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文檔簡介
第1講隨機事件的概率板塊一知識梳理·自主學習[必備知識]考點1概率1.在相同條件下,大量重復進行同一試驗時,隨機事件A發(fā)生的頻率會在某個常數(shù)附近擺動,即隨機事件A發(fā)生的頻率具有穩(wěn)定性.我們把這個常數(shù)叫做隨機事件A的概率,記作P(A).2.頻率反映了一個隨機事件出現(xiàn)的頻繁程度,但頻率是隨機的,而概率是一個確定的值,因此,人們用概率來反映隨機事件發(fā)生的可能性的大小,有時也用頻率作為隨機事件概率的估計值.3.概率的幾個基本性質(zhì)(1)概率的取值范圍:0≤P(A)≤1.(2)必然事件的概率:P(A)=1.(3)不可能事件的概率:P(A)=0.(4)概率的加法公式如果事件A與事件B互斥,則P(A∪B)=P(A)+P(B).(5)對立事件的概率若事件A與事件B互為對立事件,則A∪B為必然事件.P(A∪B)=1,P(A)=1-P(B).考點2事件的關(guān)系與運算[必會結(jié)論]1.從集合的角度理解互斥事件和對立事件(1)幾個事件彼此互斥,是指由各個事件所含的結(jié)果組成的集合的交集為空集.(2)事件A的對立事件eq\x\to(A)所含的結(jié)果組成的集合,是全集中由事件A所含的結(jié)果組成的集合的補集.2.概率加法公式的推廣當一個事件包含多個結(jié)果且各個結(jié)果彼此互斥時,要用到概率加法公式的推廣,即P(A1∪A2∪…∪An)=P(A1)+P(A2)+…+P(An).[考點自測]1.判斷下列結(jié)論的正誤.(正確的打“√”,錯誤的打“×”)(1)“下周六會下雨”是隨機事件.()(2)事件發(fā)生的頻率與概率是相同的.()(3)隨機事件和隨機試驗是一回事.()(4)在大量重復試驗中,概率是頻率的穩(wěn)定值.()(5)兩個事件的和事件是指兩個事件同時發(fā)生.()(6)對立事件一定是互斥事件,互斥事件不一定是對立事件.()答案(1)√(2)×(3)×(4)√(5)×(6)√2.[2015·湖北高考]我國古代數(shù)學名著《數(shù)書九章》有“米谷粒分”題:糧倉開倉收糧,有人送來米1534石,驗得米內(nèi)夾谷,抽樣取米一把,數(shù)得254粒內(nèi)夾谷28粒,則這批米內(nèi)夾谷約為()A.134石B.169石C.338石D.1365石答案B解析由題意可知這批米內(nèi)夾谷為eq\f(28,254)×1534≈169(石),故選B.3.[課本改編]一袋中裝有大小相同,編號分別為1,2,3,4,5,6,7,8的8個球,從中有放回地每次取一個球,共取2次,則取得兩個球的編號和不小于15的概率為()A.eq\f(1,32)B.eq\f(1,64)C.eq\f(3,32)D.eq\f(3,64)答案D解析從8個球中有放回的每次取一個球,取2次共有8×8=64種取法.兩個球的編號和不小于15,則兩球號碼可以為(7,8),(8,7),(8,8)三種可能,其概率為P=eq\f(3,64).4.[2018·寧夏檢測]抽查10件產(chǎn)品,設(shè)事件A為“至少有2件次品”,則事件A的對立事件為()A.至多有2件次品B.至多有1件次品C.至多有2件正品D.至少有2件正品答案B解析∵“至少有n個”的反面是“至多有n-1個”,又∵事件A“至少有2件次品”,∴事件A的對立事件為“至多有1件次品”.5.[2018·云南質(zhì)檢]在2,0,1,8這組數(shù)據(jù)中,隨機取出三個不同的數(shù),則數(shù)字2是取出的三個不同數(shù)的中位數(shù)的概率為()A.eq\f(3,4)B.eq\f(5,8)C.eq\f(1,2)D.eq\f(1,4)答案C解析分析題意可知,共有(0,1,2),(0,2,8),(1,2,8),(0,1,8)4種取法,符合題意的取法有2種,故所求概率P=eq\f(1,2).6.[2018·湖南長沙模擬]同時擲3枚硬幣,至少有1枚正面向上的概率是()A.eq\f(7,8)B.eq\f(5,8)C.eq\f(3,8)D.eq\f(1,8)答案A解析由題意知本題是一個等可能事件的概率,試驗發(fā)生包含的事件是將1枚硬幣連續(xù)拋擲三次,共有23=8種結(jié)果,滿足條件的事件的對立事件是3枚硬幣都是背面向上,有1種結(jié)果,所以至少一枚正面向上的概率是1-eq\f(1,8)=eq\f(7,8).故選A.板塊二典例探究·考向突破考向事件的概念例1從6件正品與3件次品中任取3件,觀察正品件數(shù)與次品件數(shù),判斷下列每對事件是不是互斥事件;如果是,再判斷它們是不是對立事件.(1)“恰好有1件次品”和“恰好有2件次品”;(2)“至少有1件次品”和“全是次品”;(3)“至少有2件次品”和“至多有1件次品”.解從6件正品與3件次品中任取3件,共有4種情況:①3件全是正品;②2件正品1件次品;③1件正品2件次品;④全是次品.(1)“恰好有1件次品”即“2件正品1件次品”;“恰好有2件次品”即“1件正品2件次品”,它們是互斥事件但不是對立事件.(2)“至少有1件次品”包括“2件正品1件次品”“1件正品2件次品”“全是次品”3種情況,它與“全是次品”既不是互斥事件也不是對立事件.(3)“至少有2件次品”包括”1件正品2件次品”“全是次品”2種情況;“至多有1件次品”包括“2件正品1件次品”“全是正品”2種情況,它們既是互斥事件也是對立事件.觸類旁通事件間關(guān)系的判斷方法對互斥事件要把握住不能同時發(fā)生,而對于對立事件除不能同時發(fā)生外,其并事件應為必然事件,這些也可類比集合進行理解,具體應用時,可把所有試驗結(jié)果寫出來,看所求事件包含哪幾個試驗結(jié)果,從而斷定所給事件的關(guān)系.【變式訓練1】[2018·湖北十市聯(lián)考]從裝有2個紅球和2個黑球的口袋內(nèi)任取2個球,那么互斥而不對立的兩個事件是()A.“至少有一個黑球”與“都是黑球”B.“至少有一個黑球”與“都是紅球”C.“至少有一個黑球”與“至少有一個紅球”D.“恰有一個黑球”與“恰有兩個黑球”答案D解析A中的兩個事件是包含關(guān)系,不是互斥事件;B中的兩個事件是對立事件;C中的兩個事件都包含“一個黑球一個紅球”的事件,不是互斥關(guān)系;D中的兩個事件是互斥而不對立的關(guān)系.考向隨機事件的概率與頻率例2[2017·全國卷Ⅲ]某超市計劃按月訂購一種酸奶,每天進貨量相同,進貨成本每瓶4元,售價每瓶6元,未售出的酸奶降價處理,以每瓶2元的價格當天全部處理完.根據(jù)往年銷售經(jīng)驗,每天需求量與當天最高氣溫(單位:℃)有關(guān).如果最高氣溫不低于25,需求量為500瓶;如果最高氣溫位于區(qū)間[20,25),需求量為300瓶;如果最高氣溫低于20,需求量為200瓶.為了確定六月份的訂購計劃,統(tǒng)計了前三年六月份各天的最高氣溫數(shù)據(jù),得下面的頻數(shù)分布表:最高氣溫[10,15)[15,20)[20,25)[25,30)[30,35)[35,40)天數(shù)216362574以最高氣溫位于各區(qū)間的頻率估計最高氣溫位于該區(qū)間的概率.(1)估計六月份這種酸奶一天的需求量不超過300瓶的概率;(2)設(shè)六月份一天銷售這種酸奶的利潤為Y(單位:元).當六月份這種酸奶一天的進貨量為450瓶時,寫出Y的所有可能值,并估計Y大于零的概率.解(1)這種酸奶一天的需求量不超過300瓶,當且僅當最高氣溫低于25,由表格數(shù)據(jù)知,最高氣溫低于25的頻率為eq\f(2+16+36,90)=0.6,所以這種酸奶一天的需求量不超過300瓶的概率的估計值為0.6.(2)當這種酸奶一天的進貨量為450瓶時,若最高氣溫不低于25,則Y=6×450-4×450=900;若最高氣溫位于區(qū)間[20,25),則Y=6×300+2(450-300)-4×450=300;若最高氣溫低于20,則Y=6×200+2(450-200)-4×450=-100,所以,Y的所有可能值為900,300,-100.Y大于零當且僅當最高氣溫不低于20,由表格數(shù)據(jù)知,最高氣溫不低于20的頻率為eq\f(36+25+7+4,90)=0.8,因此Y大于零的概率的估計值為0.8.觸類旁通概率和頻率的關(guān)系概率可看成頻率在理論上的穩(wěn)定值,它從數(shù)量上反映了隨機事件發(fā)生的可能性的大小,它是頻率的科學抽象,當試驗次數(shù)越來越多時頻率向概率靠近,只要次數(shù)足夠多,所得頻率就近似地當作隨機事件的概率.【變式訓練2】[2016·全國卷Ⅱ]某險種的基本保費為a(單位:元),繼續(xù)購買該險種的投保人稱為續(xù)保人,續(xù)保人本年度的保費與其上年度出險次數(shù)的關(guān)聯(lián)如下:隨機調(diào)查了該險種的200名續(xù)保人在一年內(nèi)的出險情況,得到如下統(tǒng)計表:出險次數(shù)01234≥5頻數(shù)605030302010(1)記A為事件:“一續(xù)保人本年度的保費不高于基本保費”.求P(A)的估計值;(2)記B為事件:“一續(xù)保人本年度的保費高于基本保費但不高于基本保費的160%”.求P(B)的估計值;(3)求續(xù)保人本年度平均保費的估計值.解(1)事件A發(fā)生當且僅當一年內(nèi)出險次數(shù)小于2.由所給數(shù)據(jù)知,一年內(nèi)出險次數(shù)小于2的頻率為eq\f(60+50,200)=0.55,故P(A)的估計值為0.55.(2)事件B發(fā)生當且僅當一年內(nèi)出險次數(shù)大于1且小于4.由所給數(shù)據(jù)知,一年內(nèi)出險次數(shù)大于1且小于4的頻率為eq\f(30+30,200)=0.3,故P(B)的估計值為0.3.(3)由所給數(shù)據(jù)得保費0.85aa1.25a1.5a1.75a2a頻率0.300.250.150.150.100.05調(diào)查的200名續(xù)保人的平均保費為0.85a×0.30+a×0.25+1.25a×0.15+1.5a×0.15+1.75a×0.10+2a×0.05=1.1925a.因此,續(xù)保人本年度平均保費的估計值為1.1925a.考向互斥事件、對立事件的概率命題角度1互斥事件的概率例3[2018·洛陽模擬]經(jīng)統(tǒng)計,在某儲蓄所一個營業(yè)窗口等候的人數(shù)及相應的概率如下:排隊人數(shù)012345人及5人以上概率0.10.160.30.30.10.04求:(1)至多2人排隊等候的概率是多少?(2)至少3人排隊等候的概率是多少?解記“無人排隊等候”為事件A,“1人排隊等候”為事件B,“2人排隊等候”為事件C,“3人排隊等候”為事件D,“4人排隊等候”為事件E,“5人及5人以上排隊等候”為事件F,則事件A,B,C,D,E,F(xiàn)互斥.(1)記“至多2人排隊等候”為事件G,則G=A∪B∪C,所以P(G)=P(A∪B∪C)=P(A)+P(B)+P(C)=0.1+0.16+0.3=0.56.(2)解法一:記“至少3人排隊等候”為事件H,則H=D∪E∪F,所以P(H)=P(D∪E∪F)=P(D)+P(E)+P(F)=0.3+0.1+0.04=0.44.解法二:記“至少3人排隊等候”為事件H,則其對立事件為事件G,所以P(H)=1-P(G)=0.44.命題角度2對立事件的概率例4[2018·揚州模擬]某超市為了了解顧客的購物量及結(jié)算時間等信息,安排一名員工隨機收集了在該超市購物的100位顧客的相關(guān)數(shù)據(jù),如下表所示.已知這100位顧客中一次購物量超過8件的顧客占55%.(1)確定x,y的值,并估計顧客一次購物的結(jié)算時間的平均值;(2)求一位顧客一次購物的結(jié)算時間不超過2分鐘的概率.(將頻率視為概率)解(1)由已知得25+y+10=55,x+30=45,所以x=15,y=20.該超市所有顧客一次購物的結(jié)算時間組成一個總體,所收集的100位顧客一次購物的結(jié)算時間可視為總體的一個容量為100的簡單隨機樣本,顧客一次購物的結(jié)算時間的平均值可用樣本平均數(shù)估計,其估計值為eq\f(1×15+1.5×30+2×25+2.5×20+3×10,100)=1.9(分鐘).(2)記A為事件“一位顧客一次購物的結(jié)算時間不超過2分鐘”,A1,A2分別表示事件“該顧客一次購物的結(jié)算時間為2.5分鐘”,“該顧客一次購物的結(jié)算時間為3分鐘”,將頻率視為概率得P(A1)=eq\f(20,100)=eq\f(1,5),P(A2)=eq\f(10,100)=eq\f(1,10).P(A)=1-P(A1)-P(A2)=1-eq\f(1,5)-eq\f(1,10)=eq\f(7,10).故一位顧客一次購物的結(jié)算時間不超過2分鐘的概率為eq\f(7,10).觸類旁通求復雜的互斥事件的概率的一般方法(1)直接法:將所求事件的概率分解為一些彼此互斥的事件的概率求和,運用互斥事件的概率求和公式計算.(2)間接法:先求此事件的對立事件的概率,再用公式P(A)=1-P(eq\x\to(A)),即運用逆向思維,特別是“至少”“至多”型題目,用間接法就顯得較簡便.核心規(guī)律1.對于給定的隨機事件A,由于事件A發(fā)生的頻率fn(A)隨著試驗次數(shù)的增加穩(wěn)定于概率P(A),因此可以用頻率fn(A)來估計概率P(A).2.若某一事件包含的基本事件較多,而它的對立事件包含的基本事件較少,則可用“正難則反”思想求解.滿分策略1.正確認識互斥事件與對立事件的關(guān)系:對立事件是互斥事件,是互斥事件中的特殊情況,但互斥事件不一定是對立事件.2.需準確理解題意,特別留心“至多……”“至少……”“不少于……”等語句的含義.3.正確判定事件間的關(guān)系,善于將A轉(zhuǎn)化為互斥事件的和或?qū)α⑹录?,切忌盲目代入概率加法公?板塊三啟智培優(yōu)·破譯高考易錯警示系列12——隨機事件概率求解中的易誤點[2018·湖南模擬]某人在如圖所示的直角邊長為4米的三角形地塊的每個格點(指縱、橫直線的交叉點以及三角形的頂點)處都種了一株相同品種的作物.根據(jù)歷年的種植經(jīng)驗,一株該種作物的年收獲量Y(單位:kg)與它的“相近”作物株數(shù)X之間的關(guān)系如下表所示:X1234Y51484542這里,兩株作物“相近”是指它們之間的直線距離不超過1米.(1)完成下表,并求所種作物的平均年收獲量;Y51484542頻數(shù)4(2)在所種作物中隨機選取一株,求它的年收獲量至少為48kg的概率.錯因分析解答本題有以下幾點容易失分:①不能讀懂表格,無法估計所種作物的平均年收獲量;②不能將概率問題轉(zhuǎn)化為頻率來進行估計;③不能正確地把所求事件轉(zhuǎn)化為幾個互斥事件的和,導致計算錯誤.解(1)所種作物的總株數(shù)為1+2+3+4+5=15,其中“相近”作物株數(shù)為1的作物有2株,“相近”作物株數(shù)為2的作物有4株,“相近”作物株數(shù)為3的作物有6株,“相近”作物株數(shù)為4的作物有3株.列表如下:Y51484542頻數(shù)2463所種作物的平均年收獲量為eq\f(51×2+48×4+45×6+42×3,15)=eq\f(102+192+270+126,15)=eq\f(690,15)=46.(2)由(1)知,P(Y=51)=eq\f(2,15),P(Y=48)=eq\f(4,15).故在所種作物中隨機選取一株,它的年收獲量至少為48kg的概率為P(Y≥48)=P(Y=51)+P(Y=48)=eq\f(2,15)+eq\f(4,15)=eq\f(2,5).答題啟示用互斥事件和對立事件的概率公式解題,關(guān)鍵是弄清所求事件是由哪些事件組成的,它們之間有什么關(guān)系,一般地較為復雜的事件都可視為若干互斥事件的和事件,從而可用概率加法公式求解,而含有至少、至多等詞語時,事件往往較復雜,可考慮用對立事件的概率公式求解.跟蹤訓練根據(jù)以往統(tǒng)計資料,某地車主購買甲種保險的概率是0.5,購買乙種保險但不購買甲種保險的概率是0.3,設(shè)各車主購買保險相互獨立.(1)求該地1位車主至少購買甲、乙兩種保險中一種的概率;(2)求該地1位車主甲、乙兩種保險都不購買的概率.解記A表示事件:該車主購買甲種保險;B表示事件:該車主購買乙種保險但不購買甲種保險;C表示事件:該車主至少購買甲、乙兩種保險中的一種;D表示事件:該車主甲、乙兩種保險都不購買.(1)由題意得P(A)=0.5,P(B)=0.3,又C=A∪B,所以P(C)=P(A∪B)=P(A)+P(B)=0.5+0.3=0.8.(2)因為D與C是對立事件,所以P(D)=1-P(C)=1-0.8=0.2.板塊四模擬演練·提能增分[A級基礎(chǔ)達標]1.在5張卡中,有3張移動卡和2張聯(lián)通卡,從中任取2張,若事件“2張全是移動卡”的概率是eq\f(3,10),那么概率是eq\f(7,10)的事件是()A.至多有一張移動卡 B.恰有一張移動卡C.都不是移動卡 D.至少有一張移動卡答案A解析至多有一張移動卡包含“一張移動卡,一張聯(lián)通卡”“兩張全是聯(lián)通卡”兩個事件,它是“2張全是移動卡”的對立事件,故選A.2.[2018·南通模擬]從1,2,…,9中任取兩數(shù),其中:①恰有一個偶數(shù)和恰有一個奇數(shù);②至少有一個奇數(shù)和兩個數(shù)都是奇數(shù);③至少有一個奇數(shù)和兩個數(shù)都是偶數(shù);④至少有一個奇數(shù)和至少有一個偶數(shù).在上述事件中,是對立事件的是()A.①B.②④C.③D.①③答案C解析從9個數(shù)字中取兩個數(shù)有三種取法:一奇一偶,兩奇,兩偶,故只有③中兩事件是對立事件.3.[2018·陜西模擬]從正方形四個頂點及其中心這5個點中,任取2個點,則這2個點的距離不小于該正方形邊長的概率為()A.eq\f(1,5)B.eq\f(2,5)C.eq\f(3,5)D.eq\f(4,5)答案C解析如圖,從A,B,C,D,O這5個點中任取2個,共有(A,B),(A,C),……,(D,O)10種取法,滿足兩點間的距離不小于正方形邊長的取法有(A,B),(A,C),(A,D),(B,C),(B,D),(C,D),共6種,因此所求概率P=eq\f(6,10)=eq\f(3,5).4.有兩張卡片,一張的正反面分別寫著數(shù)字0與1,另一張的正反面分別寫著數(shù)字2與3,將兩張卡片排在一起組成兩位數(shù),則所組成的兩位數(shù)為奇數(shù)的概率是()A.eq\f(1,6)B.eq\f(1,3)C.eq\f(1,2)D.eq\f(3,8)答案C解析將兩張卡片排在一起組成兩位數(shù),則所組成的兩位數(shù)有12,13,20,21,30,31,共6個,兩位數(shù)為奇數(shù)的有13,21,31,共3個,故所組成的兩位數(shù)為奇數(shù)的概率為eq\f(3,6)=eq\f(1,2).5.從1,2,3,4,5這5個數(shù)中任取3個不同的數(shù),則取出的3個數(shù)可作為三角形的三邊邊長的概率是()A.eq\f(3,10)B.eq\f(1,5)C.eq\f(1,2)D.eq\f(3,5)答案A解析從1,2,3,4,5這5個數(shù)中任取3個不同的數(shù)的基本事件有(1,2,3),(1,2,4),(1,2,5),(1,3,4),(1,3,5),(1,4,5),(2,3,4),(2,3,5),(2,4,5),(3,4,5),共10個,取出的3個數(shù)可作為三角形的三邊邊長的基本事件有(2,3,4),(2,4,5),(3,4,5),共3個,故所求概率P=eq\f(3,10).選A.6.[2018·銀川模擬]已知甲、乙兩人下棋,和棋的概率為eq\f(1,2),乙勝的概率為eq\f(1,3),則甲勝的概率和甲不輸?shù)母怕史謩e為()A.eq\f(1,6),eq\f(1,6)B.eq\f(1,2),eq\f(2,3)C.eq\f(1,6),eq\f(2,3)D.eq\f(2,3),eq\f(1,2)答案C解析“甲勝”是“和棋或乙勝”的對立事件,所以甲勝的概率為1-eq\f(1,2)-eq\f(1,3)=eq\f(1,6).設(shè)“甲不輸”為事件A,則A可看作是“甲勝”與“和棋”這兩個互斥事件的和事件,所以P(A)=eq\f(1,6)+eq\f(1,2)=eq\f(2,3)eq\b\lc\(\rc\(\a\vs4\al\co1())或設(shè)“甲不輸”為事件A,則A可看作是“乙勝”的對立事件,所以P(A)=1-eq\f(1,3)=eq\f(2,3)eq\b\lc\\rc\)(\a\vs4\al\co1()).7.[2018·陜西模擬]對一批產(chǎn)品的長度(單位:毫米)進行抽樣檢測,圖為檢測結(jié)果的頻率分布直方圖.根據(jù)標準,產(chǎn)品長度在區(qū)間[20,25)上為一等品,在區(qū)間[15,20)和[25,30)上為二等品,在區(qū)間[10,15)和[30,35]上為三等品.用頻率估計概率,現(xiàn)從該批產(chǎn)品中隨機抽取1件,則其為二等品的概率是()A.0.09B.0.20C.0.25D.0.45答案D解析由頻率分布直方圖的性質(zhì)可知,樣本數(shù)據(jù)在區(qū)間[25,30)上的頻率為1-5×(0.02+0.04+0.06+0.03)=0.25,則二等品的頻率為0.25+0.04×5=0.45,故任取1件為二等品的概率約為0.45.故選D.8.[2018·溫州十校聯(lián)考]記一個兩位數(shù)的個位數(shù)字與十位數(shù)字的和為A.若A是不超過5的奇數(shù),從這些兩位數(shù)中任取一個,其個位數(shù)為1的概率為________.答案eq\f(2,9)解析根據(jù)題意,個位數(shù)字與十位數(shù)字之和為奇數(shù)且不超過5的兩位數(shù)有:10,12,14,21,23,30,32,41,50,共9個,其中個位是1的有21,41,共2個,因此所求的概率為eq\f(2,9).9.[2018·吉林模擬]從分別寫有0,1,2,3,4的五張卡片中取出一張卡片,記下數(shù)字后放回,再從中取出一張卡片.則兩次取出的卡片上的數(shù)字之和恰好等于4的概率是________.答案eq\f(1,5)解析從0,1,2,3,4五張卡片中取出兩張卡片的結(jié)果有25種,數(shù)字之和恰好等于4的結(jié)果有(0,4),(1,3),(2,2),(3,1),(4,0),所以數(shù)字和恰好等于4的概率是P=eq\f(1,5).10.一根繩子長為6米,繩子上有5個節(jié)點將繩子6等分,現(xiàn)從5個節(jié)點中隨機選一個將繩子剪斷,則所得的兩段繩長均不小于2米的概率為________.答案eq\f(3,5)解析隨機選一個節(jié)點將繩子剪斷共有5種情況,分別為(1,5),(2,4),(3,3),(4,2),(5,1).滿足兩段繩長均不小于2米的為(2,4),(3,3),(4,2),共3種情況.所以所求概率為eq\f(3,5).[B級知能提升]1.在運動會火炬?zhèn)鬟f活動中,有編號為1,2,3,4,5的5名火炬手.若從中任選3人,則選出的火炬手的編號相連的概率為()A.eq\f(3,10)B.eq\f(5,8)C.eq\f(7,10)D.eq\f(2,5)答案A解析從1,2,3,4,5中任取三個數(shù)的結(jié)果有10種,其中選出的火炬手的編號相連的事件有:(1,2,3),(2,3,4),(3,4,5),∴選出的火炬手的編號相連的概率為P=eq\f(3,10).2.[2018·合肥一模]某城市有連接8個小區(qū)A,B,C,D,E,F(xiàn),G,H和市中心O的整齊方格形道路網(wǎng),每個小方格均為正方形,如圖所示.某人從道路網(wǎng)中隨機地選擇一條最短路徑,由小區(qū)A前往小區(qū)H,則他經(jīng)過市中心O的概率為()A.eq\f(1,3)B.eq\f(2,3)C.eq\f(1,4)D.eq\f(3,4)答案B解析由題意知,此人從小區(qū)A前往小區(qū)H的所有最短路徑為:A→B→C→E→H,A→B→O→E→H,A→B→O→G→H,A→D→O→E→H,A→D→O→G→H,A→D→F→G→H,共6條.記“此人經(jīng)過市中心O”為事件M,則M包含的基本事件為:A→B→O→E→H,A→B→O→G→H,A→D→O→E→H,A→D→O→G→H,共4個,所以P(M)=eq\f(4,6)=eq\f(2,3),即他經(jīng)過市中心O的概率為eq\f(2,3).3.[2018·蘇錫常鎮(zhèn)調(diào)研]在不等式組eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(y≤x,,0<x≤3,,y>\f(1,x)))所表示的平面區(qū)域內(nèi)的所有格點(橫、縱坐標均為整數(shù)的點稱為格點)中任取3個點,則該3點恰能作為一個三角形的3個頂點的概率為________.答案eq\f(9,10)解析不等式組表示的平面區(qū)域內(nèi)的格點有(2,1),(2,2),(3,1),(3,2),(3,3),共5個,從中任取3個點,有10種取法,其中共線的3點不能構(gòu)成三角形,有(3,1),(3,2),(3,3)1種,即能夠作為三角形3個頂點的情況有9種,故所求概率是eq\f(9,10).4.[2018·寧波模擬]一盒中裝有各色球共12個,其中5個紅球、4個黑球、2個白球、1個綠球.從中隨機取出1個球,求:(1)取出1個球是紅球或黑球的概率;(2)取出1個球是紅球、黑球或白球的概率.解記事件A1={任取1個球為紅球},A2={任取1個球為黑球},A3={任取1個球為白球},A4={任取1個球為綠球},則P(A1)=eq\f(5,12),P(A2)=eq\f(4,12),P(A3)=eq\f(2,12),P(A4)=eq\f(1,12),解法一:(利用互斥事件的概率公式求概率)根據(jù)題意,知事件A1,A2,A3,A4彼此互斥,由互斥事件的概率公式,可知,(1)取出1個球為紅球或黑球的概率為P(A1∪A2)=P(A1)+P(
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