2023-2024學(xué)年黑龍江省鶴崗重點(diǎn)中學(xué)高三（上）開(kāi)學(xué)物理試卷（含解析）

2023-2024學(xué)年黑龍江省鶴崗重點(diǎn)中學(xué)高三（上）開(kāi)學(xué)物理試卷

一、選擇題（本大題共12小題，共48分）

1.如圖所示，橋式起重機(jī)主要由可移動(dòng)“橋架”“小車”和固定“軌道”三部分組成。在某次作業(yè)中橋架

沿軌道單向移動(dòng)了8m,小車在橋架上單向移動(dòng)了6m。該次作業(yè)中小車相對(duì)地面的位移大小為（）

A.6mB.8mC.10mD.14m

2.氫原子能級(jí)示意如圖。現(xiàn)有大量氫原子處于n=3能級(jí)上，下列說(shuō)法正確的是nE/eV

oo-----------------------0

（）5.-0.54

4---------------------0.85

A.這些原子躍遷過(guò)程中最多可輻射出2種頻率的光子3---------------------1.51

2--------------------3.4

B.從n=3能級(jí)躍遷到n=1能級(jí)比躍遷到n=2能級(jí)輻射的光子頻率低

C.從n=3能級(jí)躍遷到幾=4能級(jí)需吸收0.66W的能量1---------------------13.6

D.n=3能級(jí)的氫原子電離至少需要吸收13.6eU的能量

3.如圖所示，一物塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）以一定的初速度從一足夠長(zhǎng)的光滑固定斜面的底端開(kāi)始上滑，在上滑過(guò)程

中的最初5s內(nèi)和最后5s內(nèi)經(jīng)過(guò)的位移之比為11：5。忽略空氣阻力，則此物塊從底端開(kāi)始上滑到返回斜面底

端一共經(jīng)歷的時(shí)間是

()

B.10sC.16sD.20s

4.物體靜止在光滑水平面上，先對(duì)物體施一水平向右的恒力&,經(jīng)t秒后物體的速率為巧時(shí)撤去Fr立即再

對(duì)它施一水平向左的水平恒力七，又經(jīng)2t秒后物體回到出發(fā)點(diǎn),此時(shí)速率為以，則巧、女間的關(guān)系是

()

A.%=v2B.2%=v2C.3%=2V2D.—31^2

5.如圖所示，一輕質(zhì)光滑定滑輪固定在傾斜木板上，質(zhì)量分別為m和37n的物塊AB通過(guò)不可伸長(zhǎng)的輕繩跨

過(guò)滑輪連接，4、B間的接觸面和輕繩均與木板平行。2與8間、B與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為〃，設(shè)最大靜

摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力。當(dāng)木板與水平面的夾角為45。時(shí)，物塊力、B剛好要滑動(dòng)，貝以的值為（）

6.如圖所示，分別用1、2兩種材料作K極進(jìn)行光電效應(yīng)探究，其截止頻率V]<V2,保持人射光不變，則光

電子到達(dá)4極時(shí)動(dòng)能的最大值E.隨電壓U變化關(guān)系的圖像是（）

7.超市里磁力防盜扣的內(nèi)部結(jié)構(gòu)及原理如圖所示，在錐形金屬筒內(nèi)放置四

顆小鐵珠（其余兩顆未畫(huà)出），工作時(shí)彈簧通過(guò)鐵環(huán)將小鐵珠擠壓于金屬筒

的底部，同時(shí)，小鐵珠陷于釘柱上的凹槽里，鎖死防盜扣。當(dāng)用強(qiáng)磁場(chǎng)吸

引防盜扣的頂部時(shí)，鐵環(huán)和小鐵珠向上移動(dòng)，防盜扣松開(kāi)。已知錐形金屬

筒底部的圓錐頂角是120。，彈簧通過(guò)鐵環(huán)施加給每個(gè)小鐵珠豎直向下的力

F,小鐵珠鎖死防盜扣，每個(gè)小鐵珠對(duì)釘柱產(chǎn)生的側(cè)向壓力為（不計(jì)摩擦以及小鐵珠的重力）（）

A.?FB孕C.FD.CF

8.如圖所示，兩個(gè)不等大、反向的水平力F】和尸2分別作用在物體4和B上，4、

A

B兩物體均處于靜止?fàn)顟B(tài)。若各接觸面與水平地面平行，則4、8兩物體的受B

力個(gè)數(shù)分別為（）

A.3個(gè)、4個(gè)B.4個(gè)、4個(gè)C.4個(gè)、5個(gè)D.4個(gè)、6個(gè)

9.如圖所示，兩根相同的輕質(zhì)彈簧一端分別固定于M、N兩點(diǎn),另一端分別

與輕繩OP、OQ連接于。點(diǎn)。現(xiàn)用手拉住。P、OQ的末端，使OM、ON兩彈

簧長(zhǎng)度相同（均處于拉伸狀態(tài)），且分別保持水平、豎直。最初OP豎直向下,

OQ與OP成120°夾角?，F(xiàn)使OP、OQ的夾角不變，在保持。點(diǎn)不動(dòng)的情況下,

將OP、OQ沿順時(shí)針?lè)较蚓徛D(zhuǎn)70。。已知彈簧、輕繩始終在同一豎直平

面內(nèi)，則在兩輕繩旋轉(zhuǎn)的過(guò)程中（）

A.OP上的作用力一直減小

B.OQ上的作用力一直減小

C.OP上的作用力先增大后減小

D.OQ旋轉(zhuǎn)至水平位置時(shí)，OQ上作用力最大

10.如圖所示，B球在地面上，4球與B球用彈簧Q連接、4球與天花板用彈簧P連接，4、

B球的球心及兩彈簧軸線在同一豎直線上，P的彈力是Q的彈力的2倍，4、B兩球的質(zhì)量

均為0.5kg,重力加速度大小為10m/s2,則下列判斷正確的是（）

A.兩彈簧可能都處于壓縮狀態(tài)

B.P彈簧對(duì)天花板的作用力可能為與N

fn7777777777777777777777777777T

C.B球?qū)Φ孛娴膲毫赡転榱?/p>

D.可能P彈簧壓縮，Q彈簧拉伸

11.小明發(fā)現(xiàn)游樂(lè)場(chǎng)中有用彈性桿固定在地面上的玩偶，且在水平方向還有用

于固定的可伸縮的彈性物體。小明通過(guò)分析，將這個(gè)設(shè)施簡(jiǎn)化為如圖所示的裝

置：一小球固定在輕桿上端，AB為水平輕彈簧，小球處于靜止?fàn)顟B(tài)。圖中虛

線畫(huà)出了小明所分析的桿對(duì)小球的作用力方向的可能情況,下列分析正確的是

（）

A.居和尸2均可能正確，且Fi一定大于尸2

B.尸2和尸3均可能正確，且尸2一定大于尸3

C.尸3和線均可能正確，且J一定大于”

D.只有尸2是可能正確的，其余均不可能正確

12.打印機(jī)在正常工作的情況下，進(jìn)紙系統(tǒng)能做到每次只進(jìn)一張紙。進(jìn)紙系統(tǒng)的結(jié)

構(gòu)示意圖如圖所示，設(shè)圖中剛好有20張相同的紙，每張紙的質(zhì)量均為m,搓紙輪

按圖示方向轉(zhuǎn)動(dòng)并帶動(dòng)最上面的第1張紙向右運(yùn)動(dòng)，搓紙輪與紙張之間的動(dòng)摩擦因

數(shù)為由，紙張與紙張之間、紙張與底部摩擦片之間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為出，工作時(shí)摩擦片

搓紙輪給第1張紙壓力大小為F。打印機(jī)正常工作時(shí)，下列說(shuō)法正確的是（）

A.第2張紙受到第3張紙的摩擦力方向向右

B.第10張紙與第11張紙之間的摩擦力大小可能為//2（『+106。）

c.第20張紙與摩擦片之間的摩擦力為的（尸+mg）

D.若〃1=〃2,則進(jìn)紙系統(tǒng)不能進(jìn)紙

二、非選擇題（共52分）

13.在天宮課堂中，我國(guó)航天員演示了利用牛頓第二定律測(cè)量物體質(zhì)量的實(shí)驗(yàn)，受此啟發(fā)，某同學(xué)利用氣墊

導(dǎo)軌、力傳感器、無(wú)線加速度傳感器、輕彈簧和待測(cè)物體等器材設(shè)計(jì)門則量物體質(zhì)量的實(shí)驗(yàn)。如圖甲所示,

主要步驟如下:

加速度傳感器

r^i^Boooooo.1~1

滑塊氣墊導(dǎo)軌

個(gè)氣源

圖甲

①將力傳感器固定在氣墊導(dǎo)軌左端支架上，加速度傳感器固定在滑塊上；

②接通氣源，放上滑塊，調(diào)平氣墊導(dǎo)軌；

③將彈簧左端連接力傳感器，右端連接滑塊，彈簧處于原長(zhǎng)時(shí)滑塊左端位于。點(diǎn)，4點(diǎn)到。點(diǎn)的距離為5.00cm,

拉動(dòng)滑塊使其左端處于4點(diǎn)，由靜止釋放并開(kāi)始計(jì)時(shí);

④計(jì)算機(jī)采集獲取數(shù)據(jù)，得到滑塊所受彈力F,加速度a隨時(shí)間t變化的圖像，部分圖像如圖乙所示。

圖丙

回答以下問(wèn)題(結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字)：

(1)彈簧的勁度系數(shù)為N/m；

(2)該同學(xué)從圖乙中提取某些時(shí)刻F與a的數(shù)據(jù)，畫(huà)出a-F圖像如圖丙中I所示，由此可得滑塊與加速度傳

感器的總質(zhì)量為kg；

(3)該同學(xué)在滑塊上增加待測(cè)物體，重復(fù)上述實(shí)驗(yàn)步驟，在圖丙中畫(huà)出新的a-F圖像H,則待測(cè)物體的質(zhì)量

為kgo

14.“探究求合力的方法”的實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示，在該實(shí)驗(yàn)中

①下列說(shuō)法正確的是。

4拉著細(xì)繩套的兩只彈簧秤，穩(wěn)定后讀數(shù)應(yīng)相同

8.在已記錄結(jié)點(diǎn)位置的情況下，確定一個(gè)拉力的方向需要再選擇相距較遠(yuǎn)

的兩點(diǎn)

C.測(cè)量時(shí)彈簧秤外殼與木板之間不能存在摩擦

D測(cè)量時(shí)，橡皮條、細(xì)繩和彈簧秤應(yīng)平行于木板

②若只有一只彈簧秤，為了完成該實(shí)驗(yàn)至少需要(選填“2”、"3

或“4”)次把橡皮條結(jié)點(diǎn)拉到。。

15.水平放置的氣體阻尼器模型截面如圖所示，汽缸中間有一固定隔板，將汽缸內(nèi)一定質(zhì)量的某種理想氣體

分為兩部分，“H”型連桿活塞的剛性連桿從隔板中央圓孔穿過(guò)，連桿與隔板之間密封良好。設(shè)汽缸內(nèi)、外

壓強(qiáng)均為大氣壓強(qiáng)Po,活塞面積為S,隔板兩側(cè)氣體體積均為SL。，各接觸面光滑，連桿的截面積忽略不計(jì)。

現(xiàn)將整個(gè)裝置緩慢旋轉(zhuǎn)至豎直方向，穩(wěn)定后，上部氣體的體積為原來(lái)的;，設(shè)整個(gè)過(guò)程溫度保持不變，求:

(i)此時(shí)上、下兩部分氣體的壓強(qiáng)；

(ii)型連桿活塞的質(zhì)量(重力加速度大小為g)。

16.假設(shè)某高樓距地面高H=47zn的陽(yáng)臺(tái)上的花盆因受擾動(dòng)而掉落，掉落過(guò)程可看作自由落體運(yùn)動(dòng)。有一輛

長(zhǎng)L=8m、高心=2ni的貨車，在樓下以q=9m/s的速度勻速直行，要經(jīng)過(guò)陽(yáng)臺(tái)的正下方，花盆剛開(kāi)始

下落時(shí)貨車車頭距花盆的水平距離為G=24m?(示意圖如圖所示，花盆可視為質(zhì)點(diǎn)，重力加速度g=

10m/s2)

(1)若司機(jī)沒(méi)有發(fā)現(xiàn)花盆掉落，貨車保持%=9rn/s的速度勻速直行，通過(guò)計(jì)算說(shuō)明貨車是否會(huì)被花盆砸到；

(2)若司機(jī)發(fā)現(xiàn)花盆掉落，采取制動(dòng)(可視為勻變速，司機(jī)反應(yīng)時(shí)間加=Is)的方式來(lái)避險(xiǎn)，使貨車在花盆砸

落點(diǎn)前停下，求貨車的最小加速度；

(3)若司機(jī)發(fā)現(xiàn)花盆掉落，采取加速(可視為勻變速，司機(jī)反應(yīng)時(shí)間a=1s)的方式來(lái)避險(xiǎn)，則貨車至少以多

大的加速度加速才能避免被花盆砸到。

17.為打贏新冠肺炎的防控戰(zhàn)，2020年2月24日，經(jīng)上海市經(jīng)信委組織協(xié)調(diào)，科大訊飛的一批醫(yī)療物資包括

配送機(jī)器人、搬運(yùn)機(jī)器人已運(yùn)抵同濟(jì)大學(xué)附屬東方醫(yī)院援助武漢醫(yī)療隊(duì)，將在方艙醫(yī)院投入使用。其中一

臺(tái)配送機(jī)器人的工作流程簡(jiǎn)化圖如圖1所示，一質(zhì)量m=10kg的裝有物資的木箱靜止于C點(diǎn)，與水平面CB間

的動(dòng)摩擦因數(shù)〃=0.5,水平面與傾角為a的足夠長(zhǎng)光滑固定斜面4B在8處平滑連接?，F(xiàn)機(jī)器人對(duì)木箱施加與

水平方向成?=53。的恒定推力F作用，木箱在水平面C8段運(yùn)動(dòng)的速度一時(shí)間如圖2所示，到達(dá)B點(diǎn)立即撤去

恒力F。已知sin53°=0.8,cos53°=0.6,g取lOm/s2。求：

(1)水平面CB間距離；

(2)斜面AB的傾角a大?。?/p>

(3)木箱所受到的恒力尸的大小。

答案和解析

1.【答案】c

【解析】解：小車先隨橋架在水平方向上運(yùn)動(dòng)8m,小車水質(zhì)方向上運(yùn)動(dòng)了6m,所以總的位移為％=

V82+62m=10m.故C正確，ABO錯(cuò)誤；

故選：Co

位移是從起點(diǎn)到終點(diǎn)的有向線段。

本題是基礎(chǔ)題，緊扣位移的概念，抓住位移的方向從起點(diǎn)指向終點(diǎn)。

2.【答案】C

【解析】解：4大量氫原子處于幾=3能級(jí)躍遷到n=1多可輻射出或=3種不同頻率的光子，故A錯(cuò)誤；

B.根據(jù)能級(jí)圖可知從ri=3能級(jí)躍遷到n=1能級(jí)輻射的光子能量為：hvx=13.6eK—1.51eV-12.09eV

從n=3能級(jí)躍遷到n=2能級(jí)輻射的光子能量為：hv2=3.4eV-1.51eV=1.89eV

比較可知從n=3能級(jí)躍遷到n=1能級(jí)比躍遷到n=2能級(jí)輻射的光子頻率高，故B錯(cuò)誤；

C根據(jù)能級(jí)圖可知從n=3能級(jí)躍遷到ri=4能級(jí)，需要吸收的能量為：E=l,SleV-0.85eV=0.66eV,故

C正確；

D根據(jù)能級(jí)圖可知?dú)湓犹幱趎=3能級(jí)的能量為-1.51",故要使其電離至少需要吸收1.51eU的能量，故

。錯(cuò)誤。

故選：Co

一群氫原子，向低能級(jí)躍遷時(shí)最多發(fā)出的光子種數(shù)為C*利用公式成=Em-En計(jì)算輻射出去的光子頻率，

然后比較頻率大?。籲=3能級(jí)的氫原子電離至少需要吸收1.51eV的能量。

本題考查了氫原子的能級(jí)公式和躍遷。軌道量子化和能量量子化是量子力學(xué)的基礎(chǔ)，是近代物理學(xué)的巨大

飛躍，學(xué)生要能通過(guò)簡(jiǎn)單的計(jì)算理解其意義。

3.【答案】C

【解析】【分析】

物體在粗糙的平面上做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，把物體運(yùn)動(dòng)看成反向的初速度為0的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)位移公

式分別列出最初5s內(nèi)和最后5s內(nèi)的位移與總時(shí)間的關(guān)系，求出總時(shí)間。

本題的技巧是采用逆向思維，充分利用末速度“0”，也可以運(yùn)用圖象法求解。

【解答】

設(shè)物體運(yùn)動(dòng)的加速度為a,運(yùn)動(dòng)總時(shí)間為3把物體上滑的運(yùn)動(dòng)看成反向的初速度為0的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，則

2a,

有：最后5s內(nèi)位移為：S]=gax52=^a；最初5s內(nèi)位移為：s2=a(t—5)x5+^ax5=5at~~^

又因?yàn)镾2：Si=11：5,解得t=8s；由于斜面光滑，上滑和下滑的時(shí)間相同，則物塊從底端開(kāi)始上滑到返

回斜面底端一共經(jīng)歷的時(shí)間是16s,故ABD錯(cuò)誤，C正確：

故選:Co

4.【答案】C

【解析】解：在ts內(nèi)的位移X】=gait?,末速度為%=ait.

則在2t內(nèi)的位移必=%?2t-gci2(2t)2

根據(jù)X]=-久2得，詈=￡

根據(jù)速度時(shí)間公式得，%=-v2=vr-a2-2t

解得3%=2方?故C正確，4、B、。錯(cuò)誤.

故選：C.

抓住在兩段時(shí)間內(nèi)物體的位移大小相等、方向相反，結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出加速度的關(guān)系，從而求出力、方間

的關(guān)系.

解決本題的關(guān)鍵抓住位移關(guān)系，結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式進(jìn)行求解，注意速度、位移的方向.

5.【答案】A

【解析】解：當(dāng)木板與水平面的夾角為45。時(shí)，物塊4、B剛好要滑動(dòng)，由于B的重力大于4的重力，物塊4、

B剛好要滑動(dòng)時(shí)，應(yīng)該是物體4相對(duì)物體B向上滑動(dòng)，設(shè)繩子拉力為F。

對(duì)4受力分析，由平衡條件得：F=mgsin45°+[imgcos45°

物體B相對(duì)斜面向下滑動(dòng)，對(duì)B受力分析，由平衡條件得：3mgsin45°-F+nmgcos45°+/z(3?n+

m)gcos45°

聯(lián)立解得：M=|＞故C正確，A8O錯(cuò)誤。

故選：Ao

物塊A、B剛好要滑動(dòng)時(shí)，應(yīng)該是物體4相對(duì)物體2向上滑動(dòng)，物體B相對(duì)斜面向下滑動(dòng)，分別對(duì)兩個(gè)物體進(jìn)

行受力方向，由平衡條件列方程即可。

本題考查的是多個(gè)物體的平衡問(wèn)題，關(guān)鍵是要對(duì)所選取的研究對(duì)象做好受力分析，切記不要少力，同時(shí)要

注意滑動(dòng)摩擦力中的正壓力的求解。

6.【答案】C

【解析】解：由光電效應(yīng)方程：/IV=1mVm+Wo,

又叫-hv0,

光電子到達(dá)4極板過(guò)程，由動(dòng)能定理：eU=Ekm

聯(lián)立知，光電子到達(dá)4板時(shí)動(dòng)能的最大值瓦巾-eU+hv-hv0,

可見(jiàn)以巾—U圖像的斜率為e,縱截距為九v—hv。。

由題知，1材料的截止頻率小于2材料的截止頻率，即％＜吟，且入射光相同，則版-八%＞加-辰2,可

見(jiàn)用材料1和2進(jìn)行光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)得到的Ek7n-U圖線相互平行，且用材料1進(jìn)行光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)得到的a7n-

U圖像的縱截距較大。故C正確，ABO錯(cuò)誤。

故選：Co

由光電效應(yīng)方程及動(dòng)能定理得：Ekm=eU+hv-hv0,再與圖像進(jìn)行比對(duì)確定正確答案。

此題考查了光電效應(yīng)現(xiàn)象，解決本題的關(guān)鍵掌握光電效應(yīng)方程以及知道最大初動(dòng)能與遏止電壓的關(guān)系，注

意金屬的逸出功與入射光的頻率無(wú)關(guān)。

7.【答案】A

【解析】解：對(duì)小鐵珠受力分析，設(shè)釘柱對(duì)小鐵珠的支持力為F',根據(jù)平衡條件得：熱=tcm60。

根據(jù)牛頓第三定律得，每個(gè)小鐵珠對(duì)釘柱產(chǎn)生的側(cè)向壓力為尸，=一示=

tan603

故8CQ錯(cuò)誤，A正確；

故選：4。

對(duì)小鐵珠受力分析，根據(jù)平衡條件和牛頓第三定律列式求解即可。

本題考查共點(diǎn)力平衡，解題關(guān)鍵是對(duì)小鐵珠做好受力分析，根據(jù)平衡條件列式求解即可。

8.【答案】D

【解析】解：先對(duì)物體AB進(jìn)行整體受力分析，水平方向，兩個(gè)不等大、反向的水平力片和尸2正好處于平衡，

所以物體B受地面的摩擦力；對(duì)4物體進(jìn)行受力分析，物體4受到重力、拉力F2、支持力和B給4的摩擦力，

在4個(gè)力的作用下處于平衡狀態(tài)，故A受4個(gè)力；物體B受到受到重力、拉力&、支持力、A給8的摩擦力和4

給8的壓力，地面的摩擦力，所以物體8受6個(gè)力的作用，故。正確，ABC錯(cuò)誤。

故選：D。

首先運(yùn)用整體法得出地面與物體間沒(méi)有摩擦力的作用，然后分別對(duì)力B進(jìn)行受力分析即可得出物體受到幾個(gè)

力。

解答此題的關(guān)鍵在于會(huì)用整體法和隔離法分別物體進(jìn)行受力分析，即可得到物體分別受幾個(gè)力的作用。

9.【答案】A

【解析】解：初狀態(tài)系統(tǒng)平衡時(shí)，兩彈簧彈力相等，合力與兩彈簧夾45。斜向左上方，

則由。點(diǎn)受力平衡知：OP、0Q兩繩拉力合力斜向下與0P夾45。角。

保持。點(diǎn)不動(dòng)，則兩彈簧伸長(zhǎng)狀態(tài)不變，合力不變，

將OP、0Q沿順時(shí)針?lè)较蚓徛D(zhuǎn)70。，此過(guò)程O(píng)P、OQ合力不變，兩力夾角不變，用紅線表示OQ拉力，紫

線表示OP拉力，

根據(jù)力的三角形法則可作圖如下：

由圖可以看出，在旋轉(zhuǎn)70。的過(guò)程中，

表示OP的拉力TOP長(zhǎng)度一直在減小，說(shuō)明OP上的作用力一直減?。?/p>

表示OQ的拉力r°Q長(zhǎng)度線增大后減小，說(shuō)明上的作用力先增大后減?。?/p>

當(dāng)OQ旋轉(zhuǎn)至水平位置時(shí)，OQ對(duì)應(yīng)的圓周角為：180°-60°-45°=75°<90°,

說(shuō)明此時(shí)OQ拉力不是最大值。故A正確，錯(cuò)誤。

故選：Ao

系統(tǒng)受力平衡，在轉(zhuǎn)動(dòng)的過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)態(tài)平衡分析力的變化情況，注意結(jié)合力的變化特點(diǎn)分析。

本題是動(dòng)態(tài)平衡的問(wèn)題，注意在變化的過(guò)程中OP、OQ的夾角不變，結(jié)合圓來(lái)分析變化規(guī)律。

10.【答案】BC

【解析】解：4若兩彈簧都處于壓縮狀態(tài)，對(duì)4球研究，4受重力、P對(duì)其的向下彈力和Q對(duì)其向上的彈力，

根據(jù)平衡條件可推知Q的彈力大于P的彈力，與題目矛盾，故A錯(cuò)誤；

8.當(dāng)P處于拉伸狀態(tài)，Q處于壓縮狀態(tài)時(shí)，對(duì)4分析，A受到重力、P向上的彈力與Q向上的彈力，由于P的彈

力是Q的彈力的2倍，根據(jù)平衡條件有

1

FP+^FP=mg

代入數(shù)據(jù)解得

p=w

根據(jù)牛頓第三定律可得，P受到的彈力為與N,貝UP彈簧對(duì)天花板的作用力可能為9N,故B正確；

C.當(dāng)P、Q均處于拉伸狀態(tài)時(shí)，若B對(duì)地面的壓力為零，對(duì)4B整體分析可知，P的彈力大小為10N,對(duì)B分析

可知，Q的彈力大小為5N,P的彈力是Q的彈力的2倍，可知B球?qū)Φ孛娴膲毫赡転榱?，故C正確；

D若P彈簧壓縮，Q彈簧拉伸，對(duì)4分析，4受到重力、P向下的彈力與Q向下的彈力，4所受合力不為0,不

滿足平衡條件，故不可能P彈簧壓縮，Q彈簧拉伸，故。錯(cuò)誤。

故選：BC。

根據(jù)48受力情況分析彈簧彈力及彈簧的形變情況，根據(jù)平衡條件可解得作用力。

本題考查共點(diǎn)力平衡條件，解題關(guān)鍵分析彈簧的形變情況，根據(jù)不同的形變分析4B的受力。

11.【答案】B

【解析】解：小球處于靜止?fàn)顟B(tài)，則桿對(duì)小球的作用力方向在重力與彈簧拉力夾角的

對(duì)頂角范圍內(nèi)(不含水平方向)，如圖所示;

當(dāng)彈簧的彈力為零時(shí)，桿對(duì)小球的作用力方向是尸3,當(dāng)彈簧的彈力不為零時(shí)，桿對(duì)小

球的作用力方向可能是尸2,

如果桿對(duì)小球的作用力是尸3,則尸3與小球的重力平衡，即F3=mg；

如果桿對(duì)小球的作用力是尸2,則尸2是重力與彈簧彈力的合力，則&>mg=F3,故B正確、AC。錯(cuò)誤。

故選：Bo

小球處于靜止?fàn)顟B(tài)，根據(jù)平衡條件確定桿對(duì)小球的作用力可能的方向。

本題主要是考查了共點(diǎn)力的平衡問(wèn)題，對(duì)應(yīng)三力平衡，其中任何一個(gè)力都和另外兩個(gè)力的合力平衡。

12.【答案】CD

【解析】解：4、對(duì)第2張紙受力分析可得，在水平方向上受到第1張紙向右的滑動(dòng)摩擦力和第3張紙水平向

左的靜摩擦力而保持平衡。故A錯(cuò)誤；

BC、對(duì)第2張紙受到第1張紙的滑動(dòng)摩擦力/=%FN，f=的(F+mg)

由平衡得，第2張紙受到第3張紙的靜摩擦力等于第1張紙對(duì)第2張紙的滑動(dòng)摩擦力，以此類推第10張紙與第

11張紙之間的摩擦力大小都是/=%(F+mg)，故8錯(cuò)誤，C正確：

。、若〃1=〃2，由于紙張有質(zhì)量，故越往下壓力越大，搓紙輪對(duì)第一張紙的摩擦力小于第一張紙和第二張

紙之間的最大靜摩擦，所以第一張紙不可能向右運(yùn)動(dòng)，故進(jìn)紙系統(tǒng)不能進(jìn)紙，故。正確。

故選：CDo

首先對(duì)第2張紙進(jìn)行受力分析判斷第2張紙受到第3張紙的摩擦力方向如何；

根據(jù)滑動(dòng)摩擦力的計(jì)算公式求出第2張紙受到第3張紙的滑動(dòng)摩擦力，再根據(jù)二力平衡判斷第3張紙的靜摩擦

力等于滑動(dòng)摩擦力，以此類推得到第10張紙與第11張紙之間的摩擦力：

根據(jù)第1張上表面和下表面受到的壓力，結(jié)合出=〃2,計(jì)算摩擦力的大小判斷系統(tǒng)能不能進(jìn)紙系。

本題考查了疊塊間的摩擦力情況，解決本題的關(guān)鍵是準(zhǔn)確分析出紙張上下表面的壓力和最大摩擦力之間的

關(guān)系。

13.【答案】120.200.13

【解析】解：(1)由題知，彈簧處于原長(zhǎng)時(shí)滑塊左端位于。點(diǎn)，4點(diǎn)到。點(diǎn)的距離為5.00cm.拉動(dòng)滑塊使其左端

處于4點(diǎn)，由靜止釋放并開(kāi)始計(jì)時(shí)。結(jié)合圖乙的F-t圖有

Ax=5.00cm=0.005m,F=0.610/V

根據(jù)胡克定律

F

k=-；-

Ax

計(jì)算出

k?12N/m

(2)根據(jù)牛頓第二定律有

F—ma

則a-F圖像的斜率為滑塊與加速度傳感器的總質(zhì)量的倒數(shù)，根據(jù)圖丙中I,則有

13-0

k=m=~oTk9~=5叱

則滑塊與加速度傳感器的總質(zhì)量為

m=0.20kg

(3)滑塊上增加待測(cè)物體，同理，根據(jù)圖丙中n,則有

11.5-0,

k==3kg-

則滑塊、待測(cè)物體與加速度傳感器的總質(zhì)量為

m'=0.33kg

則待測(cè)物體的質(zhì)量為

Am=m'—m=0.33kg—0.20kg-0.13kg

故答案為：(1)12：(2)0.20；(3)0.13

(1)根據(jù)圖像結(jié)合胡克定律解得；

(2)(3)根據(jù)牛頓第二定律結(jié)合圖像可解得質(zhì)量.

本題考查牛頓第二定律，解題關(guān)鍵掌握實(shí)驗(yàn)原理與實(shí)驗(yàn)操作，注意圖像斜率的含義。

14.【答案】D3

【解析】解：①4、在不超出彈簧測(cè)力計(jì)的量程和橡皮條形變限度的條件下，使拉力適當(dāng)大些，不必使兩只

測(cè)力計(jì)的示數(shù)相同，故A錯(cuò)誤；

8、在已記錄結(jié)點(diǎn)位置的情況下，確定一個(gè)拉力的方向需要再選擇相距較遠(yuǎn)的一個(gè)點(diǎn)就可以了，故8錯(cuò)誤;

C、實(shí)驗(yàn)中拉彈簧秤時(shí)，只需讓彈簧與外殼間沒(méi)有摩擦，此時(shí)彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)即為彈簧對(duì)細(xì)繩的拉力，與

彈簧秤外殼與木板之間是否存在摩擦無(wú)關(guān)，故C錯(cuò)誤；

為了減小實(shí)驗(yàn)中摩擦對(duì)測(cè)量結(jié)果的影響，拉橡皮條時(shí)，橡皮條、細(xì)繩和彈簧秤應(yīng)貼近并平行于木板，故

。正確；

故選：D。

②若只有一只彈簧秤，為了完成該實(shí)驗(yàn)，用手拉住一條細(xì)繩，用彈簧秤拉住另一條細(xì)繩，互成角度的拉橡

皮條，使其結(jié)點(diǎn)到達(dá)某一點(diǎn)0,記下位置。和彈簧秤示數(shù)a和兩個(gè)拉力的方向；交換彈簧秤和手所拉細(xì)繩的

位置，再次將結(jié)點(diǎn)拉至。點(diǎn)，使兩力的方向與原來(lái)兩力方向性相同，并記下此時(shí)彈簧秤的示數(shù)尸2,只有一個(gè)

彈簧秤將結(jié)點(diǎn)拉至。點(diǎn)，并記下此時(shí)的彈簧秤示數(shù)尸的大小和方向；所以若只有一只彈簧秤，為了完成該實(shí)

驗(yàn)至少需要3次把橡皮條結(jié)點(diǎn)拉至0。

故答案為：①D;②3

①根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理掌握正確的實(shí)驗(yàn)操作；

②理解只有一只彈簧秤的實(shí)驗(yàn)步驟，由此得出需要完成的步驟次數(shù)。

本題主要考查了力合成的平行四邊形定則的驗(yàn)證實(shí)驗(yàn)，根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理掌握正確的實(shí)驗(yàn)操作。

15.【答案】解：（i）設(shè)此時(shí)上部分氣體的壓強(qiáng)為由,下部分氣體的壓強(qiáng)為「2。

對(duì)上部分氣體，根據(jù)玻意耳定律可得：poSLo=PiX；SL（）

解得：Pi=2p0;

由于氣體總的體積不變，則此時(shí)下部分氣體的體積為|SL°

對(duì)下部分氣體，根據(jù)玻意耳定律可