湖南省株洲市兗州第六中學(xué)2022-2023學(xué)年高三物理月考試題含解析

湖南省株洲市兗州第六中學(xué)2022-2023學(xué)年高三物理月考試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計(jì)15分．每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意1.（多選）一列簡(jiǎn)諧橫波正在沿著x軸的正方向在彈性繩上傳播，波源的周期為0.4s，振幅為0.4m，在時(shí)刻的波形如圖所示，則(

)A.這列波的傳播速度為7.5m/sB.在+0.2s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)P正經(jīng)過(guò)平衡位置向上運(yùn)動(dòng)C.在+0.2s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)M正處于波峰D.從時(shí)刻到+0.2s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)Q通過(guò)的總路程為0.4m參考答案：BD2.一輛汽車從靜止開(kāi)始由甲地出發(fā)，沿平直公路開(kāi)往乙地，汽車先做勻加速運(yùn)動(dòng)，接著做勻減速運(yùn)動(dòng)，開(kāi)到乙地剛好停止，其速度—時(shí)間圖象如圖所示，那么在0～t0和t0～3t0這兩段時(shí)間內(nèi)的()A．加速度大小之比為3∶1

B．加速度大小之比為2∶1C．位移大小之比為2∶1

D．位移大小之比為1∶3參考答案：B3.（單選）靜止在地面上的物體在豎直向上的恒力作用下上升，在某一高度撤去恒力．不計(jì)空氣阻力，在整個(gè)上升過(guò)程中，物體機(jī)械能隨時(shí)間變化的關(guān)系是（）A．B．C．D．參考答案：考點(diǎn)：機(jī)械能守恒定律．版權(quán)所有專題：機(jī)械能守恒定律應(yīng)用專題．分析：恒力做功的大小等于機(jī)械能的增量，撤去恒力后，物體僅受重力，只有重力做功，機(jī)械能守恒．解答：解：設(shè)在恒力作用下的加速度為a，則機(jī)械能增量E=Fh=，知機(jī)械能隨時(shí)間不是線性增加，撤去拉力后，機(jī)械能守恒，則機(jī)械能隨時(shí)間不變．故C正確，A、B、D錯(cuò)誤．故選：C．4.如圖所示，假設(shè)某次罰點(diǎn)球直接射門(mén)時(shí)，球恰好從橫梁下邊緣踢進(jìn)，此時(shí)的速度為。橫梁下邊緣離地面的高度為h，足球質(zhì)量為m，運(yùn)動(dòng)員對(duì)足球做的功為W1，足球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中克服空氣阻力做功為W2，選地面為零勢(shì)能面，下列說(shuō)法正確的是A.運(yùn)動(dòng)員對(duì)足球做的功為WB.足球機(jī)械能的變化量為W1—W2C.足球克服阻力做功為D.運(yùn)動(dòng)員剛踢完球的瞬間，足球的動(dòng)能為參考答案：B5.（單選）下列做法中是為了防止靜電產(chǎn)生的危害的是（）A．在高大的建筑物頂端裝上避雷針B．小汽車頂上裝有一根露在外面的小天線C．在高大的煙囪中安裝靜電除塵器D．汽車制造廠車間里進(jìn)行靜電噴漆參考答案：考點(diǎn)：*靜電的利用和防止．專題：電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題．分析：本題考查是關(guān)于靜電的防止與應(yīng)用，從各種實(shí)例的原理出發(fā)就可以判斷出答案．靜電危害是由于相互間不斷摩擦，從而產(chǎn)生大量的靜電，不及時(shí)導(dǎo)走，會(huì)出現(xiàn)放電危害．解答：解：A、當(dāng)打雷的時(shí)候，由于靜電的感應(yīng)，在高大的建筑物頂端積累了很多的靜電，容易導(dǎo)致雷擊事故，所以在高大的建筑物頂端安裝避雷針可以把雷電引入地下，保護(hù)建筑物的安全，屬于靜電防止，故A正確；B、小汽車頂上裝有一根露在外面的小天線是收音機(jī)天線，不是避雷針；故B錯(cuò)誤；C、靜電除塵時(shí)除塵器中的空氣被電離，煙霧顆粒吸附電子而帶負(fù)電，顆粒向電源正極運(yùn)動(dòng)，屬于靜電應(yīng)用，故C錯(cuò)誤；D、汽車制造廠車間里進(jìn)行靜電噴漆，屬于靜電的應(yīng)用；故D錯(cuò)誤；故選：A．點(diǎn)評(píng)：靜電在生產(chǎn)生活中無(wú)處不在，我們有些是加以利用，而有些時(shí)候是要防止靜電的危害的；在學(xué)習(xí)中要注意區(qū)分．二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計(jì)16分15.某行星和地球繞太陽(yáng)公轉(zhuǎn)的軌道均可視為圓。每過(guò)N年，該行星會(huì)運(yùn)行到日地連線的延長(zhǎng)線上，如圖所示。該行星與地球的公轉(zhuǎn)半徑之比為_(kāi)__________。

參考答案：()7.如圖所示，質(zhì)量為m，橫截面為直角三角形的物塊ABC，，AB邊靠在豎直墻面上，在垂直于斜面的推力F作用下，物塊處于靜止?fàn)顟B(tài)，則物塊受到墻面的彈力大小為_(kāi)________；摩擦力大小為_(kāi)________。

參考答案：

答案：，8.（1）．如圖所示為某同學(xué)所安裝的“驗(yàn)證牛頓第二定律”的實(shí)驗(yàn)裝置，在圖示狀態(tài)下，開(kāi)始做實(shí)驗(yàn)，該同學(xué)有裝置和操作中的主要錯(cuò)誤是:_________________________________________________________________________________________________________________________（2）在“驗(yàn)證牛頓第二定律”的實(shí)驗(yàn)中，為了使小車受到合外力等于小沙桶和沙的總重量，通常采用如下兩個(gè)措施：（A）平衡摩擦力：將長(zhǎng)木板無(wú)滑輪的一端下面墊一小木塊，反復(fù)移動(dòng)木塊的位置，直到小車在小桶的拉動(dòng)下帶動(dòng)紙帶與小車一起做勻速直線運(yùn)動(dòng)；（B）調(diào)整沙的多少，使沙和小沙桶的總質(zhì)量m遠(yuǎn)小于小車和砝碼的總質(zhì)量M．請(qǐng)問(wèn)：①（2分）以上哪一個(gè)措施中有何重大錯(cuò)誤?答：______________________________________________________________________②（2分）在改正了上述錯(cuò)誤之后,保持小車及砝碼質(zhì)量M不變．反復(fù)改變沙的質(zhì)量，并測(cè)得一系列數(shù)據(jù)，結(jié)果發(fā)現(xiàn)小車受到的合外力（小桶及砂重量）與加速度的比值略大于小車及砝碼質(zhì)量M，經(jīng)檢查發(fā)現(xiàn)滑輪非常光滑，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器工作正常，且事先基本上平衡了摩擦力，那么出現(xiàn)這種情況的主要原因是什么?

答：_________________________________________________________________________參考答案：（1）主要錯(cuò)誤是：A長(zhǎng)木板右端未墊高以平穩(wěn)衡摩擦力；B電源應(yīng)改用6V的交流電源；C牽引小車的細(xì)線沒(méi)有與木板平行；D開(kāi)始實(shí)驗(yàn)時(shí)，小車離打點(diǎn)計(jì)時(shí)器太遠(yuǎn)。點(diǎn)（2）①（A）中平衡摩擦力時(shí)，不應(yīng)用小桶拉動(dòng)小車做勻速運(yùn)動(dòng)，應(yīng)讓小車拖著紙帶下滑來(lái)平衡摩擦力。

②由于拉小車的合外力F<mg,而處理數(shù)據(jù)時(shí)又將F=mg處理，因此有：9.如圖所示，某車沿水平方向高速行駛，車廂中央的光源發(fā)出一個(gè)閃光，閃光照到了車廂的前、后壁，則地面上的觀察者認(rèn)為該閃光________(填“先到達(dá)前壁”“先到達(dá)后壁”或“同時(shí)到達(dá)前后壁”)，同時(shí)他觀察到車廂的長(zhǎng)度比靜止時(shí)變________(填“長(zhǎng)”或“短”)了．參考答案：先到達(dá)后壁短10.剎車后的汽車做勻減速運(yùn)動(dòng)直到停止，則它在前一半時(shí)間與后一半時(shí)間的平均速度之比為 ；它在前一半位移與后一半位移的平均速度之比為

。參考答案：3：1，：111.一人造地球衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，假如該衛(wèi)星變軌后仍做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，動(dòng)能減小為原來(lái)的1/4，不考慮衛(wèi)星質(zhì)量的變化，則變軌后衛(wèi)星的軌道半徑

（填“變大”，“變小”或“不變”），前后角速度之比為

。參考答案：變大，8:112.（6分）在圖中，物體的質(zhì)量m=0．5kg，所加壓力F=40N，方向與豎直墻壁垂直。若物體處于靜止?fàn)顟B(tài)，則物體所受的靜摩擦力大小為_(kāi)________N，方向________；若將F增大到60N，物體仍靜止，則此時(shí)物體所受的靜摩擦力大小為_(kāi)______N。參考答案：

5

向上

5

13.質(zhì)量分別為60kg和70kg的甲、乙兩人，分別同時(shí)從原來(lái)靜止于光滑水平面上的小車兩端，以3m/s的水平初速度沿相反方向跳到地面上。若小車的質(zhì)量為20kg，則當(dāng)兩人跳離小車后，小車的運(yùn)動(dòng)速度為_(kāi)____________m/s，方向與（選填“甲、乙”）_____________相反。參考答案：1.5m/s，乙

三、簡(jiǎn)答題：本題共2小題，每小題11分，共計(jì)22分14.如圖所示，水平傳送帶兩輪心O1O2相距L1=6.25m，以大小為v0=6m/s不變的速率順時(shí)針運(yùn)動(dòng)，傳送帶上表面與地面相距h=1.25m．現(xiàn)將一質(zhì)量為m=2kg的小鐵塊輕輕放在O1的正上方，已知小鐵塊與傳送帶間動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.2，重力加速度g取10m/s2，求：（1）小鐵塊離開(kāi)傳送帶后落地點(diǎn)P距離O2的水平距離L2；（2）只增加L1、m、v0中的哪一個(gè)物理量的數(shù)值可以使L2變大．參考答案：（1）小鐵塊離開(kāi)傳送帶后落地點(diǎn)P距離O2的水平距離為2.5m；（2）只增加L1數(shù)值可以使L2變大．解：（1）小鐵塊輕放在傳送帶上后受到摩擦力的作用，由μmg=ma得a=μg=2m/s2，當(dāng)小鐵塊的速度達(dá)到6m/s時(shí)，由vt2=2ax得：x=9m由于9m＞L1=6.25m，說(shuō)明小鐵塊一直做加速運(yùn)動(dòng)設(shè)達(dá)到O2上方的速度為v，則v==5m/s小鐵塊離開(kāi)傳送帶后做平拋運(yùn)動(dòng)根據(jù)h=gt2得下落時(shí)間：t==0.5s由L2=vt=5×0.5=2.5m（2）欲使L2變大，應(yīng)使v變大由v=可知，L1增大符合要求m、v0增大對(duì)a沒(méi)有影響，也就對(duì)v和L2沒(méi)有影響因此，只增加L1、m、v0中的L1的數(shù)值可以使L2變大．答：（1）小鐵塊離開(kāi)傳送帶后落地點(diǎn)P距離O2的水平距離為2.5m；（2）只增加L1數(shù)值可以使L2變大．15.將下圖中的電磁鐵連入你設(shè)計(jì)的電路中（在方框內(nèi)完成），要求：A．電路能改變電磁鐵磁性的強(qiáng)弱；B．使小磁針靜止時(shí)如圖所示。參考答案：（圖略）要求畫(huà)出電源和滑動(dòng)變阻器，注意電源的正負(fù)極。四、計(jì)算題：本題共3小題，共計(jì)47分16.如圖所示，A、B兩板間距為d1=0.04m，板間電勢(shì)差為U1=2×103V，C、D兩板間距離d2=0.40m，C、D兩板板長(zhǎng)均為L(zhǎng)=1.0m，兩板間加一恒定電壓U2（C板電勢(shì)高）．在S處有一電量為q=8×10﹣5C、質(zhì)量為m=2×10﹣6C的帶正電粒子，無(wú)初速釋放，經(jīng)A、B間電場(chǎng)加速又經(jīng)C、D間電場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后直接進(jìn)入一個(gè)垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，磁感強(qiáng)度為B=100T，不計(jì)重力影響．欲使該帶電粒子經(jīng)過(guò)磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后，飛回C、D兩板間，恰打在D板的左邊緣．求：（1）該帶電粒子以多大的初速度飛入C、D兩板間？（2）C、D兩板間電勢(shì)差U2（3）勻強(qiáng)磁場(chǎng)的寬度b至少為多少？參考答案：考點(diǎn)：帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)；牛頓第二定律；向心力．專題：帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專題．分析：（1）粒子在A、B間做加速運(yùn)動(dòng)，由動(dòng)能定理可以求出粒子的速度．（2）粒子在C、D間做類平拋運(yùn)動(dòng)，粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，應(yīng)用類平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律、牛頓第二定律求出電勢(shì)差．（3）根據(jù)幾何知識(shí)求出勻強(qiáng)磁場(chǎng)的寬度．解答：解：（1）AB加速階段，由動(dòng)能定理得：qU1=mv02﹣0…①代入數(shù)據(jù)解得：v0=400m/s…②，（2）粒子在C、D間偏轉(zhuǎn)，帶電粒子作類平拋運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)時(shí)間：t1=，代入數(shù)據(jù)解得：t1=2.5×10﹣3s…③側(cè)移量：y1=at12=t12…④設(shè)在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中，偏轉(zhuǎn)角為θ則：tanθ===×=…⑤粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：qvB=m…⑥得粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑：R=…⑦磁場(chǎng)中向上側(cè)移量：h=2Rcosθ==，代入數(shù)據(jù)解得：h=0.2m…⑧由﹣y1+h+y1=a（2t1）2=4y1…⑨，代入數(shù)據(jù)解得：y1=0.1m…⑩代入④式解得：U2=320V…（11）（3）把U2=320V，代入⑤式解得：tanθ=0.2…（12）v==v0=80m/s…（13）代入⑦式和幾何關(guān)系：：b=R+Rsinθ=（1+sinθ），代入數(shù)據(jù)解得：b=0.02（+1）m；答：（1）該帶電粒子以400m/s的初速度飛入C、D兩板間；（2）C、D兩板間電勢(shì)差U2為320V；（3）勻強(qiáng)磁場(chǎng)的寬度b至少為0.02（+1）m．點(diǎn)評(píng)：本題考查了粒子在電場(chǎng)與磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，分析清楚粒子的運(yùn)動(dòng)過(guò)程是正確解題的前提與關(guān)鍵，應(yīng)用動(dòng)能定理、類平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律、牛頓第二定律即可正確解題．17.空間存在兩個(gè)場(chǎng)區(qū)，一個(gè)是以虛線為邊界、O點(diǎn)為圓心的半徑為R勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，在磁場(chǎng)區(qū)域的右邊有一個(gè)勻強(qiáng)電電場(chǎng)區(qū)域，其寬度為R，電場(chǎng)與磁場(chǎng)區(qū)域的邊界相切.現(xiàn)有一質(zhì)量為m、電荷量為+q的粒子（重力不計(jì)）從磁場(chǎng)邊界上的A點(diǎn)以一定的初速度正對(duì)圓心O進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域，AO的連線與電場(chǎng)垂直，若電場(chǎng)區(qū)域足夠長(zhǎng).（1）只有當(dāng)粒子的初速度大于某個(gè)值v1，粒子才能進(jìn)入電場(chǎng)區(qū)域，求v1多大？（2）若粒子的初速度時(shí)，粒子恰能從電場(chǎng)中的P點(diǎn)以垂直于電場(chǎng)的速度飛出電場(chǎng)區(qū)域，求勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)E多大？（3）若在電場(chǎng)區(qū)域右邊界上以垂直于電場(chǎng)向左的初速度將該粒子拋出，粒子恰好不能進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域，求拋出點(diǎn)與P點(diǎn)的距離s.參考答案：（1）由題意知，粒子的速率為v1時(shí)對(duì)應(yīng)的在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為R,由，（2）當(dāng)粒子的速度為v2時(shí)，設(shè)粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為r，，得，設(shè)粒子離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)速度偏向角為，則，粒子在電場(chǎng)中水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，設(shè)運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t1，有豎直方向做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，有，解得：（3）設(shè)粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t2，粒子離開(kāi)電場(chǎng)時(shí)的速度偏轉(zhuǎn)了角，則：，解得：則由幾何知識(shí)可判斷，粒子粒子速度為v2時(shí)進(jìn)入電場(chǎng)的位置和粒子速度為v3時(shí)離開(kāi)磁場(chǎng)的位置為同一位置，設(shè)兩種情況下粒子在電場(chǎng)中豎直方向偏移的距離分別為y1、y2，則=，當(dāng)粒子軌跡與圓的上部相切時(shí)，拋出點(diǎn)與P點(diǎn)間的距離當(dāng)粒子軌跡與圓的下部相切時(shí)，拋出點(diǎn)與P點(diǎn)間的距離：18.質(zhì)量分別為m1=1kg，m2=3kg的小車A和B靜止在水平面上，小車A的右端水平連接一根輕彈簧，小車B以水平向左的初速度v0向A駛來(lái)，與輕彈簧相碰之后，小車A獲得的最大速度為v=6m/s，如果不計(jì)摩擦，也不計(jì)相互作用過(guò)程中機(jī)械能損失，求：

①小車B的初速度v0；

②A和B相互作用過(guò)程中，彈簧獲得的最大彈性勢(shì)能。參考答案：解：①由題意可得，當(dāng)A、B相互作用彈簧恢復(fù)到原長(zhǎng)時(shí)A的速度達(dá)到最大，設(shè)此時(shí)B的速度為，所以：由動(dòng)量守恒定律可得：

（1）2分相互作用前后