2024屆湖北省十一校高三下學期第二次聯(lián)考物理試題及答案

高中物理試題2024年高三湖北省十一校第二次聯(lián)考本試卷共6頁，15題。全卷滿分100分。考試時間75分鐘。10小題，每小題4分，共40分。在每小題給出的四個選項中，第1-7題只有一項符合題目要求，第8-10題有多項符合題目要求。全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分。1．原子核的比結合能曲線如圖所示，根據(jù)該曲線，下列判斷中正確的是（）8O4263A．核的結合能約為64MeVB．D．核比核更穩(wěn)定21H4223592U核中核子的平均結合能比核中的大8936C．兩個核結合成核時吸收能量2．如圖所示為雷雨天一避雷針周圍電場的等勢面分布情況，在等勢面中有ABCAB兩點位置關于避雷針對稱。下列說法中正確的是（）A．B點場強小于C點場強B．某不計重力的正電荷在A、B兩點的加速度相同C．正電荷在C點的電勢能比其在B點的電勢能大D．將負電荷從C點移動到B點，電場力所做的總功為正3．某款手機防窺屏的原理圖如圖所示，在透明介質中有相互平行排列的吸光屏障，屏障垂直于屏幕，可實現(xiàn)對像素單元可視角度的控制。發(fā)光像素單元緊貼防窺屏的下表面，可視為點光源，位于相鄰兩屏障的正中間。下列說法正確的是（）高中1高中A．防窺屏的厚度越大，可視角度越小B．屏障的高度d越大，可視角度越大C．透明介質的折射率越小，可視角度越小D．防窺屏實現(xiàn)防窺效果主要是因為光發(fā)生了全反射4．2023年7月23日，我國首個火星探測器“天問一號”成功發(fā)射三周年，如圖所示，已知地球表面重力加速度為gkn水平面，探測器總質量為m，探測器有4條腿，每條腿與地面夾角為，則每條腿對火星表面的正壓力大小為（）mg42gmn2g2gA．B．C．D．4k4kcosk5．物塊P、Q中間用一根輕質彈簧相連，放在光滑水平面上，物塊P的質量為2kg，如圖甲所示。開始時兩物塊均靜止，彈簧處于原長，t0時對物塊P施加水平向右的恒力F，t0~1s內兩物體的加速度隨時間變化的情況如圖乙所示。整個運動過程中以下說法正確的是（）A．t時，物塊Q的速度大小為0.4m/sB．恒力F大小為1.6NC．物塊Q的質量為0.5kgD．t后，物塊P、Q一起做勻加速直線運動6BORC為其最高點。BD段為雙軌道，D點以上只有內軌道，D點與圓心的連線與水平方向夾角為，一小球從水平面上的A點以一定的初速度向右運動，能沿圓弧軌道恰好到達C點。不計一切摩擦。則（）高中2高中A．小球到達C點時速度為gRB．小球到達C點后會向左做平拋運動5C．小球在A點的初動能等于223D．若小球到達D點時對內外軌道均無彈力，則sin720m6.0m/s向恰好跟葉片轉動的圓面垂直，已知空氣的密度為1.2kg/m3，假如這個風力發(fā)電機能將此圓內10%的空氣動能轉化為電能。則此風力發(fā)電機發(fā)電的功率約為（）A．1.6103wB．1.6104wC．1.6105wD．1.610w68R串聯(lián)后接在電壓恒定U36V00壓表、電流表和滑動變阻器R，原、副線圈匝數(shù)比為1∶2。已知02，R的最大阻值為20Ω。現(xiàn)將滑動變阻器R的滑片P從最上端開始向下滑動，下列說法正確的是（）A．電壓表示數(shù)變大，電流表示數(shù)變小B．電源的輸出功率變大C．當R時，滑動變阻器消耗的功率最大D．當R時，電壓表示數(shù)為48V高中3高中19．一列簡諧橫波在ts時的波形圖如圖甲所示，PQ是介質中的兩個質點，圖乙是質點Q的振動圖像。3關于該簡諧波下列說法中正確的是（）A．波速為9cm/sB．沿x軸負方向傳播C．質點P的平衡位置坐標x6cmD．質點Q的平衡位置坐標x9cm10．現(xiàn)代科學儀器中常利用電、磁場控制帶電粒子的運動。如圖甲所示，紙面內存在上、下寬度均為d的勻強電場與勻強磁場，勻強電場豎直向下，勻強磁場垂直紙面向里，磁感應強度大小為B?，F(xiàn)有一質量為m、電荷量為q的帶正電粒子（不計重力）從電場的上邊界的O點由靜止釋放，運動到磁場的下邊界的P點時正好與下邊界相切。若把電場下移至磁場所在區(qū)域，如圖乙所示，重新讓粒子從上邊界M點由靜止釋放，經過一段時間粒子第一次到達最低點N，下列說法正確的是（）B2A．勻強電場的場強大小為m4mB．粒子從O點運動到P點的時間為2qB3C．M、N兩點的豎直距離為d4BqdmD．粒子經過N點時速度大小為二、非選擇題：本題共5小題，共60分。117分）某學習小組利用手機和刻度尺研究小球做平拋運動的規(guī)律。他們用手機拍攝功能記錄小球拋出后位置的變化，每隔時間T拍攝一張照片。（1A位置B和C；（2）經測量，AB、BC兩線段的長度分別為l、l；12高中4高中（3）若忽略空氣阻力，121①______（選填“=”或“>”或“<31②如圖，若某同學測得AB與水平方向的夾角為30°，1，已知照片中尺寸為實際尺寸的g10m/s2，則小球經過B點的速度大小為vB______m/s。，32③小球從A到C的平均速度大小vAC______vB1210分）如圖甲為某同學組裝的雙倍率歐姆表電路圖，該歐姆表的低倍率擋位為“10，高倍率擋位為“100，使用過程中只需控制開關K的斷開或閉合，結合可調電阻R的調整，就能實現(xiàn)雙倍率測量。所用器材如下：A．干電池（電動勢E，內阻r）B．電流表G（滿偏電流I，內阻R）ggC．定值電阻0D．可調電阻RE．開關一個，紅、黑表筆各一支，導線若干。歐姆表正確組裝完成之后，這位同學把原來的表盤刻度改為歐姆表的刻度，歐姆表刻度線正中央的值為“15。（1）歐姆表的表筆分為紅黑兩種顏色，電路圖甲中的表筆1是______（2）請根據(jù)電路圖判斷，電路中開關K閉合時對應歐姆表的______（3）使用“100”擋位時，兩表筆短接電流表指針滿偏，可調電阻R的值為______Ω；高中5高中（41.35V2Ω規(guī)范操作，測量某待測電阻得到的測量值為300Ω，則該電阻的真實值為______Ω。1310分）某物理興趣小組受“蛟龍?zhí)枴陛d人潛水器的啟發(fā)，設計了一個測定水深的深度計。如圖，導熱性能良好的汽缸Ⅰ、Ⅱ內徑相同，長度均為L，內部分別有輕質薄活塞A、B，活塞密封性良好且可無摩擦左右滑動，汽缸Ⅰ左端開口。外界大氣壓強為p，汽缸Ⅰ內通過活塞A封有壓強為p的氣體，汽缸Ⅱ內通過活塞B00封有壓強為40ABA向右移動的距離可測定水的深度。已知0相當于h高的水柱產生的壓強，不計水溫變化，裝置的內徑遠小于水的深度，被封閉氣體視為理想氣體。2（1）當A向右移動L時，求該深度計所處位置水的深度；3（2）求該深度計能測量的最大水深。1415分）下圖是大型戶外水上競技闖關活動中“渡河”環(huán)節(jié)的簡化圖。固定在地面上的圓弧軌道上表面光滑。質量M4kg的平板浮于河面上，其左端緊靠著圓弧軌道，且其上表面與軌道末端相切。平板左側放置質量0的橡膠塊Am的人從圓弧軌道上與平板上表面高度差h3.2mA碰撞后經1與平板速度相等，此時A恰好沖出平板并沉入水中，不影響平板運動。已知人、橡膠塊與平板間的動摩擦因數(shù)均為0.5；平板受到水的阻力是其所受浮力的k倍k0.1。平板碰到河岸立即被鎖定。河面平靜，水的流速忽略不計，整個過程中有足夠的安全保障措施。人、橡膠塊A可看作質點，重力加速度g取10m/s2，求：（1）人與橡膠塊A相撞之后，A沖出平板之前，平板的加速度多大；（2）人與橡膠塊A相撞之后瞬間，A的速度多大；高中6高中（3）若“渡河”過程中，平板能夠碰到河岸，河岸寬度的最大值。1518分）L的URh0.8m的絕m的勻質導體棒a和b導軌垂直，接入電路的阻值均為R，與導軌間的動摩擦因數(shù)均為0.1（設最大靜摩擦力等于滑a距離導軌最右端距離為x磁感應強度大小為BF0.4N拉導體棒aa運動到導軌最右bFag取10m/s2空氣阻力，不計其他電阻）求：（1）導體棒a剛要離開導軌時的速度大小v；（2a由靜止運動到導軌最右端的過程中，通過導體棒a的電荷量q以及導體棒a中產生的焦耳熱a；（3a與絕緣水平面發(fā)生碰撞前后，豎直方向速度大小不變，方向相反，碰撞過程中水平方向所受摩擦力大小為豎直方向支持力的kk0.025，請計算導體棒a離開導軌后向右運動的最大水平距離lm。高中72024屆高三湖北十一校第二次聯(lián)考參考答案v223道均無彈力，重力的分力提供向心力，有sinmDRsin，D正確。11110%Ek1B234B567B897B在t時間內空氣動能為104wBE=?2=ρvts?2=π?2?3P==1.6×k222tDCCDBDBDBD1．B由題圖可知，16O的比結合能約為8MeV16O核的結合能約為128MeVA項錯誤；4He核?218828BD根據(jù)變壓器的等效=（1）?R=RPR變小，?副42比64He6B項正確；從比結合能小的元素生成比結合323RR=2Ω，等效A錯誤；B能大的元素，有核能釋放，故兩個2H核結合成4He核時釋放能量，C項錯誤；由題圖可知，U1292R=4Ω即R=8ΩCR時，核的平均結合能比896核的平均結合能小，D項錯誤?1?212=得的電壓為24V可得，電壓表示數(shù)為，D正確。2．D由等勢面的分布可知，AB兩點的電場強度大小相等，方向不同，均大于C點的電場強度，則不?9．由題圖甲可以看出，該波的波長為?=36cm，由題圖乙可以看出周期為?=2?，波速為?==計重力的正電荷在ABBpqφ可知，正電荷在B點的電勢能大于在CCWqU和U＜q0得W0D項正確?118cm/?A?=Q“上下坡法可得波沿x軸負方向傳3A360Asin30，則xP播，B正確；由題圖甲可知，?=0處y，C錯誤；由題圖23．C由光路圖可知，可視角度與防窺屏的厚度無關，選項A錯誤；如果屏障越高，則入射角越小，13?=0Qtsx軸負方向傳播到P根據(jù)折射定律可知折射角越小，B錯誤；由圖可知，可視角度是光線進入空氣中時折射2倍，透明介質的折射率越小，折射角越小，可視角度C1xxvt186cm,x9cm，得?=9cm，D?QPQ31qEdmv2，洛倫茲力充當向心力，全反射，D10BD設粒子在磁場中的速率為v，半徑為，由動能定理，有2GMmGMm4B=mg=m?火，2B222地RRR，由幾何關系可得Rd，綜上，Em，A錯誤；粒子在電場中的運動時間為地有m?2??2?4?可得?火=，設每條支架腿對火星表面的正壓力大小為F，則有4?=，可得?=火B(yǎng)正N??4m?dv2m1，在磁場中的運動時間為t2，粒子從O運動到P的時間為t，B正確25C??0~1s內Qt=1s時Qv、vM到N的過程中某時刻的速度分解為向右和向下的分量xy1度大小等于?=×1×0.8m/s=0.4m/s，由圖可得實際Q的???圖象與坐標軸圍成的面積大于Q的?2xy茲力分別沿水平方向和豎直方向分解，兩個洛倫茲力分量分別為、。設粒子在yx加速度均勻增大時??圖象與坐標軸圍成的面積，故=1s時，Q的速度大小大于0.4m/sA錯誤；最低點N的速度大小為的豎直距離為mv0qBvytqBy，t時，對物塊P?=??=2×=2?，故恒力F大小為2N，B錯誤；t=1s時，對物塊PQ?0B2Bqdm1qEymv20Eydv整體有?=（?+??，解得?=0.5???C正確；t=1s時，物塊、Q加速度相同，但物塊P由動能定理可得，解得C錯誤，D??12m，速度比物塊Q速度大，t=1s后，彈簧繼續(xù)壓縮，物塊Q不可能一起做勻加速直線運動，D錯誤。．①>2②142③等于（36．D小球恰好過圓弧軌道最高點，由于下方有支持物，所以過C點時速度為0，A錯誤；小球過C點?????sin?2??11121=>?sin30=g?2，?cos300?????=，??=g，?+?=14m/s；，022由幾何關系可知11?=??321mvAR，解得2時速度為0，不能做平拋運動，B錯誤；A到C，由機械能守恒定律可得2222??2???=???=????2+?2===在B???=??1vA2mgRsin)2D所以?，C錯誤；由D到C根據(jù)機械能守恒有，在D點小球對內外軌22024屆高三湖北十一校第二次聯(lián)考物理答案第1頁（共42024屆高三湖北十一校第二次聯(lián)考物理答案第2頁（共4v設人與平板共速時的速度為v1atv=3m/s1112.101）紅（22）低（2（222人與平板共速到平板速度為零過程中，平板的位移大小x2KK斷開，總=?+?+?=1500解得?=1494；x2=4.5m（1分）1.51.35dxxm12規(guī)范操作測量某待測電阻得到的測量值為，說明此時使用的“?==，則河岸寬度的最大值=9.6m150，R內151）2）53；0.2J（18m3C，可得R135=，可得真=270內150+300，（1）由題意知，Ia2I，IbIb分析有I（2分）R真內1310分1）2h24hIa2I又Rv（2分）2R（1A向右移動L設B不移動，對Ⅰ內氣體，由玻意耳定律得235L（2）整個過程中通過a的電荷量（2分）解得p＝3p（2分）q2ItCPSLPS1001333R2B中氣體的壓強為4pp，故B不動，假設成立011由p＝p+Δp得Δp=2p1H1Q2100整個過程對A運用功能關系有（2分）22A0后B開始向右移動，當A恰好移動到缸底時所測深度最大，此時原Ⅰ內氣體全部進入Ⅱ內，設Bx，2根據(jù)焦耳定律可知（2分）aQ0.2J3（3a離開導軌后，至與地面碰撞前做平拋運動，落地前瞬間豎直速度v2y對原Ⅰ內氣體，由玻意耳定律得pSL＝pSx（2分）02Ft2mvN碰撞過程中，豎直方向，由動量定理y對原Ⅱ內氣體，由玻意耳定律得4pSL＝p（－x02同理，水平方向上有Nmvx?vx0.2m/s（1分）t解得p1＝5p0p＝p得=4p（1分）0.2m/sv15由202