受力分析，由圖可知，橡皮筋上的彈力T=L=懸，

橡皮筋懸點。距小球的高度L2=(L+z)cosO=Acose+?.

可見，LI>L2，,即小球的高度一定升高，選項A正確，選項B、C、D錯誤.

【解析】解：對碗內質量為他的小球受力分析，受重力、兩個輕繩的兩個拉力,

由于碗邊緣光滑，故相當于定滑輪，故輕繩對質量為加2的物體的拉力等于m.29,

輕繩對質量為"23的物體的拉力等于639,如圖：

根據共點力平衡條件，兩個拉力的合力與重力皿19等值、反向、共線，有

m2g=m\gcos37°,

m，3g=migsin37°,

故77?，1：7幾2：7八3=5：4：3。

17【答案】A

【解析】以結點O為研究對象，在繩子均不被拉斷時受力圖如圖。

根據平衡條件，結合受力分析圖可知，。力繩受的拉力最大，而04、OB.

OC繩能承受的最大拉力相同，則當所掛物體的重力G逐漸增大的過程中，

繩受到的拉力先達到臨界點，故。4繩最先被拉斷。

故選:Ao

18【答案】BD

【解析】解：對于N進行受力分析可知，N受到豎直向下的重力、水平方向的

拉力F及發(fā)生變化的繩子拉力T,如圖所示：

在向左拉動的時候，繩子拉力T和水平拉力R都不斷增大，故A錯誤，B正確;

對于“的受力，開始時可能是T=mgsin。-/,當T不斷增大時，了一直減?。?/p>

當T>mgsin。時，隨著T的增大，/將增大，所以沿斜面的摩擦力/可能先減小

后增大；開始時也可能T=mgsinO+/,當T不斷增大時，/一直增大，故C錯

誤，D正確.

故選：BD.

19【答案】ACD

【解析】A選項：對物體B受力分析，如圖，根據共點力平衡條件，有：

F=mugtand=3mgtan0

十mGg3mg

cos0cos0

在緩慢拉開B的過程中，6變大，故尸變大，故A正確；

B選項：對斜面體和物體4、B整體受力分析，由于一直平衡，故支持力等于

系統(tǒng)的總重力，故B錯誤；

C選項：由于4處于靜止狀態(tài)，故開始時有：T-mApsin30°-/=0,可得4所受

摩擦力/=駕-2皿。，當。由0開始增大時，4所受靜摩擦力變大，故C正確;

cost/

D選項：斜面體對4的作用力的合力也就是摩擦力與支持力的合力，由于支持

力大小不變而摩擦力增大，故合力增大，故D正確；

故選ACD.

20【答案】A

【解析】解：加2球保持靜止狀態(tài)，對其受力分析，受重力和拉力，二力平衡,

故尸=牝。①，

再對仍球受力分析，如圖所示：

根據共點力平衡條件

工方向：Fcos60°-Ncos60°=0(2),

V方向：Fsin60°+Nsin60°—g9=0③，

由①②③代入數據解得，

色=吏。

mi3

故選:Ao

21【答案】C

【解析】解：對4、6兩球整體分析，受力分析如下圖所示，豎直方向列平衡

方程，F(xiàn)^I=GA+GU,C對。

1------------------嗎

Jr

水平方向列平衡方程，F(xiàn)=FN2。再對4球分析，受力分析如圖。解得62、F庫

都減小，所以推力尸減小，A、B都錯；再由庫侖定律得，兩小球之間的距離變

22【答案】AD

【解析】當彈簧乙仍處于壓縮狀態(tài)時，有

對乙：XF?=GAIg,則△◎=w曾；對甲：AFi=QMg,則△的=石巨，則力

JJ82JoK1\

端上移的距離為①尸△/I+AZ2=/半Mg.

OK\K2

當彈簧乙處于拉伸狀態(tài)時，有：

對乙：△6=|M。，則△的=半，其恢復原長時的距離△叫=學；

3o/v2長2

955A/O

對甲：△居=八7。+Mg=Mg,則△gu,

oJOK1

則4端上移的距離為①2=△①3+―4+15=5（轉2）Mg.

23【答案】C

【解析】設F為繩中拉力，入為a對匕的支持力。在光滑段運動時，物塊a及

物塊。處于平衡狀態(tài)，因此有Feos。一八sin（9=0,Fsin0+F^cosd-mg=0o當

它們剛運行至軌道的粗糙段時，系統(tǒng)有水平向右的加速度，此時有兩種可能：

一是物塊b仍相對于a靜止，豎直方向加速度為零，則Fsin0+&cos。-mg=0仍

成立，但Feos。-FNsin8=ma<0,因此繩的張力F將減小，而地面對a的支持

力不變；

二是物塊b相對于a向上滑動，具有向上的分加速度，是超重現(xiàn)象，因此繩的張

力減小，地面對Q的支持力增大，C正確。

24【答案】AB

【解析】解：4未加力廠時，受力平衡，此時彈簧壓縮量為工1,由平衡條件得:

mg=kx、,解得…尸詈①

6剛好離開地面時彈簧的伸長量為Z2,由平衡得：mg=kx,解得：公2=?②

2K

A、4上升的初始時刻受重力，彈簧彈力和拉力，由牛頓第二定律得加速度大小

為：a=F+"Lmg=2mg+mg-mg=2。，故A正確；

mm

B、4上升過程彈簧壓縮量先減小，此時合力向上減小，做加速度減小的加速運

動，后彈簧被拉長，伸長量增加，彈力增大。合力仍向上且減小，所以物體繼

續(xù)加速上升，整個過程速度一直增大，故B正確;

C、由上面分析可得物塊4上升的最大高度為：/=叫+①2=中，故C錯誤；

k

D、作用力和反作用力是兩個物體之間的相互作用力，則知彈簧對4和對口的彈

力存在三個物體，不是一對作用力和反作用力。故D錯誤；

故選:ABo

25【答案】BC

【解析】解：如圖所示為視角沿著1軸負方向的示意圖，導線受到向下的重力、

沿著細線方向的拉力以及安培力。當磁感應強度方向沿著z軸正向時，由左手

定則可得安培力向左，導線不可能平衡，A錯；

同理當磁