廣西2024年高考物理模擬試卷及答案9

廣西2024年高考物理模擬試卷及答案閱卷人一、選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分．在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的．得分1．廣西是世界范圍內(nèi)巨猿化石發(fā)現(xiàn)最多的地區(qū)，巨猿是一種已經(jīng)滅絕的高等靈長類動(dòng)物，其生活于距今約20萬年前，利用14C衰變測(cè)定年代技術(shù)可以確定化石的大致年代，14C衰變方程為A．X是電子，來源于核外電子B．X是中子，來源于原子核C．化石埋藏的環(huán)境會(huì)影響614D．614C的比結(jié)合能小于2．如圖甲，電鰻遇到危險(xiǎn)時(shí)，可產(chǎn)生數(shù)百伏的電壓來保護(hù)自己．如圖乙所示，若將電鰻放電時(shí)形成的電場(chǎng)等效為等量異種點(diǎn)電荷的電場(chǎng)，其中正電荷集中在尾部，負(fù)電荷集中在頭部，O為電鰻身體的中點(diǎn)，AO=BO且AB為魚身長的一半，下列說法正確的是（）A．A點(diǎn)電勢(shì)等于B點(diǎn)電勢(shì)B．A點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大于B點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)C．若電鰻頭尾部間產(chǎn)生300V的電壓時(shí)，AB間的電壓可能為100VD．將正電荷由A點(diǎn)移動(dòng)到B點(diǎn)，電場(chǎng)力先做負(fù)功后做正功3．如圖甲所示，用手握住長繩的端點(diǎn)A，t=0時(shí)刻在手的帶動(dòng)下A點(diǎn)開始上下振動(dòng)，其振動(dòng)圖像如圖乙所示，則下列四幅圖中能正確反映t0A． B．C． D．4．我國將于2025年前后在文昌發(fā)射嫦娥六號(hào)，嫦娥六號(hào)將開展月球背面著陸區(qū)的現(xiàn)場(chǎng)調(diào)查和分析。采樣返回后，在地面對(duì)樣品進(jìn)行研究。在發(fā)射過程中必須讓嫦娥六號(hào)探測(cè)器在環(huán)月階段圓軌道（II）的P點(diǎn)向環(huán)月階段橢圓軌道（I）上運(yùn)動(dòng)以到達(dá)月球表面的Q點(diǎn)。已知在圓軌道和橢圓軌道上的探測(cè)器只受到月球的萬有引力作用，下列說法正確的是（）A．若已知引力常量、探測(cè)器在圓軌道上的運(yùn)動(dòng)周期和月球的半徑，可求得月球的質(zhì)量B．探測(cè)器由環(huán)月圓軌道進(jìn)入環(huán)月橢圓軌道應(yīng)讓發(fā)動(dòng)機(jī)在P點(diǎn)加速C．探測(cè)器在環(huán)月階段橢圓軌道上P點(diǎn)的速度小于Q點(diǎn)的速度D．探測(cè)器在環(huán)月階段橢圓軌道上P點(diǎn)的加速度大于Q點(diǎn)的加速度5．某同學(xué)用可拆變壓器探究“變壓器的電壓與匝數(shù)的關(guān)系”．將圖甲中的零件組裝成圖乙中的變壓器，將原線圈接在交流電源上，將副線圈接在電壓傳感器（可視為理想電壓表）上，觀察到副線圈電壓U2隨時(shí)間t變化的圖像如圖丙所示，在保證安全的前提下，該可學(xué)在tA．增加了交流電源的頻率 B．增加了副線圖的匝數(shù)C．減少了原線圈的匝數(shù) D．?dāng)Q緊變壓器鐵芯上松掉的螺絲6．如圖所示，裝有沙子的小車靜止在光滑的水平面上，總質(zhì)量為1.5kg，將一個(gè)質(zhì)量為0.5kg的小球從距沙面0.45m高度處以大小為4m/s的初速度水平拋出，小球落入車內(nèi)并陷入沙中最終與車一起向右勻速運(yùn)動(dòng)．不計(jì)空氣阻力，重力加速度g=10m/A．小球陷入沙子過程中，小球和沙、車組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒B．小球陷入沙子過程中，沙子對(duì)小球的沖量大小為3C．小車最終的速度大小為1m/sD．小車最終的速度大小為2m/s7．如圖所示，冬奧會(huì)上甲、乙兩名運(yùn)動(dòng)員在水平冰面上滑冰，恰好同時(shí)到達(dá)虛線PQ左側(cè)的半圓滑道，然后分別沿半徑為r1和rA．在做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，甲所用的時(shí)間比乙的短 B．在做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，甲、乙的角速度大小相等C．在沖刺時(shí)，甲到達(dá)終點(diǎn)線時(shí)的速度較大 D．在沖刺時(shí)，乙一定先到達(dá)終點(diǎn)線閱卷人二、選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分．在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求．全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分．得分8．如圖甲所示，一輕彈簧豎直固定在水平面上，t=0時(shí)刻，將一小球從彈簧正上方某一高度處由靜止釋放，小球落到彈簧上壓縮彈簧到最低點(diǎn)，然后又被彈起離開彈簧，上升到一定高度后再下落，如此反復(fù)．通過安裝在彈簧下端的壓力傳感器，測(cè)出這一過程彈簧彈力F隨時(shí)間t變化的圖像如圖乙所示，則下列說法正確的是（）A．t1B．t2C．t2D．t29．半導(dǎo)體薄膜壓敏傳感器所受壓力越大其電阻越小，利用這一特性設(shè)計(jì)成蘋果大小自動(dòng)分揀裝置如圖所示．其中R1為壓敏電阻，RA．將R2的電阻調(diào)小 B．將RC．增大電源E1的電動(dòng)勢(shì) D．增大電源E10．如圖所示，傾角為θ的絕緣斜面上固定兩根足夠長的平行光滑導(dǎo)軌，將定作電阻、電容器和電源在導(dǎo)軌上端分別通過開關(guān)S1、S2、圖1圖2圖3圖4A．S1閉合，S2、S3B．S2閉合，S1、S3C．S1、S2、S3斷開，由靜止釋放導(dǎo)體棒一段時(shí)間后閉合開關(guān)SD．S1、S2、S3斷開，由靜止釋放導(dǎo)體棒一段時(shí)間后閉合開關(guān)S閱卷人三、非選擇題：本題共5小題，共54分．得分11．在“測(cè)玻璃磚的折射率”實(shí)驗(yàn)中：（1）如圖甲所示，用插針法測(cè)定玻璃磚折射率的實(shí)驗(yàn)中，下列說法正確的是____（填字母）．A．P1、P2的距離較大時(shí)，通過玻璃磚會(huì)看不到P1B．為測(cè)量方便，P1、P2的連線與法線C．若P1、P2的連線與法線NN'夾角較大時(shí)有可能在bb'面發(fā)生全反射，所以在D．為了減小作圖誤美，P3和P（2）在該實(shí)驗(yàn)中，光線是由空氣射入玻璃磚，根據(jù)測(cè)得的入射角和折射角的正弦值畫出的圖線如圖乙所示，從圖線可知玻璃磚的折射率是．（3）在該實(shí)驗(yàn)中，某同學(xué)在紙上西出的界面aa'、bb'與玻璃磚位置的關(guān)系分別如圖丙所示，該同學(xué)用的是矩形玻璃磚，他的其他操作均正確，且均以aa12．利用如圖甲所示電路觀察電容器的充、放電現(xiàn)象，連接計(jì)算機(jī)的電流傳感器可以捕捉并記錄到電流變化，當(dāng)電流從上向下流過電流傳感器時(shí)，電流計(jì)為正值，已知直流電源電動(dòng)勢(shì)為9V，內(nèi)阻可忽略，實(shí)驗(yàn)過程中顯示出電流隨時(shí)間變化的I?t圖像如圖乙所示．（1）在4~7s時(shí)間內(nèi)，開關(guān)S接（填“1”或“2”）．（2）關(guān)于電容器充電過程中兩極板所帶電荷量Q隨時(shí)間t變化的圖像，下列正確的是（填字母）．（3）如果不改變電路其他參數(shù)，只減小電阻R，充電時(shí)I?t曲線與橫軸所圍成的面積將（填“增大”“不變”或“變小”），充電時(shí)間將（填“變長”“不變”或“變短”）．（4）某同學(xué)研究電容器充電后儲(chǔ)存的能量E與電容C、電荷量Q及兩極板間電壓U之間的關(guān)系．他從等效的思想出發(fā)，認(rèn)為電容器儲(chǔ)存的能量等于把電荷從一個(gè)極板搬運(yùn)到另一個(gè)極板過程中克服電場(chǎng)力所做的功．為此他作出電容器兩極間的電壓U隨電荷量Q變化的圖像如圖丙所示，下列說法正確的是____（填字母）．A．對(duì)同一電容器，電容器儲(chǔ)存的能量E與電荷量Q成正比B．搬運(yùn)Δq的電量，克服電場(chǎng)力所做的功近似等于Δq上方小矩形的面積C．若電容器兩極板間電壓為U時(shí)儲(chǔ)存的能量為E，則電壓為U2時(shí)儲(chǔ)存的能量為13．如圖所示，我國研制的“飛天”艙外航天服各項(xiàng)技術(shù)水平均處于世界前列，航天服的氣密性良好，內(nèi)部氣體可視為理想氣體．已知其初始狀態(tài)體積為V，溫度為T，壓強(qiáng)為0.6p（1）若保持航天服內(nèi)氣體壓強(qiáng)不變，緩慢升高氣體溫度至1.2T，求此過程氣體對(duì)外做的功W；（2）若在初始狀態(tài)將航天服的閥門打開，外界氣體緩慢進(jìn)入航天服內(nèi)，直至內(nèi)、外氣體壓強(qiáng)均為p0后不再進(jìn)氣，此時(shí)航天服內(nèi)理想氣體的體積為1.2V，且此過程中，氣體的溫度保持為T14．如圖所示，在坐標(biāo)系xOy的x=2d、x=5d處有兩條虛線AC、DF，y軸與AC之間的勻強(qiáng)磁場(chǎng)I大小未知，AC與DF之間的勻強(qiáng)磁場(chǎng)II磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，兩磁場(chǎng)方向均垂直于坐標(biāo)平面向外．在原點(diǎn)O下方有一個(gè)勻強(qiáng)電場(chǎng)區(qū)域，場(chǎng)強(qiáng)方向沿y軸正方向，在y軸上與O相距為d的P點(diǎn)將一質(zhì)量為m、電荷量為+q(q>0)的帶電微粒由靜止釋放，它在電場(chǎng)力作用下向上運(yùn)動(dòng)經(jīng)O點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)，先后經(jīng)過Q、G點(diǎn)從磁場(chǎng)射出，經(jīng)過x軸上S點(diǎn)時(shí)速度方向與x軸正方向成θ=37°角．已知Q、G兩點(diǎn)縱坐標(biāo)相同，取sin37°=0.6（1）勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小E；（2）勻強(qiáng)磁場(chǎng)I的磁感應(yīng)強(qiáng)度大?。唬?）帶電微粒從P點(diǎn)釋放到經(jīng)過S點(diǎn)的時(shí)間．15．如圖甲所示，質(zhì)量為M=1kg的長木板靜止在光滑水平面上，質(zhì)量為m=2kg的物塊以水平向右的初速度滑上長木板的左端，物塊與木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ=0.2，將物塊視為質(zhì)點(diǎn)，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度（1）當(dāng)物塊的初速度v0=26（2）當(dāng)物塊以v1=6m/①要使物塊不滑離木板，恒力F的取值范圍；②在①的情形下，物塊的最終速度大小與恒力F的關(guān)系；③物塊與木板因摩擦產(chǎn)生的熱量Q與恒力F的關(guān)系．

答案解析部分1．【答案】D【解析】【解答】AB.根據(jù)衰變方程614C→714N+X可知，X為電子，為β衰變，X來源于原子核內(nèi)的中子轉(zhuǎn)化而成，AB不符合題意；

C.半衰期只與原子核本身性質(zhì)有關(guān)，與環(huán)境無關(guān)，C不符合題意；

D.可知614C自發(fā)衰變?yōu)?．【答案】C【解析】【解答】A.由圖可知，電場(chǎng)線由A指向B，故A點(diǎn)的電勢(shì)大于B點(diǎn)的電勢(shì)，A不符合題意；

B.由題可知，AO=BO，故A、B兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小相同，B符合題意；

C.若電鰻頭尾間產(chǎn)生300V的電壓，A、B兩點(diǎn)在其電壓取值區(qū)間內(nèi)，故AB間的電壓可能為100V，C符合題意；

D.將正電荷由A移動(dòng)到B點(diǎn)，電場(chǎng)力一直做正功，D不符合題意。

故答案為：C。

【分析】利用等量異種電荷周圍產(chǎn)生電場(chǎng)的分布特點(diǎn)可得出結(jié)論。3．【答案】B【解析】【解答】由乙圖可知，A點(diǎn)振動(dòng)的頻率一定，故波形圖的波長一定；t=0時(shí)，A點(diǎn)振動(dòng)方向沿x軸正方向，故起振方向沿x軸正方向，B符合題意，ACD不符合題意。

故答案為：B。

【分析】利用質(zhì)點(diǎn)做簡諧振動(dòng)的特點(diǎn)，結(jié)合波的產(chǎn)生和傳播規(guī)律可得出結(jié)論。4．【答案】C【解析】【解答】A.若已知引力常量、探測(cè)器在圓軌道上的運(yùn)動(dòng)周期和探測(cè)器的軌道半徑，由

GMmr2=m4π2T2r

可求出月球的質(zhì)量大小，若已知引力常量、月球表面的重力加速度和月球半徑，由

GMmR2=mg

可求出月球的質(zhì)量大小，A不符合題意；

B.探測(cè)器由環(huán)月圓軌道進(jìn)入環(huán)月橢圓軌道時(shí)，探測(cè)器做近心運(yùn)動(dòng)，應(yīng)讓發(fā)動(dòng)機(jī)在P點(diǎn)減速，B不符合題意；5．【答案】A【解析】【解答】A.變壓器原副線圈上的交變電流頻率相同，故不可能改變交變電流的頻率，A符合題意；

BC.可以通過改變?cè)褦?shù)來增加副線圈的匝數(shù)或減小原線圈的匝數(shù)，BC不符合題意；

D.可以擰緊變壓器鐵芯上松掉的螺絲，D不符合題意。

故答案為：A。

【分析】根據(jù)變壓器的基本原理可得出結(jié)論。6．【答案】C【解析】【解答】A.小球陷入沙子過程中，小球會(huì)受到重力的作用，故小球和沙、車組成的系統(tǒng)動(dòng)量不守恒，A不符合題意；

B.小球在落入車時(shí)，豎直分速度

vy2=2g?

可得

vy=3m/s

CD.水平方向動(dòng)量守恒，故有

m7．【答案】C【解析】【解答】A.在做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，由

Fn=m4π2T2r

可知，半徑越大，周期越大，甲乙做圓周運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為半個(gè)周期，則甲運(yùn)動(dòng)所用時(shí)間比乙的長，A不符合題意；

B.在做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，由

Fn=mω2r

可知，半徑越大，角速度小，故甲的角速度比乙的角速度小，B不符合題意；

C.在做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，由

8．【答案】B,D【解析】【解答】AB.由題可知，小球在空中做自由落體運(yùn)動(dòng)，在接觸到彈簧后先做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，然后做加速度增大的減速運(yùn)動(dòng)，故在t1~t2之間某時(shí)刻小球的速度最大，動(dòng)能最大，t2時(shí)刻彈簧形變量最大，小球速度為零，動(dòng)能最小，A不符合題意，B符合題意；

CD.t2~t3時(shí)間內(nèi)，小球處于上升階段，速度先增大后減小，彈簧減小的彈性勢(shì)能轉(zhuǎn)化為動(dòng)能和重力勢(shì)能，小球增加的機(jī)械能等于彈簧減小的彈性勢(shì)能，D符合題意。

故答案為：BD。

【分析】根據(jù)小球的受力特點(diǎn)，結(jié)合彈力的大小變化可得出小球的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，進(jìn)而可得到不同時(shí)刻小球速度及其能量的變化。9．【答案】A,D【解析】【解答】AB.由題可知，質(zhì)量更大的蘋果進(jìn)入通道2，即電磁鐵電壓增大，對(duì)應(yīng)R2兩邊電壓增大，即回路中電流增大，將R2的電阻調(diào)小，則R2兩端電壓較小，需要更大的回路電流觸發(fā)電磁鐵的吸引作用，故R1的電阻要求更小，壓力更大，可挑選出質(zhì)量更大的蘋果，A符合題意，B不符合題意；

C.增大電源的電動(dòng)勢(shì)，會(huì)使回路電流增大，R2兩端電壓更大，質(zhì)量較小的蘋果也會(huì)進(jìn)入通道2，C不符合題意；

D.增大電源的電動(dòng)勢(shì)，會(huì)是回路電流減小，R2兩端電壓變小，質(zhì)量更大的蘋果才能進(jìn)入通道2，D符合題意。

故答案為：AD。

【分析】根據(jù)電路結(jié)構(gòu)，利用閉合電路歐姆定律可得出回路中的電流特點(diǎn)，進(jìn)而得出結(jié)論。10．【答案】A,C【解析】【解答】A.閉合S1，S2、S3斷開，導(dǎo)體棒受到重力作用沿斜導(dǎo)軌下滑，切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，由

E=BLv，I=ER，F(xiàn)=BIL

可得

F=B2L2vR

由牛頓第二定律有

mgsinθ?B2L2vR=ma

隨著速度增大，加速度逐漸減小，A符合題意；

B.S2閉合，S1、S3斷開，由靜止釋放導(dǎo)體棒，導(dǎo)體棒切割磁感線產(chǎn)生電動(dòng)勢(shì)

E=BLv，I=?q?t=CU?t=CBLv?t=CBLa，F(xiàn)=BIL

由牛頓第二定律有

mgsinθ?B2L2Ca=ma

則加速度為

a=mgsinθm+CB211．【答案】（1）D（2）1.5（3）偏小【解析】【解答】（1）A.P1、P2距離較大時(shí)，不影響光線射入玻璃磚的入射角與折射角大小，依舊能看到P1、P2的像，A符合題意；

B.為測(cè)量方便，P1、P2的連線與發(fā)現(xiàn)MN'的夾角應(yīng)合適，不能太大，不能太小，B不符合題意；

C.由幾和關(guān)系可知，光線在上表面的折射角與下表面入射角相同，由光路圖的可逆行可知，光線一定從下表面射出，C不符合題意；

D.為了減小作圖誤差，將出射光線確定更加準(zhǔn)確，P3和P4的距離應(yīng)適當(dāng)取大些，D符合題意。

故答案為：D

（2）由

n=sinθ1sinθ2

可知，玻璃的折射率為12．【答案】（1）2（2）B（3）不變；變短（4）B；C【解析】【解答】（1）由乙圖可知，4~7s電容器處于放電過程，故開關(guān)S接2；

（2）ABC.電容器充電時(shí)開始電流較大，故電荷量增加，且變化率較大，電流隨時(shí)間減小，電荷隨時(shí)間變化率減小，最后充滿電保持不變，B符合題意，AC不符合題意。

故答案為：B

（3）電容器兩極板所攜帶電荷量與電容器電壓有關(guān)，不改變電路其他參數(shù)，只減小電阻R，則電容器兩端電壓不變，故兩極板間電荷量不變，則I?t曲線與橫軸所圍成的面積不變；由于電阻減小，回路中電流較大，充電時(shí)間會(huì)縮短。

（4）A.從等效的思想出發(fā)，認(rèn)為電容器儲(chǔ)存的能量等于把電荷從一個(gè)極板搬運(yùn)到另一個(gè)極板過程中克服電場(chǎng)力所做的功，即E=12QU=12Q·QC=12CQ2，可知E與電荷量的平方成正比，A不符合題意；

13．【答案】（1）解：氣體的壓強(qiáng)不變，氣體等壓變化，則有V解得V氣體對(duì)外做功W=0（2）解：氣體的溫度保持為T不變，氣體等溫變化，則0解得V進(jìn)入航天服內(nèi)氣體的質(zhì)量與原有質(zhì)量之比為Δm【解析】【分析】（1）利用氣體做等壓變化可得出末狀態(tài)的體積大小，結(jié)合氣體做功公式可得出做功大??；（2）利用等溫變化的規(guī)律可得出氣體在P0狀態(tài)下的體積大小，根據(jù)體積與質(zhì)量的關(guān)系可得出結(jié)論。14．【答案】（1）解：因?yàn)镼、G兩點(diǎn)縱坐標(biāo)相同，可知微粒在勻強(qiáng)磁場(chǎng)II中運(yùn)動(dòng)時(shí)，軌跡具有對(duì)稱性；微粒離開磁場(chǎng)區(qū)域后做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則微粒射出磁場(chǎng)時(shí)速度方向與x軸正方向的夾角也是θ=37°，畫出微粒運(yùn)動(dòng)軌跡示意圖如圖所示．設(shè)微粒在勻強(qiáng)磁場(chǎng)II中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為r2根據(jù)幾何關(guān)系有3d=2根據(jù)洛倫茲力提供向心力有Bqv=解得v=微粒在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)速率不變，大小等于經(jīng)過O點(diǎn)時(shí)的速率由動(dòng)能定理有qEd=解得E=（2）解：根據(jù)幾何關(guān)系可知，微粒經(jīng)過磁場(chǎng)區(qū)域I時(shí)的速度偏轉(zhuǎn)角α=90°?37°=53°設(shè)微粒在磁場(chǎng)區(qū)域I內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為r1根據(jù)幾何關(guān)系有2d=解得r又qv可得B（3）解：微粒在磁場(chǎng)區(qū)域I內(nèi)的運(yùn)動(dòng)時(shí)間t微粒在磁場(chǎng)區(qū)域II內(nèi)的運(yùn)動(dòng)時(shí)間t根據(jù)幾何關(guān)系可知，Q、G點(diǎn)的縱坐標(biāo)y=微粒由G點(diǎn)運(yùn)動(dòng)