2024屆江西省鷹潭市高三下學(xué)期第一次模擬考試物理答案

答案第=page11頁，共=sectionpages22頁答案第=page11頁，共=sectionpages22頁?dān)椞妒?024屆高三第一次模擬考試物理參考答案C核力是指原子核中核子之間的力，原子核中質(zhì)子和中子都是核子，相互之間都有核力，故A錯(cuò)誤；B．射線是具有放射性的元素的原子核中的一個(gè)中子轉(zhuǎn)化成一個(gè)質(zhì)子同時(shí)釋放出一個(gè)高速電子即粒子，故B錯(cuò)誤；C.放射性元素的放射性是原子核自身決定的，而化學(xué)反應(yīng)不能改變?cè)拥脑雍?，故化學(xué)反應(yīng)并不能改變物質(zhì)的放射性，故C正確；D.原子核的比結(jié)合能越大，原子核越穩(wěn)定，結(jié)合能大，比結(jié)合能不一定大，D錯(cuò)誤。故選C2．B【詳解】根據(jù)公式燈泡A的電阻為燈泡B的電阻A圖中燈泡A和可變電阻并聯(lián)，其總阻值可與燈泡B的電阻相等，此時(shí)A、B燈泡均能正常工作，故A錯(cuò)誤；B圖是燈泡B和可變電阻并聯(lián)后又和燈泡A串聯(lián)，兩燈泡要想正常工作，必須滿足燈泡B與可變電阻并聯(lián)后的總電阻和燈泡A的電阻相等；因并聯(lián)電路中總電阻小于各支路電阻，故燈泡A和燈泡B不能同時(shí)正常發(fā)光，故B正確；C圖是燈泡A和可變電阻串聯(lián)，根據(jù)串聯(lián)電路電阻的分壓特點(diǎn)可知，要使燈泡A正常工作，則與A串聯(lián)的可變電阻接入與A等值的電阻，同理，B正常工作時(shí)，與B串聯(lián)的可變電阻接入與B等值的電阻，因此兩燈可以正常工作，故C錯(cuò)誤；D．D圖是燈泡A和燈泡B并聯(lián)后又與可變電阻串聯(lián)，兩燈泡要想正常工作，必須滿足燈泡A與燈泡B并聯(lián)后和可變電阻R的阻值相等，即通過調(diào)節(jié)可變電阻可以使兩燈泡的電壓為110V，可以正常發(fā)光，故D錯(cuò)誤。故選B。3．D【詳解】對(duì)b、c、d三顆衛(wèi)星，根據(jù)可得A．因ac兩顆衛(wèi)星的周期相同，角速度一樣，由可知故A錯(cuò)誤；B．因c為同步衛(wèi)星故B錯(cuò)誤；C．由可知，，由可知，C錯(cuò)誤；D．由可知，D正確。故選D。4．D【詳解】圖像中，圖線上某一點(diǎn)切線的斜率的絕對(duì)值表示電場(chǎng)強(qiáng)度的大小，由于電子運(yùn)動(dòng)過程中加速度減小，即電場(chǎng)強(qiáng)度逐漸減小，即對(duì)應(yīng)位置切線越來越平緩，又由于電子做加速運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力方向與運(yùn)動(dòng)方向相同，則電場(chǎng)強(qiáng)度方向與運(yùn)動(dòng)方向相反，即電勢(shì)逐漸變大。綜合上述可知，圖線的切線逐漸變平緩且電勢(shì)逐漸變大，可知只有第四個(gè)圖線滿足要求。故選D。5．D【詳解】CD．當(dāng)汽缸豎直放置時(shí)，對(duì)活塞受力分析如圖所以即外界大氣壓力等于重力與內(nèi)部氣體產(chǎn)生的壓力之和。當(dāng)汽缸傾斜時(shí)活塞受力如圖由以上可知即末狀態(tài)壓強(qiáng)大于初狀態(tài)，故C錯(cuò)誤，D正確；AB．由可知當(dāng)氣體壓強(qiáng)增大，減小，根據(jù)熱力學(xué)第一定律整個(gè)過程是絕熱變化，，即，必定有氣體體積減小，氣體溫度T升高，則密度增大，故AB錯(cuò)誤；故選D。6．A【詳解】cd處于靜止?fàn)顟B(tài)，有mg=BILab勻速向上運(yùn)動(dòng)，有F=2mg+2BIL則F=4mg故選A。A【詳解】由于運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性，所以a球的速度大小也為v，方向與ad連線成角斜向左下方。b和c球的運(yùn)動(dòng)方向豎直向上，大小相等，將兩球看成一個(gè)整體，其質(zhì)量為2m，速度為，對(duì)于四個(gè)球組成的系統(tǒng)來說，動(dòng)量守恒，有解得由于整個(gè)系統(tǒng)的能量守恒，設(shè)此時(shí)系統(tǒng)的電勢(shì)能為，有解得故選A。8．ABD【詳解】A．簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)可知，則從O到B的時(shí)間是B到A時(shí)間的一半，A正確；B．把代入方程可得，故B正確；C．O到A的過程中，回復(fù)力增加，則加速度增加，故C錯(cuò)誤；D．從O到A的過程中，速度和位移方向均向右，故速度和位移的方向相同，故D正確。故選D。9．BC【詳解】AB．由于玻璃對(duì)紅光的折射率小于對(duì)紫光的折射率小，則光線經(jīng)過玻璃磚后紅光的偏折角小于紫光的偏折角，所以O(shè)A是紅光，OB是紫光，由分析可知，紅光在玻璃磚中的速度大于紫光在玻璃磚中的速度，真空中傳播速度兩種色光相同，所以紫光從射入玻璃磚到打在屏上所需時(shí)間較長，故A錯(cuò)誤，B正確；C．OB是紫光，頻率較高，而光電效應(yīng)產(chǎn)生的條件是：入射光的頻率大于金屬的極限頻率，所以若OA光能使某種金屬產(chǎn)生光電效應(yīng)，則OB光一定能使該金屬產(chǎn)生光電效應(yīng)，故C正確；D．由公式可知，雙縫干涉條紋間距與波長成正比，紅光的波長較長，則知OA光條紋間距大于OB光條紋間距，故D錯(cuò)誤。故選BC。10．BD【詳解】A．對(duì)物塊P在A點(diǎn)時(shí)進(jìn)行受力分析，有解得，故A錯(cuò)誤；B．物塊P到A點(diǎn)時(shí)，對(duì)物塊Q進(jìn)行受力分析，沿斜面方向上解得此時(shí)彈簧彈力為由胡克定律可得彈簧此時(shí)的伸長量為物塊P到B點(diǎn)時(shí)，由幾何可得物塊Q沿斜面向下滑了故B正確；C．物塊P到B點(diǎn)時(shí)，P、Q速度滿足物塊P、Q的速度之比為故C錯(cuò)誤。D．物塊P到B點(diǎn)時(shí)，彈簧此時(shí)的壓縮量為所以物塊P在A點(diǎn)和B點(diǎn)，這兩個(gè)狀態(tài)彈簧彈性勢(shì)能相等故D正確；故選BD。11．刻度尺1.6【詳解】（1）[1]該實(shí)驗(yàn)測(cè)量重力加速度，不需要天平測(cè)質(zhì)量；需要用刻度尺測(cè)量遮光帶（透光帶）的寬度，故需要刻度尺；（2）[2]根據(jù)平均速度的計(jì)算公式可知（3）[3]根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)平均速度等于中間時(shí)刻的速度，有可得12．0.341.50.5【詳解】（1）[1]電流表選用0.6A擋，其最小分度為0.02A，由圖可知，此時(shí)電流大小為0.34A；（2）[2]由閉合電路歐姆定律可知由圖乙所示可知，圖像與縱坐標(biāo)間的交點(diǎn)表示電動(dòng)勢(shì)，故有[3]圖像的斜率其中解得（3）[4]由歐姆定律和電阻定律有得所以圖線斜率得13．（1）；（2）【詳解】（1）由題圖可得（2分）根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程得（1分）代數(shù)數(shù)據(jù)解得（1分）（2）從A狀態(tài)到B狀態(tài)的過程中，氣體對(duì)外做功，因圖像與坐標(biāo)軸圍成的面積等于功的大小，可得（2分）從B狀態(tài)到C狀態(tài)的過程中（1分）根據(jù)熱力學(xué)第一定律可得（1分）14．（1）0.4s；（2）；（3）10.3m【詳解】（1）貨物從小車上滑出之后做平拋運(yùn)動(dòng)，豎直方向（2分）解得（2分）在B點(diǎn)分解速度，（1分）（2分）故（1分）（3）在小車碰撞到障礙物前，車與貨物已經(jīng)到達(dá)共同速度，根據(jù)牛頓第二定律，對(duì)m有1對(duì)M有（1分）當(dāng)時(shí)，m、M具有共同速度（1分）根據(jù)系統(tǒng)能量守恒定律聯(lián)立解得s相=9.6m（2分）當(dāng)小車被粘住之后，物塊繼續(xù)在小車上滑行，直到滑出，滑出速度由得根據(jù)動(dòng)能定理解得s′=0.7m（2分）故L=s相+s′=10.3m（1分）15．（1）2m/s

（2）1.6N

（3）【分析】A從飛出后，在洛倫茲力作用下做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)洛倫茲力提供向心力求出小球A在處的初速度；由動(dòng)能定理求出B滑到O點(diǎn)的速度，A、B在O點(diǎn)發(fā)生完全非彈性碰撞，由動(dòng)量守恒定律求出碰后生成的C球速度；根據(jù)牛頓第二定律求出碰后瞬間軌道對(duì)C支持力；C球從軌道飛出后，受到豎直向下的電場(chǎng)力和垂直紙面向外的洛倫茲力，在電場(chǎng)力作用下，C球在豎直方向做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，在水平方向做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)規(guī)律求出再次回到y(tǒng)軸時(shí)離O點(diǎn)的距離；【詳解】解：(1)A從飛出后，在洛倫茲力作用下做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，（1分）洛倫茲力提供向心力，解得：（2分）

（1分）(2)設(shè)B滑到O點(diǎn)的速度為，由動(dòng)能定理

解得：（2分）A、B在O點(diǎn)發(fā)生完全非彈性碰撞，設(shè)碰后生成的C球速度為，由動(dòng)量守恒定律

（1分）在碰后瞬間，C球做圓周運(yùn)動(dòng)，設(shè)軌道對(duì)C支持力為，C球帶電量

（1分）

（2分）解得：（1分）(3)C球從軌道飛出后，受到豎直向下的電場(chǎng)力和垂直紙面向外的洛倫茲力，在電場(chǎng)力作用下，C球在豎直方向做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，在水平方向做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，每隔一個(gè)周期T，C球回到y(tǒng)軸上．