2023-2024學(xué)年山西省太原市高二下學(xué)期4月期中物理試題（解析版）

高級中學(xué)名校試卷PAGEPAGE32023~2024學(xué)年第二學(xué)期高二年級期中學(xué)業(yè)診斷物理試卷一、單項(xiàng)選擇題：本題共10小題，每小題3分，共30分。請將正確選項(xiàng)前字母標(biāo)號填入下表內(nèi)相應(yīng)位置。1.關(guān)于交變電流，下列說法正確的是（）A.手機(jī)電池提供的電流是交變電流B.交變電流可能是按正余弦規(guī)律變化的C.交變電流的大小一定隨時(shí)間做周期性變化D.家用照明電壓的大小隨時(shí)間做周期性變化，方向不變〖答案〗B〖解析〗A．手機(jī)電池提供的電流是直流電，故A錯(cuò)誤；B．交變電流可能是按正余弦規(guī)律變化的，故B正確；C．交變電流的方向一定隨時(shí)間做周期性變化，大小不一定隨時(shí)間做周期性變化，故C錯(cuò)誤；D．家用照明電壓的大小隨時(shí)間做周期性變化，方向改變，故D錯(cuò)誤。故選B。2.關(guān)于簡諧運(yùn)動(dòng)，下列說法正確的是（）A.彈簧振子的回復(fù)力在半個(gè)周期內(nèi)的功一定為0B.彈簧振子的回復(fù)力在半個(gè)周期內(nèi)的沖量一定為0C.若物體做簡諧運(yùn)動(dòng)，合外力與位移的關(guān)系符合D.物體所受合力大小與時(shí)間滿足一次函數(shù)關(guān)系，物體一定做簡諧運(yùn)動(dòng)〖答案〗A〖解析〗AB．簡諧運(yùn)動(dòng)的物體，在半個(gè)周期內(nèi)，據(jù)圖象可知兩位置關(guān)于平衡位置對稱，即兩位置速度大小相同，方向相反，據(jù)動(dòng)能定理得，回復(fù)力做功一定為0，回復(fù)力在半個(gè)周期內(nèi)的沖量一定不為0，故A正確，B錯(cuò)誤；C．簡諧運(yùn)動(dòng)合外力公式為其中，F(xiàn)合是回復(fù)力，x是物體離開平衡點(diǎn)的位移，故C錯(cuò)誤；D．物體所受合力大小與時(shí)間滿足一次函數(shù)關(guān)系，即加速度大小與時(shí)間滿足一次函數(shù)關(guān)系，這種情況下，位移不可能與加速度滿足正比例關(guān)系，則位移不可能與合外力滿足正比例關(guān)系，物體不做簡諧運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤。故選A。3.關(guān)于電磁感應(yīng)，下列說法不正確的是（）A.圖甲磁電式電表鋁框骨架能起到電磁驅(qū)動(dòng)的作用B.圖乙電流表運(yùn)輸時(shí)，把正負(fù)接線柱用導(dǎo)線連在一起，利用的是電磁阻尼原理C.圖丙阻尼擺片擺動(dòng)中產(chǎn)生感應(yīng)電流，很快停下來D.圖丁變壓器硅鋼片相互絕緣疊加能減小渦流〖答案〗A〖解析〗A．鋁是導(dǎo)體，儀表指針偏轉(zhuǎn)時(shí)鋁框隨之轉(zhuǎn)動(dòng)，并切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電流，感應(yīng)電流又會(huì)受到安培阻力，阻礙線圈的轉(zhuǎn)動(dòng)。故A錯(cuò)誤，與題意相符；B．連接后由于電磁效應(yīng)線圈阻尼變得極大，運(yùn)輸時(shí)線圈不再容易擺動(dòng)，可以防止指針被打壞。故B正確，與題意不符；C．圖丙阻尼擺片擺動(dòng)中產(chǎn)生感應(yīng)電流，從而阻礙磁通量的變化，很快停下來。故C正確，與題意不符；D．變壓器的鐵芯是用相互絕緣的硅鋼片疊成的，這樣可以減小鐵芯中的渦流。故D正確，與題意不符。本題選不正確的故選A。4.如圖所示，絕緣圓環(huán)a與金屬圓環(huán)b同心共面放置，a帶負(fù)電并繞中心O點(diǎn)順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，下列說法正確的是（）A.當(dāng)a順時(shí)針加速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，b產(chǎn)生順時(shí)針方向電流并有擴(kuò)張趨勢B.當(dāng)a順時(shí)針減速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，b產(chǎn)生逆時(shí)針方向電流并有擴(kuò)張趨勢C.當(dāng)a順時(shí)針勻加速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，b產(chǎn)生逆時(shí)針方向電流并有擴(kuò)張趨勢D.當(dāng)a順時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，b不產(chǎn)生電流但有收縮趨勢〖答案〗A〖解析〗A．當(dāng)帶負(fù)電的絕緣圓環(huán)a順時(shí)針加速旋轉(zhuǎn)時(shí)，相當(dāng)于逆時(shí)針方向電流，并且在增大，根據(jù)右手定則，其內(nèi)（金屬圓環(huán)a內(nèi)）有垂直紙面向外的磁場，其外（金屬圓環(huán)b處）有垂直紙面向里的磁場，并且磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度在增大，金屬圓環(huán)b包圍的面積內(nèi)的磁場的總磁感應(yīng)強(qiáng)度是垂直紙面向外（因?yàn)橄蛲獾谋认蚶锏拇磐慷?，向外的是全部，向里的是部分）而且增大，根?jù)楞次定律，b中產(chǎn)生的感應(yīng)電流的磁場垂直紙面向里，磁場對電流的作用力向外，故b中產(chǎn)生順時(shí)針方向的感應(yīng)電流，根據(jù)左手定則，磁場對電流的作用力向外，所以具有擴(kuò)張趨勢，故A正確；B．同理可得當(dāng)a順時(shí)針減速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，b產(chǎn)生逆時(shí)針方向電流并有收縮趨勢，故B錯(cuò)誤；C．同理可得當(dāng)a順時(shí)針勻加速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，b產(chǎn)生順時(shí)針方向電流并有擴(kuò)張趨勢，故C錯(cuò)誤；D．當(dāng)a順時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，相當(dāng)于恒定不變的逆時(shí)針方向電流，金屬圓環(huán)b包圍的面積內(nèi)的磁通量不變，b不產(chǎn)生感應(yīng)電流，b不受安培力做功，沒有收縮趨勢，故D錯(cuò)誤。故選A。5.如圖所示電路中，線圈L電阻不計(jì)，D為理想二極管，下列說法正確的是（）A.S閉合時(shí)，A不亮，B立即變亮B.S閉合時(shí)，A立即變亮，B逐漸變亮C.S斷開時(shí)，A不亮，B立即熄滅D.S斷開時(shí)，A立即變亮，然后逐漸變暗至熄滅〖答案〗D〖解析〗AB．S閉合時(shí)，由于二極管具有單向?qū)щ娦?，A不亮，由于線圈L產(chǎn)生自感電動(dòng)勢阻礙電流增大，B燈逐漸變亮，故AB錯(cuò)誤；CD．S斷開時(shí)，線圈L產(chǎn)生自感電動(dòng)勢，與兩燈構(gòu)成閉合回路，故A立即變亮，然后逐漸變暗至熄滅，故C錯(cuò)誤，D正確。故選D。6.如圖所示為甲、乙彈簧振子的振動(dòng)圖像，下列說法正確的是（）A.兩彈簧振子的初相位不同B.甲系統(tǒng)的機(jī)械能比乙系統(tǒng)的大C.甲、乙兩彈簧振子加速度最大值之比為2：1D.t=2s時(shí)，甲具有負(fù)方向最大速度，乙具有正方向最大位移〖答案〗D〖解析〗A．由圖可知兩彈簧振子周期不相等，初相位相同，故A錯(cuò)誤；B．甲的振幅大，由于甲、乙兩彈簧振子的質(zhì)量、兩個(gè)彈簧勁度系數(shù)不知，無法判斷甲、乙兩系統(tǒng)的機(jī)械能大小，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)彈簧振子周期公式由圖可知?jiǎng)t甲、乙兩彈簧振子振幅比為，根據(jù)牛頓第二定律彈簧振子加速度最大值為故甲、乙兩彈簧振子加速度最大值之比為故C錯(cuò)誤；D．圖像斜率的絕對值表示速度大小，t=2s時(shí)，甲圖像斜率的絕對值最大，且斜率為負(fù)，甲具有負(fù)方向最大速度，由圖可知此時(shí)乙具有正方向最大位移，故D正確。故選D。7.男子蹦床比賽中，運(yùn)動(dòng)員某次下落從最高點(diǎn)到著網(wǎng)點(diǎn)用時(shí)0.8s，從著網(wǎng)點(diǎn)到最低點(diǎn)用時(shí)0.4s。運(yùn)動(dòng)員的質(zhì)量為60kg，不計(jì)空氣阻力，該過程中網(wǎng)對運(yùn)動(dòng)員的平均作用力約為（）A.600N B.1200N C.1800N D.2400N〖答案〗C〖解析〗最高點(diǎn)到著網(wǎng)點(diǎn)過程，根據(jù)動(dòng)能定理有選擇向上為正方向，對運(yùn)動(dòng)員進(jìn)行分析，根據(jù)動(dòng)量定理有解得故選C。8.質(zhì)量為m的物體靜止在光滑水平面上，在水平恒力F的作用下，經(jīng)時(shí)間t走過位移l，動(dòng)量變?yōu)閜、動(dòng)能變?yōu)镋?。若上述過程中F不變，物體的質(zhì)量變?yōu)?m，下列說法正確的是（）A.經(jīng)過時(shí)間t，物體動(dòng)量變?yōu)閜 B.經(jīng)過時(shí)間t，物體動(dòng)能變?yōu)镋?C.經(jīng)過位移l，物體動(dòng)量變?yōu)?p D.經(jīng)過位移l，物體動(dòng)能變?yōu)?E?〖答案〗A〖解析〗A．以初速度方向?yàn)檎较颍鶕?jù)動(dòng)量定理，有Ft=p故F不變，物體的質(zhì)量變?yōu)?m，經(jīng)過時(shí)間t，物體動(dòng)量變?yōu)閜，故A正確；B．根據(jù)動(dòng)量為p，質(zhì)量變?yōu)?m，故動(dòng)能變?yōu)镋k，故B錯(cuò)誤；D．經(jīng)過位移l，根據(jù)動(dòng)能定理，有Fl=Ek故F不變，物體的質(zhì)量變?yōu)?m，經(jīng)過位移l，動(dòng)能仍變?yōu)镋k，故D錯(cuò)誤；C．根據(jù)動(dòng)能為Ek，質(zhì)量變?yōu)?m，故動(dòng)量變?yōu)?，故C錯(cuò)誤。故選A。9.總質(zhì)量為M的噴氣式飛機(jī)靜止在跑道上，飛機(jī)一次性向后噴出質(zhì)量為的氣體后，飛機(jī)在時(shí)間t內(nèi)沿直線前進(jìn)位移x。不計(jì)一切阻力，下列說法正確的是（）A.噴出氣體的速度為B.在噴氣過程中，飛機(jī)與噴出氣體所組成的系統(tǒng)，動(dòng)量和機(jī)械能均守恒C.若噴出氣體的速度變大但動(dòng)量不變，飛機(jī)前進(jìn)位移x的時(shí)間小于tD.若噴出氣體的質(zhì)量不變但速度變大，飛機(jī)前進(jìn)位移x的時(shí)間小于t〖答案〗D〖解析〗A．噴出質(zhì)量為的氣體后，飛機(jī)速度根據(jù)動(dòng)量守恒得噴出氣體的速度為故A錯(cuò)誤；B．在噴氣過程中，飛機(jī)與噴出氣體所組成的系統(tǒng)機(jī)械能增大，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)動(dòng)量守恒若噴出氣體的速度變大但動(dòng)量不變，質(zhì)量變大，則飛機(jī)速度變小，前進(jìn)位移x的時(shí)間大于t，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)動(dòng)量守恒若噴出氣體的質(zhì)量不變但速度變大，動(dòng)量變大，飛機(jī)速度變大，飛機(jī)前進(jìn)位移x的時(shí)間小于t，故D正確。故選D。10.如圖甲所示，可利用二極管將交變電流變?yōu)橹绷?，a、b為正弦式交變電流信號輸入端，D為半導(dǎo)體二極管，R為定值電阻。信號輸入后，電阻R兩端的電壓如圖乙所示，下列選項(xiàng)正確的是（）A.交變電流的頻率為100HzB.R兩端電壓的有效值為C.若電阻R=5Ω，1min內(nèi)R產(chǎn)生的熱量為D.一個(gè)標(biāo)有“90V，50μF”的電容器并聯(lián)在電阻R兩端，電容器可以正常工作〖答案〗C〖解析〗A．由圖可知交變電流的周期為，交變電流的頻率為故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)有效值的定義可得R兩端電壓的有效值為故B錯(cuò)誤；C．若電阻R=5Ω，1min內(nèi)R產(chǎn)生的熱量為故C正確；D．R兩端電壓最大值為，大于電容器最大耐壓值90V，故一個(gè)標(biāo)有“90V，50μF”的電容器并聯(lián)在電阻R兩端，電容器不可以正常工作，故D錯(cuò)誤。故選C。二、多項(xiàng)選擇題：本題包含5小題，每小題3分，共15分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，至少有兩個(gè)選項(xiàng)正確。全部選對的得3分，選不全的得2分，有錯(cuò)者或不答的得0分。請將正確選項(xiàng)前的字母填在下表內(nèi)相應(yīng)位置。11.如圖為某國產(chǎn)品牌手機(jī)磁吸式無線充電器，充電器的發(fā)射線圈接在的正弦式交變電流電源上，手機(jī)接收線圈電壓的有效值為10V，充電器正常工作時(shí)，手機(jī)接收到的功率為44W，若不考慮充電過程中能量的損失，下列說法正確的是（）A.發(fā)射線圈和接收線圈的匝數(shù)之比為22：1B.手機(jī)接收線圈內(nèi)交變電流的方向每秒鐘變化50次C.正常充電時(shí)，充電器發(fā)射線圈中輸入電流的有效值為0.2AD.接收線圈的工作原理是電磁感應(yīng)現(xiàn)象，發(fā)射線圈的工作原理是電流的熱效應(yīng)〖答案〗AC〖解析〗A．正弦式交變電流電壓的有效值為發(fā)射線圈和接收線圈的匝數(shù)之比為故A正確；B．手機(jī)接收線圈內(nèi)交變電流的頻率為電流方向每秒鐘變化100次。故B錯(cuò)誤；C．因?yàn)椴挥?jì)能量損耗，所以發(fā)射線圈的輸入功率等于接收線圈的輸出功率，因此充電器發(fā)射線圈的輸入電流為故C正確；D．接收線圈的工作原理是電磁感應(yīng)現(xiàn)象，發(fā)射線圈的原理是電流的磁效應(yīng)，故D錯(cuò)誤。故選AC。12.如圖所示，理想變壓器的原、副線圈匝數(shù)之比為3：1，原線圈與燈泡串聯(lián)，正弦式交變電流電源電壓恒定，副線圈兩端連接燈泡和。三個(gè)燈泡規(guī)格相同且都能發(fā)光，下列說法正確的是（）A.燈絲被燒斷后，變亮B.燈絲被燒斷后，變亮C.都能發(fā)光時(shí)，三個(gè)燈泡的亮度不相同D.燈絲被燒斷后，變壓器輸入功率不變〖答案〗AC〖解析〗A．燈絲被燒斷后，原線圈電壓增大，根據(jù)理想變壓器原副線圈電壓與線圈匝數(shù)的關(guān)系，副線圈電壓增大，變亮，故A正確；B．副線圈的等效電阻為燈絲被燒斷后，副線圈的等效電阻增大，原線圈電流減小，變暗，故B錯(cuò)誤；C．設(shè)通過燈泡、、的電流為、、，燈泡和并聯(lián)，則根據(jù)理想變壓器原副線圈電流與線圈匝數(shù)的關(guān)系可得故都能發(fā)光時(shí)，三個(gè)燈泡的亮度不相同，故C正確；D．燈絲被燒斷后，副線圈的等效電阻增大，原線圈電流減小，變壓器輸入功率減小，故D錯(cuò)誤。故選AC。13.如圖所示，發(fā)電機(jī)的輸出功率為100kW、輸出電壓為250V，升壓變壓器匝數(shù)之比為1：20，輸電導(dǎo)線總電阻R線上損失的功率為10kW，下列說法正確的是（）A.升壓變壓器原線圈的電流為0.4AB.輸電導(dǎo)線總電阻R線為25ΩC.降壓變壓器原線圈兩端的電壓為4500VD.當(dāng)用戶的總功率減少時(shí)，輸電導(dǎo)線上損失的功率增大〖答案〗BC〖解析〗A．發(fā)電機(jī)的輸出功率為P=100kW輸出電壓為=250V輸出電流根據(jù)故A錯(cuò)誤；B．輸電導(dǎo)線總電阻R線上損失的功率為10kW根據(jù)R線R線=25Ω故B正確；C．根據(jù)升壓變壓器副線圈電壓降壓變壓器原線圈兩端的電壓為故C正確；D．當(dāng)用戶用電器總功率減小時(shí)，用戶總電流I減小，輸電線的電流也減小，所以輸電線上損失的功率減小，故D錯(cuò)誤。14.a、b為水平面內(nèi)光滑金屬圓環(huán)導(dǎo)軌，a環(huán)半徑為2r，b環(huán)半徑為r，長為r的金屬桿MN沿半徑方向跨在導(dǎo)軌上。MN在外力作用下以角速度ω順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，整個(gè)軌道平面區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B，下列說法正確的是（）A.金屬桿N端的電勢高于M端的電勢B.金屬桿產(chǎn)生的電動(dòng)勢大小為C.金屬桿內(nèi)通過的電流為恒定電流D.金屬桿所受外力的功率先增大后減小〖答案〗AB〖解析〗A．金屬桿MN順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，整個(gè)軌道平面區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場，根據(jù)右手定則，故金屬桿N端的電勢高于M端的電勢，故A正確；B．金屬桿產(chǎn)生的電動(dòng)勢大小為故B正確；C．電路未構(gòu)成閉合回路，金屬桿內(nèi)沒有電流，故C錯(cuò)誤；D．金屬桿所受外力的功率為故金屬桿所受外力的功率恒定不變，故D錯(cuò)誤。15.如圖所示，光滑絕緣水平面上方有垂直紙面的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小分別為、。長為a、質(zhì)量為m、電阻為R的單匝正方形金屬線框，以初速度v垂直磁場從O點(diǎn)水平向右運(yùn)動(dòng)，當(dāng)線框中線運(yùn)動(dòng)到磁場中線PQ處時(shí)，線框的速度變?yōu)?，下列選項(xiàng)正確的是（）A.線框的速度為時(shí)，線框的加速度為B.線框速度為時(shí)，線框的電功率為C.線框從v運(yùn)動(dòng)到的過程中，回路中產(chǎn)生的電能為D.線框從v運(yùn)動(dòng)到的過程中，通過線框橫截面的電荷量為〖答案〗ABC〖解析〗A．此時(shí)感應(yīng)電動(dòng)勢線框電流為由牛頓第二定律得3BIa+BIa=ma加解得故A正確；B．線框的速度為時(shí)，線框的電功率為選項(xiàng)B正確；C．線框從v運(yùn)動(dòng)到的過程中，回路中產(chǎn)生的電能為選項(xiàng)C正確；D．線框從v運(yùn)動(dòng)到的過程中，通過線框橫截面的電荷量為選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選ABC。三、實(shí)驗(yàn)題：本題包含2小題，共14分。請將〖答案〗填在題中橫線上或按要求作答。16.某學(xué)習(xí)小組用單擺測量當(dāng)?shù)刂亓铀俣鹊拇笮?。?）下列選項(xiàng)正確的是；A.實(shí)驗(yàn)中計(jì)時(shí)開始時(shí)，擺球位置應(yīng)在最大位移處B.對于甲、乙擺線上端的兩種懸掛方式，選甲方式懸掛C.對于長度不同的1m和30cm同種細(xì)線，選用1m的細(xì)線做擺線D.若擺球第1次經(jīng)過最低點(diǎn)到第51次經(jīng)過最低點(diǎn)時(shí)間為t，單擺周期為（2）如圖用游標(biāo)卡尺測量小球的直徑，直徑d=_______mm，又測量懸掛點(diǎn)與小球上端之間的距離為79.51cm，單擺的擺長為_______mm；（3）多次改變擺長L，測得對應(yīng)的單擺周期T，繪制圖像，由圖丙可得當(dāng)?shù)刂亓铀俣鹊拇笮______________（用字母、和、表示）)?！即鸢浮剑?）C（2）（3）〖解析〗（1）AD．單擺在平衡位置（即最低點(diǎn)）處速度最大，便于確定，所以從單擺經(jīng)過平衡位置時(shí)開始計(jì)時(shí)，若擺球第1次經(jīng)過最低點(diǎn)到第51次經(jīng)過最低點(diǎn)時(shí)間為t，單擺周期為故AD錯(cuò)誤；B．圖甲中擺線纏繞在水平桿上，擺動(dòng)過程中擺線長度不斷發(fā)生變化，實(shí)驗(yàn)誤差較大；圖乙中擺線用鐵夾夾住了，則擺長能保持不變，所以應(yīng)選用圖乙中所示的懸掛方式。故B錯(cuò)誤；C．選用盡可能長的細(xì)線作為擺線，可減小測量擺長時(shí)產(chǎn)生的相對誤差，也能增大單擺的周期，有利于減小周期測量中的誤差。故C正確。（2）[1]用游標(biāo)卡尺測量小球的直徑為[2]單擺的擺長為（3）根據(jù)解得結(jié)合丙圖，可得可得17.某學(xué)習(xí)小組利用如圖裝置驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律。器材有：斜槽軌道(傾斜部分與平直部分平滑連接，平直軌道一側(cè)固定有刻度尺)，材料相同、表面粗糙程度相同的滑塊A、B。在水平軌道上放置滑塊B，位置坐標(biāo)記為，將滑塊A從斜槽軌道上P點(diǎn)由靜止釋放，滑塊A滑下后與滑塊B發(fā)生碰撞，碰后記錄滑塊A、B停下來的位置坐標(biāo)、；取走水平軌道上的滑塊B，再將滑塊A從P點(diǎn)由靜止釋放，記錄滑塊A停下的位置坐標(biāo)。請回答下列問題：（1）為完成該實(shí)驗(yàn)，還需要的實(shí)驗(yàn)器材有__________；（2）第一次實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)不理想，你認(rèn)為下列哪些同學(xué)的說法有道理；A.小劉認(rèn)為：把水平軌道左側(cè)略微墊高一點(diǎn)，使得滑塊在水平軌道上做勻速直線運(yùn)動(dòng)B.小李認(rèn)為：測量位移時(shí)，A、B滑塊都應(yīng)該讀右側(cè)面所對的位置坐標(biāo)C.小王認(rèn)為：讀A、B滑塊左側(cè)面所對的位置坐標(biāo)D.小張認(rèn)為：讀滑塊A右側(cè)面的位置坐標(biāo)，讀滑塊B左側(cè)面的位置坐標(biāo)（3）某次實(shí)驗(yàn)中，滑塊A的質(zhì)量大于滑塊B的質(zhì)量，在誤差允許的范圍內(nèi)，如果滿足關(guān)系式_____，則可以驗(yàn)證A、B碰撞動(dòng)量守恒；如果還想驗(yàn)證A、B的碰撞是否為彈性碰撞，需要驗(yàn)證關(guān)系式________是否成立（選用字母來表示）?！即鸢浮剑?）天平（2）B（3）〖解析〗（1）驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律需計(jì)算A、B滑塊碰撞前后的動(dòng)量，A、B滑塊碰撞前后的速度可通過動(dòng)力學(xué)公式求出，還需天平測量A、B滑塊的質(zhì)量。（2）A．滑塊在水平軌道上做勻減速運(yùn)動(dòng)，滑塊碰撞前后的速度可通過動(dòng)力學(xué)公式求出，不需要把水平軌道左側(cè)略微墊高一點(diǎn)，使得滑塊在水平軌道上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；BCD．滑塊A在斜槽軌道末端時(shí)，滑塊A右側(cè)面與刻度尺零刻度對齊，為減小讀數(shù)誤差以及滑塊長度的影響，測量位移時(shí)，A、B滑塊都應(yīng)該讀右側(cè)面所對的位置坐標(biāo)，故B正確，CD錯(cuò)誤。（3）[1]根據(jù)動(dòng)力學(xué)公式加速度為可知滑塊A碰撞前的速度為滑塊A碰撞后的速度為滑塊B碰撞后的速度為A、B滑塊碰撞前后動(dòng)量守恒，則可得[2]若A、B的碰撞為彈性碰撞，則可得四、計(jì)算題：本題包含4小題，共41分。解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后〖答案〗的不能得分。有數(shù)值計(jì)算的題，〖答案〗中必須明確寫出數(shù)值和單位。18.完全相同的甲、乙兩輛超市手推車沿直線靜置于水平地面，質(zhì)量均為5kg。甲車獲得的初速度后，前進(jìn)與乙車碰撞并嵌套為一體，碰撞時(shí)間極短。車運(yùn)動(dòng)時(shí)受到的阻力恒為車重的0.1倍，重力加速度g取。求：（1）甲車與乙車碰撞前速度的大??；（2）甲車與乙車碰撞后共同運(yùn)動(dòng)的最遠(yuǎn)距離?！即鸢浮剑?）；（2）〖解析〗（1）依題意，甲車所受阻力為由動(dòng)能定理，可得解得（2）依題意，兩車碰撞時(shí)間極短，系統(tǒng)動(dòng)量守恒，可得甲車與乙車碰撞后共同運(yùn)動(dòng)時(shí)，阻力為由動(dòng)能定理，可得解得19.如圖所示，光滑水平面上有邊界平行的勻強(qiáng)磁場區(qū)域，正方形導(dǎo)線框以垂直于邊界的速度穿過磁場，磁場寬度大于線框邊長。線框進(jìn)入磁場前的速度為v1，線框穿出磁場后的速度為v2。求：（1）線框在進(jìn)入磁場的過程中，加速度的變化情況；（2）線框完全進(jìn)入磁場后，在磁場中運(yùn)動(dòng)的速度。〖答案〗（1）加速度方向向左，大小減??；（2）〖解析〗（1）令線框邊長為L，線框在進(jìn)入磁場的過程中，感應(yīng)電動(dòng)勢為感應(yīng)電流為根據(jù)牛頓第二定律有解得根據(jù)右手定則，感應(yīng)電流方向沿逆時(shí)針方向，根據(jù)左手定則可知，安培力方向向左，即加速度方向向左，線框速度減小，加速度減小，可知，線框在進(jìn)入磁場過程中，加速度方向向左，大小減小。（2）線框進(jìn)入磁場過程，根據(jù)動(dòng)量定理有其中，感應(yīng)電流的平均值為線框出磁場過程，根據(jù)動(dòng)量定理有其中，感應(yīng)電流的平均值為其中解得20.如圖甲所示，傾角為θ的絕緣斜面內(nèi)存在勻強(qiáng)磁場，磁場的方向垂直于斜面向下，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B，兩根足夠長的光滑金屬導(dǎo)軌MN、PQ平行放置在斜面上，兩導(dǎo)軌間距為L，M、P兩點(diǎn)間接有阻值為R的定值電阻。質(zhì)量為m、阻值為r的金屬桿ab垂直導(dǎo)軌由靜止釋放，桿ab始終與導(dǎo)軌垂直，導(dǎo)軌電阻不計(jì)，重力加速度為g。求：（1）通過電阻R的電流方向（請說明M→P或P→M）；（2）桿ab下滑后速度的最大值；（3）若桿ab由靜止滑到最大速度所用的時(shí)間為t，此過程中回路產(chǎn)生熱量Q的大小?！即鸢浮剑?）P→M；（2）；（3）〖解析〗（1）根據(jù)右手定則可知通過電阻R的電流方向?yàn)镻→M；（2）當(dāng)桿受的安培力等于重力沿斜面的分力時(shí)，其速度最大，設(shè)為vm，則聯(lián)立解得（3）若桿ab由靜止滑到最大速度所用的時(shí)間為t，規(guī)定沿斜面向下為正方向，根據(jù)動(dòng)量定理，有設(shè)此過程中桿ab沿斜面下滑的距離為x，有x從靜止到最大速度的過程中，設(shè)電路中產(chǎn)生的總熱量Q，根據(jù)能量守恒，有解得21.如圖所示，間距為L的平行光滑金屬導(dǎo)軌固定在同一水平面上，左側(cè)與豎直平面內(nèi)半徑為r的光滑圓弧軌道相連，水平導(dǎo)軌與圓弧軌道相切，接阻值為R的電阻，開關(guān)S斷開。水平導(dǎo)軌內(nèi)有豎直向上的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，導(dǎo)體棒乙靜止于處。導(dǎo)體棒甲從處由靜止釋放，甲棒進(jìn)入磁場后與乙棒相遇時(shí)，兩棒速度恰好相等。兩棒質(zhì)量均為m，電阻均為R，運(yùn)動(dòng)過程中始終與導(dǎo)軌垂直，水平導(dǎo)軌足夠長且電阻不計(jì)，重力加速度大小為g。求：（1）甲、乙相遇時(shí)，甲棒上產(chǎn)生的熱量Q1；（2）乙棒的初始位置離磁場邊界的距離x；（3）甲、乙相遇的瞬間閉合開關(guān)S，在之后的運(yùn)動(dòng)過程中，電阻R上產(chǎn)生的熱量?！即鸢浮剑?）；（2）；（3）〖解析〗（1）甲下滑過程，根據(jù)動(dòng)能定理有對甲乙構(gòu)成的系統(tǒng)，根據(jù)動(dòng)量守恒定律與能量守恒定律有，甲棒上產(chǎn)生的熱量解得（2）對甲，根據(jù)動(dòng)量定理有感應(yīng)電流的平均值為其中解得（3）甲、乙相遇的瞬間閉合開關(guān)S，甲乙同時(shí)切割磁感線，產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢，將甲乙整體作為一個(gè)等效電源，等效內(nèi)阻為甲乙在安培力作用下最終減速至0，電路總的焦耳熱為根據(jù)電熱分配，電阻R上產(chǎn)生的熱量解得2023~2024學(xué)年第二學(xué)期高二年級期中學(xué)業(yè)診斷物理試卷一、單項(xiàng)選擇題：本題共10小題，每小題3分，共30分。請將正確選項(xiàng)前字母標(biāo)號填入下表內(nèi)相應(yīng)位置。1.關(guān)于交變電流，下列說法正確的是（）A.手機(jī)電池提供的電流是交變電流B.交變電流可能是按正余弦規(guī)律變化的C.交變電流的大小一定隨時(shí)間做周期性變化D.家用照明電壓的大小隨時(shí)間做周期性變化，方向不變〖答案〗B〖解析〗A．手機(jī)電池提供的電流是直流電，故A錯(cuò)誤；B．交變電流可能是按正余弦規(guī)律變化的，故B正確；C．交變電流的方向一定隨時(shí)間做周期性變化，大小不一定隨時(shí)間做周期性變化，故C錯(cuò)誤；D．家用照明電壓的大小隨時(shí)間做周期性變化，方向改變，故D錯(cuò)誤。故選B。2.關(guān)于簡諧運(yùn)動(dòng)，下列說法正確的是（）A.彈簧振子的回復(fù)力在半個(gè)周期內(nèi)的功一定為0B.彈簧振子的回復(fù)力在半個(gè)周期內(nèi)的沖量一定為0C.若物體做簡諧運(yùn)動(dòng)，合外力與位移的關(guān)系符合D.物體所受合力大小與時(shí)間滿足一次函數(shù)關(guān)系，物體一定做簡諧運(yùn)動(dòng)〖答案〗A〖解析〗AB．簡諧運(yùn)動(dòng)的物體，在半個(gè)周期內(nèi)，據(jù)圖象可知兩位置關(guān)于平衡位置對稱，即兩位置速度大小相同，方向相反，據(jù)動(dòng)能定理得，回復(fù)力做功一定為0，回復(fù)力在半個(gè)周期內(nèi)的沖量一定不為0，故A正確，B錯(cuò)誤；C．簡諧運(yùn)動(dòng)合外力公式為其中，F(xiàn)合是回復(fù)力，x是物體離開平衡點(diǎn)的位移，故C錯(cuò)誤；D．物體所受合力大小與時(shí)間滿足一次函數(shù)關(guān)系，即加速度大小與時(shí)間滿足一次函數(shù)關(guān)系，這種情況下，位移不可能與加速度滿足正比例關(guān)系，則位移不可能與合外力滿足正比例關(guān)系，物體不做簡諧運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤。故選A。3.關(guān)于電磁感應(yīng)，下列說法不正確的是（）A.圖甲磁電式電表鋁框骨架能起到電磁驅(qū)動(dòng)的作用B.圖乙電流表運(yùn)輸時(shí)，把正負(fù)接線柱用導(dǎo)線連在一起，利用的是電磁阻尼原理C.圖丙阻尼擺片擺動(dòng)中產(chǎn)生感應(yīng)電流，很快停下來D.圖丁變壓器硅鋼片相互絕緣疊加能減小渦流〖答案〗A〖解析〗A．鋁是導(dǎo)體，儀表指針偏轉(zhuǎn)時(shí)鋁框隨之轉(zhuǎn)動(dòng)，并切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電流，感應(yīng)電流又會(huì)受到安培阻力，阻礙線圈的轉(zhuǎn)動(dòng)。故A錯(cuò)誤，與題意相符；B．連接后由于電磁效應(yīng)線圈阻尼變得極大，運(yùn)輸時(shí)線圈不再容易擺動(dòng)，可以防止指針被打壞。故B正確，與題意不符；C．圖丙阻尼擺片擺動(dòng)中產(chǎn)生感應(yīng)電流，從而阻礙磁通量的變化，很快停下來。故C正確，與題意不符；D．變壓器的鐵芯是用相互絕緣的硅鋼片疊成的，這樣可以減小鐵芯中的渦流。故D正確，與題意不符。本題選不正確的故選A。4.如圖所示，絕緣圓環(huán)a與金屬圓環(huán)b同心共面放置，a帶負(fù)電并繞中心O點(diǎn)順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，下列說法正確的是（）A.當(dāng)a順時(shí)針加速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，b產(chǎn)生順時(shí)針方向電流并有擴(kuò)張趨勢B.當(dāng)a順時(shí)針減速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，b產(chǎn)生逆時(shí)針方向電流并有擴(kuò)張趨勢C.當(dāng)a順時(shí)針勻加速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，b產(chǎn)生逆時(shí)針方向電流并有擴(kuò)張趨勢D.當(dāng)a順時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，b不產(chǎn)生電流但有收縮趨勢〖答案〗A〖解析〗A．當(dāng)帶負(fù)電的絕緣圓環(huán)a順時(shí)針加速旋轉(zhuǎn)時(shí)，相當(dāng)于逆時(shí)針方向電流，并且在增大，根據(jù)右手定則，其內(nèi)（金屬圓環(huán)a內(nèi)）有垂直紙面向外的磁場，其外（金屬圓環(huán)b處）有垂直紙面向里的磁場，并且磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度在增大，金屬圓環(huán)b包圍的面積內(nèi)的磁場的總磁感應(yīng)強(qiáng)度是垂直紙面向外（因?yàn)橄蛲獾谋认蚶锏拇磐慷?，向外的是全部，向里的是部分）而且增大，根?jù)楞次定律，b中產(chǎn)生的感應(yīng)電流的磁場垂直紙面向里，磁場對電流的作用力向外，故b中產(chǎn)生順時(shí)針方向的感應(yīng)電流，根據(jù)左手定則，磁場對電流的作用力向外，所以具有擴(kuò)張趨勢，故A正確；B．同理可得當(dāng)a順時(shí)針減速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，b產(chǎn)生逆時(shí)針方向電流并有收縮趨勢，故B錯(cuò)誤；C．同理可得當(dāng)a順時(shí)針勻加速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，b產(chǎn)生順時(shí)針方向電流并有擴(kuò)張趨勢，故C錯(cuò)誤；D．當(dāng)a順時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，相當(dāng)于恒定不變的逆時(shí)針方向電流，金屬圓環(huán)b包圍的面積內(nèi)的磁通量不變，b不產(chǎn)生感應(yīng)電流，b不受安培力做功，沒有收縮趨勢，故D錯(cuò)誤。故選A。5.如圖所示電路中，線圈L電阻不計(jì)，D為理想二極管，下列說法正確的是（）A.S閉合時(shí)，A不亮，B立即變亮B.S閉合時(shí)，A立即變亮，B逐漸變亮C.S斷開時(shí)，A不亮，B立即熄滅D.S斷開時(shí)，A立即變亮，然后逐漸變暗至熄滅〖答案〗D〖解析〗AB．S閉合時(shí)，由于二極管具有單向?qū)щ娦裕珹不亮，由于線圈L產(chǎn)生自感電動(dòng)勢阻礙電流增大，B燈逐漸變亮，故AB錯(cuò)誤；CD．S斷開時(shí)，線圈L產(chǎn)生自感電動(dòng)勢，與兩燈構(gòu)成閉合回路，故A立即變亮，然后逐漸變暗至熄滅，故C錯(cuò)誤，D正確。故選D。6.如圖所示為甲、乙彈簧振子的振動(dòng)圖像，下列說法正確的是（）A.兩彈簧振子的初相位不同B.甲系統(tǒng)的機(jī)械能比乙系統(tǒng)的大C.甲、乙兩彈簧振子加速度最大值之比為2：1D.t=2s時(shí)，甲具有負(fù)方向最大速度，乙具有正方向最大位移〖答案〗D〖解析〗A．由圖可知兩彈簧振子周期不相等，初相位相同，故A錯(cuò)誤；B．甲的振幅大，由于甲、乙兩彈簧振子的質(zhì)量、兩個(gè)彈簧勁度系數(shù)不知，無法判斷甲、乙兩系統(tǒng)的機(jī)械能大小，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)彈簧振子周期公式由圖可知?jiǎng)t甲、乙兩彈簧振子振幅比為，根據(jù)牛頓第二定律彈簧振子加速度最大值為故甲、乙兩彈簧振子加速度最大值之比為故C錯(cuò)誤；D．圖像斜率的絕對值表示速度大小，t=2s時(shí)，甲圖像斜率的絕對值最大，且斜率為負(fù)，甲具有負(fù)方向最大速度，由圖可知此時(shí)乙具有正方向最大位移，故D正確。故選D。7.男子蹦床比賽中，運(yùn)動(dòng)員某次下落從最高點(diǎn)到著網(wǎng)點(diǎn)用時(shí)0.8s，從著網(wǎng)點(diǎn)到最低點(diǎn)用時(shí)0.4s。運(yùn)動(dòng)員的質(zhì)量為60kg，不計(jì)空氣阻力，該過程中網(wǎng)對運(yùn)動(dòng)員的平均作用力約為（）A.600N B.1200N C.1800N D.2400N〖答案〗C〖解析〗最高點(diǎn)到著網(wǎng)點(diǎn)過程，根據(jù)動(dòng)能定理有選擇向上為正方向，對運(yùn)動(dòng)員進(jìn)行分析，根據(jù)動(dòng)量定理有解得故選C。8.質(zhì)量為m的物體靜止在光滑水平面上，在水平恒力F的作用下，經(jīng)時(shí)間t走過位移l，動(dòng)量變?yōu)閜、動(dòng)能變?yōu)镋?。若上述過程中F不變，物體的質(zhì)量變?yōu)?m，下列說法正確的是（）A.經(jīng)過時(shí)間t，物體動(dòng)量變?yōu)閜 B.經(jīng)過時(shí)間t，物體動(dòng)能變?yōu)镋?C.經(jīng)過位移l，物體動(dòng)量變?yōu)?p D.經(jīng)過位移l，物體動(dòng)能變?yōu)?E?〖答案〗A〖解析〗A．以初速度方向?yàn)檎较?，根?jù)動(dòng)量定理，有Ft=p故F不變，物體的質(zhì)量變?yōu)?m，經(jīng)過時(shí)間t，物體動(dòng)量變?yōu)閜，故A正確；B．根據(jù)動(dòng)量為p，質(zhì)量變?yōu)?m，故動(dòng)能變?yōu)镋k，故B錯(cuò)誤；D．經(jīng)過位移l，根據(jù)動(dòng)能定理，有Fl=Ek故F不變，物體的質(zhì)量變?yōu)?m，經(jīng)過位移l，動(dòng)能仍變?yōu)镋k，故D錯(cuò)誤；C．根據(jù)動(dòng)能為Ek，質(zhì)量變?yōu)?m，故動(dòng)量變?yōu)椋蔆錯(cuò)誤。故選A。9.總質(zhì)量為M的噴氣式飛機(jī)靜止在跑道上，飛機(jī)一次性向后噴出質(zhì)量為的氣體后，飛機(jī)在時(shí)間t內(nèi)沿直線前進(jìn)位移x。不計(jì)一切阻力，下列說法正確的是（）A.噴出氣體的速度為B.在噴氣過程中，飛機(jī)與噴出氣體所組成的系統(tǒng)，動(dòng)量和機(jī)械能均守恒C.若噴出氣體的速度變大但動(dòng)量不變，飛機(jī)前進(jìn)位移x的時(shí)間小于tD.若噴出氣體的質(zhì)量不變但速度變大，飛機(jī)前進(jìn)位移x的時(shí)間小于t〖答案〗D〖解析〗A．噴出質(zhì)量為的氣體后，飛機(jī)速度根據(jù)動(dòng)量守恒得噴出氣體的速度為故A錯(cuò)誤；B．在噴氣過程中，飛機(jī)與噴出氣體所組成的系統(tǒng)機(jī)械能增大，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)動(dòng)量守恒若噴出氣體的速度變大但動(dòng)量不變，質(zhì)量變大，則飛機(jī)速度變小，前進(jìn)位移x的時(shí)間大于t，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)動(dòng)量守恒若噴出氣體的質(zhì)量不變但速度變大，動(dòng)量變大，飛機(jī)速度變大，飛機(jī)前進(jìn)位移x的時(shí)間小于t，故D正確。故選D。10.如圖甲所示，可利用二極管將交變電流變?yōu)橹绷?，a、b為正弦式交變電流信號輸入端，D為半導(dǎo)體二極管，R為定值電阻。信號輸入后，電阻R兩端的電壓如圖乙所示，下列選項(xiàng)正確的是（）A.交變電流的頻率為100HzB.R兩端電壓的有效值為C.若電阻R=5Ω，1min內(nèi)R產(chǎn)生的熱量為D.一個(gè)標(biāo)有“90V，50μF”的電容器并聯(lián)在電阻R兩端，電容器可以正常工作〖答案〗C〖解析〗A．由圖可知交變電流的周期為，交變電流的頻率為故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)有效值的定義可得R兩端電壓的有效值為故B錯(cuò)誤；C．若電阻R=5Ω，1min內(nèi)R產(chǎn)生的熱量為故C正確；D．R兩端電壓最大值為，大于電容器最大耐壓值90V，故一個(gè)標(biāo)有“90V，50μF”的電容器并聯(lián)在電阻R兩端，電容器不可以正常工作，故D錯(cuò)誤。故選C。二、多項(xiàng)選擇題：本題包含5小題，每小題3分，共15分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，至少有兩個(gè)選項(xiàng)正確。全部選對的得3分，選不全的得2分，有錯(cuò)者或不答的得0分。請將正確選項(xiàng)前的字母填在下表內(nèi)相應(yīng)位置。11.如圖為某國產(chǎn)品牌手機(jī)磁吸式無線充電器，充電器的發(fā)射線圈接在的正弦式交變電流電源上，手機(jī)接收線圈電壓的有效值為10V，充電器正常工作時(shí)，手機(jī)接收到的功率為44W，若不考慮充電過程中能量的損失，下列說法正確的是（）A.發(fā)射線圈和接收線圈的匝數(shù)之比為22：1B.手機(jī)接收線圈內(nèi)交變電流的方向每秒鐘變化50次C.正常充電時(shí)，充電器發(fā)射線圈中輸入電流的有效值為0.2AD.接收線圈的工作原理是電磁感應(yīng)現(xiàn)象，發(fā)射線圈的工作原理是電流的熱效應(yīng)〖答案〗AC〖解析〗A．正弦式交變電流電壓的有效值為發(fā)射線圈和接收線圈的匝數(shù)之比為故A正確；B．手機(jī)接收線圈內(nèi)交變電流的頻率為電流方向每秒鐘變化100次。故B錯(cuò)誤；C．因?yàn)椴挥?jì)能量損耗，所以發(fā)射線圈的輸入功率等于接收線圈的輸出功率，因此充電器發(fā)射線圈的輸入電流為故C正確；D．接收線圈的工作原理是電磁感應(yīng)現(xiàn)象，發(fā)射線圈的原理是電流的磁效應(yīng)，故D錯(cuò)誤。故選AC。12.如圖所示，理想變壓器的原、副線圈匝數(shù)之比為3：1，原線圈與燈泡串聯(lián)，正弦式交變電流電源電壓恒定，副線圈兩端連接燈泡和。三個(gè)燈泡規(guī)格相同且都能發(fā)光，下列說法正確的是（）A.燈絲被燒斷后，變亮B.燈絲被燒斷后，變亮C.都能發(fā)光時(shí)，三個(gè)燈泡的亮度不相同D.燈絲被燒斷后，變壓器輸入功率不變〖答案〗AC〖解析〗A．燈絲被燒斷后，原線圈電壓增大，根據(jù)理想變壓器原副線圈電壓與線圈匝數(shù)的關(guān)系，副線圈電壓增大，變亮，故A正確；B．副線圈的等效電阻為燈絲被燒斷后，副線圈的等效電阻增大，原線圈電流減小，變暗，故B錯(cuò)誤；C．設(shè)通過燈泡、、的電流為、、，燈泡和并聯(lián)，則根據(jù)理想變壓器原副線圈電流與線圈匝數(shù)的關(guān)系可得故都能發(fā)光時(shí)，三個(gè)燈泡的亮度不相同，故C正確；D．燈絲被燒斷后，副線圈的等效電阻增大，原線圈電流減小，變壓器輸入功率減小，故D錯(cuò)誤。故選AC。13.如圖所示，發(fā)電機(jī)的輸出功率為100kW、輸出電壓為250V，升壓變壓器匝數(shù)之比為1：20，輸電導(dǎo)線總電阻R線上損失的功率為10kW，下列說法正確的是（）A.升壓變壓器原線圈的電流為0.4AB.輸電導(dǎo)線總電阻R線為25ΩC.降壓變壓器原線圈兩端的電壓為4500VD.當(dāng)用戶的總功率減少時(shí)，輸電導(dǎo)線上損失的功率增大〖答案〗BC〖解析〗A．發(fā)電機(jī)的輸出功率為P=100kW輸出電壓為=250V輸出電流根據(jù)故A錯(cuò)誤；B．輸電導(dǎo)線總電阻R線上損失的功率為10kW根據(jù)R線R線=25Ω故B正確；C．根據(jù)升壓變壓器副線圈電壓降壓變壓器原線圈兩端的電壓為故C正確；D．當(dāng)用戶用電器總功率減小時(shí)，用戶總電流I減小，輸電線的電流也減小，所以輸電線上損失的功率減小，故D錯(cuò)誤。14.a、b為水平面內(nèi)光滑金屬圓環(huán)導(dǎo)軌，a環(huán)半徑為2r，b環(huán)半徑為r，長為r的金屬桿MN沿半徑方向跨在導(dǎo)軌上。MN在外力作用下以角速度ω順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，整個(gè)軌道平面區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B，下列說法正確的是（）A.金屬桿N端的電勢高于M端的電勢B.金屬桿產(chǎn)生的電動(dòng)勢大小為C.金屬桿內(nèi)通過的電流為恒定電流D.金屬桿所受外力的功率先增大后減小〖答案〗AB〖解析〗A．金屬桿MN順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，整個(gè)軌道平面區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場，根據(jù)右手定則，故金屬桿N端的電勢高于M端的電勢，故A正確；B．金屬桿產(chǎn)生的電動(dòng)勢大小為故B正確；C．電路未構(gòu)成閉合回路，金屬桿內(nèi)沒有電流，故C錯(cuò)誤；D．金屬桿所受外力的功率為故金屬桿所受外力的功率恒定不變，故D錯(cuò)誤。15.如圖所示，光滑絕緣水平面上方有垂直紙面的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小分別為、。長為a、質(zhì)量為m、電阻為R的單匝正方形金屬線框，以初速度v垂直磁場從O點(diǎn)水平向右運(yùn)動(dòng)，當(dāng)線框中線運(yùn)動(dòng)到磁場中線PQ處時(shí)，線框的速度變?yōu)?，下列選項(xiàng)正確的是（）A.線框的速度為時(shí)，線框的加速度為B.線框速度為時(shí)，線框的電功率為C.線框從v運(yùn)動(dòng)到的過程中，回路中產(chǎn)生的電能為D.線框從v運(yùn)動(dòng)到的過程中，通過線框橫截面的電荷量為〖答案〗ABC〖解析〗A．此時(shí)感應(yīng)電動(dòng)勢線框電流為由牛頓第二定律得3BIa+BIa=ma加解得故A正確；B．線框的速度為時(shí)，線框的電功率為選項(xiàng)B正確；C．線框從v運(yùn)動(dòng)到的過程中，回路中產(chǎn)生的電能為選項(xiàng)C正確；D．線框從v運(yùn)動(dòng)到的過程中，通過線框橫截面的電荷量為選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選ABC。三、實(shí)驗(yàn)題：本題包含2小題，共14分。請將〖答案〗填在題中橫線上或按要求作答。16.某學(xué)習(xí)小組用單擺測量當(dāng)?shù)刂亓铀俣鹊拇笮?。?）下列選項(xiàng)正確的是；A.實(shí)驗(yàn)中計(jì)時(shí)開始時(shí)，擺球位置應(yīng)在最大位移處B.對于甲、乙擺線上端的兩種懸掛方式，選甲方式懸掛C.對于長度不同的1m和30cm同種細(xì)線，選用1m的細(xì)線做擺線D.若擺球第1次經(jīng)過最低點(diǎn)到第51次經(jīng)過最低點(diǎn)時(shí)間為t，單擺周期為（2）如圖用游標(biāo)卡尺測量小球的直徑，直徑d=_______mm，又測量懸掛點(diǎn)與小球上端之間的距離為79.51cm，單擺的擺長為_______mm；（3）多次改變擺長L，測得對應(yīng)的單擺周期T，繪制圖像，由圖丙可得當(dāng)?shù)刂亓铀俣鹊拇笮______________（用字母、和、表示）)。〖答案〗（1）C（2）（3）〖解析〗（1）AD．單擺在平衡位置（即最低點(diǎn)）處速度最大，便于確定，所以從單擺經(jīng)過平衡位置時(shí)開始計(jì)時(shí)，若擺球第1次經(jīng)過最低點(diǎn)到第51次經(jīng)過最低點(diǎn)時(shí)間為t，單擺周期為故AD錯(cuò)誤；B．圖甲中擺線纏繞在水平桿上，擺動(dòng)過程中擺線長度不斷發(fā)生變化，實(shí)驗(yàn)誤差較大；圖乙中擺線用鐵夾夾住了，則擺長能保持不變，所以應(yīng)選用圖乙中所示的懸掛方式。故B錯(cuò)誤；C．選用盡可能長的細(xì)線作為擺線，可減小測量擺長時(shí)產(chǎn)生的相對誤差，也能增大單擺的周期，有利于減小周期測量中的誤差。故C正確。（2）[1]用游標(biāo)卡尺測量小球的直徑為[2]單擺的擺長為（3）根據(jù)解得結(jié)合丙圖，可得可得17.某學(xué)習(xí)小組利用如圖裝置驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律。器材有：斜槽軌道(傾斜部分與平直部分平滑連接，平直軌道一側(cè)固定有刻度尺)，材料相同、表面粗糙程度相同的滑塊A、B。在水平軌道上放置滑塊B，位置坐標(biāo)記為，將滑塊A從斜槽軌道上P點(diǎn)由靜止釋放，滑塊A滑下后與滑塊B發(fā)生碰撞，碰后記錄滑塊A、B停下來的位置坐標(biāo)、；取走水平軌道上的滑塊B，再將滑塊A從P點(diǎn)由靜止釋放，記錄滑塊A停下的位置坐標(biāo)。請回答下列問題：（1）為完成該實(shí)驗(yàn)，還需要的實(shí)驗(yàn)器材有__________；（2）第一次實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)不理想，你認(rèn)為下列哪些同學(xué)的說法有道理；A.小劉認(rèn)為：把水平軌道左側(cè)略微墊高一點(diǎn)，使得滑塊在水平軌道上做勻速直線運(yùn)動(dòng)B.小李認(rèn)為：測量位移時(shí)，A、B滑塊都應(yīng)該讀右側(cè)面所對的位置坐標(biāo)C.小王認(rèn)為：讀A、B滑塊左側(cè)面所對的位置坐標(biāo)D.小張認(rèn)為：讀滑塊A右側(cè)面的位置坐標(biāo)，讀滑塊B左側(cè)面的位置坐標(biāo)（3）某次實(shí)驗(yàn)中，滑塊A的質(zhì)量大于滑塊B的質(zhì)量，在誤差允許的范圍內(nèi)，如果滿足關(guān)系式_____，則可以驗(yàn)證A、B碰撞動(dòng)量守恒；如果還想驗(yàn)證A、B的碰撞是否為彈性碰撞，需要驗(yàn)證關(guān)系式________是否成立（選用字母來表示）。〖答案〗（1）天平（2）B（3）〖解析〗（1）驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律需計(jì)算A、B滑塊碰撞前后的動(dòng)量，A、B滑塊碰撞前后的速度可通過動(dòng)力學(xué)公式求出，還需天平測量A、B滑塊的質(zhì)量。（2）A．滑塊在水平軌道上做勻減速運(yùn)動(dòng)，滑塊碰撞前后的速度可通過動(dòng)力學(xué)公式求出，不需要把水平軌道左側(cè)略微墊高一點(diǎn)，使得滑塊在水平軌道上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；BCD．滑塊A在斜槽軌道末端時(shí)，滑塊A右側(cè)面與刻度尺零刻度對齊，為減小讀數(shù)誤差以及滑塊長度