濱州市高一下學(xué)期期末考試物理試題

學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專(zhuān)精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專(zhuān)精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專(zhuān)精高一物理試題第Ⅰ卷(選擇題共40分）一、單項(xiàng)選擇題：本題共8小題，每小題3分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1。以下關(guān)于物理學(xué)史的說(shuō)法中正確的是(）A。焦耳通過(guò)理論推導(dǎo)發(fā)現(xiàn)了焦耳定律B.開(kāi)普勒通過(guò)觀(guān)測(cè)行星運(yùn)動(dòng)，發(fā)現(xiàn)了行星運(yùn)動(dòng)規(guī)律C.萬(wàn)有引力常量是卡文迪許通過(guò)扭秤裝置測(cè)量所得D。英國(guó)的物理學(xué)家牛頓發(fā)現(xiàn)了萬(wàn)有引力定律，并測(cè)出了萬(wàn)有引力常量【答案】C【解析】【詳解】A．焦耳通過(guò)實(shí)驗(yàn)研究發(fā)現(xiàn)了焦耳定律，故A錯(cuò)誤；B．開(kāi)普勒通過(guò)分析第谷的天文觀(guān)測(cè)數(shù)據(jù)，總結(jié)了行星運(yùn)動(dòng)規(guī)律,故B錯(cuò)誤C．萬(wàn)有引力常量是卡文迪許通過(guò)扭秤裝置采用放大法測(cè)量所得,故C正確;D．英國(guó)的物理學(xué)家牛頓發(fā)現(xiàn)了萬(wàn)有引力定律，卡文迪許測(cè)出了萬(wàn)有引力常量,故D錯(cuò)誤。故選C。2。2020年6月23日9點(diǎn)43分，由中國(guó)航天科技集團(tuán)有限公司五院抓總研制的第55顆北斗導(dǎo)航衛(wèi)星成功發(fā)射.這是北斗三號(hào)全球衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)第三顆地球同步軌道衛(wèi)星,隨著該衛(wèi)星在北斗三號(hào)星座部署完成，標(biāo)志著北斗衛(wèi)星全球?qū)Ш较到y(tǒng)星座部署完美收官.下列關(guān)于地球同步衛(wèi)星的描述正確的是（）A.它的運(yùn)行速度大于7.9km/sB。運(yùn)行時(shí)可以經(jīng)過(guò)北京的上空C。它的軌道平面和地球的某一經(jīng)線(xiàn)平面重合D。所有的同步衛(wèi)星都處于同一軌道【答案】D【解析】【詳解】A．第一宇宙速度是近地衛(wèi)星的環(huán)繞速度，也是衛(wèi)星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的最大環(huán)繞速度，而同步衛(wèi)星的軌道半徑要大于近地衛(wèi)星的軌道半徑，根據(jù)可以發(fā)現(xiàn),同步衛(wèi)星運(yùn)行的線(xiàn)速度一定小于第一宇宙速度,故A錯(cuò)誤；B．同步衛(wèi)星相對(duì)于地球靜止，一定在赤道的正上方，而北京不在赤道上，故運(yùn)行時(shí)不可能經(jīng)過(guò)北京的上空，故B錯(cuò)誤；C．同步衛(wèi)星的軌道平面過(guò)地心且在赤道正上方，所以它的軌道平面和地球零緯度線(xiàn)重合，不可能和地球的某一經(jīng)線(xiàn)平面重合，故C錯(cuò)誤;D．所有的同步衛(wèi)星距離地面的高度相同,都處于同一軌道上，故D正確。故選D.3。如圖所示,輕質(zhì)細(xì)繩AB和CD將質(zhì)量為m的小球懸掛在車(chē)廂中，細(xì)繩AB水平，細(xì)繩CD與豎直方向的夾角為，車(chē)廂沿水平面向左運(yùn)動(dòng)。細(xì)繩AB和CD上拉力的大小分別為和。則車(chē)廂運(yùn)動(dòng)位移為l的過(guò)程中（)A.拉力對(duì)小球做功 B.拉力對(duì)車(chē)廂做功C.拉力對(duì)小球做功 D。拉力對(duì)車(chē)廂做功【答案】B【解析】【詳解】A．根據(jù)功的定義，拉力對(duì)小球做功為故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)功的定義，拉力對(duì)車(chē)廂做功為故B正確；C。根據(jù)功的定義，拉力對(duì)小球做功故C錯(cuò)誤;D.根據(jù)功的定義，拉力對(duì)車(chē)廂做功故D錯(cuò)誤；故選B。4。如圖所示，A、B是以O(shè)點(diǎn)為圓心的一條直徑的兩個(gè)端點(diǎn)，將的點(diǎn)電荷放置于O點(diǎn)時(shí),B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E:若再將的點(diǎn)電荷放置于A點(diǎn)，則B點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度（）A.大小為E，方向沿OB方向 B.大小為E，方向沿BO方向C.大小為,方向沿BO方向 D。大小為，方向沿OB方向【答案】D【解析】【詳解】將的點(diǎn)電荷放置于O點(diǎn)時(shí)，B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E，根據(jù)點(diǎn)電荷場(chǎng)源的場(chǎng)強(qiáng)決定式有方向沿OB水平向右，若將的點(diǎn)電荷放置于A點(diǎn)，B點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)為方向沿BO水平向左，則B合場(chǎng)強(qiáng)為兩場(chǎng)強(qiáng)的矢量和，為方向沿OB水平向右。故選D。5.某區(qū)域的電場(chǎng)線(xiàn)分布如圖所示，一帶電粒子僅在電場(chǎng)力作用下，沿圖中虛線(xiàn)所示的軌跡從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)。下列說(shuō)法正確的是（)A。粒子帶正電 B。粒子在A點(diǎn)的加速度小于在B點(diǎn)的加速度C.粒子在A點(diǎn)的速率大于在B點(diǎn)的速率 D。粒子在A點(diǎn)的電勢(shì)能大于在B點(diǎn)的電勢(shì)能【答案】C【解析】【詳解】A．受力方向指向運(yùn)動(dòng)軌跡凹的一側(cè)，故可知粒子受力方向斜向下，與電場(chǎng)線(xiàn)方向相反，粒子帶負(fù)電,故A錯(cuò)誤；B．電場(chǎng)線(xiàn)越密集的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度越大，故粒子在A點(diǎn)的加速度大于在B點(diǎn)的加速度，故B錯(cuò)誤；CD．帶電粒子從A點(diǎn)到B點(diǎn)，電場(chǎng)力做負(fù)功，動(dòng)能減小，電勢(shì)能增大，故粒子在A點(diǎn)的速率大于在B點(diǎn)的速率,粒子在A點(diǎn)的電勢(shì)能小于在B點(diǎn)的電勢(shì)能，故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。6.一物體僅在重力和力F的作用下運(yùn)動(dòng),一段時(shí)間后其動(dòng)能增加了10J，機(jī)械能減小了5J。則在這一過(guò)程中（）A.各力對(duì)該物體做的總功為 B。力F對(duì)該物體做的功為C。重力對(duì)該物體做功為 D.不能確定各力做功的情況【答案】B【解析】【詳解】A．根據(jù)動(dòng)能定理可知，各力對(duì)該物體做的總功等于動(dòng)能的增加10J，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)功能原理可知,力F對(duì)該物體做的功等于物體機(jī)械能的變化量，為—5J，故B正確;CD．根據(jù)總功的計(jì)算式W總=WF+WG得重力對(duì)該物體做功為WG=W總-WF=10J—（-5J）=15J故CD錯(cuò)誤.故選B。7。光敏電阻是利用半導(dǎo)體制成的一種電阻,其阻值隨光照強(qiáng)度增加而變小。某同學(xué)設(shè)計(jì)如圖所示的自動(dòng)控制電路，其中是光敏電阻，為定值電阻，電表均可視為理想電表。閉合開(kāi)關(guān)，當(dāng)照射光敏電阻的光照強(qiáng)度增加時(shí)（）A。電壓表V的示數(shù)變大 B.光敏電阻兩端的電壓增大C.燈泡L變亮 D.電流表A的示數(shù)變小【答案】A【解析】【詳解】AD．當(dāng)照射光敏電阻的光強(qiáng)增強(qiáng)時(shí)，其阻值變小，則與燈泡并聯(lián)后的阻值變小，再串聯(lián)R0和電源內(nèi)阻r后的總阻值變小,由全電路的歐姆定律可知，干路電流I變大，即電流表的示數(shù)變大;電壓表測(cè)量的是R0的電壓，由則電壓表的示數(shù)變大,故A正確，D錯(cuò)誤;BC．由全電路的串聯(lián)規(guī)律有因總電流I變大，則并聯(lián)部分的電壓變小，即光敏電阻的電壓變小，燈泡L的電壓變小,則燈泡變暗，故BC錯(cuò)誤。故選A。8.如圖是一個(gè)多量程多用電表的簡(jiǎn)化電路圖，圖中E是電池，G為表頭，虛線(xiàn)方框內(nèi)為換擋開(kāi)關(guān)，A端和B端分別與兩表筆相連。下列說(shuō)法正確的是（）A。該多用電表的A端應(yīng)接黑表筆B.換擋開(kāi)關(guān)旋至3處為歐姆擋，電阻值為讀數(shù)乘以倍率C.換擋開(kāi)關(guān)旋至1、2處為電流擋，換擋開(kāi)關(guān)旋至2處量程較大D.換擋開(kāi)關(guān)旋至4、5處為電壓擋，換擋開(kāi)關(guān)旋至5處量程較小【答案】AB【解析】【詳解】A．根據(jù)歐姆表原理可知，內(nèi)部電源的正極應(yīng)接黑表筆，這樣才能保證在測(cè)電阻時(shí)電流表中電流“紅進(jìn)黑出”則A端應(yīng)接黑色筆，故A正確；B．根據(jù)多用電表的歐姆檔測(cè)量原理為表頭連接電源和滑動(dòng)變阻器，根據(jù)全電路的歐姆定律由電流的大小換算出待測(cè)電阻，故換擋開(kāi)關(guān)旋至3處為歐姆擋，電阻值為讀數(shù)乘以倍率,故B正確;C．換擋開(kāi)關(guān)旋至1、2處為表頭并聯(lián)不同的電阻，利用并聯(lián)分流測(cè)大電流，則這兩處為電流擋,且并聯(lián)電阻越小能分流越多，換擋開(kāi)關(guān)旋至1處是并聯(lián)的R1，量程換擋開(kāi)關(guān)旋至2處是并聯(lián)的(R1+R2），故接1處量程較大,故C錯(cuò)誤；D．換擋開(kāi)關(guān)旋至4、5處為表頭串聯(lián)不同的電阻，根據(jù)串聯(lián)分壓，則這兩處構(gòu)成電壓擋，換擋開(kāi)關(guān)旋至5處串聯(lián)的總電阻較大,其量程較大，故D錯(cuò)誤。故選AB。二、多項(xiàng)選擇題:本題共4小題，每小題4分,共16分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得4分,選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分.9.一額定電壓為9V、額定功率為9W的小燈泡L和一內(nèi)阻直流電動(dòng)機(jī)M并聯(lián)，再與的定值電阻串聯(lián)后接在電路中的A、B兩點(diǎn)間，電流表A可視為理想電表，電路如圖所示，當(dāng)A、B間接15V電壓時(shí)，電動(dòng)機(jī)和小燈泡正常工作。則下列說(shuō)法正確的是()A。電流表示數(shù)為10AB.通過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流為9AC。定值電阻兩端的電壓為6VD。電動(dòng)機(jī)輸出的機(jī)械功率為4.25W【答案】CD【解析】【詳解】AC．小燈泡正常發(fā)光，則兩端的電壓，由解得，電流表串聯(lián)在干路上，其讀數(shù)即為R的電流為1。5A，故A錯(cuò)誤，C正確;B．根據(jù)可知燈泡流過(guò)的電流為由并聯(lián)電路特點(diǎn)有解得流過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流為故B錯(cuò)誤;D．根據(jù)電動(dòng)機(jī)上的能量守恒有而，可得電動(dòng)機(jī)的輸出功率為故D正確。故選CD.10.如圖所示，a、b兩顆衛(wèi)星在同一平面內(nèi)繞地球做同向勻速圓周運(yùn)動(dòng),周期分別為、，運(yùn)行半徑分別是和,則a、b兩衛(wèi)星線(xiàn)速度的比為（）A。 B. C. D?！敬鸢浮緽C【解析】【詳解】AB．兩衛(wèi)星均繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng),均由萬(wàn)有引力提供向心力，有解得線(xiàn)速度為故可得兩衛(wèi)星的線(xiàn)速度比值為故A錯(cuò)誤,B正確；CD．已知周期和軌道半徑,由圓周運(yùn)動(dòng)的規(guī)律有代入數(shù)據(jù)可得而由開(kāi)普勒第三定律有聯(lián)立可得故C正確，D錯(cuò)誤。故選BC。11.如圖所示，兩平行金屬板M、N通過(guò)開(kāi)關(guān)K與電源E連接，N板接地，當(dāng)開(kāi)關(guān)閉合時(shí)有一帶電液滴剛好靜止在P點(diǎn)。開(kāi)關(guān)K始終保持閉合，下列說(shuō)法正確的是（）A液滴帶負(fù)電B.向上移動(dòng)M板，兩板組成電容器的電容將變大C.向上移動(dòng)M板，P點(diǎn)電勢(shì)將升高D。向上移動(dòng)M板，液滴將向下運(yùn)動(dòng)【答案】AD【解析】【詳解】A．電容器的上極板帶正電，沿著電場(chǎng)線(xiàn)電勢(shì)降低,下極板為零,故M點(diǎn)的電勢(shì)為正值;開(kāi)始時(shí)液滴靜止，故mg=Eq電場(chǎng)力向上，則液滴帶負(fù)電荷，故A正確；B．保持開(kāi)關(guān)閉合，將M板上移一小段距離，板間距增大,根據(jù)電容決定式可知，電容C減小，故B錯(cuò)誤；C．保持開(kāi)關(guān)閉合,將M板上移一小段距離,板間距增大，兩板間的電勢(shì)差不變,由U=Ed可知E減小，PN間的電勢(shì)差為而N板接地，，且不變，則P點(diǎn)的電勢(shì)將降低,故C錯(cuò)誤；D．保持開(kāi)關(guān)閉合,將M板上移一小段距離，板間距增大,兩板間的電勢(shì)差不變,由U=Ed可知E減小，液滴所受電場(chǎng)力減小，則合力向下，故液滴將向下運(yùn)動(dòng)，故D正確。故選AD。12.一質(zhì)量為m的汽車(chē)以額定功率啟動(dòng)。測(cè)出加速過(guò)程中某時(shí)刻的速度v和加速度a。若汽車(chē)受到的阻力恒定,下列物理量中可以求出的是()A.汽車(chē)受到的阻力 B。汽車(chē)的最大速度C。加速到最大速度的時(shí)間 D。加速到最大速度的位移【答案】AB【解析】【詳解】A．機(jī)車(chē)保持恒定的功率啟動(dòng)，功率和速度的關(guān)系為由牛頓第二定律有已知質(zhì)量m，瞬時(shí)速度v和加速度a,可解得阻力為故A正確；B．當(dāng)汽車(chē)達(dá)到最大速度時(shí)，加速度為零,牽引力等于阻力,有則可求出汽車(chē)的最大速度,故B正確;CD．對(duì)變加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的過(guò)程由動(dòng)能定理有只有已知變加速時(shí)間t才能求出加速的位移x，或已知加速的位移x才能求出時(shí)間t,故CD錯(cuò)誤.故選AB。第Ⅱ卷（非選擇題共60分）三、非選擇題：本題共6小題，共60分13。如圖1所示為驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律的實(shí)驗(yàn)裝置.(1）打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所用電源的頻率為50Hz，當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣热=9。8m/s2，重物質(zhì)量為0.2kg。實(shí)驗(yàn)中得到一條點(diǎn)跡清晰的紙帶如圖2所示，打P點(diǎn)時(shí),重物的速度為零,A、B、C為另外3個(gè)連續(xù)點(diǎn)，根據(jù)圖中的數(shù)據(jù)，要驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律應(yīng)選擇從P點(diǎn)到_________點(diǎn)過(guò)程研究。(2)這一過(guò)程中,重物重力勢(shì)能減少量為_(kāi)________J，動(dòng)能增加量為_(kāi)________J。（計(jì)算結(jié)果均保留2位有效數(shù)字）【答案】（1）。B（2）。0。098(3）.0.096【解析】【詳解】（1）[1]因紙帶上可通過(guò)AC段位移和時(shí)間求得平均速度，它等于中間時(shí)刻B點(diǎn)的瞬時(shí)速度，從而可得到B點(diǎn)動(dòng)能，故利用PB段可驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律。(2)[2］PB段重力勢(shì)能的減少量為[3]根據(jù)勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的平均速度等于中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度，可得B點(diǎn)的速度為PB段動(dòng)能的增加量為14.電阻率是用來(lái)表示各種材料導(dǎo)電性能的物理量。某同學(xué)在實(shí)驗(yàn)室測(cè)量一新材料制成的圓柱體的電阻率。(1）用螺旋測(cè)微器測(cè)量其橫截面直徑，示數(shù)如圖甲所示,可知其直徑為_(kāi)________mm;用游標(biāo)卡尺測(cè)其長(zhǎng)度，示數(shù)如圖乙所示，可知其長(zhǎng)度為_(kāi)________mm.(2）用多用電表粗測(cè)其電阻約為。為了減小實(shí)驗(yàn)誤差，需進(jìn)一步用伏安法測(cè)量圓柱體電阻，要求待測(cè)電阻兩端的電壓調(diào)節(jié)范圍盡量大,滑動(dòng)變阻器采用分壓式接法。除待測(cè)圓柱體外,實(shí)驗(yàn)室還備有的實(shí)驗(yàn)器材如下：A．電壓表(量程3V，內(nèi)阻約為15）B．電壓表（量程15V，內(nèi)阻約為75)C．電流表A（量程0。6A，內(nèi)阻約為1）D．滑動(dòng)變阻器（阻值范圍0~5，2。0A）E．滑動(dòng)變阻器（阻值范圍0~2000，0.1A）F．直流電源E（電動(dòng)勢(shì)為3V）G．開(kāi)關(guān)S，導(dǎo)線(xiàn)若干則電壓表應(yīng)選________，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選________.（均填器材前的字母代號(hào))（3）請(qǐng)?jiān)O(shè)計(jì)合理的實(shí)驗(yàn)電路,并將虛線(xiàn)框中電路圖補(bǔ)充完整_______。(4)實(shí)驗(yàn)測(cè)出圓柱體的電阻為R,圓柱體橫截面的直徑為D，長(zhǎng)度為L(zhǎng)，則圓柱體電阻率為_(kāi)________。（用D、L、R表示）【答案】（1)。1。848（2）。42.40(3)。A（4)。D（5）。

(6).【解析】【分析】本題考查實(shí)驗(yàn)測(cè)金屬的電阻率，由于金屬的電阻較小,通過(guò)比較其電阻阻值與電壓表、電流表的電阻關(guān)系，確定采用安培表外接還是內(nèi)接法.【詳解】（1)[1]由螺旋測(cè)微器可知，其讀數(shù)［2］由游標(biāo)卡尺可得知,其長(zhǎng)度讀數(shù)為（2)［3］［4]由于直流電源電動(dòng)勢(shì)為3V，故電壓表選A，由于采用分壓電路，滑動(dòng)變阻器選小的，故滑動(dòng)變阻器選D。（3）［5］由于故采用安培表外接,題中要求用分壓電路，故合理的電路設(shè)計(jì)如下圖(4)[6］由電阻的決定式可知15.“墨子號(hào)"作為一顆科學(xué)實(shí)驗(yàn)衛(wèi)星，主要有兩方面的目的：一方面是實(shí)用型的，實(shí)現(xiàn)了超遠(yuǎn)距離星地之間的量子保密通信；另一方面也有個(gè)非?；A(chǔ)科學(xué)的研究目標(biāo)，在空間尺度開(kāi)展嚴(yán)格意義下愛(ài)因斯坦指出的“量子力學(xué)非定域性”的驗(yàn)證.設(shè)“墨子號(hào)”的運(yùn)行周期為T(mén)，地球半徑為R，地球表面重力加速度為g，萬(wàn)有引力常量為G，求：（1)地球的平均密度；(2)“墨子號(hào)”距地面高度h?！敬鸢浮浚?)；(2）【解析】【詳解】（1）在地球表面的物體，萬(wàn)有引力等于重力而地球的質(zhì)量為聯(lián)立可得地球的密度為（2）“墨子號(hào)”繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng),萬(wàn)有引力提供向心力，有結(jié)合可解得高度為16。在如圖所示的電路中，是一滑動(dòng)變阻器,為定值電阻。閉合開(kāi)關(guān)，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片在最左端時(shí)，路端電壓，電路中的電流；當(dāng)滑片滑至最右端時(shí),路端電壓，電路中的電流.求：（1)電源的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r;（2)定值電阻的阻值；(3)滑動(dòng)變阻器的最大阻值?！敬鸢浮浚?）,；（2）；（3)【解析】【詳解】(1）閉合開(kāi)關(guān)，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片在最左端時(shí)，根據(jù)閉合電路歐姆定律有當(dāng)滑片滑至最右端時(shí)有聯(lián)立兩式，代入已知數(shù)據(jù)求得，(2)閉合開(kāi)關(guān)，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片在最右端時(shí)，接入電路中的電阻為0，根據(jù)部分電路歐姆定律有代入數(shù)據(jù)求得(3）閉合開(kāi)關(guān)，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片在最左端時(shí),完全接入電路中，根據(jù)部分電路歐姆定律有代入數(shù)據(jù)得17。示波管工作原理如圖所示，由靜止釋放的電子經(jīng)電壓加速后以速度沿中心線(xiàn)進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)兩極板間的電壓，兩極板間距，極板長(zhǎng)。偏轉(zhuǎn)極板右側(cè)有一屏幕，屏幕與中心線(xiàn)垂直交于O點(diǎn)。電子離開(kāi)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)后打在屏幕上的P點(diǎn)，測(cè)得O、P間的距離。已知電子電荷量為，質(zhì)量為。求:（1)電子經(jīng)加速電場(chǎng)加速后的速度；（2)電子離開(kāi)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)速度偏轉(zhuǎn)角的正切值；（3)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)右側(cè)與屏幕的距離s.【答案】(1)；（2)；（3）【解析】【詳解】（1)電子從靜止開(kāi)始經(jīng)過(guò)加速電場(chǎng)加速，由動(dòng)能定理有解得電子經(jīng)加速電場(chǎng)加速后的速度為(2)電子進(jìn)