安徽省淮南市第二中學(xué)2017-2018學(xué)年高二物理上學(xué)期期中試題理（含解析）

安徽省淮南市第二中學(xué)20172018學(xué)年高二上學(xué)期期中考試物理（理）試題一、單選題：本題共8個(gè)小題，每小題3分，共24分。1.以下敘述中正確的是A.帶電量較小的帶電體可以看成是點(diǎn)電荷B.電場(chǎng)線的形狀可以用實(shí)驗(yàn)來(lái)模擬，這說(shuō)明電場(chǎng)線是實(shí)際存在的C.一般情況下，兩個(gè)點(diǎn)電荷之間的庫(kù)侖力比它們之間的萬(wàn)有引力要大得多D.電場(chǎng)線的分布情況可以反映出電場(chǎng)中各點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)方向，但無(wú)法描述電場(chǎng)的強(qiáng)弱【答案】C..................BD、電場(chǎng)線是虛擬的，實(shí)際不存在．電場(chǎng)線的疏密反應(yīng)電場(chǎng)的強(qiáng)弱，故BD錯(cuò)誤；C、一般情況下，兩個(gè)點(diǎn)電荷之間的庫(kù)侖力比它們之間的萬(wàn)有引力要大得多，故C正確；故選C。2.如圖為一塊電池的背面印有的一些符號(hào)，下列說(shuō)法不正確的是A.該電池的容量為500mA·hC.該電池在工作1小時(shí)后達(dá)到的電流為500mAD.若電池以10mA的電流工作，可用50小時(shí)【答案】C3.在靜電場(chǎng)中，讓質(zhì)子逆著電場(chǎng)線的方向由A點(diǎn)移到B點(diǎn)，如圖所示，則（）A.電場(chǎng)力做正功，A點(diǎn)電勢(shì)高于B點(diǎn)B.電場(chǎng)力做正功，A點(diǎn)電勢(shì)低于B點(diǎn)C.電場(chǎng)力做負(fù)功，A點(diǎn)電勢(shì)高于B點(diǎn)D.電場(chǎng)力做負(fù)功，A點(diǎn)電勢(shì)低于B點(diǎn)【答案】D【解析】試題分析：電場(chǎng)強(qiáng)度方向水平向右，質(zhì)子帶正電在電場(chǎng)中受力方向與電場(chǎng)強(qiáng)度方向相同，故受到從B指向A的電場(chǎng)力，故從A至B的過(guò)程中質(zhì)子受力方向與運(yùn)動(dòng)方向相反，故電場(chǎng)力做負(fù)功，根據(jù)電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能變化的關(guān)系知，電場(chǎng)力做負(fù)功，電場(chǎng)線方向從B向A，因?yàn)檠刂妶?chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低，故A點(diǎn)電勢(shì)低于B點(diǎn)電勢(shì)，故D正確?？键c(diǎn)：電勢(shì)能、電勢(shì)【名師點(diǎn)睛】本題主要考查電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能變化的關(guān)系，知道電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加，掌握沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)的變化情況是解決問(wèn)題的關(guān)鍵。4.如圖所示，長(zhǎng)為L(zhǎng)的枕形導(dǎo)體原來(lái)不帶電，O點(diǎn)是其幾何中心．將一個(gè)帶正電、電量為Q的點(diǎn)電荷放置在距導(dǎo)體左端R處，由于靜電感應(yīng)，枕形導(dǎo)體的a、b端分別出現(xiàn)感應(yīng)電荷，k

為靜電力常量，則（）A.閉合S，有電子從枕形導(dǎo)體流向大地B.導(dǎo)體

a、b

端電勢(shì)滿足關(guān)系

φa＜φbC.導(dǎo)體兩端的感應(yīng)電荷在O點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小等于0D.導(dǎo)體兩端的感應(yīng)電荷在O點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小等【答案】D【解析】A、閉合開(kāi)關(guān)，將導(dǎo)體和大地看作整體，離正電荷最近的地方（導(dǎo)體a端）帶負(fù)電，地球的另一端帶正電，即地球另一端的電子流到導(dǎo)體上，故A錯(cuò)誤；B、枕形導(dǎo)體是等勢(shì)體，則有，故B錯(cuò)誤；CD、導(dǎo)體棒當(dāng)達(dá)到靜電平衡后，導(dǎo)體兩端的感應(yīng)電荷在O點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小與點(diǎn)電荷+Q在該處產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，方向相反，則導(dǎo)體兩端的感應(yīng)電荷在O點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小為，故C錯(cuò)誤，D正確；5.圖中的實(shí)線表示電場(chǎng)線，虛線表示只受電場(chǎng)力作用的帶電粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡，粒子先經(jīng)過(guò)M點(diǎn)，再經(jīng)過(guò)N點(diǎn)，下列判定錯(cuò)誤的是（）A.粒子在M點(diǎn)速度小于在N點(diǎn)速度B.粒子在M點(diǎn)電勢(shì)能小于在N點(diǎn)電勢(shì)能C.M點(diǎn)的電勢(shì)高于N點(diǎn)的電勢(shì)D.M點(diǎn)的加速度小于于N點(diǎn)的加速度【答案】B【解析】ABC、由圖看出，粒子的軌跡向下彎曲，粒子所受電場(chǎng)力大致向下，電場(chǎng)線方向斜向下，說(shuō)明粒子帶正電，粒子從M運(yùn)動(dòng)到N的過(guò)程中，電場(chǎng)力做正功，粒子的電勢(shì)能減小，動(dòng)能增大，則粒子在M點(diǎn)的動(dòng)能小于在N點(diǎn)的動(dòng)能，故A正確；粒子M點(diǎn)的電勢(shì)能大于N點(diǎn)的電勢(shì)能，粒子M點(diǎn)的電勢(shì)大于N點(diǎn)的電勢(shì)，故B錯(cuò)誤，C正確；D、場(chǎng)線的疏密反映電場(chǎng)的強(qiáng)弱，所以M點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)小于N點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)，所以粒子在M點(diǎn)受到的電場(chǎng)力小于在N點(diǎn)受到的電場(chǎng)力，故D正確；錯(cuò)誤的故選B。6.兩根完全相同的金屬裸導(dǎo)線，如果把其中的一根均勻拉長(zhǎng)到原來(lái)的3倍，然后給它們分別加相同電壓后，則在同一時(shí)間內(nèi)它們產(chǎn)生的熱量之比為()A.1∶3B.3∶1C.1∶9D.9∶1【答案】C【解析】設(shè)原來(lái)的電阻為R，把其中的一根均勻拉長(zhǎng)到原來(lái)的3倍，橫截面積變?yōu)樵瓉?lái)的倍，根據(jù)電阻定律，電阻變?yōu)?R，根據(jù)焦耳定律，它們分別加相同電壓后，則在同一時(shí)間內(nèi)它們產(chǎn)生的熱量之比為，故C正確，ABD錯(cuò)誤；故選C。7.小燈泡通電后其電流I隨所加電壓U變化的I—U圖線如圖所示，P為圖線上一點(diǎn)，PN為圖線的切線，PQ為U軸的垂線，PM為I軸的垂線，下列說(shuō)法中正確的是()A.隨著所加電壓的增大，小燈泡的電阻減小B.對(duì)應(yīng)P點(diǎn)，小燈泡的電阻為C.對(duì)應(yīng)P點(diǎn)，小燈泡的電阻為D.對(duì)應(yīng)P點(diǎn)，小燈泡的功率為圖中曲線PQO所圍不規(guī)則部分的“面積”。【答案】B【解析】A、IU圖線各點(diǎn)與原點(diǎn)連線的斜率表示電阻，由題，此斜率增大，說(shuō)明隨著所加電壓的增大，小燈泡的電阻增大，故A錯(cuò)誤；BC、根據(jù)電阻的定義得到，對(duì)應(yīng)P點(diǎn)，小燈泡的電阻為，R不等于切線斜率，故B正確，C錯(cuò)誤；D、功率公式，對(duì)應(yīng)P點(diǎn)，小燈泡的功率為圖線PQOM所圍規(guī)則部分的“面積”，故D錯(cuò)誤；故選B。8.某示波管在偏轉(zhuǎn)電極XX′、YY′上不加偏轉(zhuǎn)電壓時(shí)光斑位于屏幕中心?，F(xiàn)給偏轉(zhuǎn)電極XX′（水平方向）、YY′（豎直方向）加上如圖（1）、（2）所示的偏轉(zhuǎn)電壓，則在光屏上將會(huì)看到下列哪個(gè)可能圖形(圓為熒光屏，虛線為光屏坐標(biāo))()A.B.C.D.【答案】D【解析】試題分析：由圖1可知，x方向加逐漸增大的電壓，則電子將向x方向偏轉(zhuǎn)；由圖2可知，y方向加正向電壓，則電子將向y方向偏轉(zhuǎn)，并打在同一位置；故電子在示波器上形成一條在xy中的直線，故答案為：D考點(diǎn)：示波器【名師點(diǎn)睛】本題考查示波器原理，注意電子在示波器內(nèi)的時(shí)間很短，故可以認(rèn)為電子在電場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)過(guò)程中電壓不變。電子水平方向受UX的作用，y方向上受UY的作用，根據(jù)電子的受力方向可得出電子所打在的位置，進(jìn)而確定示波器中看到的圖形。二、多選題：本題共4個(gè)小題，每小題4分，共16分。9.在如圖甲所示的電路中，L1、L2、L3為三只相同規(guī)格的小燈泡，這種小燈泡的伏安特性曲線如圖乙所示；當(dāng)開(kāi)關(guān)S閉合后，電路中的總電流為0.25A，則此時(shí)A.L1的電阻為12ΩB.L1、L2消耗的電功率的比值等于4：1C.L1上的電壓為L(zhǎng)2上電壓的2倍D.L1消耗的電功率為0.75W【答案】AD【解析】A、據(jù)電路圖可知據(jù)乙圖可知電流為0.25A，L1燈泡的電壓為3V，L1的電阻為，故A正確；BCD、燈泡L2、L3并聯(lián)，每個(gè)燈泡通過(guò)的電流為0.125A，從圖乙知電壓U2＜1V，L1兩端的電壓不是L2兩端電壓的2倍，電流為0.125A時(shí)電壓大約為0.5V，L1消耗的功率P1=U1I1=0.75W，L2消耗的功率P2=U2I2＜1V×0.125A=0.125W，故BC錯(cuò)誤，D正確；故選AD。10.如圖所示，質(zhì)量相同的兩個(gè)帶電粒子P、Q以相同的速度沿垂直于電場(chǎng)方向射入兩平行板間的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，P從兩極板正中央射入，Q從下極板邊緣處射入，它們最后打在同一點(diǎn)(重力不計(jì))，則從開(kāi)始射入到打到上極板的過(guò)程中,關(guān)于兩個(gè)帶電粒子P、Q()A.它們所帶的電荷量之比qP∶qQ＝1∶2B.它們動(dòng)能增加量之比ΔEkP∶ΔEkQ＝1∶2C.它們運(yùn)動(dòng)時(shí)間的大小關(guān)系是tP∶tQ＝1∶2D.它們運(yùn)動(dòng)加速度的大小關(guān)系是aP∶aQ＝1∶2【答案】AD【解析】試題分析：垂直電場(chǎng)方向不受力，做勻速直線運(yùn)動(dòng)，位移相等，得到運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等，C錯(cuò)誤；平行電場(chǎng)方向受到電場(chǎng)力，做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)位移時(shí)間關(guān)系公式，有：，由于兩帶電粒子平行電場(chǎng)方向分位移之比為1：2，所以它們所帶的電荷量之比qP∶qQ＝1∶2，故A正確；加速度之比aP∶aQ＝1∶2，D正確；電場(chǎng)力做的功等于動(dòng)能的增量=，所以它們動(dòng)能增加量之比ΔEkP∶ΔEkQ＝1∶4，B錯(cuò)誤；故選AD?？键c(diǎn)：帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)；牛頓第二定律；動(dòng)能定理的應(yīng)用【名師點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵將兩個(gè)帶電粒子的運(yùn)動(dòng)沿垂直電場(chǎng)方向和平行電場(chǎng)方向兩個(gè)方向正交分解，垂直電場(chǎng)方向不受力，做勻速直線運(yùn)動(dòng)；平行電場(chǎng)方向受到電場(chǎng)力，做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式、牛頓第二定律和功能關(guān)系聯(lián)合列式分析。11.一學(xué)生去實(shí)驗(yàn)室取定值電阻兩只,R1=1kΩ,R21并聯(lián),電壓表示數(shù)為U1,再用電壓表與R2并聯(lián),電壓表示數(shù)為U2,則下列說(shuō)法正確的是()A.U2一定小于9.0VB.U1一定大于3.0VC.U1與U2之和小于12VD.U1與U2之比一定不等于1∶3【答案】AC【解析】試題分析：不接電壓表時(shí)，R1、R2串聯(lián)，電壓之比為：，而U′1+U′2=12V，解得：U′1=3．0V，U′2=9．0V；當(dāng)電壓表并聯(lián)在R1兩端時(shí)，有：，解得：U1＜3V，同理，當(dāng)電壓表并聯(lián)在R2兩端時(shí)，有：U2＜9V，得：U1+U2＜12V．故AC正確，B錯(cuò)誤；設(shè)電壓表內(nèi)阻為RV，則電壓表與R1并聯(lián)時(shí)，其示數(shù)；電壓表與R2并聯(lián)時(shí)，其示數(shù),則可知，兩電壓表讀數(shù)之比一定等于1：3．故D正確．故選ACD．考點(diǎn)：歐姆定律的應(yīng)用【名師點(diǎn)睛】本題主要運(yùn)用串并聯(lián)的知識(shí)討論電壓表對(duì)電路的影響，知道并聯(lián)電壓表后并聯(lián)部分電阻變小，并能明確接入電壓表時(shí)總電阻減小，同時(shí)注意要將電壓表視為電阻進(jìn)行分析，利用串并聯(lián)電路的規(guī)律定量分析電壓表示數(shù)。12.一半徑為R的均勻帶正電圓環(huán)水平放置,環(huán)心為O點(diǎn),質(zhì)量為m的帶正電的小球從O點(diǎn)正上方h高的A點(diǎn)靜止釋放,并穿過(guò)帶電環(huán),關(guān)于小球從A運(yùn)動(dòng)到與O對(duì)稱(chēng)的點(diǎn)A'的過(guò)程中,其重力勢(shì)能、機(jī)械能(E)、電勢(shì)能、加速度(a)隨位置變化的圖象如圖所示(取0點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn)且重力勢(shì)能為零,加速度的正方向豎直向下,并取無(wú)限遠(yuǎn)處電勢(shì)為零).其中可能正確的是()A.B.C.D.【答案】AB【解析】A、小球從A到圓環(huán)中心的過(guò)程中，重力勢(shì)能EpG=mgh，小球穿過(guò)圓環(huán)后，EpG=mgh，根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)可知，A是可能的，故A正確；B、小球從A到圓環(huán)中心的過(guò)程中，電場(chǎng)力做負(fù)功，機(jī)械能減小，小球穿過(guò)圓環(huán)后，電場(chǎng)力做正功，機(jī)械能增大，故B是可能的，故B正確；C、由于圓環(huán)所產(chǎn)生的是非勻強(qiáng)電場(chǎng)，小球下落的過(guò)程中，電場(chǎng)力做功與下落的高度之間是非線性關(guān)系，電勢(shì)能變化與下落高度之間也是非線性關(guān)系，所以C是不可能的，故C錯(cuò)誤；D、圓環(huán)中心的場(chǎng)強(qiáng)為零，無(wú)窮遠(yuǎn)處場(chǎng)強(qiáng)也為零，則小球從A到圓環(huán)中心的過(guò)程中，場(chǎng)強(qiáng)可能先增大后減小，則小球所受的電場(chǎng)力先增大后減小方向豎直向上，由牛頓第二定律得知，重力不變，則加速度可能先減小后增大；小球穿過(guò)圓環(huán)后，小球所受的電場(chǎng)力豎直向下，加速度方向向下，為正值，根據(jù)對(duì)稱(chēng)性可知，電場(chǎng)力先增大后減小，則加速度先增大后減小，故D是可能的，故D錯(cuò)誤；故選AB。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2個(gè)小題。（13題每空2分，14題每空1分。共15分。）13.在“測(cè)定金屬的電阻率”實(shí)驗(yàn)中，(1)練習(xí)使用游標(biāo)卡尺和螺旋測(cè)微器，圖中游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為_(kāi)_____mm；圖中螺旋測(cè)微器的讀數(shù)為_(kāi)_____mm．(2)用伏安法測(cè)金屬絲的電阻Rx.正確連接好電路，進(jìn)行實(shí)驗(yàn)測(cè)量，記錄數(shù)據(jù)如下：由以上實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)可知，他們測(cè)量Rx是采用圖中的________圖(選填“甲”或“乙”)．(3)(多選)任何實(shí)驗(yàn)測(cè)量都存在誤差．本實(shí)驗(yàn)所用測(cè)量?jī)x器均已校準(zhǔn)，下列關(guān)于誤差的說(shuō)法中正確的選項(xiàng)是________．A．用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬絲直徑時(shí)，由于讀數(shù)引起的誤差屬于系統(tǒng)誤差B．由于電流表和電壓表內(nèi)阻引起的誤差屬于偶然誤差C．若將電流表和電壓表的內(nèi)阻計(jì)算在內(nèi)，可以消除由測(cè)量?jī)x表引起的系統(tǒng)誤差D．用U-I圖象處理數(shù)據(jù)求金屬絲電阻可以減小偶然誤差【答案】(1).13.55(2).1.196(1.1951.198)(3).甲(4).CD【解析】（1）根據(jù)游標(biāo)卡尺讀數(shù)原理，所以讀數(shù)應(yīng)為L(zhǎng)=13mm+11×0.05mm=13.55mm=5.44cm；螺旋測(cè)微器的讀數(shù)為d=1mm+19.6×0.01mm=1.196mm；（2）根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，電路中的電阻大約為，是小電阻，所以電流表應(yīng)用外接法，電流值、電壓值從0開(kāi)始，由變阻器采用分壓式接法，電路圖應(yīng)為甲圖所示；（3）用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬絲直徑時(shí)，由于讀數(shù)引起的誤差屬于偶然誤差；由于電流表和電壓表內(nèi)阻引起的誤差屬于系統(tǒng)誤差；若將電流表和電壓表的內(nèi)阻計(jì)算在內(nèi)，可以消除由測(cè)量?jī)x表引起的系統(tǒng)誤差；用U-I圖象處理數(shù)據(jù)求金屬絲電阻可以減小偶然誤差；故AB錯(cuò)誤，CD正確。14.測(cè)繪標(biāo)有“3.8V0.4A”小燈泡的伏安特性曲線，提供的實(shí)驗(yàn)器材有：A．電源E（4V，內(nèi)阻約0.4Ω）B．電壓表V（2V，內(nèi)阻為2kΩ）C．電流表A（0.6A，內(nèi)阻約0.3Ω）D．滑動(dòng)變阻器R（0～10Ω)E．三個(gè)定值電阻（R1=1kΩ，R2=2kΩ，R3=5kΩ）F．開(kāi)關(guān)及導(dǎo)線若干(1)研究后發(fā)現(xiàn)，電壓表的量程不能滿足實(shí)驗(yàn)要求，為了完成測(cè)量，他將電壓表進(jìn)行了改裝．在給定的定值電阻中選用_____（選填“R1”、“R2”或“R3”）與電壓表_____（選填“串聯(lián)”或“并聯(lián)”），完成改裝。改裝后電壓表的量程是_______。(2)選好器材后，按照該實(shí)驗(yàn)要求連接電路，如圖所示（圖中電壓表已經(jīng)過(guò)改裝）．請(qǐng)指出電路中存在的兩處不恰當(dāng)?shù)牡胤?，它們分別是：①__________________；②_____________________．(3)正確連接電路后，閉合開(kāi)關(guān)，移動(dòng)滑動(dòng)變阻器的滑片P，電壓表和電流表的示數(shù)改變，但均不能變?yōu)榱悖纱丝梢酝茢嚯娐分邪l(fā)生的故障可能是導(dǎo)線_________（選填圖中表示導(dǎo)線的序號(hào)）出現(xiàn)了_________（選填“短路”或“斷路”）．【答案】(1).R2(2).串聯(lián)(3).04V(4).6，采用電流表外接法(5).P，滑片應(yīng)滑倒a側(cè)(6).8(7).斷路【解析】（1）電壓表量程過(guò)小，要改裝大量程，需要串聯(lián)定值電阻，根據(jù)電壓表滿偏電流，改裝后的量程，有于小燈泡的額定電壓只有3.8V，所以選擇定值電阻R2與電壓表串聯(lián)，改裝后量程為4V，滿足需要又不太大。（2）小燈泡正常發(fā)光的電阻，，所以電流表應(yīng)該選擇外接法；閉合開(kāi)關(guān)前，燈泡電壓要最小，等于0，所以滑片應(yīng)該置于a端。（3）閉合開(kāi)關(guān)，移動(dòng)滑動(dòng)變阻器的滑片P，電壓表和電流表的示數(shù)改變。說(shuō)明電路為通路，但不能調(diào)到0，說(shuō)明滑動(dòng)變阻器的接入方式由分壓式變?yōu)橄蘖魇?，所以?wèn)題出在導(dǎo)線8出現(xiàn)了斷路。四、解答題：15題10分，16題10分，17題12分，18題13分。共45分。15.在如圖所示的電路中，，，當(dāng)電鍵K閉合時(shí)，R2上消耗的電功率為4W，當(dāng)電鍵K斷開(kāi)時(shí)，電壓表示數(shù)為4.5V，求電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻?！敬鸢浮?V，1?【解析】當(dāng)電鍵K閉合時(shí)，根據(jù)閉合電路歐姆定律得R2上消耗的電功率為當(dāng)電鍵K斷開(kāi)時(shí)，根據(jù)閉合電路歐姆定律得電壓表示數(shù)為解得16.如圖所示，在豎直放置間距為d的平行板電容器中，存在電場(chǎng)強(qiáng)度為E的勻強(qiáng)電場(chǎng)，有一質(zhì)量為m、電荷量為+q的點(diǎn)電荷從兩極板正中間處?kù)o止釋放，重力加速度為g，則點(diǎn)電荷運(yùn)動(dòng)到負(fù)極板的過(guò)程(1)所需的時(shí)間是多少？(2)下降的高度是多少？【答案】（1）（2）【解析】（1）點(diǎn)電荷在水平方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度大小解得（2）點(diǎn)電荷在豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，下降的高度17.一根長(zhǎng)為的絕緣細(xì)線下端連接一質(zhì)量為m的帶電小球，上端懸掛在固定點(diǎn)O上，整個(gè)裝置處于真空室內(nèi)的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，電場(chǎng)方向水平，電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E．開(kāi)始時(shí)小球靜止于A點(diǎn)，此時(shí)細(xì)線與豎直方向的夾角θ=37°，如圖所示．重力加速度為g，已知sin37°=0.60，cos37°=0.80．(1)求小球的電荷量q．(2)某時(shí)刻將勻強(qiáng)電場(chǎng)的方向突然改為豎直向上且電場(chǎng)強(qiáng)度大小保持不變，求小球通過(guò)最低點(diǎn)B時(shí)的速度大小及此時(shí)細(xì)線對(duì)小球的拉力大小。【答案】(1