2023-2024學(xué)年山東省淄博市第五中學(xué)高三（上）開(kāi)學(xué)考試物理試卷（含解析）

2023-2024學(xué)年山東省淄博市第五中學(xué)高三（上）開(kāi)學(xué)考試

物理試卷

一、選擇題（本大題共12小題，第1-8小題為單選題，每小題3分，第9-12小題為多選題，

每小題4分，共40分）

1.下列說(shuō)法正確的是（）

A.液體具有表面張力，是因?yàn)橐后w表面層分子間距大于液體內(nèi)部分子間距

B.壓縮封閉在注射器中的氣體，其壓強(qiáng)增大，是因?yàn)闅怏w分子間斥力增大

C.當(dāng)分子間作用力為零時(shí)，分子勢(shì)能也一定為零

D.在陽(yáng)光照射下的教室里，眼睛看到空氣中塵埃的運(yùn)動(dòng)就是布朗運(yùn)動(dòng)

2.用中子轟擊靜止的鋰核，核反應(yīng)方程為H+"i→,He+X+y,已知光子的頻率為匕鋰

核的比結(jié)合能為電,氫核的比結(jié)合能為%，X核的比結(jié)合能為E3,普朗克常量為兒真空中光

速為c,下列說(shuō)法中正確的是（）

A.X核為孑H核

B.y光子的動(dòng)量P=號(hào)

C.釋放的核能ZE=（4F2+3%）-6E1+hv

D.質(zhì)量虧損Zm=（4E2+3?-6EI

C乙

3.如圖所示，由線(xiàn)圈L和電容器C組成簡(jiǎn)單的LC振蕩電路，某時(shí)刻，LC振蕩電路中電流和電

磁場(chǎng)情況如圖所示。則下述說(shuō)法正確的是（）

A.圖中回路電流正在增大

B.電場(chǎng)能正在減小，磁場(chǎng)能正在增大

C.電容器兩端電壓正在增大

D.若在線(xiàn)圈中加一鐵芯，則充放電過(guò)程會(huì)變快

4.4、B兩物體從同一起點(diǎn)在同一直線(xiàn)上運(yùn)動(dòng)的位移一時(shí)間（久-t）圖像如圖所示。A的圖像為

直線(xiàn)，8的圖像為過(guò)原點(diǎn)的拋物線(xiàn)，兩圖像交點(diǎn)C、。的坐標(biāo)如圖所示，下列說(shuō)法正確的是（）

A.4做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，B做加速度增大的變加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)

B.A、B兩物體在O?t?時(shí)間段內(nèi)相遇一次（不考慮剛開(kāi)始）

C.在S時(shí)刻之前，4可能在B的前面

D.在tι~t2時(shí)間段某個(gè)時(shí)刻，4、B的速度相同

5.2023年S月中國(guó)首個(gè)深海浮式風(fēng)力發(fā)電平臺(tái)“海油觀(guān)瀾號(hào)投產(chǎn)發(fā)電，假設(shè)旋轉(zhuǎn)磁極式風(fēng)力

發(fā)電機(jī)原理如圖所示，風(fēng)吹動(dòng)風(fēng)葉，帶動(dòng)磁極旋轉(zhuǎn)，使得水平放置線(xiàn)圈的磁通量發(fā)生變化，

產(chǎn)生感應(yīng)電流。磁鐵下方的線(xiàn)圈與電壓傳感器相連并通過(guò)電腦（未畫(huà)出）顯示數(shù)據(jù)。已知風(fēng)速

與發(fā)電機(jī)的轉(zhuǎn)速成正比，線(xiàn)圈的電阻不計(jì)。在某一風(fēng)速時(shí)，電腦顯示電壓傳感器兩端的電壓

如圖乙所示。則下列說(shuō)法正確的是（）

A.風(fēng)速越大，電壓傳感器兩端電壓變化周期越大，有效值越大

B.磁鐵的轉(zhuǎn)速為Ior/s

C.電壓傳感器兩端的電壓表達(dá)式為U-12sin5τrt（K）

D.風(fēng)速一定的情況下，減少線(xiàn)圈的雁數(shù)，電壓傳感器兩端電壓增大

6.直桿BC的一端用錢(qián)鏈固定于豎直墻壁，另一端固定一個(gè)小滑輪C,細(xì)繩下端掛一重物，細(xì)

繩的AC段水平?不計(jì)直桿、滑輪及細(xì)繩的質(zhì)量，忽略所有摩擦。若將細(xì)繩的端點(diǎn)4稍向下移

至4點(diǎn)（圖中未畫(huà)出），使之重新平衡，則此時(shí)滑輪C的（）

A.高度水平線(xiàn)在A4之間B.高度水平線(xiàn)與4點(diǎn)等高

C.高度水平線(xiàn)在4點(diǎn)之下D.高度水平線(xiàn)在A點(diǎn)之上

7.電磁流量計(jì)是隨著電子技術(shù)的發(fā)展而迅速發(fā)展起來(lái)的新型流量測(cè)量?jī)x表。主要有直流式和

感應(yīng)式兩種。如圖所示直流式電磁流量計(jì)，外加磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的水平勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直于管軸，

在豎直徑向a、b處裝有兩個(gè)電極，用來(lái)測(cè)量含有大量正，負(fù)離子的液體通過(guò)磁場(chǎng)時(shí)所產(chǎn)生的

電勢(shì)差大小U。液體的流量Q可表示為Q=表器，其中d為管道直徑，k為修正系數(shù)，用來(lái)修

正導(dǎo)出公式時(shí)未計(jì)及的因素（如流量計(jì)管道內(nèi)的流速并不均勻等）的影響。那么4應(yīng)該為（）

B.管道的橫截面積

C.液體的流速

D.液體中單位時(shí)間內(nèi)流過(guò)某一橫截面的電荷量

8.如圖所示，一個(gè)粗細(xì)均勻的單匝正方形閉合線(xiàn)框abed,在水平拉力作用下，以恒定的速

度沿X軸運(yùn)動(dòng)，磁場(chǎng)方向垂直紙面向里。從線(xiàn)圈進(jìn)入磁場(chǎng)開(kāi)始計(jì)時(shí)，直至完全進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程

中，設(shè)加邊兩端電壓為U,線(xiàn)框受到的安培力為F,線(xiàn)框的熱功率為P,通過(guò)ab邊的電荷量為

q.下列關(guān)于U、F、P、q隨時(shí)間t變化的關(guān)系圖像正確的是（）

,/×

ad/

∕×X

//

bJeLXX3χ

9.一定質(zhì)量的理想氣體經(jīng)歷了如圖所示的a→B→C→D→4循環(huán)過(guò)程。下列說(shuō)法正確的是

A.力τBτC過(guò)程中，氣體壓強(qiáng)先減小后增大

B.C→D→A過(guò)程中，單位體積內(nèi)分子數(shù)先不變后增加

C.整個(gè)循環(huán)過(guò)程中，氣體對(duì)外界做的功小于外界對(duì)氣體做的功

D.整個(gè)循環(huán)過(guò)程中，氣體從外界吸熱，內(nèi)能不變

10.如圖所示為研究光電效應(yīng)的實(shí)驗(yàn)裝置，當(dāng)用能量為E=3.1eV的光照射涂有某種金屬的陰

極K時(shí)，電流表有示數(shù)。若陰極K與陽(yáng)極4間的電勢(shì)差Uo=0.9V,電流表示數(shù)剛好為零，電

子的電荷量為e。下列說(shuō)法正確的是（）

A.從金屬表面逸出的光電子的最大初動(dòng)能為0.9eV

B.此金屬的逸出功為0.9eV

C.將P向右移動(dòng)，電流表的示數(shù)可能先增大后不變

D.將P向右移動(dòng)，從金屬表面逸出的光電子的最大初動(dòng)能增加

II.如圖所示，四根通有恒定且等大電流的長(zhǎng)直導(dǎo)線(xiàn)垂直穿過(guò)Xoy平面，1、2、3、4直導(dǎo)線(xiàn)

與Xoy平面的交點(diǎn)連成邊長(zhǎng)為2L的正方形且關(guān)于久軸和y軸對(duì)稱(chēng)，各導(dǎo)線(xiàn)中電流方向已標(biāo)出。

已知電流為1的無(wú)限長(zhǎng)通電直導(dǎo)線(xiàn)在距其r處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=弓,k為比例系數(shù)。

下列說(shuō)法正確的是（）

1f?2

軟---------@

AX

O

?-------------G

4α03

A.直導(dǎo)線(xiàn)1、3相互排斥，直導(dǎo)線(xiàn)2、3相互吸引

B.直導(dǎo)線(xiàn)1、2在。點(diǎn)產(chǎn)生的合磁場(chǎng)的方向沿y軸負(fù)方向

C.直導(dǎo)線(xiàn)1、4在。點(diǎn)產(chǎn)生的合磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為年

D.若僅將直導(dǎo)線(xiàn)3的電流變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，則直導(dǎo)線(xiàn)1所受安培力為零

12.如圖，兩根光滑平行金屬導(dǎo)軌固定在絕緣水平面上，左、右兩側(cè)導(dǎo)軌間距分別為d和3d,

處于豎直向下的磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小分別為3B和B；已知導(dǎo)體棒PQ的電阻為R、長(zhǎng)度為d,

導(dǎo)體棒MN的電阻為3R、長(zhǎng)度為3d,MN的質(zhì)量是PQ的3倍。初始時(shí)刻兩棒靜止，兩棒中點(diǎn)之

間連接一壓縮量為L(zhǎng)的輕質(zhì)絕緣彈簧。釋放彈簧，兩棒在各自磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)直至停止，彈簧始終

在彈性限度內(nèi)。整個(gè)過(guò)程中兩棒保持與導(dǎo)軌垂直并接觸良好，導(dǎo)軌足夠長(zhǎng)且電阻不計(jì)。下列

說(shuō)法正確的是（）

N

A.彈簧伸展過(guò)程中，回路中產(chǎn)生順時(shí)針?lè)较虻碾娏?/p>

B.MN速率為“時(shí)，PQ所受安培力大小為迫包

R

C.整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，MN與PQ的路程之比為3：1

D.整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，通過(guò)MN的電荷量為鳴

二、非選擇題(共60分)

13.某小組利用如圖甲所示裝置測(cè)量小車(chē)做勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)加速度的大小。請(qǐng)回答下列問(wèn)題:

電火花打接手源

點(diǎn)計(jì)時(shí)器?f√Φ?細(xì)繩

力

紙帶夕

長(zhǎng)木板=El鉤碼

甲

(1)下列說(shuō)法正確的是。

A.細(xì)繩與長(zhǎng)木板平行

8.先釋放小車(chē)后接通電源

C電火花計(jì)時(shí)器應(yīng)使用8U交流電源

D實(shí)驗(yàn)開(kāi)始時(shí)小車(chē)應(yīng)離計(jì)時(shí)器遠(yuǎn)些

(2)小組選取了如圖乙所示的一條紙帶，。、4、B、C、D、E為選取的計(jì)數(shù)點(diǎn)，每?jī)蓚€(gè)相鄰計(jì)

數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)點(diǎn)沒(méi)有畫(huà)出，各計(jì)數(shù)點(diǎn)到。點(diǎn)的距離分別為*、S2、S3、S4、S5O已知交流電

源的頻率為f,則。點(diǎn)對(duì)應(yīng)的瞬時(shí)速度大小為(用已知字母表示)。

⑶小組根據(jù)各計(jì)數(shù)點(diǎn)的速度”與各計(jì)數(shù)點(diǎn)到。點(diǎn)的距離S作出。2一s圖像如圖內(nèi)所示,則打下0

點(diǎn)時(shí)小車(chē)速度的大小為m∕s,小車(chē)加速度大小為τn∕s20(結(jié)果均保留2位有效

數(shù)字)

14.某小組利用甲、乙所示的裝置探究影響感應(yīng)電流方向的因素。

(1)閉合圖甲電路中的電鍵，觀(guān)察電流表指針的偏轉(zhuǎn)方向，本次操作的實(shí)驗(yàn)?zāi)康氖恰?/p>

(2)如圖乙所示，把磁鐵的某一個(gè)磁極向線(xiàn)圈中插入或從線(xiàn)圈中抽出時(shí)，記錄磁極運(yùn)動(dòng)的四種

情況中感應(yīng)電流的方向，如圖丙所示，可知感應(yīng)電流的方向與哪些因素有關(guān)?

(3)為了建立感應(yīng)電流的方向與磁通量變化的聯(lián)系，需要引入來(lái)轉(zhuǎn)換研究角度。

(4)下列說(shuō)法正確的是。

4實(shí)驗(yàn)中需要觀(guān)察磁鐵插入的快慢與電流表指針偏轉(zhuǎn)角度大小的關(guān)系

民感應(yīng)電流的磁場(chǎng)總要阻礙引起感應(yīng)電流的磁通量的變化是能量守恒定律的必然結(jié)果

C.本實(shí)驗(yàn)采用了歸納推理的科學(xué)方法

。?本實(shí)驗(yàn)采用了演繹推理的科學(xué)方法

15.我國(guó)自主研制了運(yùn)-20重型運(yùn)輸機(jī)。飛機(jī)獲得的升力大小F可用F=卜戶(hù)描寫(xiě)，k為系數(shù);

。是飛機(jī)在平直跑道上的滑行速度，F(xiàn)與飛機(jī)所受重力相等時(shí)的U稱(chēng)為飛機(jī)的起飛離地速度，

55

已知飛機(jī)質(zhì)量為1.21XIOkgVii,起飛離地速度為66m∕si裝載貨物后質(zhì)量為1.69XIOkg,

裝載貨物前后起飛離地時(shí)的k值可視為不變。

(1)求飛機(jī)裝載貨物后的起飛離地速度；

(2)若該飛機(jī)裝載貨物后，從靜止開(kāi)始勻加速滑行152Im起飛離地，求飛機(jī)在滑行過(guò)程中加

速度的大小和所用的時(shí)間。

16.氧氣瓶是醫(yī)院、家庭護(hù)理、戰(zhàn)地救護(hù)、個(gè)人保健及各種缺氧環(huán)境補(bǔ)充用氧較理想的供氧

設(shè)備。某氧氣瓶容積匕=153在Tl=300K的室內(nèi)測(cè)得瓶?jī)?nèi)氧氣的壓強(qiáng)Pl=9×106Pα,已

知當(dāng)鋼瓶?jī)?nèi)外無(wú)氣壓差時(shí)供氣停止。

Q)求在環(huán)境溫度為T(mén)]=300K、壓強(qiáng)為PO=IXlO5pα?xí)r，可放出該狀態(tài)下氧氣的體積V；

(2)若將該氧氣瓶移至72=250K的環(huán)境中用氣，當(dāng)瓶?jī)?nèi)氧氣壓強(qiáng)變?yōu)镻2=1.5×IO6PaW,求

用掉的氧氣的質(zhì)量與原有的氧氣的質(zhì)量之比。(用百分比表示)

17.在以坐標(biāo)原點(diǎn)。為圓心、半徑為7?的圓形區(qū)域內(nèi)，存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向垂直于

紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，如圖所示。一個(gè)不計(jì)重力的帶電粒子從磁場(chǎng)邊界與X軸的交點(diǎn)4處以速

度"沿-X方向射入磁場(chǎng)，它恰好從磁場(chǎng)邊界與y軸的交點(diǎn)C處沿+y方向飛出。

(1)請(qǐng)判斷該粒子帶何種電荷；

(2)并求出其比荷M

(3)若磁場(chǎng)的方向和所在空間范圍不變，而磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小變?yōu)锽',該粒子仍從4處以相同

的速度射入磁場(chǎng)，但飛出磁場(chǎng)時(shí)的速度方向相對(duì)于入射方向改變了60。角，畫(huà)出粒子偏轉(zhuǎn)圖,

求磁感應(yīng)強(qiáng)度B'多大？此時(shí)粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)所用時(shí)間t是多少？

18.如圖所示，一水平的足夠長(zhǎng)淺色傳送帶與水平地面上的平板緊靠在一起，且上表面在同

一水平面。傳送帶上左端放置一質(zhì)量為m=Ikg的煤塊(視為質(zhì)點(diǎn))，煤塊與傳送帶及煤塊與

平板上表面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為出=0.1,初始時(shí)，傳送帶與煤塊及平板都是靜止的；現(xiàn)讓

傳送帶以恒定的水平向右加速度α=3M∕S2開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，當(dāng)其速度達(dá)到U=I.5τn∕s后，便以此

速度做勻速運(yùn)動(dòng)。經(jīng)過(guò)一段時(shí)間，煤塊在傳送帶上留下了一段黑色痕跡后，煤塊相對(duì)于傳送

帶不再滑動(dòng)。隨后，在煤塊平穩(wěn)滑上平板的同時(shí)，在平板右側(cè)施加一個(gè)水平向右的恒力F=

22N。尸作用了0.5s后，煤塊恰好與平板速度相等，此時(shí)撤去尸。最終煤塊沒(méi)有從平板上滑下，

已知平板質(zhì)量M—4kg,取g=10m∕s2o

(1)求傳送帶上黑色痕跡的長(zhǎng)度；

(2)求平板與水平地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)也；

(3)平板上表面至少多長(zhǎng)？(計(jì)算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)。

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答案和解析

1.【答案】A

【解析】A液體具有表面張力，是因?yàn)橐后w表面層分子間距大于液體內(nèi)部分子間距，表面層液體

分子間作用力表現(xiàn)為引力，從而使液體表面緊繃，故A正確；

A壓縮封閉在注射器中的氣體，其壓強(qiáng)增大，是因?yàn)闅怏w體積減小，密度增大，單位面積上撞擊

的分子數(shù)增大，故B錯(cuò)誤；

C.分子間作用力為零時(shí)，分子勢(shì)能最小，但是不為零，一般取分子之間的距離為無(wú)窮大時(shí)分子勢(shì)

能為零，故C錯(cuò)誤；

。.做布朗運(yùn)動(dòng)的小顆粒非常小，必須經(jīng)顯微鏡放大500倍左右才能觀(guān)察到，肉眼能直接看到塵埃

不符合這個(gè)條件，不可能做布朗運(yùn)動(dòng)，故力錯(cuò)誤。

故選Ao

2.【答案】D

【解析】A.根據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒可知X核為：，核，故A錯(cuò)誤；

A光子的頻率為V,可知y光子的動(dòng)量

hhv

P="T=—

λC

故B錯(cuò)誤；

C.由比結(jié)合能的概念可知，該核反應(yīng)釋放的核能為

ΔE=(4%+3E3)-6E]

故C錯(cuò)誤；

。.質(zhì)量虧損為

,(4F+3F)-6Eι

?m--2--------3----=----------

Cz

故。正確；

故選D。

3.【答案】C

【解析】4BC.由圖中電流方向和電容器極板的正負(fù)極，可知此時(shí)電容器處于充電狀態(tài)，電流正在

減小，場(chǎng)能正在增大，磁場(chǎng)能正在減小，電容器兩端電壓正在增大，故AB錯(cuò)誤，C正確；

D、若在線(xiàn)圈中加一鐵芯，根據(jù)T=2τrλ∏Z可知充放電過(guò)程會(huì)變慢，故。錯(cuò)誤；

故選Co

4.【答案】D

【解析】AS的圖像為傾斜直線(xiàn)，即圖像斜率不變，所以4做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)；B的圖像為過(guò)原點(diǎn)的

拋物線(xiàn)，結(jié)合X=Tat2可知B做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

B.不考慮剛開(kāi)始，兩圖像在O?匕時(shí)間段內(nèi)有兩個(gè)交點(diǎn)，所以4B兩物體在O~t2時(shí)間段內(nèi)相遇兩

次，故B錯(cuò)誤；

C在A開(kāi)始運(yùn)動(dòng)的時(shí)刻，B已經(jīng)沿X軸正方向運(yùn)動(dòng)了一段距離，從該時(shí)刻到tι時(shí)刻，4在后面追B,

所以A不可能在B的前面，故C錯(cuò)誤：

DB圖像切線(xiàn)的斜率表示速度，則由圖可知”時(shí)刻B的速度小于/的速度，J時(shí)刻B的速度大于4的

速度，且4做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，8做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，所以在L~12時(shí)間段某個(gè)時(shí)刻，4、B的速度相

同，故O正確。

故選Do

5.【答案】C

【解析】4由乙圖可知，交流電的最大值是12V,故有效值為善U=6。丁，保持不變，故A

錯(cuò)誤；

A由乙圖可知，交流電的周期為T(mén)=O.4s,則磁鐵的轉(zhuǎn)速為

1

n=亍=2.5r∕s

故8錯(cuò)誤；

C角速度為

2π

ω=-=-=5πrad∕s

所以壓傳感器兩端的電壓表達(dá)式為

u=12sin5τrt(K)

故C正確；

。.感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的峰值為

Em=nBSω

故風(fēng)速一定的情況下，減少線(xiàn)圈的匝數(shù)，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的峰值減小，有效值減小，交流電壓表的示

數(shù)減小，故力錯(cuò)誤。

故選a

6.【答案】D

【解析】由于桿一直平衡，對(duì)兩根細(xì)繩拉力的合力沿桿的方向向下，又由于同一根繩子的張力處

處相等，而且兩根細(xì)繩的拉力大小相等且等于物體的重力G,根據(jù)平行四邊形定則，合力一定在

角平分線(xiàn)上，若將細(xì)繩的端點(diǎn)A稍向下移至4點(diǎn)，若桿不動(dòng)，則NACB小于NBCG,則不能平衡，

若要桿再次平衡，則兩繩的合力一定還在角平分線(xiàn)上，所以BC桿應(yīng)向上轉(zhuǎn)動(dòng)一定的角度，此時(shí)C在

A點(diǎn)之上。

故選D。

7.【答案】B

【解析】由圖可知，含有大量正，負(fù)離子的液體從入口進(jìn)入管道，根據(jù)左手定則可知，帶正電的

離子向上偏轉(zhuǎn)，帶負(fù)電的離子向下偏轉(zhuǎn)，當(dāng)顯示器的示數(shù)穩(wěn)定時(shí)，則在管道內(nèi)形成向下的勻強(qiáng)電

場(chǎng)，則有

qvB=qE

而

U

E=d

流量

Q=Sv

聯(lián)立解得

US

Q=前

所以Q=9M式中的4應(yīng)該為管道的橫截面積S。

KBd

故選瓦

8.【答案】A

【解析】設(shè)磁場(chǎng)的虛線(xiàn)邊界與X軸的夾角為0、線(xiàn)框的速度為外線(xiàn)框的邊長(zhǎng)為L(zhǎng)、磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)

度為B,和感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大的時(shí)刻為玲，則在be邊進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程中由de邊進(jìn)入磁場(chǎng)的部分切割

磁感線(xiàn)，即在時(shí)間段0≤t≤t(j內(nèi)有

2

E1=Bvt-tan。

Bv2t-tanθ

/1=4R

由de邊和ab邊進(jìn)入磁場(chǎng)的部分切割磁感線(xiàn)的過(guò)程中，即在時(shí)間段玲WtW2t°內(nèi)有

2

E2=BLv—Bv(t—t0)?tan。

,_BLvBv2(t—tɑ)-tan0

2=~4R4R

A.設(shè)線(xiàn)框一條邊的電阻為R,根據(jù)以上分析可知，在0≤t≤t0的過(guò)程中

Bv2t-tan。

U=IlR

14

在to≤t≤2t0的過(guò)程中

2

BLv5v(t—t0)?tan。

U2~hR44

故4正確;

A設(shè)線(xiàn)框一條邊的電阻為R,根據(jù)以上分析可知，在0≤t≤t0的過(guò)程中

Bv2t-tan。

Fl=BI?vttanθ=B-(--------------)?vttanθ

14∏

則在0≤t≤to的過(guò)程中F—t圖像應(yīng)為曲線(xiàn)，故8錯(cuò)誤；

C.設(shè)線(xiàn)框一條邊的電阻為R,根據(jù)以上分析可知，在0≤t≤t0的過(guò)程中

,Bv2t-tan。,

2

P1=ll-4R=(--)?4R

則在0≤t≤to的過(guò)程中P—t圖像應(yīng)為開(kāi)口向上的拋物線(xiàn)，故C錯(cuò)誤；

。.設(shè)線(xiàn)框一條邊的電阻為R,根據(jù)以上分析可知，在0≤t≤t0的過(guò)程中

ΔΦBv2t2-tanθ

%FSR

則在0≤t≤t0的過(guò)程中q—t圖像應(yīng)為曲線(xiàn)，故。錯(cuò)誤。

故選Ao

9.【答案】AC

【解析】A.A→B的過(guò)程中，氣體溫度不變，體積增大到原來(lái)的2倍，由玻意爾定律可知，氣體壓

強(qiáng)將減小到4狀態(tài)時(shí)的二分之一；BTC的過(guò)程中，氣體的體積不變，溫度升高到原來(lái)的4倍，由

查理定律可知，氣體的壓強(qiáng)將增大到B狀態(tài)時(shí)的4倍；即氣體壓強(qiáng)先減小后增大，故A正確；

BC-D-A過(guò)程中，氣體的體積先減小后不變，所以單位體積內(nèi)分子數(shù)先增加后不變，故B錯(cuò)

誤；

CA-B的過(guò)程中，氣體等溫膨脹，內(nèi)能不變，但對(duì)外做功，由熱力學(xué)第一定律

ΔU1=Q1+W1

可知，氣體從外界吸收了熱量；B→C的過(guò)程中，氣體體積不變，溫度升高，內(nèi)能增加，氣體和

外界沒(méi)有相互做功，由

ΔU2=Q2+W2

可知，氣體從外界吸收了熱量；Cτ。過(guò)程中，氣體體積減小，溫度降低，內(nèi)能減小，由圖可知票是

定值，則由

華=華=nR

1C1D

可知，氣體經(jīng)歷了等壓壓縮，外界對(duì)氣體做了功，由

?u3=Q3+W3

可知，氣體向外界釋放了熱量；DTA過(guò)程中，氣體經(jīng)歷了等容降溫，內(nèi)能減小，壓強(qiáng)減小，氣

體與外界沒(méi)有相互做功，由

叫=Q4+?

可知，氣體向外界釋放了熱量。綜上所述，氣體與外界相互做功發(fā)生在ATB和CTD過(guò)程中，其

中力?→B是一個(gè)降壓過(guò)程，CTo是一個(gè)等壓過(guò)程，由D-4過(guò)程可知，4-B過(guò)程中壓強(qiáng)的最大

值PA小于C→。過(guò)程中的壓強(qiáng)，兩個(gè)過(guò)程中氣體的體積變化量相等，所以ATB過(guò)程中氣體對(duì)外

界做的功小于C→。過(guò)程中外界對(duì)氣體做的功，故C正確；

D由上面的分析可知，整個(gè)循環(huán)過(guò)程中，外界對(duì)氣體做的功大于氣體對(duì)外界做的功，氣體的溫度、

體積最終回到了開(kāi)始狀態(tài)，內(nèi)能變化量為零，由熱力學(xué)第一定律

ΔU=Q+W

可知?dú)怏w對(duì)外界放了熱，故。錯(cuò)誤。

故選AC.

10.【答案】AC

【解析】A.根據(jù)題意，若陰極K與陽(yáng)極4間的電勢(shì)差U"=0?9V,電流表示數(shù)剛好為零，則可知

陰極K逸出的光電子的動(dòng)能完全克服了電場(chǎng)力做功，則有

eUKA=Ek=hv-W0

可得電子額最大初動(dòng)能

Ek=O.tieV

故A正確；

A根據(jù)以上分析可得該金屬的逸出功

f

W0=hv-O.)eV

而光的能量

hv=E=3.IeK

則可得

W0=2.2eV

故B錯(cuò)誤;

C若光電流已經(jīng)飽和，則將P向右移動(dòng)時(shí)，電流表的示數(shù)不變，若光電流未飽和，則將P向右移動(dòng)

時(shí)正向電壓增大，則光電子的移動(dòng)速率增大，而根據(jù)

/=nqsv

可知，光電流將增大，若在移動(dòng)的過(guò)程中光電流達(dá)到飽和，則繼續(xù)移動(dòng)P,光電流將不再變化,

因此，將P向右移動(dòng)，電流表的示數(shù)可能先增大后不變，故C正確；

。.根據(jù)愛(ài)因斯坦的光電效應(yīng)方程

Ek=Kv-W0

且同種金屬的逸出功一定，因此，當(dāng)照射到陰極K的光的能量一定時(shí)，將P向右移動(dòng)，其逸出的光

電子的最大初動(dòng)能不變，即光電子的最大初動(dòng)能只與照射光的頻率有關(guān)，故。錯(cuò)誤。

故選4C。

11.【答案】BCD

【解析】【分析】

電流之間的相互作用，可以根據(jù)“同向電流互相吸引，異向電流互相排斥”的規(guī)律進(jìn)行判斷；根

據(jù)安培定則和平行四邊形定則進(jìn)行判斷；根據(jù)安培定則和直線(xiàn)電流產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度公式求解;

根據(jù)直線(xiàn)電流的磁感應(yīng)強(qiáng)度公式及安培力公式求解。

本題考查安培定則及磁感應(yīng)強(qiáng)度的疊加，學(xué)生需注意與左手定則區(qū)分。

【解答】

A根據(jù)“同向電流互相吸引，異向電流互相排斥”的規(guī)律，直導(dǎo)線(xiàn)2、4相互吸引，直導(dǎo)線(xiàn)1、2相

互排斥，故A錯(cuò)誤。

8根據(jù)安培定則，電流4、電流1在。點(diǎn)產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向如圖所示，

合磁場(chǎng)方向沿X軸正方向，故B錯(cuò)誤。

C根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)，O與電流1、電流4的距離r=—=，克3根據(jù)

cos45

電流的磁感應(yīng)強(qiáng)度公式4=B4=k^=k禽=烏S；

。點(diǎn)的合磁感應(yīng)強(qiáng)度B=??==*x二=段，故C錯(cuò)誤.

。.導(dǎo)線(xiàn)2中的電流在導(dǎo)線(xiàn)1處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度為1=空，方向沿y軸負(fù)方向，導(dǎo)線(xiàn)4中的電流在導(dǎo)

線(xiàn)1處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度=骼方向沿X軸正方向，合磁感應(yīng)強(qiáng)度B24=V~2B21=√^B41=

粵包；根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)，導(dǎo)線(xiàn)3與導(dǎo)線(xiàn)1之間的距離七1=高鏟

導(dǎo)線(xiàn)3中的電流在導(dǎo)線(xiàn)1處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度B3i=也=?=繆a,方向與與X軸負(fù)方向呈45。

r??ZVZL4L

角指向左上方，綜上可知=2/1；根據(jù)安培力公式尸=B/L可知，尸24=2F3I＞即直導(dǎo)線(xiàn)2、4對(duì)

直導(dǎo)線(xiàn)1的作用力是直導(dǎo)線(xiàn)3對(duì)直導(dǎo)線(xiàn)1的作用力大小的2倍，故。正確。

12.【答案】BD

【解析】4彈簧伸展過(guò)程中，根據(jù)右手定則可知，回路中產(chǎn)生逆時(shí)針?lè)较虻碾娏?，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

A任意時(shí)刻J,設(shè)電流為/,則PQ受安培力

FPQ=3BId

方向向右；MN受安培力

FMN=BI-3d

方向向左，可知兩棒系統(tǒng)受合外力為零，動(dòng)量守恒，設(shè)PQ質(zhì)量為小，則MN質(zhì)量為3m,MN速率

為。時(shí)，則

3mv—mv'

解得

v'=3v

回路的感應(yīng)電流

3Bdv'+B?3dv3Bdv

1=4R=~R~

PQ所受安培力大小為

9B2d2v

FPQ=3Bld=-R—

選項(xiàng)8正確；

C兩棒最終停止時(shí)彈簧處于原長(zhǎng)狀態(tài)，由動(dòng)量守恒可得

mx1=Smx2

Xl+%2=L

可得則最終PQ位置向左移動(dòng)

3L

X1=T

MN位置向右移動(dòng)

L

一

因任意時(shí)刻兩棒受安培力和彈簧彈力大小都相同，設(shè)整個(gè)過(guò)程兩棒受的彈力的平均值為尸刎安培

力平均值F如則整個(gè)過(guò)程根據(jù)動(dòng)能定理

F整?2-F安XMN—0

可得

XMN_?2_1

前一五一W

選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

。.兩棒最后停止時(shí)，彈簧處于原長(zhǎng)位置，此時(shí)兩棒間距增加了3由上述分析可知，MN向右位置

移動(dòng)，，PQ位置向左移動(dòng)與，則

-ΔΦ38半d+B，3d3BLd

Q—[At=----=------------------------------

qR占4R4R

選項(xiàng)。正確。

故選BD。

13.【答案】A筆儼0.501.0

【解析】(1)[1]4細(xì)繩與木板平行是為了保證小車(chē)在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中加速度基本不變，如果細(xì)繩不

與木板平行，則在小車(chē)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中繩子與水平面的夾角會(huì)發(fā)生變化，從而使小車(chē)運(yùn)動(dòng)方向上的合

力發(fā)生變化，而根據(jù)牛頓第二定律可知，加速度就會(huì)發(fā)生變化，因此細(xì)繩與長(zhǎng)木板要平行，故A

正確：

B.為了節(jié)約紙帶，獲取更多的數(shù)據(jù)點(diǎn)，實(shí)驗(yàn)過(guò)程中應(yīng)先接通電源再釋放小車(chē)，故B錯(cuò)誤；

C電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器使用的是8U學(xué)生交流電源，而電火花計(jì)時(shí)器應(yīng)使用220U交流電源，故C錯(cuò)誤;

D由于木板長(zhǎng)度有限，為了獲取更多的數(shù)據(jù)點(diǎn)，實(shí)驗(yàn)開(kāi)始時(shí)小車(chē)應(yīng)靠近計(jì)時(shí)器釋放，故。錯(cuò)誤。

故選Ao

(2)[2]對(duì)于勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，在某段時(shí)間內(nèi)的平均速度就等于該段時(shí)間中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度，因

此可得。點(diǎn)的瞬時(shí)速度為

_s5-s3

vD—三

根據(jù)題意可得

10

t=~Γ

解得

=----------

10

(3)[3]以各計(jì)數(shù)點(diǎn)的速度"與各計(jì)數(shù)點(diǎn)到。點(diǎn)的距離S作出浮-S圖像，則可知。點(diǎn)速度平方所對(duì)應(yīng)

的距離為0,通過(guò)圖像可得

22

VQ—0.25m-s~

解得

v0=0.50m∕s

[4]根據(jù)勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)速度一位移的關(guān)系式有

V2=2as

可知該圖像的斜率為2α,則有

1.5-0.25

2a=m∕s2=2.0m∕s2

0.625

可得

a=1.0m∕s2

14.【答案】找到流過(guò)電流表的電流方向與指針偏轉(zhuǎn)方向的關(guān)系原磁場(chǎng)方向、磁通量的變化情

況感應(yīng)電流的磁場(chǎng)BC##CB

【解析】1)[1]閉合圖甲電路中的電鍵，觀(guān)察電流表指針的偏轉(zhuǎn)方向，本次操作的實(shí)驗(yàn)?zāi)康氖钦业?/p>

流過(guò)電流表的電流方向與指針偏轉(zhuǎn)方向的關(guān)系。

(2)[2]圖丙中做了兩組對(duì)照實(shí)驗(yàn)，分別是：以不同磁極插入和以不同磁極抽出，發(fā)現(xiàn)以不同磁極

插入時(shí)電流方向不同，以不同磁極抽出時(shí)電流方向也不同，插入時(shí)線(xiàn)圈中磁通量增加，抽出時(shí)線(xiàn)

圈中磁通量減小，因此可知感應(yīng)電流的方向與原磁場(chǎng)方向及磁通量的變化情況有關(guān)。

(3)[3]感應(yīng)電流的方向與磁通量的變化不易建立起直接的聯(lián)系，而我們知道磁體周?chē)嬖诖艌?chǎng)，

感應(yīng)電流也會(huì)產(chǎn)生磁場(chǎng)，因此為了建立感應(yīng)電流的方向與磁通量變化的聯(lián)系，需要引入感應(yīng)電流

的磁場(chǎng)來(lái)轉(zhuǎn)換研究角度。

(4)[4]4該實(shí)驗(yàn)探究的是影響感應(yīng)電流方向的因素，而不是磁鐵插入的快慢與電流表指針偏轉(zhuǎn)角度

大小的關(guān)系，故A錯(cuò)誤；

B.感應(yīng)電流的磁場(chǎng)總要阻礙引起感應(yīng)電流的磁通量的變化是能量守恒定律的必然結(jié)果，故B正確;

CD?本實(shí)驗(yàn)通過(guò)對(duì)照實(shí)驗(yàn)組所得到的結(jié)果進(jìn)行了歸納與推理，因此采用了歸納推理的科學(xué)方法，故

C正確，。錯(cuò)誤。

故選BC.

15.【答案】(1)v2=78m∕s；(2)2τn∕s,2t=39s

【解析】(1)空載起飛時(shí)，升力正好等于重力：

kvl=m1g

滿(mǎn)載起飛時(shí)，升力正好等于重力:

k詔=m2g

由上兩式解得：

V2=78m∕s

（2）滿(mǎn)載貨物的飛機(jī)做初速度為零的勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，所以

諺一O=2ax

解得：

a=2m∕s2

由加速的定義式變形得：

?vV-O

t——2=---------

aa

解得：

t=39s

16.【答案】⑴1335L；（2）80%

【解析】（1）根據(jù)玻意耳定律可知

PiVi=PoW+V）

解得

V=1335L

可放出該狀態(tài)下氧氣的體積1335L；

（2）根據(jù)理想氣體狀態(tài)變化方程可知

PM=P2（匕+力

~τT~^~%-

解得

V,=60Z,

用掉的氧氣的質(zhì)量與原有的氧氣的質(zhì)量之比

U'0

-----------7=80%

V1+V

17.【答案】（1）負(fù)電荷；（2）*（3）?B,≤?

【解析】（1）由粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡（如圖）

利用左手定則可知，該粒子帶負(fù)電荷。

(2)粒子由4點(diǎn)射入，由C點(diǎn)飛出，其速度方向改變了90。，則粒子軌跡半徑

R=r

又

qvB=7∏y

則粒子的比荷

q__v_