四川省遂寧中學(xué)2023-2024學(xué)年高二下學(xué)期3月月考物理試卷

高2025屆第四期三月月考物理試題一、單選題（每小題4分，共28分）1．關(guān)于渦流，下列說法中錯(cuò)誤是（

）A．真空冶煉爐是利用渦流來熔化金屬的裝置B．家用電磁爐鍋體中的渦流是由恒定磁場產(chǎn)生的C．阻尼擺擺動(dòng)時(shí)產(chǎn)生的渦流總是阻礙其運(yùn)動(dòng)D．變壓器的鐵芯用相互絕緣的硅鋼片疊成能減小渦流2．一矩形線圈在勻強(qiáng)磁場中轉(zhuǎn)動(dòng)，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢，則（

）A．交流電的頻率是B．t=0時(shí)線圈中的磁通量為零C．交流電的周期是0.02sD．t=0.05s時(shí)，e有最大值3．如圖，質(zhì)量為m的金屬桿ab垂直放在水平導(dǎo)軌上，處在勻強(qiáng)磁場中，磁場方向與水平面成θ角斜向上。開關(guān)閉合后金屬桿保持靜止，正確表示金屬桿受力示意圖的是（從a端看）（）A．B． C． D．4．如圖所示，繞在鐵芯上的線圈M與電源、滑動(dòng)變阻器和開關(guān)組成了一個(gè)閉合回路，在鐵芯的右端，線圈P與電流表連成閉合電路.下列說法正確的是（）A．開關(guān)S閉合，電路穩(wěn)定后，線圈P中有感應(yīng)電流，線圈M、P相互排斥B．開關(guān)S閉合，電路穩(wěn)定后，使變阻器滑片向左勻速移動(dòng)，線圈P中有感應(yīng)電流，線圈M、P相互排斥C．開關(guān)S閉合，電路穩(wěn)定后，使變阻器滑片向右勻速移動(dòng)，線圈P中有感應(yīng)電流，線圈M、P相互排斥D．開關(guān)S閉合瞬間，線圈P中有感應(yīng)電流，線圈M、P相互吸引5.已知某電阻元件在正常工作時(shí)，通過它的電流按如圖所示的規(guī)律變化，今將這個(gè)電阻元件與一個(gè)多用電表串聯(lián)(已調(diào)至交流電流擋)，電阻元件仍正常工作，則多用電表的讀數(shù)為（）A.5AB.4AC.42AD.52A6．電子感應(yīng)加速器基本原理如圖所示，上、下為電磁鐵兩個(gè)磁極，磁極之間有一個(gè)環(huán)形真空室，電子在真空中做圓周運(yùn)動(dòng)。電磁鐵線圈電流的大小、方向可以變化。上圖為側(cè)視圖，下圖為真空室的俯視圖，若某一時(shí)刻，電磁鐵線圈中電流方向與圖示方向一致、電子沿逆時(shí)針方向，在磁場的約束下運(yùn)動(dòng)一周，則下列說法正確的是（）A．電子感應(yīng)加速器是利用電磁鐵間變化的磁場產(chǎn)生感生電場使電子加速的儀器B．電子感應(yīng)加速器是利用越來越強(qiáng)的磁場對電子持續(xù)增大的洛倫茲力作用使電子加速的儀器C．電磁鐵線圈中電流大小要持續(xù)增加，其電流方向可以與圖示方向相反D．當(dāng)電磁鐵線圈中的電流方向與圖示方向相反時(shí)，要實(shí)現(xiàn)對電子加速，電流要越來越小7．在如圖所示的電路中，L是一帶鐵芯的線圈，R為電阻。兩條支路的直流電阻相等。那么在接通和斷開開關(guān)的瞬間，兩電流表的讀數(shù)I1、I2的大小關(guān)系正確的是()A．接通瞬間I1＝I2，斷開瞬間I1<I2B．接通瞬間I1<I2，斷開瞬間I1>I2C．接通瞬間I1>I2，斷開瞬間I1<I2D．接通瞬間I1<I2，斷開瞬間I1＝I2二、多選題（每小題5分，共15分）8.如圖所示，一有界區(qū)域內(nèi)，存在著磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B，方向分別垂直于光滑水平桌面向下和向上的勻強(qiáng)磁場，磁場寬度均為L，邊長為L的正方形線框abcd的bc邊緊靠磁場邊緣置于桌面．使線框從靜止開始向右勻加速通過磁場區(qū)域，以水平向左的安培力為力的正方向和逆時(shí)針方向?yàn)殡娏髡较颍芊从尘€框中感應(yīng)電流變化規(guī)律和線框受安培力變化規(guī)律的是（）A.B.C.D.9．如圖為某小型水電站的電能輸送示意圖，發(fā)電機(jī)通過升壓變壓器T1和降壓變壓器T2向用戶供電。已知輸電線的總電阻R=10Ω，降壓變壓器T2的原、副線圈匝數(shù)之比為4∶1，副線圈與用電器R0組成閉合電路。若T1、T2均為理想變壓器，T2的副線圈兩端電壓u=220sin（100πt）V。當(dāng)用電器電阻R0=11Ω時(shí)，下列說法正確的是（）A．通過用電器R0的電流有效值是20AB．當(dāng)用電器R0的阻值減小時(shí)，輸電線損耗的功率也隨著減小C．發(fā)電機(jī)中的電流變化頻率為100HzD．升壓變壓器的輸入功率為4650W10．如圖所示，ab為有界磁場的邊界，ab上的O點(diǎn)為粒子源，粒子以速率v0均勻?qū)ΨQ地射入磁場，粒子速度方向分布在與ab夾角為至之間所有方向。已知磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直紙面向里，粒子電荷量為，質(zhì)量為m。下列說法正確的是（）A．粒子離開ab時(shí)，射出點(diǎn)距O點(diǎn)的最大距離B．粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)，距ab的最遠(yuǎn)距離C．粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)，時(shí)間最短的粒子用時(shí)D．粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)，時(shí)間最長的粒子用時(shí)三、實(shí)驗(yàn)填空題（共18分）11．(8分)在“探究法拉第電磁感應(yīng)現(xiàn)象”的實(shí)驗(yàn)中：（1）已將電池組、滑動(dòng)變阻器、帶鐵芯的線圈A、線圈B、靈敏電流表及開關(guān)按如圖所示部分連接，請把剩余部分電路連接完整。（2）正確連接電路后，開始實(shí)驗(yàn)探究，某同學(xué)發(fā)現(xiàn)當(dāng)他將滑動(dòng)變阻器的滑片P向右加速滑動(dòng)時(shí)，靈敏電流表指針向右偏轉(zhuǎn)，由此可以判斷________。A．線圈A向上移動(dòng)或滑動(dòng)變阻器滑片P向左加速滑動(dòng)，都能引起靈敏電流表指針向左偏轉(zhuǎn)B．線圈A中鐵芯向上拔出或斷開開關(guān)，都能引起靈敏電流表指針向右偏轉(zhuǎn)C．滑動(dòng)變阻器的滑片P勻速向左或勻速向右滑動(dòng)，靈敏電流表指針都靜止在中央（3）某同學(xué)第一次將滑動(dòng)變阻器的滑片P慢慢向右移動(dòng)，第二次將滑動(dòng)變阻器的滑片P快速向右移動(dòng)，發(fā)現(xiàn)電流表的指針擺動(dòng)的幅度較第二次的幅度大，原因是線圈中的________(選填“磁通量”、“磁通量的變化”或“磁通量的變化率”)第二次比第一次的大。（4）某同學(xué)在實(shí)驗(yàn)室重做電磁感應(yīng)現(xiàn)象的實(shí)驗(yàn)，他將靈敏電流表、線圈A和B、干電池組、開關(guān)用導(dǎo)線連接成電路。當(dāng)他接通、斷開開關(guān)時(shí)，電流表的指針都沒有偏轉(zhuǎn)，其可能的原因是________。A．開關(guān)的位置接錯(cuò)B．線圈B的接頭接反C．干電池組的正負(fù)極接反12.在“探究變壓器線圈兩端的電壓和匝數(shù)的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中，可拆變壓器如圖所示。（1）為了減少渦流的影響，鐵芯應(yīng)該選擇______；A．絕緣的硅鋼片疊成

B．絕緣的銅片疊成

C．整塊不銹鋼鐵芯

D．整塊硅鋼鐵芯

（2）以下給出的器材中，本實(shí)驗(yàn)需要用到的是______；

A．兩節(jié)干電池

B．學(xué)生交流電源

C．直流電壓表

D．多用電表

（3）下列做法正確的是____；A．為了人身安全，只能使用低壓直流電源，所用電壓不要超過12VB．觀察兩個(gè)線圈的導(dǎo)線，發(fā)現(xiàn)粗細(xì)不同，導(dǎo)線粗的線圈匝數(shù)多C．變壓器開始正常工作后，鐵芯導(dǎo)電，把電能由原線圈輸送到副線圈D．為了多用電表的安全，使用交流電壓檔測電壓時(shí)，先用最大量程檔試測（4）若變壓器兩線圈的匝數(shù)分別為200和400，測得的電壓分別為3.7V和8.0V。據(jù)此可知變壓器的輸入電壓是____V；變壓器的電壓比與匝數(shù)比不相等，可能原因是____________________________（至少寫出一個(gè)）。四、解答題（共39分）13.(12分)如圖所示，在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中有一個(gè)長和寬分別為L1、L2的矩形線圈，其中匝數(shù)為N?，F(xiàn)該線圈繞垂直于磁感線的對稱軸OO′以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動(dòng)．（1）穿過線框平面磁通量的變化率何時(shí)最大？最大值為多少（2）當(dāng)線框由圖示位置轉(zhuǎn)過60°的過程中，平均感應(yīng)電動(dòng)勢為多大（3）線框由圖示位置轉(zhuǎn)到60°時(shí)瞬時(shí)感應(yīng)電動(dòng)勢為多大.14.(12分)如圖，直角坐標(biāo)系xOy處于豎直平面內(nèi)，x軸沿水平方向，在x軸上方存在水平向右的勻強(qiáng)電場E1，在x軸下方存在豎直向上的勻強(qiáng)電場E2和垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場，勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度大小E1＝E2＝4.5N/C，在坐標(biāo)為(－0.4m,0.4m)的A點(diǎn)處將一帶正電小球(可視為質(zhì)點(diǎn))由靜止釋放，小球沿直線AO第一次穿過x軸，小球第三次經(jīng)過x軸時(shí)恰好再次經(jīng)過O點(diǎn)，重力加速度g取10m/s2。求：（1）小球的比荷及小球第一次穿過x軸時(shí)的速度大??；（2）小球從釋放到第三次經(jīng)過x軸所經(jīng)歷的時(shí)間。15.(15分)如圖為遂寧中學(xué)某教師在實(shí)驗(yàn)室自制的一套實(shí)驗(yàn)器材來研究其物理規(guī)律。已知兩根足夠長的光滑平行金屬導(dǎo)軌MN、PQ相距為L，導(dǎo)軌平面與水平面的夾角θ＝30°，導(dǎo)軌電阻不計(jì)，整個(gè)裝置處于磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向垂直導(dǎo)軌平面向上的勻強(qiáng)磁場中。質(zhì)量為m、長為L、電阻為R的金屬棒垂直導(dǎo)軌放置，且始終與導(dǎo)軌接觸良好。金屬導(dǎo)軌的上端連接一個(gè)阻值也為R的定值電阻?，F(xiàn)閉合開關(guān)K，給金屬棒施加一個(gè)平行于導(dǎo)軌向上、大小為F＝5mg的恒力，使金屬棒由靜止開始運(yùn)動(dòng)。當(dāng)金屬棒上滑距離x0時(shí)，金屬棒開始勻速運(yùn)動(dòng)。重力加速度為g，求：（1）剛開始運(yùn)動(dòng)時(shí)金屬棒的加速度大小；（2）從靜止到開始勻速運(yùn)動(dòng)的過程中通過金屬棒的電荷量；（3）從靜止到開始勻速運(yùn)動(dòng)的過程中定值電阻R產(chǎn)生的焦耳熱；（4）從靜止到開始勻速運(yùn)動(dòng)金屬棒所經(jīng)歷的時(shí)間。

高2025屆第四期三月月考物理試題參考答案1.B2．C3．B4．B【解析】A．開關(guān)S閉合后，線圈中通以恒定的電流時(shí)，線圈產(chǎn)生穩(wěn)恒的磁場，穿過線圈P的磁通量不變，沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生，M與P之間沒有排斥力，故A錯(cuò)誤；B．開關(guān)S閉合后，使變阻器的滑片作左滑動(dòng)時(shí)，變阻器接入電路的電阻減小，回路中電流增大，線圈產(chǎn)生的磁場增強(qiáng)，穿過線圈P磁通量增大，產(chǎn)生感應(yīng)電流。感應(yīng)電流的磁場方向與原磁場的方向相反，二者相互排斥，故B正確；C．開關(guān)S閉合后，使變阻器的滑片P作向右勻速滑動(dòng)時(shí)，變阻器接入電路的電阻增大，回路中電流減小，線圈產(chǎn)生的磁場減小，穿過線圈P磁通量減小，產(chǎn)生感應(yīng)電流的磁場方向與原磁場的方向相同，二者相互吸引，故C錯(cuò)誤；D．將電鍵突然閉合的瞬間，線圈產(chǎn)生的磁場從無到有，穿過穿過線圈P的磁通量增大，產(chǎn)生感應(yīng)電流的磁場方向與原磁場的方向相反，二者相互排斥，故D錯(cuò)誤。故選B。5.A6．A【解析】AB．根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，可知，電子感應(yīng)加速器是利用電磁鐵間變化的磁場產(chǎn)生感生電場使電子加速的儀器，在洛倫茲力約束下做圓周運(yùn)動(dòng)，故A正確，B錯(cuò)誤；C．由題知，某一時(shí)刻，電磁鐵線圈中電流方向與圖示方向一致、電子沿逆時(shí)針方向，則感應(yīng)電流沿順時(shí)針方向，根據(jù)安培定則可知，感應(yīng)磁場向下，與原磁場方向相反，即線圈中的磁場增大，故通過電磁鐵線圈的電流大小增大，故電流方向不能與圖示方向相反，否則產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向就會(huì)相反，電子的運(yùn)動(dòng)情況也會(huì)相反，故C錯(cuò)誤；D．當(dāng)電磁鐵線圈中的電流方向與圖示方向相反時(shí)，若電流越來越大，根據(jù)楞次定律，可知渦旋電場的方向?yàn)槟驷樂较?，電子將沿時(shí)時(shí)針方向做加速運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤。故選A。7解析：當(dāng)開關(guān)接通瞬間，R中電流立即增大到正常值I2，而線圈中的電流從零開始增大，產(chǎn)生的自感電動(dòng)勢阻礙電流的增大，則電流I1只能逐漸增大，故I1<I2。斷開開關(guān)瞬間，線圈產(chǎn)生的自感電流流過線圈和電阻R，兩者串聯(lián)，電流相同，I1＝I2。答案：D8.由右手定則可知：線框右邊開始進(jìn)入磁場時(shí)，電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針，是正的；當(dāng)線框進(jìn)入右邊磁場時(shí)，電流沿順時(shí)針方向，是負(fù)的；當(dāng)線框離開磁場過程中，電流沿逆時(shí)針方向，是正的；

A、感應(yīng)電動(dòng)勢：E=BLv=BLat可知，電動(dòng)勢隨時(shí)間為均勻增大，故電流也隨時(shí)間均勻增大，在線框進(jìn)入右邊磁場過程中，線框左右兩邊切割磁感線，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢是一邊切割時(shí)的兩倍，電流為一邊切割的兩倍，故A正確，B錯(cuò)誤；

C、由左手定則可知，在整個(gè)過程中線框受到的安培力始終向左，始終是正的；安培力F=BIL==，安培力時(shí)間均勻增大，線框進(jìn)入右邊磁場過程中，電流為一邊切割時(shí)的4倍，則每邊安培力也為一邊切割時(shí)的兩倍，兩邊受到的安培力變?yōu)?倍，故C錯(cuò)誤，D正確；

故選：AD．9．AD【詳解】A．由題意可知T2副線圈兩端電壓的有效值為根據(jù)歐姆定律可得通過用電器R0的電流有效值為故A正確；B．當(dāng)用電器R0的阻值減小時(shí)，T2副線圈電壓不變，則電流增大，所以輸電線路電流增大，損耗的功率將增大，故B錯(cuò)誤；C．變壓器不改變交變電流的頻率，所以發(fā)電機(jī)中的電流變化頻率為故C錯(cuò)誤；D．降壓變壓器的輸出功率為P1=UI=4400W根據(jù)理想變壓器原、副線圈電流規(guī)律可知輸電線中的電流為輸電線上損失的功率為ΔP=I′2R=250W升壓變壓器的輸入功率為P=P1＋ΔP=4650W故D正確。故選AD。10．BC【詳解】A．如圖，粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的軌跡半徑周期粒子離開ab時(shí)，射出點(diǎn)距O點(diǎn)的最大距離為直徑，即A錯(cuò)誤；B．粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)時(shí)，距ab的最遠(yuǎn)距離B正確；C．粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)，時(shí)間最短的粒子用時(shí)為周期，即C正確；D．粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)，最長時(shí)間為周期，即選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選BC。11.答案(1)見解析圖(2分)(2)A(2分)(3)磁通量的變化率(2分)(4)A(2分)解析(1)電路連接圖如圖所示：(2)將滑動(dòng)變阻器的滑片P向右加速滑動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器阻值減小，電流增大，說明通過線圈B的磁通量增大，線圈B產(chǎn)生感應(yīng)電流，靈敏電流表指針向右偏轉(zhuǎn)。線圈A向上移動(dòng)或滑動(dòng)變阻器滑片P向左加速滑動(dòng)，均會(huì)引起通過線圈B的磁通量減小，靈敏電流表指針向左偏轉(zhuǎn)，故A正確；線圈A中鐵芯向上拔出或斷開開關(guān)，會(huì)引起通過線圈B的磁通量減小，靈敏電流表指針向左偏轉(zhuǎn)，故B錯(cuò)誤；滑動(dòng)變阻器滑片P只要滑動(dòng)，都會(huì)引起通過線圈B的磁通量變化，靈敏電流表指針就會(huì)偏轉(zhuǎn)，與勻速或加速無關(guān)，故C錯(cuò)誤。(3)滑片P移動(dòng)的快慢，決定線圈B磁通量變化的快慢，所以指針擺動(dòng)的幅度較第二次的幅度大，原因是線圈中的磁通量的變化率第二次比第一次的大。(4)若開關(guān)和靈敏電流表構(gòu)成回路，則開關(guān)閉合、斷開時(shí)，不會(huì)引起線圈B的磁通量變化，電流表指針不會(huì)偏轉(zhuǎn)，故A正確；線圈B的接頭接反，開關(guān)閉合、斷開時(shí)，線圈B的磁通量會(huì)發(fā)生變化，指針會(huì)偏轉(zhuǎn)，故B錯(cuò)誤；干電池組的正負(fù)極接反，電流表指針偏轉(zhuǎn)方向變化，故C錯(cuò)誤。12.ABDD8.0漏磁鐵芯或?qū)Ь€發(fā)熱13.（1）當(dāng)磁場與矩形線圈平行時(shí)，變化率最大，??（2）E（3）e14.答案(1)eq\f(20,9)C/kg4m/s(2)eq\f(3\r(2)π＋1,5)s解析(1)由題可知，小球由靜止釋放后在第二象限的勻強(qiáng)電場中所受合力方向由A點(diǎn)指向O點(diǎn)，則有eq\f(qE1,mg)＝tan45°代入數(shù)據(jù)解得eq\f(q,m)＝eq\f(20,9)C/kg由A到O的過程中，由動(dòng)能定理有mgy1＋qE1x1＝eq\f(1,2)mv2－0代入數(shù)據(jù)解得v＝4m/s(2)設(shè)小球從釋放到第一次到達(dá)O點(diǎn)的時(shí)間為t1，小球在y方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，有y1＝eq\f(1,2)gt12代入數(shù)據(jù)解得t1＝eq\f(\r(2),5)s如圖，在第三、四象限中，qE2＝mg，小球僅由洛倫茲力提供向心力做勻速圓周運(yùn)動(dòng)；小球從第三象限的P點(diǎn)再次進(jìn)入第二象限后做類平拋運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過時(shí)間t2再次回到O點(diǎn)，該過程可將小球的運(yùn)動(dòng)分解為沿x軸方向的勻加速直線運(yùn)動(dòng)與沿y軸方向的豎直上拋運(yùn)動(dòng)。由圓周運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)可知，小球在P點(diǎn)的速度與x軸正方向成45°角，由牛頓第二定律知，小球在第二象限x、y兩個(gè)分方向的加速度大小為ax＝ay＝gy方向有0＝vsin45°－geq\f(t2,2)得t2＝eq\f(2\r(2),5)sx方向有x2＝vcos45°t2＋eq\f(1,2)gt22得x2＝eq\f(16,5)m由幾何關(guān)系可得x2＝eq\r(2)R得R＝eq\f(8\r(2),5)m則小球在x軸下方運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t3＝eq\f(3,4)×eq\f(2πR,v)＝eq\f(3\r(2)π,5)s故小球從釋放到第三次經(jīng)過x軸經(jīng)歷的時(shí)間為t＝t1＋t2＋t3＝eq\f(3\r(2)π＋1,5)s。15.答案(1)4.5g(2)eq\f(BLx0,2R)(3)eq\f(9mgx0,4)－