2022屆江蘇省高考物理試卷真題試卷（解析版）

江蘇省2022年普通高中學(xué)業(yè)水平選擇性考試物理注意事項(xiàng)：考生在答題前請(qǐng)認(rèn)真閱讀本注意事項(xiàng)及各題答題要求．本試卷共6頁(yè)，滿(mǎn)分為00分，考試時(shí)間為75分鐘?？荚嚱Y(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡一并交回。2．答題前，請(qǐng)務(wù)必將自己的姓名，準(zhǔn)考證號(hào)用0.5老米黑色墨水的簽字筆填寫(xiě)在試卷及答題卡的規(guī)定位置。．請(qǐng)認(rèn)真核對(duì)監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)與本人是否相符。4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對(duì)應(yīng)選項(xiàng)的方框涂滿(mǎn)，涂黑；如需改動(dòng)，請(qǐng)用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。作答非選擇題，必須用0.5毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無(wú)效。5．如需作圖，必須用2B鉛筆繪、寫(xiě)清楚，線(xiàn)條、符號(hào)等須加黑、加粗。一、單項(xiàng)選擇題：共0題，每題4分，共40分，每題只有一個(gè)選項(xiàng)最符合題意。.高鐵車(chē)廂里的水平桌面上放置一本書(shū)，書(shū)與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.4，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，取重力加速度．若書(shū)不滑動(dòng)，則高鐵的最大加速度不超過(guò)（）A. B. C. D.【答案】B【解析】【詳解】書(shū)放水平桌面上，若書(shū)相對(duì)于桌面不滑動(dòng)，則最大靜摩擦力提供加速度解得書(shū)相對(duì)高鐵靜止，故若書(shū)不動(dòng)，高鐵的最大加速度，B正確，ACD錯(cuò)誤。故選B。2.如圖所示，電路中燈泡均正常發(fā)光，阻值分別為，，，電源電動(dòng)勢(shì)，內(nèi)阻不計(jì)，四個(gè)燈泡中消耗功率最大的是（）

A. B. C. D.【答案】A【解析】【詳解】由電路圖可知R與R4串聯(lián)后與R2并聯(lián)，再與R串聯(lián)。并聯(lián)電路部分等效電阻為由閉合電路歐姆定律可知，干路電流即經(jīng)過(guò)R的電流為并聯(lián)部分各支路電流大小與電阻成反比，則四個(gè)燈泡的實(shí)際功率分別為，，，故四個(gè)燈泡中功率最大的是R，故A正確，BCD錯(cuò)誤。故選A。.如圖所示，兩根固定的通電長(zhǎng)直導(dǎo)線(xiàn)a、b相互垂直，a平行于紙面，電流方向向右，b垂直于紙面，電流方向向里，則導(dǎo)線(xiàn)a所受安培力方向（）A.平行于紙面向上B.平行于紙面向下C.左半部分垂直紙面向外，右半部分垂直紙面向里D.左半部分垂直紙面向里，右半部分垂直紙面向外【答案】C【解析】【詳解】根據(jù)安培定則，可判斷出導(dǎo)線(xiàn)a左側(cè)部分的空間磁場(chǎng)方向斜向右上，右側(cè)部分的磁場(chǎng)方向斜向下方，根據(jù)左手定則可判斷出左半部分垂直紙面向外，右半部分垂直紙面向里。故C正確，ABD錯(cuò)誤。故選C。4.上海光源通過(guò)電子-光子散射使光子能量增加，光子能量增加后（）A.頻率減小 B.波長(zhǎng)減小 C.動(dòng)量減小 D.速度減小【答案】B【解析】【詳解】AB．根據(jù)可知光子的能量增加后，光子的頻率增加，又根據(jù)可知光子波長(zhǎng)減小，故A錯(cuò)誤，B正確；CD．根據(jù)可知光子的動(dòng)量增加；又因?yàn)楣庾淤|(zhì)量不變，根據(jù)可知光子速度增加，故C錯(cuò)誤，D錯(cuò)誤。故選B。5.如圖所示，半徑為r的圓形區(qū)域內(nèi)有垂直于紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t的變化關(guān)系為，、k為常量，則圖中半徑為R的單匝圓形線(xiàn)圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小為（）

A. B. C. D.【答案】A【解析】【詳解】由題意可知磁場(chǎng)的變化率為根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知故選A。6.自主學(xué)習(xí)活動(dòng)中，同學(xué)們對(duì)密閉容器中的氫氣性質(zhì)進(jìn)行討論，下列說(shuō)法中正確的是（）A.體積增大時(shí)，氫氣分子的密集程度保持不變B.壓強(qiáng)增大是因?yàn)闅錃夥肿又g斥力增大C.因?yàn)闅錃夥肿雍苄?，所以氫氣在任何情況下均可看成理想氣體D.溫度變化時(shí)，氫氣分子速率分布中各速率區(qū)間的分子數(shù)占總分子數(shù)的百分比會(huì)變化【答案】D【解析】【詳解】A．密閉容器中的氫氣質(zhì)量不變，分子個(gè)數(shù)不變，根據(jù)可知當(dāng)體積增大時(shí)，單位體積的個(gè)數(shù)變小，分子的密集程度變小，故A錯(cuò)誤；B．氣體壓強(qiáng)產(chǎn)生的原因是大量氣體分子對(duì)容器壁的持續(xù)的、無(wú)規(guī)則撞擊產(chǎn)生的；壓強(qiáng)增大并不是因?yàn)榉肿娱g斥力增大，故B錯(cuò)誤；C．普通氣體在溫度不太低，壓強(qiáng)不太大的情況下才能看作理想氣體，故C錯(cuò)誤；D．溫度是氣體分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，大量氣體分子的速率呈現(xiàn)“中間多，兩邊少”的規(guī)律，溫度變化時(shí)，大量分子的平均速率會(huì)變化，即分子速率分布中各速率區(qū)間的分子數(shù)占總分子數(shù)的百分比會(huì)變化，故D正確。故選D。7.如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體分別經(jīng)歷和兩個(gè)過(guò)程，其中為等溫過(guò)程，狀態(tài)b、c的體積相同，則（）

A.狀態(tài)a的內(nèi)能大于狀態(tài)b B.狀態(tài)a的溫度高于狀態(tài)cC.過(guò)程中氣體吸收熱量 D.過(guò)程中外界對(duì)氣體做正功【答案】C【解析】【詳解】A．由于a→b的過(guò)程為等溫過(guò)程，即狀態(tài)a和狀態(tài)b溫度相同，分子平均動(dòng)能相同，對(duì)于理想氣體狀態(tài)a的內(nèi)能等于狀態(tài)b的內(nèi)能，故A錯(cuò)誤；B．由于狀態(tài)b和狀態(tài)c體積相同，且，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可知，又因?yàn)?，故，故B錯(cuò)誤；CD．因?yàn)閍→c過(guò)程氣體體積增大，氣體對(duì)外界做正功；而氣體溫度升高，內(nèi)能增加，根據(jù)可知?dú)怏w吸收熱量；故C正確，D錯(cuò)誤；故選C。8.某滑雪賽道如圖所示，滑雪運(yùn)動(dòng)員從靜止開(kāi)始沿斜面下滑，經(jīng)圓弧滑道起跳將運(yùn)動(dòng)員視為質(zhì)點(diǎn)，不計(jì)摩擦力及空氣阻力，此過(guò)程中，運(yùn)動(dòng)員的動(dòng)能與水平位移x的關(guān)系圖像正確的是（）A. B.C. D.【答案】A【解析】【詳解】設(shè)斜面傾角為θ，不計(jì)摩擦力和空氣阻力，由題意可知運(yùn)動(dòng)員在沿斜面下滑過(guò)程中根據(jù)動(dòng)能定理有即下滑過(guò)程中開(kāi)始階段傾角θ不變，Ek-x圖像為一條直線(xiàn)；經(jīng)過(guò)圓弧軌道過(guò)程中θ先減小后增大，即圖像斜率先減小后增大。故選A。9.如圖所示，正方形ABCD四個(gè)頂點(diǎn)各固定一個(gè)帶正電的點(diǎn)電荷，電荷量相等，O是正方形的中心，將A點(diǎn)的電荷沿OA的延長(zhǎng)線(xiàn)向無(wú)窮遠(yuǎn)處移動(dòng)，則（）

A.在移動(dòng)過(guò)程中，O點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度變小B.在移動(dòng)過(guò)程中，C點(diǎn)的電荷所受靜電力變大C.在移動(dòng)過(guò)程中，移動(dòng)的電荷所受靜電力做負(fù)功D.當(dāng)其移動(dòng)到無(wú)窮遠(yuǎn)處時(shí)，O點(diǎn)的電勢(shì)高于A點(diǎn)【答案】D【解析】【詳解】A．O是等量同種電荷連線(xiàn)的中點(diǎn)，場(chǎng)強(qiáng)為0，將A處的正點(diǎn)電荷沿OA方向移至無(wú)窮遠(yuǎn)處，O點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度變大，故A不符合題意；B．移動(dòng)過(guò)程中，C點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)變小，正電荷所受靜電力變小，故B錯(cuò)誤；C．A點(diǎn)電場(chǎng)方向沿OA方向，移動(dòng)過(guò)程中，移動(dòng)電荷所受靜電力做正功，故C錯(cuò)誤；D．A點(diǎn)電場(chǎng)方向沿OA方向，沿電場(chǎng)線(xiàn)方向電勢(shì)降低，移動(dòng)到無(wú)窮遠(yuǎn)處時(shí)，O點(diǎn)的電勢(shì)高于A點(diǎn)電勢(shì)，故D正確。故選D0.如圖所示，輕質(zhì)彈簧一端固定，另一端與物塊A連接在一起，處于壓縮狀態(tài)，A由靜止釋放后沿斜面向上運(yùn)動(dòng)到最大位移時(shí)，立即將物塊B輕放在A右側(cè)，A、B由靜止開(kāi)始一起沿斜面向下運(yùn)動(dòng)，下滑過(guò)程中A、B始終不分離，當(dāng)A回到初始位置時(shí)速度為零，A、B與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)相同、彈簧未超過(guò)彈性限度，則（）

A.當(dāng)上滑到最大位移的一半時(shí)，A的加速度方向沿斜面向下B.A上滑時(shí)、彈簧的彈力方向不發(fā)生變化C.下滑時(shí)，B對(duì)A的壓力先減小后增大D.整個(gè)過(guò)程中A、B克服摩擦力所做的總功大于B的重力勢(shì)能減小量【答案】B【解析】【詳解】B．由于A、B在下滑過(guò)程中不分離，設(shè)在最高點(diǎn)的彈力為F，方向沿斜面向下為正方向，斜面傾角為θ，AB之間的彈力為FAB，摩擦因素為μ，剛下滑時(shí)根據(jù)牛頓第二定律對(duì)AB有對(duì)B有聯(lián)立可得由于A對(duì)B的彈力FAB方向沿斜面向上，故可知在最高點(diǎn)F的方向沿斜面向上；由于在最開(kāi)始彈簧彈力也是沿斜面向上的，彈簧一直處于壓縮狀態(tài)，所以A上滑時(shí)、彈簧的彈力方向一直沿斜面向上，不發(fā)生變化，故B正確；A．設(shè)彈簧原長(zhǎng)在O點(diǎn)，A剛開(kāi)始運(yùn)動(dòng)時(shí)距離O點(diǎn)為x，A運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)距離O點(diǎn)為x2；下滑過(guò)程AB不分離，則彈簧一直處于壓縮狀態(tài)，上滑過(guò)程根據(jù)能量守恒定律可得化簡(jiǎn)得當(dāng)位移為最大位移的一半時(shí)有帶入k值可知F合=0，即此時(shí)加速度為0，故A錯(cuò)誤；C．根據(jù)B的分析可知再結(jié)合B選項(xiàng)的結(jié)論可知下滑過(guò)程中F向上且逐漸變大，則下滑過(guò)程FAB逐漸變大，根據(jù)牛頓第三定律可知B對(duì)A的壓力逐漸變大，故C錯(cuò)誤；D．整個(gè)過(guò)程中彈力做的功為0，A重力做的功為0，當(dāng)A回到初始位置時(shí)速度為零，根據(jù)功能關(guān)系可知整個(gè)過(guò)程中A、B克服摩擦力所做的總功等于B的重力勢(shì)能減小量，故D錯(cuò)誤。故選B。二、非選擇題：共5題，共60分，其中第2~5題解答時(shí)請(qǐng)寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要的演算步驟，只寫(xiě)出最后答案的不能得分；有數(shù)值計(jì)算時(shí)，答案中必須明確寫(xiě)出數(shù)值和單位。.小明利用手機(jī)測(cè)量當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣?，?shí)驗(yàn)場(chǎng)景如圖所示，他將一根木條平放在樓梯臺(tái)階邊緣，小球放置在木條上，打開(kāi)手機(jī)的“聲學(xué)秒表”軟件，用鋼尺水平擊打木條使其轉(zhuǎn)開(kāi)后、小球下落撞擊地面，手機(jī)接收到鋼尺的擊打聲開(kāi)始計(jì)時(shí)，接收到小球落地的撞擊聲停止計(jì)時(shí)，記錄下?lián)舸蚵暸c撞擊聲的時(shí)間間隔t，多次測(cè)量不同臺(tái)階距離地面的高度h及對(duì)應(yīng)的時(shí)間間隔t。

（）現(xiàn)有以下材質(zhì)的小球，實(shí)驗(yàn)中應(yīng)當(dāng)選用______。A．鋼球B.乒乓球C.橡膠球（2）用分度值為的刻度尺測(cè)量某級(jí)臺(tái)階高度h的示數(shù)如圖2所示，則______。

（）作出圖線(xiàn)，如圖所示，則可得到重力加速度______。

（4）在圖中，將手機(jī)放在木條與地面間中點(diǎn)附近進(jìn)行測(cè)量，若將手機(jī)放在地面A點(diǎn)，設(shè)聲速為v，考慮擊打聲的傳播時(shí)間，則小球下落時(shí)間可表示為_(kāi)_____（用h、t和v表示）。（5）有同學(xué)認(rèn)為，小明在實(shí)驗(yàn)中未考慮木條厚度，用圖像法計(jì)算的重力加速度g必然有偏差。請(qǐng)判斷該觀點(diǎn)是否正確，簡(jiǎn)要說(shuō)明理由______?！敬鸢浮竣?A②.6.0③.9.55④.⑤.不正確，理由見(jiàn)解析【解析】【詳解】（）[]為了減小空氣阻力等誤差影響，應(yīng)該選用材質(zhì)密度較大的小鋼球，故選A。（2）[2]刻度尺的分度值為mm，估讀到分度值的下一位，由圖可知h=6.0cm；（）[]根據(jù)可知故在圖像中斜率表示重力加速度，則根據(jù)圖線(xiàn)有（4）[4]下落過(guò)程中聲音傳播的時(shí)間為則小球下落的時(shí)間為（5）[5]設(shè)木條厚度為H，則臺(tái)階距離地面的高度h時(shí)的時(shí)間為t，高度h2時(shí)的時(shí)間為t2；則根據(jù)前面的分析有可知與H無(wú)關(guān)。2.如圖所示，兩條距離為D的平行光線(xiàn)，以入射角O從空氣射入平靜水面，反射光線(xiàn)與折射光線(xiàn)垂直，求：（）水的折射率n；（2）兩條折射光線(xiàn)之間的距離d?！敬鸢浮浚ǎ?；（2）【解析】【詳解】（）設(shè)折射角為，根據(jù)幾何關(guān)系可得根據(jù)折射定律可得聯(lián)立可得（2）如圖所示

根據(jù)幾何關(guān)系可得.利用云室可以知道帶電粒子的性質(zhì)，如圖所示，云室中存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，一個(gè)質(zhì)量為m、速度為v的電中性粒子在A點(diǎn)分裂成帶等量異號(hào)電荷的粒子a和b，a、b在磁場(chǎng)中的徑跡是兩條相切的圓弧，相同時(shí)間內(nèi)的徑跡長(zhǎng)度之比，半徑之比，不計(jì)重力及粒子間的相互作用力，求：（）粒子a、b的質(zhì)量之比；（2）粒子a的動(dòng)量大小?！敬鸢浮浚ǎ唬?）【解析】【詳解】（）分裂后帶電粒子在磁場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，則有解得由題干知半徑之比，故因?yàn)橄嗤瑫r(shí)間內(nèi)的徑跡長(zhǎng)度之比，則分裂后粒子在磁場(chǎng)中的速度為聯(lián)立解得（2）中性粒子在A點(diǎn)分裂成帶等量異號(hào)電荷的粒子a和b，分裂過(guò)程中，沒(méi)有外力作用，動(dòng)量守恒，根據(jù)動(dòng)量守恒定律因?yàn)榉至押髣?dòng)量關(guān)系為，聯(lián)立解得4.在軌空間站中物體處于完全失重狀態(tài)，對(duì)空間站的影響可忽略，空間站上操控貨物的機(jī)械臂可簡(jiǎn)化為兩根相連的等長(zhǎng)輕質(zhì)臂桿，每根臂桿長(zhǎng)為L(zhǎng)，如題圖所示，機(jī)械臂一端固定在空間站上的O點(diǎn)，另一端抓住質(zhì)量為m的貨物，在機(jī)械臂的操控下，貨物先繞O點(diǎn)做半徑為、角速度為的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)停下，然后在機(jī)械臂操控下，貨物從A點(diǎn)由靜止開(kāi)始做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，經(jīng)時(shí)間t到達(dá)B點(diǎn)，A、B間的距離為L(zhǎng)。（）求貨物做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)受到合力提供的向心力大?。唬?）求貨物運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)機(jī)械臂對(duì)其做功的瞬時(shí)功率P。（）在機(jī)械臂作用下，貨物、空間站和地球的位置如題圖2所示，它們?cè)谕恢本€(xiàn)上，貨物與空間站同步做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，已知空間站軌道半徑為r，貨物與空間站中心的距離為d，忽略空間站對(duì)貨物的引力，求貨物所受的機(jī)械臂作用力與所受的地球引力之比。

【答案】（）；（2）；（）【解析】【詳解】（）質(zhì)量為的貨物繞點(diǎn)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，半徑為，根據(jù)牛頓第二定律可知（2）貨物從靜止開(kāi)始以加速度做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可知解得貨物到達(dá)點(diǎn)時(shí)的速度大小為貨物在機(jī)械臂的作用下在水平方向上做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，機(jī)械臂對(duì)貨物的作用力即為貨物所受合力，所以經(jīng)過(guò)時(shí)間，貨物運(yùn)動(dòng)到點(diǎn)時(shí)機(jī)械臂對(duì)其做功的瞬時(shí)功率為（）空間站和貨物同軸轉(zhuǎn)動(dòng)，角速度相同，對(duì)質(zhì)量為空間站，質(zhì)量為的地球提供向心力解得貨物在機(jī)械臂的作用力和萬(wàn)有引力的作用下做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則貨物受到的萬(wàn)有引力解得機(jī)械臂對(duì)貨物的作用力大小為則5.某裝置用電場(chǎng)控制帶電粒子運(yùn)動(dòng)，工作原理如圖所示，矩形區(qū)域內(nèi)存在多層緊鄰勻強(qiáng)電場(chǎng)，每層的高度均為d，電場(chǎng)強(qiáng)度大小均為E，方向沿豎直方向交替變化，邊長(zhǎng)為，邊長(zhǎng)為，質(zhì)量為m、電荷量為的粒子流從裝置左端中點(diǎn)射入電場(chǎng)，粒子初動(dòng)能為，入射角為，在紙面內(nèi)運(yùn)動(dòng)，不計(jì)重力及粒子間的相互作用力。（）當(dāng)時(shí)，若粒子能從邊射出，求該粒子通過(guò)電場(chǎng)的時(shí)間t；（2）當(dāng)時(shí)，若粒子從邊射出電場(chǎng)時(shí)與軸線(xiàn)的距離小于d，求入射角的范圍；（）當(dāng)，粒子在為范圍內(nèi)均勻射入電場(chǎng)，求從邊出射的粒子與入射粒子的數(shù)量之比?！敬鸢浮浚ǎ?；（2）或；（）【解析】【詳解】（）電場(chǎng)方向豎直向上，粒子所受電場(chǎng)力在豎直方向上，粒子在水平方向上做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，速度分解如圖所示粒子在水平方向的速度為根據(jù)可知解得（2）粒子進(jìn)入電場(chǎng)時(shí)的初動(dòng)能粒子進(jìn)入電場(chǎng)后只有電場(chǎng)力做功，粒子豎直方向上反復(fù)運(yùn)動(dòng)