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文檔簡介
2021學(xué)年第二學(xué)期溫州市高一期末教學(xué)質(zhì)量統(tǒng)一檢測
物理埔題(A卷)
考生須知:
1、本試題卷分選擇題和非選擇題兩部分,共6頁,滿分100分,考試時(shí)間90分鐘。
2、考生答題前,務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)用黑色字跡的簽字筆或鋼筆填寫在答題卷
±o
3、選擇題的答案須用2B鉛筆將答題卷上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑,如要改動(dòng),須將原填
涂處用橡皮擦凈。
4、非選擇題的答案須用黑色字跡的簽字筆或鋼筆寫在答題卷上相應(yīng)區(qū)域內(nèi),作圖時(shí)可先使
用2B鉛筆,確定后須用黑色字跡的簽字筆或鋼筆描黑,答案寫在本試題卷上無效。
5、本試卷中的有關(guān)計(jì)算中重力加速度取10m/s2(除實(shí)驗(yàn)題外)。
選擇題部分
一、選擇題1(本題共13小題,每小題3分,共39分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一
個(gè)是符合題目要求的,不選、多選、錯(cuò)選均不得分)
1.下列物理量屬于矢量的是()
A.機(jī)械能B.功率C.電場強(qiáng)度D.電勢
【答案】C
【解析】
【詳解】ABD.標(biāo)量是只有大小沒有方向、運(yùn)算時(shí)遵循代數(shù)運(yùn)算法則的物理量。機(jī)械能、功率、電勢都
是標(biāo)量,故ABD錯(cuò)誤;
C.矢量是既有大小又有方向、運(yùn)算時(shí)遵循平行四邊形定則的物理量;電場強(qiáng)度是矢量,故C正確。
故選C。
2.關(guān)于做曲線運(yùn)動(dòng)的物體,下列說法正確的是()
A.速度一定在變化B.所受的合外力一定在變化
C.動(dòng)能一定在變化D.加速度方向一定垂直于速度方向
【答案】A
【解析】
【詳解】A.既然是曲線運(yùn)動(dòng),它的速度的方向必定是改變的,則速度一定變化,故A正確;
B.曲線運(yùn)動(dòng)是變速運(yùn)動(dòng),一定有加速度,但合外力可以不變,如平拋運(yùn)動(dòng),故B錯(cuò)誤;
C.做曲線運(yùn)動(dòng)物體,它的速度的方向必定是改變的,速度的大小可以不變,即動(dòng)能可能不變,如勻速
圓周運(yùn)動(dòng),故C錯(cuò)誤;
D.加速度方向不一定垂直于速度方向,如平拋運(yùn)動(dòng),故D錯(cuò)誤。
故選Ao
3.下列說法正確的是()
A.庫侖通過油滴實(shí)驗(yàn)測得元電荷e的數(shù)值
F
B,由電場強(qiáng)度的定義式E=一可知,E與尸成正比,與q成反比
Q
C.電容器的電容C由電容器自身結(jié)構(gòu)決定,與所加的電壓無關(guān)
D.選擇不同的位置作為零電勢點(diǎn),電場中某兩點(diǎn)間的電勢差會(huì)不同
【答案】C
【解析】
【詳解】A.密立根通過油滴實(shí)驗(yàn)測得元電荷e的數(shù)值,選項(xiàng)A錯(cuò)誤;
B.電場中某點(diǎn)的場強(qiáng)是由電場本身決定的物理量,與試探電荷的帶電量以及所受的電場力均無關(guān),選項(xiàng)
B錯(cuò)誤;
C.電容器的電容C由電容器自身結(jié)構(gòu)決定,與所加的電壓無關(guān),選項(xiàng)c正確;
D.電場中某兩點(diǎn)間的電勢差與零電勢點(diǎn)的選擇無關(guān),選項(xiàng)D錯(cuò)誤。
故選Co
4.光滑的水平面上固定著一個(gè)螺旋形光滑水平軌道,俯視如圖所示。一小球以一定速度沿軌道切線方向
進(jìn)入軌道,運(yùn)動(dòng)到螺旋形中央,下列關(guān)于該小球運(yùn)動(dòng)的說法正確的是()
A.線速度增大,角速度不變B.線速度不變,角速度減小
C.線速度減小,向心加速度增大D.角速度增大,向心加速度增大
【答案】D
【解析】
【詳解】水平軌道光滑,所以小球的線速度大小不變,但是轉(zhuǎn)動(dòng)半徑變小,根據(jù)
V
0)=—
r
可知角速度增大,根據(jù)
v2
CL=----
r
可知向心加速度變大,故D正確,ABC錯(cuò)誤。
故選D。
5.下列幾種情境中可以看成機(jī)械能守恒的是()
甲乙丙T
A.圖甲中在空中運(yùn)動(dòng)的鉛球B.圖乙中離開腳后在空中運(yùn)動(dòng)的毯子
C.圖丙中被吊車吊著勻速下降的“蛟龍?zhí)枴盌.圖丁中處于上升過程的撐桿跳高運(yùn)動(dòng)員
【答案】A
【解析】
【詳解】A.圖甲中在空中運(yùn)動(dòng)的鉛球,可認(rèn)為鉛球受到空氣阻力忽略不計(jì),鉛球在空中只受重力,機(jī)械
能守恒,A正確;
B.圖乙中離開腳后在空中運(yùn)動(dòng)的犍子,空氣阻力對(duì)建子做負(fù)功,毯子的機(jī)械能減少,B錯(cuò)誤;
C.圖丙中被吊車吊著勻速下降的“蛟龍?zhí)枴?,“蛟龍?zhí)枴钡膭?dòng)能不變,重力勢能減少,故“蛟龍?zhí)枴?/p>
的機(jī)械能減少,C錯(cuò)誤;
D.圖丁中處于上升過程的撐桿跳高運(yùn)動(dòng)員,撐桿對(duì)運(yùn)動(dòng)員做正功,運(yùn)動(dòng)員的機(jī)械能增加,D錯(cuò)誤。
故選A
6.下列說法不正確的是()
A.摩擦過的琥珀能吸引小物體,說明小物體一定帶電
B.在加油站給車加油前手要觸摸一下靜電釋放器,是防止靜電危害
C.靜電噴漆時(shí)讓工件表面與油漆微粒帶上異種電荷,使噴涂更均勻
D.避雷針是利用尖端放電將玄層中積聚的電荷導(dǎo)入大地,使建筑物避免雷擊
【答案】A
【解析】
【詳解】A.摩擦過的琥珀能吸引小物體,是因?yàn)殓陰щ姡晌p小物體,A錯(cuò)誤;
B.在加油站給車加油前手要觸摸一下靜電釋放器,是讓靜電通過人體導(dǎo)走,以防止靜電危害,B正確;
C.靜電噴漆時(shí)讓工件表面與油漆微粒帶上異種電荷,可通過異種電荷相互吸引的特性,讓噴涂更均勻,
C正確;
D.避雷針是利用尖端放電將云層中積聚的電荷導(dǎo)入大地,使建筑物避免雷擊,D正確。
本題選不正確的,故選A。
7.電場線如圖所示的電場中,八6兩點(diǎn)的連線與經(jīng)過6點(diǎn)的電場線垂直,下列說法正確的是()
A.a、b兩點(diǎn)的連線為等勢線
B.將一正電荷從6點(diǎn)移到c點(diǎn),電場力做正功
C.同一電荷在b點(diǎn)的加速度比在c點(diǎn)的加速度小
D.負(fù)電荷在b點(diǎn)所受的電場力方向與6點(diǎn)電場方向相同
【答案】B
【解析】
【詳解】A.根據(jù)題意,由圖可知,心。兩點(diǎn)的連線與經(jīng)過b點(diǎn)的電場線垂直,與經(jīng)過。點(diǎn)的電場線不垂
直,則。、b兩點(diǎn)的連線不是等勢線,故A錯(cuò)誤;
B.根據(jù)題意,由圖可知,電場方向?yàn)閎fC,正電荷的受力方向?yàn)?fC,則將一正電荷從。點(diǎn)移到c
點(diǎn),電場力做正功,故B正確;
C.由圖,根據(jù)電場線的疏密程度表示電場強(qiáng)度的大小可知,萬點(diǎn)的電場線比。點(diǎn)的電場線密,則b點(diǎn)的
電場強(qiáng)度大,同一電荷在6點(diǎn)受到的電場力大,則同一電荷在b點(diǎn)的加速度比在c點(diǎn)的加速度大,故C
錯(cuò)誤;
D.負(fù)電荷在b點(diǎn)所受的電場力方向與b點(diǎn)電場方向相反,故D錯(cuò)誤。
故選B。
8.如圖所示,在雜技表演中,表演者頂著桿沿水平地面向右勻速運(yùn)動(dòng)與此同時(shí)猴子從A點(diǎn)開始沿豎直桿
向上做勻加速運(yùn)動(dòng),最終達(dá)到8點(diǎn)。若以地面為參考系,猴子從A點(diǎn)到8點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)軌跡可能是圖中的
()
A.曲線1B.曲線2C.直線3D.曲線4
【答案】D
【解析】
【詳解】由題意,小猴子從A點(diǎn)到B點(diǎn)沿水平方向?yàn)閯蛩僦本€運(yùn)動(dòng),加速度為零;沿桿向上做勻加速直
線運(yùn)動(dòng),加速度向上,故小猴子的實(shí)際加速度豎直向上;初速度與加速度不在一條直線上,所以小猴子
的運(yùn)動(dòng)軌跡為向上彎曲的曲線。
故選D。
9.鉛球運(yùn)動(dòng)員分別采用“原地推”和“滑步推”兩種方式進(jìn)行練習(xí),如圖為滑步推鉛球的過程示意圖,
滑步推鉛球比原地推鉛球增加幾米的成績。若兩種方式鉛球出手時(shí)相對(duì)地面的位置和速度方向都相同,
忽略空氣阻力,則()
A.兩種方式推出的鉛球落地速度方向一定相同
B.兩種方式推出的鉛球在空中運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)的速度相同
C.采用滑步推鉛球方式推出的鉛球在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間更長
D.采用原地推鉛球方式推出的鉛球在空中上升的高度更高
【答案】C
【解析】
【詳解】C.設(shè)出手速度%與水平方向的夾角為出手位置離地面高度為H,鉛球落地時(shí)的豎直速度
為為,則有
2gH=4-(-%sin8)2
解得
g=J(%sin,)2+2g"
推出的鉛球在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為
v-(-vsin0)sin+2gH+%sin0
t—v0—
gg
推出的鉛球在空中運(yùn)動(dòng)的水平位移為
sin8)2+2g"+%sin。
X=voCOSe.t=V。COSe?------------------------
g
由題意可知兩種方式鉛球出手時(shí)的8、”都相同,但滑步推鉛球的水平位移大,可知滑步推鉛球出手的
初速度V。更大,可知滑步推鉛球在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間更長,C正確;
A.設(shè)鉛球落地速度與水平方向的夾角為a,則有
匕sin6*)2+2g"|22gH
-
匕v0cos6V環(huán)cos0
由于出手時(shí)的初速度%不同,可知a不同,故兩種方式推出的鉛球落地速度方向一定不相同,A錯(cuò)誤;
B.鉛球在水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng),鉛球在空中運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)的速度為
v-vx-v0cos0
由于滑步推鉛球的初速度Vo更大,可知滑步推鉛球在最高點(diǎn)時(shí)的速度更大,B錯(cuò)誤;
D.推出的鉛球在空中上升的高度為
4(%sin,)2
2g
由于滑步推鉛球的初速度%更大,可知滑步推鉛球在空中上升的高度更高,D錯(cuò)誤。
故選Co
10.“飛車走壁”是一種傳統(tǒng)的雜技藝術(shù),演員騎車在傾角很大的錐形桶面上做圓周運(yùn)動(dòng)而不掉下來。其
簡化模型如圖所示,同一位演員騎同一輛車沿著桶內(nèi)壁分別在水平面。和b上做勻速圓周運(yùn)動(dòng),若不考
慮車輪受到的側(cè)向摩擦力,下列說法正確的是()
A.車在。平面運(yùn)動(dòng)的速率較小B.車在a平面運(yùn)動(dòng)的周期較小
C.車在6平面運(yùn)動(dòng)的角速度較大D.車在b平面受到的支持力較大
【答案】C
【解析】
【詳解】人和車整體進(jìn)行分析可知
FNCOS0=mg
v2472
mgtantn)=m—=ma>2r=m——r
rT~
得
mg
cos。
y=Jg/tanO
gtan。
co—
T=2q----------
gtan0
可知車在。平面和〃平面受到的支持力相等,故D錯(cuò)誤
又因?yàn)?/p>
ra>rb
所以
Va>Vb
CDa<^COb
K>7b
故C正確,AB錯(cuò)誤。
故選C。
H.2022年4月30日,我國首次實(shí)現(xiàn)運(yùn)載火箭海上“一站式”發(fā)射,以“一箭五星”的方式成功地將5
顆衛(wèi)星,送入預(yù)定軌道。已知引力常量為G,地球的質(zhì)量為M、半徑為R,其中一顆衛(wèi)星的質(zhì)量為〃z,
圍繞地球做軌道半徑為廠的勻速圓周運(yùn)動(dòng),則該衛(wèi)星(
A.線速度大小為J乎B.4//
周期為
Gm
…、,GMm向心加速度大小為胃
C.動(dòng)能為-----D.
2Rr
【答案】A
【解析】
【詳解】AC.根據(jù)萬有引力提供向心力可得
GMmv2
——--=m—
rr
解得線速度大小為
GM
v=
該衛(wèi)星的動(dòng)能為
A正確,C錯(cuò)誤;
B.根據(jù)萬有引力提供向心力可得
GMm4乃2
解得周期為
丁_14后3
B錯(cuò)誤;
D.根據(jù)萬有引力提供向心力可得
GMm
———=ma
廠
解得向心加速度大小為
GM
a=~r~
D錯(cuò)誤。
故選Ao
12.空軍飛行員跳傘訓(xùn)練的場景如圖所示。一飛行員下降到極限高度時(shí)打開降落傘,而后豎直向下做減速
運(yùn)動(dòng)。若飛行員和降落傘的總質(zhì)量為機(jī),所受空氣阻力大小恒為Fg為當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣?。則在減速下
降/z的過程中()
A.飛行員和降落傘所受阻力做功為刊7
B.飛行員和降落傘所受合力做功為罰7-:咫/7
C.飛行員和降落傘的機(jī)械能減少了Fh
D.飛行員和降落傘的重力勢能減少了%
【答案】C
【解析】
【詳解】AC.行員和降落傘所受阻力做功為
WF=-Fh
飛行員和降落傘的機(jī)械能減14了Fh,A錯(cuò)誤,C正確;
B.飛行員和降落傘所受合丈J做功為
W=mgh—Fh
B錯(cuò)誤;
D.飛行員和降落傘的重力田f做的功為mg/z,勢能減少了mgh,D錯(cuò)誤。
故選Co
13.如圖甲所示,物體以一為三初速度從傾角a=37。,足夠長的斜面底端沿斜面向上運(yùn)動(dòng)。上升的最大高度
為3.0m,選擇地面為參考平面,上升過程中,物體的機(jī)械能E機(jī)隨高度/?的變化如圖乙所示。
sin37°=0.60,cos370=0.80。-F列選項(xiàng)不正確的是()
抄機(jī)
:k/J
3U:
1?>
////////////////////////////////―0102030/z/m
甲乙
A.物體的質(zhì)量m=L0kgB.物體的初速度V0=10m/s
C.物體受到的摩擦力a=4ND.物體回到斜面底端時(shí)的動(dòng)能Ek=20J
【答案】D
【解析】
【詳解】A.當(dāng)/i=3m時(shí),物體速度為零,則
mgh=30J
得
/z=lkg
故A說法正確,不符合題意
B.當(dāng)〃=0時(shí),物體初動(dòng)能等于機(jī)械能,則
12
—mv0=50J
得
v0=10m/s
故B說法正確,不符合題意;
C.對(duì)物體上升的整個(gè)過程中,根據(jù)動(dòng)能定理
4=4N
故C說法正確,不符合題意;
D.從頂端到底端,根據(jù)動(dòng)能定理
h
陽"耳謁二線一°
E=10J
故D說法錯(cuò)誤,符合題意。
故選D。
二、選擇題II(本題共3小題,每小題2分,共6分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一
個(gè)符合題目要求的,全部選對(duì)的得2分,選對(duì)但不全的得1分,有選錯(cuò)的0分)
14.在場強(qiáng)為E=150V/m的勻強(qiáng)電場中,相距d=2cm的°、6兩點(diǎn)的電勢差可能為()
A.7.5VB.4VC.IVD.0
【答案】CD
【解析】
【詳解】設(shè)〃、b兩點(diǎn)連線與電場線夾角為9,則。、。兩點(diǎn)在電場線方向的距離為
d'=dcos0
。、。兩點(diǎn)的電勢差為
U=Ed'=Edcos6=3cos0
可見,U在0~3V之間。
故選CD。
15.2021年2月10日,“天問一號(hào)”探測器實(shí)施近火捕獲制動(dòng),順利進(jìn)入近火點(diǎn)高度約400km,周期約10
個(gè)地球日的大橢圓環(huán)火軌道,成為我國第一顆人造火星衛(wèi)星。5月15日,“天問一號(hào)”著陸巡視器成功著
陸于火星烏托邦平原南部著陸區(qū),中國首次火星探測任務(wù)著陸火星取得圓滿成功。如圖所示是“天問一號(hào)”
的軌道模型,貝IJ“天間一號(hào)”探測器()
軌道in_一---------、、
廠—....個(gè)
‘軌道n/'勵(lì)酒[,么去
;、Q\軌道I型葡,p
'、、'、、、~-量
一"-h;
f
A.在軌道n上經(jīng)過。點(diǎn)的速度比經(jīng)過尸點(diǎn)的速度小
B.在軌道n的運(yùn)行周期大于在軌道iii的運(yùn)行周期
c.由軌道ni轉(zhuǎn)移到軌道n時(shí),需要在尸點(diǎn)減速
D.在軌道I上p點(diǎn)的加速度小于在軌道n上p點(diǎn)的加速度
【答案】AC
【解析】
【詳解】A.由開普勒第二定律可知:在軌道n上經(jīng)過。點(diǎn)的速度比經(jīng)過尸點(diǎn)的速度小,故A正確;
B.由圖可知,軌道n的半長軸小于軌道ill的半長軸,根據(jù)開普勒第三定律
33
^^3Cl)
?=B
可知在軌道II的運(yùn)行周期小于在軌道III的運(yùn)行周期,故B錯(cuò)誤;
c.由軌道ni轉(zhuǎn)移到軌道n時(shí),“天問一號(hào)”探測器做近心運(yùn)動(dòng),需要減速,減小所需的向心力,故c正
確;
D.根據(jù)
?Mm
G—―=ma
可得
GM
a=
~r~
可知在軌道I上P點(diǎn)的加速度等于在軌道II上P點(diǎn)的加速度,故D錯(cuò)誤。
故選AC?
16.如圖所示,一內(nèi)表面光滑的半圓形凹槽放在粗糙的水平地面上,絕緣輕桿固定在凹槽的頂端,絕緣輕
桿中間位置即圓心處固定一負(fù)點(diǎn)電荷,一帶正電小球(可看做點(diǎn)電荷)靜置于槽內(nèi)底部的A點(diǎn)。現(xiàn)用一
個(gè)與豎直方向夾角始終為。的斜向上的力下,把小球從A點(diǎn)沿著凹槽緩慢拉至2點(diǎn),整個(gè)過程中,凹槽
始終保持靜止,小球始終沒有離開凹槽。則在上述過程中下列說法正確的是()
oB
A.斜向上的拉力尸一直增大B.凹槽對(duì)帶電小球的支持力先減小后增大
C.地面對(duì)凹槽的支持力一直在增大D.地面對(duì)凹槽的摩擦力先增大后減小
【答案】AB
【解析】
【詳解】AB.設(shè)庫侖力生,小球所受庫侖力和凹槽支持力始終指向圓心,如圖所示
由圖可知尸一直增大,氏+外先減小后增大,由于小球和點(diǎn)電荷距離不變,所以外大小不變,得然先
減小后增大,故AB正確;
CD.以整體為研究對(duì)象受力分析得地面支持力
N=+m)g—Feos6
Ff-Fsin0
由于F一直增大,地面對(duì)凹槽的支持力N一直減小,摩擦力一直增大,故CD錯(cuò)誤。
故選AB。
非選擇題部分
三、實(shí)驗(yàn)題(本題共2小題,共14分)
17.在“觀察電容器的充、放電現(xiàn)象”實(shí)驗(yàn)中,
圖1
(1)用如圖1所示的電容器做實(shí)驗(yàn),電容器外殼上面標(biāo)著“2200",10V",下列說法正確的是
A.電容器的擊穿電壓為10V
B.電壓為1OV時(shí),電容器才正常工作
C.電容器電壓為5V時(shí),電容是2200四
D.電容器電壓為5V時(shí),電容是1100回
(2)把干電池£、電阻箱A、電容器C、電流表G、單刀雙擲開關(guān)S按圖2電路圖連成實(shí)驗(yàn)電路如圖3
A.逐漸偏轉(zhuǎn)到某一刻度后保持不變B.逐漸偏轉(zhuǎn)到某一刻度后迅速回到。
C.迅速偏轉(zhuǎn)到某一刻度后保持不變D.迅速偏轉(zhuǎn)到某一刻度后逐漸減小到0
②電容器充電完畢,斷開開關(guān),此時(shí)如圖2所示電路圖中電容器上極板(填“帶正電”、
“帶負(fù)電”或“不帶電”);
③然后將開關(guān)S接2,電容器放電。在放電過程中,電路中的電流大小為i,電容器所帶電荷量為Q,電
容器兩極板電勢差為U,電容器的電容為C。下面關(guān)于i、Q、U、C隨時(shí)間/的變化的圖像,正確的
是。
【答案】①.c②.D③.帶正電④.B
【解析】
【詳解】(1)[1]
A.10V是電容器的額定電壓,不是電容器的擊穿電壓,A錯(cuò)誤;
B.10V是電容器的額定電壓,電壓低于10V時(shí),電容器也能正常工作,B錯(cuò)誤;
CD.電容與電容器所加電壓無關(guān),只與自身構(gòu)造有關(guān),可知電容器電壓為5V時(shí),電容是2200*,C正
確,D錯(cuò)誤。
故選C。
(2)①⑵使開關(guān)S接1,電源給電容器充電,電路瞬間有了充電電流,隨著電容器所帶電荷量逐漸增
大,電容器兩極板間的電壓逐漸增大,充電電流逐漸減小,所以此過程中觀察到電流表指針迅速偏轉(zhuǎn)到
某一刻度后逐漸減小到0,D正確,ABC錯(cuò)誤。
故選D。
②⑶由電路圖可知,電容器上極板與電源正極相連,故電容器充電完畢,斷開開關(guān),電容器上極板帶正
電
?[4]
D.放電過程中,電容與電容器所帶電荷量和電容器極板間電壓沒有關(guān)系,可知電容器電容保持不變,D
錯(cuò)誤;
ABC.放電過程中,電容器所帶電荷量逐漸減小,根據(jù)電容定義式
U
可知電容器極板間電壓逐漸減小,則放電電流逐漸減小,根據(jù)
1=他
At
可知圖像的切線斜率絕對(duì)值逐漸減小,B正確,AC錯(cuò)誤。
故選B。
18.“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”實(shí)驗(yàn)的裝置如圖1所示。
(1)還需要圖2中的儀器是(寫儀器的名稱);
(2)讓重物從靜止開始下落,打出一條清晰的紙帶,其中的一部分如圖3所示。。點(diǎn)是打下的第一個(gè)
點(diǎn),A、B、C和。為另外4個(gè)連續(xù)打下的點(diǎn)。已知交流電頻率為50Hz重物質(zhì)量為100g,當(dāng)?shù)刂亓铀?/p>
度g=9.80m/s2,則打C點(diǎn)時(shí),重物的速度大小vc=m/s(保留3位有效數(shù)字),重物的動(dòng)能
Ei=J(保留3位有效數(shù)字),O點(diǎn)到C點(diǎn)重物減小的重力勢能E2=J(保留3位有
效數(shù)字);
(3)比較Ei與后的大小,出現(xiàn)這一結(jié)果的原因可能是。
A.工作電壓偏高B.存在空氣阻力和摩擦力C.接通電源前釋放了紙帶
【答案】①?亥U度尺2.41③.0.290?.0.273⑤.C
【解析】
【詳解】(1)口]實(shí)驗(yàn)中需要測量重物下降高度,故還需要刻度尺。
(2)[2]打出C點(diǎn)時(shí)重物的速度大小為
BD(4.63+5.01)>10、
v----=2.41m/s
cc2T2x0.02s
(2)[3]重物動(dòng)能
11
E=-92=-X0.1X2.4192J=0.290J
12zw2
(2)[4]。點(diǎn)到C點(diǎn)重物減小的重力勢能
2
E2=mghoc=0.1x9.80x(19.02+4.25+4.63)x10J=0.273J
(3)[5]通過比較,可以發(fā)現(xiàn)昂大于及,即物體獲得的動(dòng)能大于物體減少的重力勢能。
A.如果是打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的工作電壓偏高,只會(huì)使打出的點(diǎn)跡更清晰,不會(huì)影響打點(diǎn)周期,A不可能;
B.如果是空氣阻力和摩擦力導(dǎo)致的系統(tǒng)誤差,則應(yīng)該是物體獲得的動(dòng)能小于物體減少的重力勢能,即昂
小于反,B不可能;
C.如果是在接通電源前就釋放了紙帶,則會(huì)導(dǎo)致在測量的這段下降距離內(nèi),重物具有了一個(gè)明顯的初動(dòng)
能,這將有可能導(dǎo)致重物的末動(dòng)能大于重物減小的重力勢能,C可能。
故選Co
四、計(jì)算題(本題共4小題,共41分。要求畫出必要的圖形解答時(shí),寫出必要的文字說
明、重要的方程式和演算步驟,有數(shù)值計(jì)算的必須明確寫出數(shù)值和單位)
19.如圖所示,兩相同金屬極板A與B的長度為3相距為d,極板間的電壓為U。一個(gè)電荷量為e的電
子沿平行于板面的方向射入電場中,射入時(shí)的速度為皿。把兩板間的電場看作勻強(qiáng)電場,求電子
(1)在電場中運(yùn)動(dòng)的加速度。的大?。?/p>
(2)射出電場時(shí)沿垂直于板面方向偏移的距離y;
【解析】
【詳解】(1)在勻強(qiáng)電場中,有
E上
d
電子只受電場力作用,由牛頓第二定律可得
eE=ma
聯(lián)立解得
eU
a=----
md
(2)電子做類平拋運(yùn)動(dòng),水平方向勻速直線運(yùn)動(dòng),有
L=vot
豎直方向勻加速直線運(yùn)動(dòng),有
12
y=—at
-2
聯(lián)立解得
eUl3
,=訴
(3)射出電場時(shí)豎直方向速度為
vy=at
射出電場時(shí)偏轉(zhuǎn)的角度。滿足:
v
tan=—
%
聯(lián)立解得
ceUL
tan0=-----7
mdvg
20.圖甲是2022年北京冬奧會(huì)冰壺混雙比賽情景,其運(yùn)動(dòng)模型簡化如圖乙所示,A、B、C、。為運(yùn)動(dòng)場
地中心線上的四個(gè)點(diǎn)。投壺手將質(zhì)量優(yōu)=20kg的冰壺以初動(dòng)能Eko=56J從A點(diǎn)沿中心線擲出,冰壺恰好停
在營壘區(qū)的中心。點(diǎn)。已知冰壺可視為質(zhì)點(diǎn),A點(diǎn)和。點(diǎn)的距離%=28m,擦冰手可以在AO區(qū)域內(nèi)擦
冰,不計(jì)空氣阻力。
(1)求冰壺與冰面間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃;
(2)實(shí)際比賽中,投壺手將冰壺以初動(dòng)能Eki=46J從A點(diǎn)擲出,擦冰手在AO間一段長度L2=10m的
區(qū)域內(nèi)擦冰(擦拭后動(dòng)摩擦因數(shù)變?yōu)镸),冰壺恰好停在。點(diǎn),且冰刷始終不接觸冰壺,求上的大??;
(3)仍使冰壺恰好停在。點(diǎn),求投壺手在A點(diǎn)給冰壺的初動(dòng)能&與擦冰長度L的關(guān)系式。(左同上一小
問)
【答案】(1)0.01;(2)0.5;(3)Ek=56-L,0<L<28m
【解析】
【詳解】(1)冰壺在從A到。的過程中,由動(dòng)能定理得
-jUmgL^O-E^
解得,冰壺與冰面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為
//=0.01
(2)冰壺在A8和CO區(qū)域未擦冰,動(dòng)摩擦因數(shù)為〃,BC區(qū)域擦拭后動(dòng)摩擦因數(shù)變?yōu)榍?,由?dòng)能定理得
一〃mg也—L^—k/j.mgL1=0一6]
解得
々=0.5
(3)仍使冰壺恰好停在。點(diǎn),投壺手投擲的初動(dòng)能應(yīng)滿足
-jLimg('_£)_k/imgL=0一線
可得,初動(dòng)能&與擦冰長度L的關(guān)系為
后卜=56-L,0<L<28m
21.激光高速特技車(以下簡稱小車)依靠強(qiáng)磁電機(jī)提供動(dòng)力,能以很大的速度在空心圓體中運(yùn)動(dòng),如圖
甲所示。某同學(xué)將魚缸固定在示數(shù)已調(diào)零的臺(tái)秤上,打開小車開關(guān),使小車在半徑為r=0.064m的豎直
面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。已知魚缸的質(zhì)量0.90kg,小車的質(zhì)量機(jī)=0.01kg,不考慮空氣阻力等影
響,運(yùn)動(dòng)模型如圖乙所示。
(1)求小車恰能過最高點(diǎn)A時(shí)速度大小匕;
(2)若小車在最高點(diǎn)A時(shí),臺(tái)秤的示數(shù)為4=5.5N,求此時(shí)小車速度大小嶺;
(3)在(2)的前提下,求小車在最低點(diǎn)8時(shí)臺(tái)秤的示數(shù)
【答案】(1)0.8m/s;(2)4.8m/s;(3)12.7N
【解析】
【詳解】(1)小車在最高點(diǎn)A剛好由重力提供做圓周運(yùn)動(dòng)所需的向心力,則有
mg=m—
r
解得
匕=°?8m/s
(2)小車在最高點(diǎn)A時(shí),以小車為對(duì)象,設(shè)魚缸對(duì)小車的彈力大小為心,根據(jù)牛頓第二定律可得
2
F+mg=m—
Ar
以魚缸為對(duì)象,根據(jù)受力平衡可得
F.+F^Mg
由牛頓第三定律可知
FA=F;
聯(lián)立解得
v2=4.8m/s
(3)小車在最低點(diǎn)8時(shí),以小車為對(duì)象,設(shè)魚缸對(duì)小車的彈力大小為心,根據(jù)牛頓第二定律可得
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