北京誠明高級中學高二物理上學期期末試卷含解析

北京誠明高級中學高二物理上學期期末試卷含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.如圖所示，把長為L的導體棒置于垂直紙面向里的勻強磁場中，磁感應強度為B，當導體棒中通以方向向左的電流I時，導體棒受到的安培力大小和方向分別是A．大小為BIL，方向豎直向下B．大小為BIL，方向豎直向上C．大小為，方向豎直向上

D．大小為，方向豎直向下參考答案：A2.下列幾種說法中正確的是：（

）A.線圈中的磁通量變化越大，線圈中產(chǎn)生的感應電動勢一定越大B.穿過線圈的磁通量越大，線圈中的感應電動勢越大C.線圈放在磁場越強的位置，線圈中的感應電動勢越大D.線圈中的磁通量變化越快，線圈中產(chǎn)生的感應電動勢越大參考答案：D3.下面屬于國際單位制中基本單位的是

（

）A．力

B．千克

C．質(zhì)量

D．牛頓參考答案：B4.（多選）（2013秋?當陽市校級期末）如圖所示，長木板A放在光滑的水平面上，質(zhì)量為m=4kg的小物體B以水平速度v0=2m/s滑上原來靜止的長木板A的表面，由于A、B間存在摩擦，之后A、B速度隨時間變化情況如圖乙所示，取g=10m/s2，則下列說法正確的是（）A． 木板A獲得的動能為2J

B． 系統(tǒng)損失的機械能為2JC． 木板A的最小長度為2m

D． A、B間的動摩擦因數(shù)為0.1參考答案：AD動量守恒定律；功能關系；機械能守恒定律解：A、由圖示圖象可知，木板獲得的速度為v=1m/s，A、B組成的系統(tǒng)動量守恒，以B的初速度方向為正方向，由動量守恒定律得：mv0=（M+m）v，解得：M=4kg，木板A的質(zhì)量為M=4kg，木板獲得的動能為：Ek=Mv2=×4×12=2J，故A正確．B、系統(tǒng)損失的機械能△E=mv02﹣mv2﹣Mv2，代入數(shù)據(jù)解得：△E=4J，故B錯誤；C、由圖得到：0﹣1s內(nèi)B的位移為xB=×（2+1）×1m=1.5m，A的位移為xA=×1×1m=0.5m，木板A的最小長度為L=xB﹣xA=1m，故C錯誤．D、由圖示圖象可知，B的加速度：a===﹣1m/s2，負號表示加速度的方向，由牛頓第二定律得：μmBg=mBa，代入解得，μ=0.1，故D正確．故選：AD．5.關于庫侖定律，下列說法中正確的是：

A．庫侖定律精確地描述了真空中兩個點電荷間的相互作用力大小

B．庫侖定律中的常數(shù)靜電力恒量k=9×109，無單位。

C．庫侖定律是描述兩個質(zhì)點之間的作用力

D．在氫原子模型中，庫侖力遠遠小于萬有引力參考答案：A二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.有一個電流表G，內(nèi)阻50Ω，滿偏電流2mA。要把它改裝為量程為原來30倍的電壓表，要

聯(lián)一個電阻阻值為

參考答案：串

14507.（9分）現(xiàn)有一質(zhì)量為M=1Kg的小球在變力F的作用下在水平面上運動，小球速度隨時間的變化如圖所示，則第三秒時小球的動量為

；第三秒內(nèi)小球動量的變化為

；從記時開始到t=3s，變力F對小球做的功為

。參考答案：-4Kg·m/s，-4Kg·m/s，8J

8.一定質(zhì)量的理想氣體經(jīng)歷了如圖所示的A→B→C的三個變化過程，則通過圖像可以判斷A、B、C三個狀態(tài)，氣體的體積VA、VB、VC的大小關系是

。

參考答案：9.電磁打點計時器是一種使用交流電源的

儀器，它的工作電壓是

V；當電源頻率為50Hz時，它每隔

s打點一次；打n個點的時間為

s．參考答案：10.高空作業(yè)須系安全帶，如果質(zhì)量為m的高空作業(yè)人員不慎跌落，從開始跌落到安全帶對人剛產(chǎn)生作用力前人下落的距離為h（可視為自由落體運動．此后經(jīng)歷時間t安全帶達到最大伸長，若在此過程中該作用力始終豎直向上，則該段時間安全帶對人的平均作用力大小為

．參考答案：+mg【考點】動量沖量；動量定理．【分析】先根據(jù)h=gt2求解自由落體運動的時間，從而求出總時間，對運動全程根據(jù)動量定理列式求解平均拉力．【解答】解：對自由落體運動，有：h=gt12解得：t1=規(guī)定向下為正方向，對運動的全程，根據(jù)動量定理，有：mg（t1+t）﹣Ft=0解得：F=+mg故答案為：+mg11.將一個水平方向的彈簧振子從它的平衡位置向旁邊拉開5cm，然后無初速釋放，假如這振子振動的頻率為5Hz，則振子的周期為

，振子在0.8s內(nèi)一共通過的路為

。參考答案：0.2s

80cm12.地球在周圍空間會產(chǎn)生磁場，叫______。地磁場的分布大致上就像一個_____磁體。參考答案：地磁場

條形

ks5u13.一閉合線圈有50匝，總電阻R＝20Ω，穿過它的磁通量在0.1s內(nèi)由8×10－3Wb增加到1.2×10－2Wb，則線圈中的感應電動勢E＝

，線圈中的電流強度I=

。參考答案：2；0.1三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.在1731年，一名英國商人發(fā)現(xiàn)，雷電過后，他的一箱新刀叉竟顯示出磁性．請應用奧斯特的實驗結(jié)果，解釋這種現(xiàn)象．參考答案：閃電產(chǎn)生的強電流產(chǎn)生磁場會使刀叉磁化．15.（10分）為了“探究碰撞中的不變量”，小明在光滑桌面上放有A、B兩個小球．A球的質(zhì)量為0.3kg，以速度8m/s跟質(zhì)量為0.1kg、靜止在桌面上的B球發(fā)生碰撞，并測得碰撞后B球的速度為9m/s，A球的速度變?yōu)?m/s，方向與原來相同．根據(jù)這些實驗數(shù)據(jù)，小明對這次碰撞的規(guī)律做了如下幾種猜想．【猜想1】碰撞后B球獲得了速度，A球把速度傳遞給了B球．【猜想2】碰撞后B球獲得了動能，A球把減少的動能全部傳遞給了B球．(1)你認為以上的猜想成立嗎？若不成立，請簡述理由.(2)根據(jù)實驗數(shù)據(jù)，通過計算說明，有一個什么物理量，在這次碰撞中，B球所增加的這個物理量與A球所減少的這個物理量相等？參考答案：（1）猜想1、2均不成立.因為A球的速度只減少了3m/s,B球的速度卻增加了8m/s,所以猜想1是錯的。（2分）A球的動能減少了,B球動能增加了,所以猜想2也是錯的；（2分）（2）計算：B球動量的增加量ΔpB=0.1×9=0.9kg·m/s，（2分）A球動量的減少量ΔpA=0.3×8－0.3×5=0.9kg·m/s，（2分）從計算結(jié)果可得，B球動量的增加量與A球動量的減少量相等．即系統(tǒng)的總動量保持不變．（2分）四、計算題：本題共3小題，共計47分16.如圖所示，長L=8cm的兩平行金屬板A、B，兩板間距離d=8cm，A板比B板電勢高300V。一帶正電的粒子電荷量q=10-10C,質(zhì)量m=10-20kg，沿電場中心線RO垂直電場線飛入電場,初速度v0=2×106m/s，粒子飛出平行板電場后經(jīng)過界面MN、PS間的無電場區(qū)域后,進入固定在O點的點電荷Q形成的電場區(qū)域，(設界面PS右邊點電荷的電場分布不受界面的影響)。已知兩界面MN、PS相距L′=12cm，D是中心線RO與界面PS的交點，O點在中心線上，粒子穿過界面PS后繞固定在O點的點電荷做勻速圓周運動，最后打在放置于中心線上的熒光屏bc上。(靜電力常量k=9.0×109N·m2/C2)（1）在圖上粗略畫出粒子運動的軌跡；（2）粒子穿過界面MN時偏離中心線RO的距離y和到達PS界面時離D點的距離Y分別是多少?（3）確定點電荷Q的電性并求其電荷量的大小。參考答案：（1）第一段拋物線，第二段直線，第三段圓弧

2分（2）設粒子從電場中飛出時的側(cè)向位移為h,穿過界面PS時偏離中心線OR的距離為y，則：

1分

1分整理即：

代入數(shù)據(jù)，解得：y=0.03m=3cm

1分

設粒子從電場中飛出時的速度方向與水平方向的夾角為θ，沿電場方向的速度為vy，則可列

代入數(shù)據(jù)，解得:

vy=1.5×106m/s

1分由帶入得

則

1分到達PS界面時離D點的距離Y=y+L′tanθ

1分代入數(shù)據(jù)，解得:Y=0.12m=12cm

1分

（3）由粒子的偏轉(zhuǎn)方向可知點電荷的電性為負電

1分由上一問可得粒子從電場中飛出時的速度為：

1分勻速圓周運動的半徑：

1分由：

1分得

代入數(shù)據(jù)，解得：

Q=1.04×10-8C

1分17.如圖所示，質(zhì)量為m的小物塊在粗糙水平桌面上做直線運動，經(jīng)距離l后以速度υ飛離桌面，最終落在水平地面上．已知l=1.4m，υ=3.0m/s，m=0.10kg，物塊與桌面間的動摩擦因數(shù)μ=0.25，桌面高h=0.45m，不計空氣阻力，重力加速度g取10m/s2．求：（1）小物塊落地點距飛出點的水平距離s；（2）小物塊的初速度大小υ0．參考答案：（1）由平拋運動規(guī)律，有

豎直方向

h=gt2

水平方向

s=υt

得水平距離

s=υ=0.90m（2）由動