陜西省榆林市第十二中學(xué)2025屆高三物理上學(xué)期第二次月考試題含解析

PAGE17-陜西省榆林市第十二中學(xué)2025屆高三物理上學(xué)期其次次月考試題（含解析）一、單選題(共10小題,每小題4.0分,共40分)1.如圖所示，兩個(gè)等大、反向的水平力F分別作用在物體A和B上，A、B兩物體均處于靜止?fàn)顟B(tài)．若各接觸面與水平地面平行，則A、B兩物體各受幾個(gè)力？（）A.3個(gè)、4個(gè) B.4個(gè)、4個(gè) C.4個(gè)、5個(gè) D.4個(gè)、6個(gè)【答案】C【解析】先對(duì)物體AB進(jìn)行整體受力分析，水平方向：兩個(gè)等大、反向的水平力F1和F2正好處于平衡，所以物體B不受地面的摩擦力，對(duì)A物體進(jìn)行受力分析：物體A受到重力、拉力F2、支持力和B給的摩擦力，在四個(gè)力的作用下處于平衡狀態(tài)，故A受4個(gè)力．物體B受到受到重力、拉力F1、支持力、A給的摩擦力和壓力，所以物體B受5個(gè)力的作用，故C正確，ABD錯(cuò)誤．2.如圖所示，肯定質(zhì)量的物體通過(guò)輕繩懸掛，結(jié)點(diǎn)為O．人沿水平方向拉著OB繩，物體和人均處于靜止?fàn)顟B(tài)．若人的拉力方向不變，緩慢向左移動(dòng)一小段距離，下列說(shuō)法正確的是（）A.OA繩中的拉力先減小后增大B.OB繩中的拉力不變C.人對(duì)地面的壓力漸漸減小D.地面給人的摩擦力漸漸增大【答案】D【解析】解：將重物的重力進(jìn)行分解，當(dāng)人的拉力方向不變，緩慢向左移動(dòng)一小段距離，則OA與豎直方向夾角變大，OA的拉力由圖中1位置變到2位置，可見OA繩子拉力變大，OB繩拉力漸漸變大；OA拉力變大，則繩子拉力水平方向分力變大，依據(jù)平衡條件知地面給人的摩擦力漸漸增大；人對(duì)地面的壓力始終等于人的重力，保持不變；故選D．【點(diǎn)評(píng)】本題考查了動(dòng)態(tài)平衡問(wèn)題，用圖解法比較直觀，還可以用函數(shù)法．3.如圖所示，A、B兩物塊疊放在一起，在粗糙的水平面上保持相對(duì)靜止地向右做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中B受到的摩擦力A.方向向左，大小不變B.方向向左，漸漸減小C.方向向右，大小不變D.方向向右，漸漸減小【答案】A【解析】試題分析:A、B兩物塊疊放在一起共同向右做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，對(duì)A和B整體依據(jù)牛頓其次定律有，然后隔離B，依據(jù)牛頓其次定律有：，大小不變；物體B做速度方向向右的勻減速運(yùn)動(dòng)，故而加速度方向向左，摩擦力向左；故選A．考點(diǎn)：本題考查牛頓其次定律、整體法與隔離法．【名師點(diǎn)睛】1、整體法：整體法是指對(duì)物理問(wèn)題中的整個(gè)系統(tǒng)或整個(gè)過(guò)程進(jìn)行分析、探討的方法．在力學(xué)中，就是把幾個(gè)物體視為一個(gè)整體，作為探討對(duì)象，受力分析時(shí)，只分析這一整體對(duì)象之外的物體對(duì)整體的作用力（外力），不考慮整體內(nèi)部之間的相互作用力（內(nèi)力）．整體法的優(yōu)點(diǎn)：通過(guò)整體法分析物理問(wèn)題，可以弄清系統(tǒng)的整體受力狀況和全過(guò)程的受力狀況，從整體上揭示事物的本質(zhì)和變體規(guī)律，從而避開了中間環(huán)節(jié)的繁瑣推算，能夠敏捷地解決問(wèn)題．通常在分析外力對(duì)系統(tǒng)的作用時(shí)，用整體法．2、隔離法：隔離法是指對(duì)物理問(wèn)題中的單個(gè)物體或單個(gè)過(guò)程進(jìn)行分析、探討的方法．在力學(xué)中，就是把要分析的物體從相關(guān)的物體體系中隔離出來(lái)，作為探討對(duì)象，只分析該探討對(duì)象以外的物體對(duì)該對(duì)象的作用力，不考慮探討對(duì)象對(duì)其他物體的作用力．隔離法的優(yōu)點(diǎn)：簡(jiǎn)潔看清單個(gè)物體的受力狀況或單個(gè)過(guò)程的運(yùn)動(dòng)情形，問(wèn)題處理起來(lái)比較便利、簡(jiǎn)潔，便于初學(xué)者運(yùn)用．在分析系統(tǒng)內(nèi)各物體（或一個(gè)物體的各個(gè)部分）間的相互作用時(shí)用隔離法．4.如圖所示，在傾角為α的斜面上，放一質(zhì)量為m的小球，小球被豎直的木板攔住，不計(jì)摩擦，則球?qū)醢宓膲毫κ牵ǎ〢.mgcosα B.mgtanα C. D.mg【答案】B【解析】【詳解】對(duì)小球進(jìn)行受力分析，如圖所示小球受重力mg，擋板對(duì)球的彈力FN1，斜面對(duì)球的彈力FN2．將FN1和FN2合成，合力為F，依據(jù)共點(diǎn)力平衡條件得出F=mg，利用三角函數(shù)關(guān)系得出FN1=mgtanα依據(jù)牛頓第三定律，擋板對(duì)球的彈力等于小球?qū)醢宓膲毫磎gtanα，故選B。5.如圖所示，質(zhì)量相等的A、B兩小球分別連在輕繩兩端，A球的一端與輕彈簧相連，彈簧的另一端固定在傾角為30°的光滑斜面頂端，重力加速度大小為g。下列說(shuō)法正確的是（）A.剪斷輕繩的瞬間，A、B的加速度大小均為gB.剪斷輕繩的瞬間，A的加速度為零，B的加速度大小為gC.剪斷輕繩的瞬間，A、B的加速度均為零D.剪斷輕繩的瞬間，A的加速度為零，B的加速度大小為【答案】A【解析】【詳解】對(duì)A：在剪斷繩子之前，A處于平衡狀態(tài)，所以彈簧的拉力等于A的重力沿斜面的分力相等．在剪斷繩子的瞬間，繩子上的拉力馬上減為零，此時(shí)小球A受到的合力為F=mgsin30°=ma，a=gsin30°＝對(duì)B：在剪斷繩子之前，對(duì)B球進(jìn)行受力分析，B受到重力、彈簧對(duì)它斜向上的拉力、支持力及繩子的拉力，在剪斷繩子的瞬間，繩子上的拉力馬上減為零，對(duì)B球進(jìn)行受力分析，則B受到到重力、彈簧的向上拉力、支持力．所以依據(jù)牛頓其次定律得：mgsin30°=ma，a=gsin30°＝故選A6.某人造地球衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑為地球半徑R的兩倍，衛(wèi)星的線速度為v，設(shè)地面的重力加速度為g，則有（）A.v= B.v= C.v= D.v=【答案】A【解析】【詳解】人造地球衛(wèi)做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力由萬(wàn)有引力供應(yīng)，依據(jù)向心力公式得①在地球表面上，重力與萬(wàn)有引力相等，得②由①②式，解得，衛(wèi)星的線速度為故A正確，BCD錯(cuò)誤。故選A。7.如圖所示，“嫦娥三號(hào)”衛(wèi)星在月球引力作用下，先沿橢圓軌道向月球靠近，在P處變軌進(jìn)入繞月球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的軌道，再次變軌后實(shí)現(xiàn)軟著陸已知“嫦娥三號(hào)”繞月球做圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑為r，運(yùn)行周期為T，引力常量為則A.“嫦娥三號(hào)”衛(wèi)星由遠(yuǎn)月點(diǎn)Q向近月點(diǎn)P運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中速度變小B.“嫦娥三號(hào)”衛(wèi)星在橢圓軌道與圓軌道經(jīng)過(guò)點(diǎn)P時(shí)速度相等C.由題中給出的條件可求出“嫦娥三號(hào)”繞月球做圓周運(yùn)動(dòng)的線速度D.由題中給出的條件可求出月球的質(zhì)量和平均密度【答案】C【解析】【詳解】A、衛(wèi)星由遠(yuǎn)月點(diǎn)向近月點(diǎn)運(yùn)動(dòng)時(shí)，引力對(duì)衛(wèi)星做正功，衛(wèi)星的動(dòng)能要增加，故衛(wèi)星做加速運(yùn)動(dòng)，所以A錯(cuò)誤；B、在橢圓軌道上經(jīng)過(guò)P點(diǎn)后衛(wèi)星要做離心運(yùn)動(dòng)，而在圓軌道上經(jīng)過(guò)P點(diǎn)后仍做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，依據(jù)離心運(yùn)動(dòng)條件知，在橢圓軌道上經(jīng)過(guò)P點(diǎn)時(shí)的速度大于在圓軌道上經(jīng)過(guò)P點(diǎn)時(shí)的速度，故B錯(cuò)誤；C、已知嫦娥三號(hào)的軌道半徑和周期依據(jù)可以求出嫦娥三號(hào)圓周運(yùn)動(dòng)的線速度，故C正確；D、依據(jù)萬(wàn)有引力供應(yīng)圓周運(yùn)動(dòng)向心力可以由嫦娥三號(hào)圓周運(yùn)動(dòng)的半徑和周期求得月球的質(zhì)量M，但不知道月球的半徑數(shù)據(jù)，故無(wú)法求得月球的密度，故D錯(cuò)誤．故選C．【點(diǎn)睛】環(huán)繞天體繞中心天體圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)萬(wàn)有引力供應(yīng)圓周運(yùn)動(dòng)向心力，橢圓軌道運(yùn)動(dòng)時(shí)依據(jù)動(dòng)能定理分析速度的變更，駕馭衛(wèi)星的變軌原理是通過(guò)讓衛(wèi)星做近心運(yùn)動(dòng)或離心運(yùn)動(dòng)來(lái)變更衛(wèi)星的軌道的．該題考查萬(wàn)有引力與航天，這類問(wèn)題的關(guān)鍵是萬(wàn)有引力供應(yīng)向心力，能夠題意選擇恰當(dāng)?shù)南蛐牧Φ谋磉_(dá)式，通過(guò)公式可以求得中心天體的質(zhì)量，知道橢圓軌道上運(yùn)動(dòng)時(shí)半徑變更的原理．8.人通過(guò)定滑輪將質(zhì)量為m的物體，沿傾角為θ的光滑斜面由靜止起先勻加速地由底端拉上斜面，物體上升的高度為h，到達(dá)斜面頂端的速度為v，如圖所示．則在此過(guò)程中()A.人對(duì)物體做的功為mghB.人對(duì)物體做的功為C.物體克服重力所做的功為mghcosθD.物體所受的合外力做功為【答案】D【解析】【詳解】人對(duì)物體做的功肯定大于mgh；故A錯(cuò)誤，由動(dòng)能定理可知，人做的功應(yīng)克服重力、摩擦力做功，故人做的功等于克服重力的功、克服摩擦力的功及增加的動(dòng)能之和，大于mv2，故B錯(cuò)誤；物體克服重力所做的功為mgh；故C錯(cuò)誤；對(duì)物體受力分析可知，物體受重力、拉力及摩擦力的作用；由動(dòng)能定理可知，合外力做功肯定等于動(dòng)能的變更量，即等于mv2；故D正確；故選D．【點(diǎn)睛】對(duì)物體受力分析，由功的公式分析功的大??；再由動(dòng)能定理可求得人對(duì)物體做的功．9.如圖所示，質(zhì)量為m的物體在水平傳送帶上由靜止釋放，傳送帶由電動(dòng)機(jī)帶動(dòng)，始終保持以速度v勻速運(yùn)動(dòng)，物體與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，物體過(guò)一會(huì)兒能保持與傳送帶相對(duì)靜止，對(duì)于物塊從靜止釋放到相對(duì)傳送帶靜止這一過(guò)程，下列說(shuō)法正確的是()A.電動(dòng)機(jī)做的功為B.摩擦力對(duì)物體做的功為mv2C.傳送帶克服摩擦力做的功為D.小物塊與傳送帶因摩擦產(chǎn)生的熱量為【答案】D【解析】【詳解】A．電動(dòng)機(jī)多做的功轉(zhuǎn)化成了物體的動(dòng)能和內(nèi)能，物體在這個(gè)過(guò)程中獲得動(dòng)能就是，所以電動(dòng)機(jī)多做的功肯定要大于，所以A錯(cuò)誤；B．在運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中只有摩擦力對(duì)物體做功，由動(dòng)能定理可知，摩擦力對(duì)物體做的功等于物體動(dòng)能的變更,即為，所以B錯(cuò)誤；C．物塊做勻加速運(yùn)動(dòng)末速度為v,故此過(guò)程中物塊的平均速度為v/2,所以在物塊勻加速直線運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中傳送帶的速度為v，則傳送帶的位移為物塊位移的2倍,因?yàn)槟Σ亮?duì)物塊做功為,故傳送帶克服摩擦力做的功為mv2，故C錯(cuò)誤；D．傳送帶克服摩擦力做的功為mv2,小物塊獲得的動(dòng)能為,依據(jù)能量守恒知，小物塊與傳送帶因摩擦產(chǎn)生的熱量為，故D正確．故選D。10.我國(guó)志愿者王躍曾與俄羅斯志愿者一起進(jìn)行“火星-500”的試驗(yàn)活動(dòng)。假設(shè)王躍登陸火星后，測(cè)得火星的半徑是地球半徑的，質(zhì)量是地球質(zhì)量的。已知引力常量為G，地球表面的重力加速度是g，地球的半徑為R，王躍在地面上能向上豎直跳起的最大高度是h，忽視自轉(zhuǎn)的影響，下列說(shuō)法正確的是（）A.火星的密度為B.火星表面的重力加速度是gC.火星的第一宇宙速度與地球的第一宇宙速度之比為D.王躍以與在地球上相同的初速度在火星上起跳后，能達(dá)到的最大高度是h【答案】A【解析】【詳解】AB．由萬(wàn)有引力等于重力得可得依據(jù)題意火星的半徑是地球半徑的，質(zhì)量是地球質(zhì)量的，可得火星表面的重力加速度為設(shè)火星質(zhì)量為M′，由萬(wàn)有引力等于重力可得解得密度為故A正確，B錯(cuò)誤；C．由萬(wàn)有引力供應(yīng)向心力解得代入數(shù)據(jù)可得火星的第一宇宙速度與地球第一宇宙速度之比為即火星的第一宇宙速度是地球的第一宇宙速度的倍，故C錯(cuò)誤；D．王躍以v0在地球起跳時(shí)，依據(jù)豎直上拋的運(yùn)動(dòng)規(guī)律得出可跳的最大高度是由于火星表面的重力加速度是，王躍以相同的初速度在火星上起跳時(shí)，可跳的最大高度故D錯(cuò)誤。故選A。二、多選題(共5小題,每小題4.0分,共20分)11.質(zhì)量m＝1kg的物體在光滑平面上運(yùn)動(dòng)，初速度大小為2m/s．在物體運(yùn)動(dòng)的直線上施以一個(gè)水平恒力，經(jīng)過(guò)t＝1s，速度大小變?yōu)?m/s，則這個(gè)力的大小可能是()A.2N B.4N C.6N D.8N【答案】AC【解析】【詳解】依據(jù)，若初、末速度方向相同，可求若初末速度方向相反，可求再牛頓其次定律可求F1=2NF2=6N故選AC。12.一物體自距地面高H處自由下落，經(jīng)t落地，此時(shí)速度為v，則（）A.時(shí)物體距地面高度為 B.時(shí)物體距地面高度為HC.物體下落時(shí)速度為 D.物體下落時(shí)速度為v【答案】BD【解析】【詳解】AB．設(shè)經(jīng)時(shí)物體下落的高度為h，則有解得故此時(shí)物體距地面高度為故A錯(cuò)誤B正確；CD．設(shè)物體下落時(shí)速度為v‘，則有解得故C錯(cuò)誤D正確。故選BD。13.關(guān)于功率公式和P＝Fv的說(shuō)法正確的是()A.由知，只要知道W和t就可求出隨意時(shí)刻的功率B.由P＝Fv既能求某一時(shí)刻的瞬時(shí)功率，也可以求平均功率C.由P＝Fv知，隨著汽車速度的增大，它的功率也可以無(wú)限制地增大D.由P＝Fv知，當(dāng)汽車發(fā)動(dòng)機(jī)功率肯定時(shí)，牽引力與速度成反比【答案】BD【解析】【詳解】A、只能計(jì)算平均功率的大小，不能用來(lái)計(jì)算瞬時(shí)功率，A錯(cuò)誤．B、可以計(jì)算平均功率也可以是瞬時(shí)功率，取決于速度是平均速度還是瞬時(shí)速度，B正確．C、從知，當(dāng)F不變的時(shí)候，汽車的功率和它的速度是成正比的，當(dāng)F變更時(shí)就不對(duì)了，C錯(cuò)誤．D、從知，當(dāng)汽車發(fā)動(dòng)機(jī)功率肯定時(shí)，牽引力與速度成反比，D正確．故選BD．14.如圖所示，物體A、B通過(guò)細(xì)繩及輕彈簧連接于輕滑輪兩側(cè)，物體A、B的質(zhì)量分別為m、2m．起先以手托住物體A，繩恰好伸直，彈簧處于原長(zhǎng)狀態(tài)，A距離地面高度為h．放手后A從靜止起先下落，在A下落至地面前的瞬間物體B恰好對(duì)地面無(wú)壓力，（不計(jì)滑輪處的摩擦）則下列說(shuō)法正確的是（A.在A下落至地面前過(guò)程中物體B始終處于平衡狀態(tài)B.在A下落至地面前的過(guò)程中A物體始終處于失重狀態(tài)C.在A下落至地面前的過(guò)程中A物體先失重后超重D.A落地前的瞬間加速度為g方向向上【答案】ACD【解析】【詳解】A．由題意整個(gè)過(guò)程中，B均處于靜止?fàn)顟B(tài)，始終處于平衡狀態(tài)，A正確；BCD．在放手的瞬間，A只受重力作用，在下落過(guò)程中，彈簧豎直向上的彈力漸漸增大，假如彈力小于重力則物體處于失重狀態(tài)，在A下落至地面前的瞬間物體B恰好對(duì)地面無(wú)壓力，則繩對(duì)B的拉力為2mg，彈簧對(duì)A豎直向上的拉力為2mg，A物體受合力為mg，加速度為g，方向豎直向上，處于超重狀態(tài)，B錯(cuò)誤，CD正確。故選ACD。15.如圖甲所示，物體以肯定初速度從傾角α＝37°斜面底端沿斜面對(duì)上運(yùn)動(dòng)，上升的最大高度為3.0m．選擇地面為參考平面，上升過(guò)程中，物體的機(jī)械能E機(jī)隨高度h的變更如圖乙所示．取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8.下列說(shuō)法中正確的是()A.物體的質(zhì)量m＝0.67kgB.物體可能靜止在斜面頂端C.物體上升過(guò)程的加速度大小a＝10m/s2D.物體回到斜面底端時(shí)的動(dòng)能Ek＝10J【答案】CD【解析】【詳解】A．當(dāng)物體上升到最大高度3m時(shí)，速度為0，此時(shí)機(jī)械能Ep=mgh=30J得到m=1kg選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．摩擦力做的功等于削減的機(jī)械能，有解得u=0.5mgsin37°>umgcos37°故物體不能靜止，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．由牛頓其次定律有mgsin37°+umgcos37°=ma解得a=10m/s2選項(xiàng)C正確；D．物體上升和下降損失的機(jī)械能都是克服摩擦力做的功20J，因此物體回到斜面底端時(shí)的動(dòng)能EK=10J，D正確。故選CD。三、試驗(yàn)題(共2小題,共12分)16.在驗(yàn)證牛頓其次定律的試驗(yàn)中，某組同學(xué)運(yùn)用如圖甲所示裝置，采納限制變量法，探討小車質(zhì)量、小車的加速度與小車受到的力的關(guān)系：(1)下列措施中正確的是______；A．平衡摩擦力時(shí)小車需掛上小桶B．每次變更小車的拉力后都須要重新平衡摩擦力C．試驗(yàn)中先釋放小車，后接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器電源D．試驗(yàn)中通過(guò)在小桶中增加砂子來(lái)變更小車受到的拉力(2)該組同學(xué)依據(jù)試驗(yàn)得到數(shù)據(jù)，畫出a﹣F圖象如圖乙所示，那么該組同學(xué)試驗(yàn)中出現(xiàn)的問(wèn)題最可能的是______。A．平衡摩擦力不足B．平衡摩擦力過(guò)度C．小車質(zhì)量發(fā)生變更D．繩子拉力方向沒(méi)有跟平板平行【答案】(1).D(2).A【解析】【詳解】(1)[1]A．平衡摩擦力時(shí)小車不掛小桶，連上紙帶，輕推小車，讓小車沿斜面做勻速運(yùn)動(dòng)，A錯(cuò)誤；B．由平衡條件得由上式可以看出，小車的勻速運(yùn)動(dòng)與拉力無(wú)關(guān)，每次變更小車的拉力后不須要重新平衡摩擦力，B錯(cuò)誤；C．試驗(yàn)中先釋放小車，后接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的電源，部分紙帶打不上點(diǎn)，C錯(cuò)誤；D．用砂和小桶的重力代替小車的合外力，試驗(yàn)中通過(guò)在小桶中增加砂子來(lái)變更小車受到的拉力，D正確。故選D。(2)[2]從圖像可以看出，小車沒(méi)有運(yùn)動(dòng)時(shí)繩已經(jīng)有拉力了，說(shuō)明平衡摩擦力不足，A正確，BCD錯(cuò)誤。選A17.利用氣墊導(dǎo)軌驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律。試驗(yàn)裝置示意圖如圖1所示：試驗(yàn)步驟：A.將氣墊導(dǎo)軌放在水平桌面上，桌面高度不低于1m，將導(dǎo)軌調(diào)至水平；B．用游標(biāo)卡尺測(cè)量擋光條的寬度L，結(jié)果如圖2所示，由此讀出L=_______mm；C．由導(dǎo)軌標(biāo)尺讀出兩光電門中心之間的距離s=_______cm；D．將滑塊移至光電門1左側(cè)某處，待砝碼靜止不動(dòng)時(shí)，釋放滑塊，要求砝碼落地前擋光條已通過(guò)光電門2；E．從數(shù)字計(jì)時(shí)器（圖1中未畫出）上分別讀出擋光條通過(guò)光電門1和光電門2所用的時(shí)間Δt1和Δt2。F.用天平稱出滑塊和擋光條的總質(zhì)量M，再稱出托盤和砝碼的總質(zhì)量m。用表示干脆測(cè)量量的字母寫出下列所求物理量的表達(dá)式：(1)在滑塊從光電門1運(yùn)動(dòng)到光電門2的過(guò)程中，系統(tǒng)勢(shì)能的削減ΔEp=______（重力加速度為g）。(2)假如ΔEp=___________，則可認(rèn)為驗(yàn)證了機(jī)械能守恒定律。【答案】(1).9.30(2).60.00(3).mgs(4).【解析】【詳解】[1][2]由圖知，游標(biāo)卡尺主尺讀數(shù)為9mm，游標(biāo)尺讀數(shù)為6×0.05mm=0.30mm，所以測(cè)試值為9.30mm；導(dǎo)軌標(biāo)尺讀為60.00cm；(1)[3]系統(tǒng)勢(shì)能的削減等于砝碼重力做功，即ΔEp=mgs(2)[4]滑塊經(jīng)過(guò)兩光電門的速度分別為所以動(dòng)能的增加為假如則可認(rèn)為驗(yàn)證了機(jī)械能守恒定律。四、計(jì)算題(2小題,共30分)