安徽獅遠(yuǎn)縣重點(diǎn)中學(xué)2025屆高三物理下學(xué)期6月模擬考試試題含解析

PAGE18-安徽省定遠(yuǎn)縣重點(diǎn)中學(xué)2025屆高三物理下學(xué)期6月模擬考試試題（含解析）二、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分。每小題給出的4個(gè)選項(xiàng)中，第14-18題只有一項(xiàng)是符合題意要求的，第19-21題有多項(xiàng)是符合題意要求的。全部選對(duì)的6分，選對(duì)但不全對(duì)的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1.氫原子的能級(jí)如圖，一群氫原子處于n＝4能級(jí)上。當(dāng)氫原子從n＝4能級(jí)躍遷到n＝3能級(jí)時(shí)，輻射光的波長(zhǎng)為1884nm，下列推斷正確的是()A.一群氫原子從n＝4能級(jí)向n＝1能級(jí)躍遷時(shí)，最多產(chǎn)生4種譜線B.從高能級(jí)向低能級(jí)躍遷時(shí)，氫原子核肯定向外放出能量C.氫原子從n＝3能級(jí)躍遷到n＝2能級(jí)時(shí)，輻射光的波長(zhǎng)大于1884nmD.用氫原子從n＝2能級(jí)躍遷到n＝1能級(jí)輻射的光照耀W逸＝6.34eV的鉑，能發(fā)生光電效應(yīng)【答案】D【解析】【詳解】A.一群處于n＝4能級(jí)上的氫原子向n＝1能級(jí)躍遷時(shí)最多產(chǎn)生＝6種譜線，故A錯(cuò)誤；B.從高能級(jí)向低能級(jí)躍遷時(shí)，氫原子肯定向外放出能量，但原子核不向外放出能量，故B錯(cuò)誤；C.氫原子從n＝4能級(jí)躍遷到n＝3能級(jí)輻射的光子能量小于從n＝3能級(jí)躍遷到n＝2能級(jí)輻射的光子能量，依據(jù)可知從n＝3能級(jí)躍遷到n＝2能級(jí)輻射的光子波長(zhǎng)小于1884nm，故C錯(cuò)誤；D.氫原子從n＝2能級(jí)躍遷到n＝1能級(jí)輻射的光子的能量值：E12＝E2－E1＝－3.40eV－(－13.60eV)＝10.20eV，故用該光照耀W逸＝6.34eV的鉑，能發(fā)生光電效應(yīng)，故D正確。故選：D2.南昌市秋水廣場(chǎng)擁有亞洲最大的音樂(lè)噴泉群．一同學(xué)在遠(yuǎn)處觀看秋水廣場(chǎng)噴泉表演時(shí)，估測(cè)噴泉中心主噴水口的水柱約有40層樓高，表演結(jié)束時(shí)，靠近視察到該主噴水管口的圓形內(nèi)徑約有10cm，由此估算驅(qū)動(dòng)主噴水的水泵功率最接近的數(shù)值是A.5×102W B.5×103W C.5×104W D.5×105W【答案】D【解析】【詳解】40層樓高約h=120m．設(shè)水泵的功率為P，泵在時(shí)間內(nèi)使質(zhì)量為的水以速度v通過(guò)噴水管口，則，，以及（ρ為水的密度），由此可得．3.如圖，表面到處同樣粗糙的楔形木塊abc固定在水平地面上，ab面和bc面與地面的夾角分別為α和β，且α>β.一初速度為v0的小物塊沿斜面ab向上運(yùn)動(dòng)，經(jīng)時(shí)間t0后到達(dá)頂點(diǎn)b時(shí)，速度剛好為零；然后讓小物塊馬上從靜止起先沿斜面bc下滑．在小物塊從a運(yùn)動(dòng)到c的過(guò)程中，可能正確描述其速度大小v與時(shí)間t的關(guān)系的圖像是A. B. C. D.【答案】C【解析】【詳解】試題分析：設(shè)物塊上滑與下滑的加速度大小分別為a1和a2．依據(jù)牛頓其次定律得：mgsinα+μmgcosα=ma1，mgsinβ-μmgcosβ=ma2，得a1=gsinα+μgcosα，a2=gsinβ-μgcosβ，則知a1＞a2;而v-t圖象的斜率等于加速度，所以上滑段圖線的斜率大于下滑段圖線的斜率．上滑過(guò)程的位移大小較小，而上滑的加速度較大，由x=at2知，上滑過(guò)程時(shí)間較短．因上滑過(guò)程中，物塊做勻減速運(yùn)動(dòng)，下滑過(guò)程做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，兩段圖象都是直線．由于物體克服摩擦力做功，機(jī)械能不斷減小，所以物體到達(dá)c點(diǎn)的速度小于v0．故C正確，ABD錯(cuò)誤．故選C【點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵運(yùn)用牛頓其次定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式分析兩個(gè)過(guò)程加速度關(guān)系、運(yùn)動(dòng)時(shí)間關(guān)系，即可結(jié)合圖象的物理意義進(jìn)行選擇．4.如圖所示，在足夠大的光滑絕緣水平面內(nèi)有一帶正電的點(diǎn)電荷a(圖中未畫(huà)出)，與a帶同種電荷的質(zhì)點(diǎn)b僅在a的庫(kù)侖力作用下，以初速度v0(沿MP方向)由M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)，到N點(diǎn)時(shí)速度大小為v，且v<v0，則下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是()A.a電荷肯定在虛線MP下方B.b電荷在M點(diǎn)、N點(diǎn)的加速度大小可能相等C.b電荷在M點(diǎn)的電勢(shì)能小于在N點(diǎn)的電勢(shì)能D.b電荷從M點(diǎn)到N點(diǎn)的過(guò)程中，a電荷對(duì)其做的總功為負(fù)值【答案】B【解析】【詳解】A．合外力應(yīng)指向軌道凹側(cè)，因?yàn)閹N電荷，a電荷肯定在虛線MP下方，故A對(duì)；CD．由v<v0可知，電荷b從M到N電場(chǎng)力對(duì)其做負(fù)功，選項(xiàng)C、D對(duì)；B．N點(diǎn)距點(diǎn)電荷a近，受到電場(chǎng)力大，所以b電荷在M點(diǎn)的加速度小于在N點(diǎn)的加速度，故B錯(cuò)；故選B。5.如圖1所示，志向變壓器的原線圈接有保險(xiǎn)絲FU，其熔斷電流為6A，副線圈接有阻值為R0=10Ω的定值電阻、銘牌上標(biāo)有“100V50W”字樣的燈泡以及最大阻值為400Ω的滑動(dòng)變阻器R．現(xiàn)在原線圈的ab間接如圖2所示的溝通電源，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片處在中點(diǎn)時(shí)，燈泡恰好正常發(fā)光，則下列說(shuō)法正確的是A.原線圈兩端輸入的交變電壓為u=22sin100πt(V)B.志向變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為1∶5C.若將滑動(dòng)變阻器的滑片向下移動(dòng)少許，燈泡變亮D.若持續(xù)向下移動(dòng)滑動(dòng)變阻器的滑片，變壓器的輸入功率變大，可能會(huì)使熔斷器熔斷【答案】BD【解析】【詳解】由題圖2可知，交變電壓的最大值為22V，周期為T=2×10－2s，所以角速度為ω==100π(rad/s)，則原線圈兩端的交變電壓為u=22sin100πt(V)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；燈泡正常發(fā)光時(shí)的電阻為RL==200Ω，電流為IL==0.5A，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片處在中點(diǎn)時(shí)接入電路的電阻為200Ω，依據(jù)并聯(lián)電路的特點(diǎn)可知，通過(guò)電阻R0的電流為I0=1A，所以變壓器的輸出電壓為U2=UL＋I(xiàn)0R0=110V，則有，選項(xiàng)B正確；若將滑動(dòng)變阻器的滑片向下移動(dòng)少許，接入電路的電阻變小，則副線圈中的電流變大，電阻R0兩端的電壓增大，所以燈泡兩端的電壓減小，亮度變暗，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；若持續(xù)向下移動(dòng)滑動(dòng)變阻器的滑片，副線圈中的電流會(huì)持續(xù)增大，由P出=U2I2可知輸出功率變大，又P入=P出，所以輸入功率變大，原線圈中的電流I1也增大，因此可能超過(guò)熔斷電流6A，熔斷器可能會(huì)熔斷，選項(xiàng)D正確．6.我國(guó)的“天鏈一號(hào)”衛(wèi)星是地球同步衛(wèi)星，可為中低軌道衛(wèi)星供應(yīng)數(shù)據(jù)通訊，“天鏈一號(hào)”衛(wèi)星4、赤道平面內(nèi)的低軌道衛(wèi)星b，地球的位置關(guān)系如圖所示，O為地心，地球相對(duì)衛(wèi)星a、b的張角分別為和（圖中未標(biāo)出），衛(wèi)星a的軌道半徑是b的9倍，且均繞地球同向運(yùn)行，已知衛(wèi)星．的周期為T，在運(yùn)行過(guò)程中由于地球的遮擋，衛(wèi)星b會(huì)進(jìn)入衛(wèi)星Q通訊的盲區(qū)，衛(wèi)星間的通訊信號(hào)視為沿直線傳播，信號(hào)傳輸時(shí)間可忽視，下列分析正確的是A.衛(wèi)星a、b的速度之比為1：9B.衛(wèi)星b星的周期為C.衛(wèi)星b每次在盲區(qū)運(yùn)行時(shí)間為D.衛(wèi)星b每次在盲區(qū)運(yùn)行的時(shí)間為【答案】BC【解析】【詳解】A.設(shè)衛(wèi)星a、b的軌道半徑分別為r1和r2．地球半徑為R．依據(jù)萬(wàn)有引力提向心力：解得：所以衛(wèi)星a、b的速度之比為1：3.故A錯(cuò)誤.B.由依據(jù)萬(wàn)有引力提向心力：可得：可得：r1＝9r2則得衛(wèi)星b星的周期為.故B正確.CD.如圖所示：A、B是衛(wèi)星盲區(qū)兩個(gè)邊緣位置，由幾何學(xué)問(wèn)可得：∠AOB＝θ1+θ2則有：解得b每次在盲區(qū)運(yùn)行的時(shí)間為：故C正確，D錯(cuò)誤.7.如圖所示，一足夠長(zhǎng)的斜面體靜置于粗糙水平地面上，一小物塊沿著斜面體勻速下滑，現(xiàn)對(duì)小物塊施加一水平向右的恒力F，當(dāng)物塊運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)之前，下列說(shuō)法正確的是A.物塊與斜面體間的彈力不變B.物塊與斜面體間的摩擦力增大C.斜面體與地面間的彈力不變D.斜面體與地面間的摩擦力始終為0【答案】BD【解析】【詳解】AB、設(shè)斜面的傾角為α，不加推力F時(shí)，滑塊勻速下滑，受重力、支持力和摩擦力，依據(jù)共點(diǎn)力平衡條件，支持力N=mgcosα，摩擦力f=mgsinα，故動(dòng)摩擦因數(shù)μ=f/N=tanα；對(duì)小物塊施加一水平向右的恒力F后，支持力N′=mgcosα+Fsinα，變大；滑動(dòng)摩擦力f′=μN(yùn)′，也變大；故A錯(cuò)誤，B正確；CD、不加推力F時(shí)，依據(jù)平衡條件，滑塊受的支持力和摩擦力的合力豎直向上；故依據(jù)牛頓第三定律，滑塊對(duì)斜面體的壓力和摩擦力的合力豎直向下，故斜面體相對(duì)地面沒(méi)有滑動(dòng)趨勢(shì)，故斜面體不受摩擦力；加上水平推力后，滑塊對(duì)斜面體的摩擦力和壓力同比例增加，其合力方向照舊是豎直向上(大小變大，方向不變)；同理,依據(jù)牛頓第三定律，滑塊對(duì)斜面體的壓力和摩擦力的合力照舊是豎直向下(大小變大，方向不變)，故斜面體相對(duì)地面仍舊沒(méi)有滑動(dòng)趨勢(shì)，故斜面體仍舊不受摩擦力，但對(duì)地壓力變大了；故C錯(cuò)誤，D正確；故選BD8.如圖1，水平地面上邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形ABCD區(qū)域，埋有與地面平行的金屬管線．為探測(cè)金屬管線的位置、走向和埋覆深度，先讓金屬管線載有電流，然后用閉合的摸索小線圈P（穿過(guò)小線圈的磁場(chǎng)可視為勻強(qiáng)磁場(chǎng)）在地面探測(cè)，如圖2所示，將暴露于地面的金屬管接頭接到電源的一段，將接地棒接到電源的另一端．這樣金屬管線中就有沿管線方向的電流．使線圈P在直線BD上的不同位置保持靜止時(shí)（線圈平面與地面平行），線圈中沒(méi)有感應(yīng)電流．將線圈P靜置于A處，當(dāng)線圈平面與地面平行時(shí)，線圈中有感應(yīng)電流，當(dāng)線圈平面與射線AC成37°角且保持靜止時(shí)，線圈中感應(yīng)電流消逝．下列說(shuō)法正確的是（）（已知sin37°=0.6，cos37°=0.8）A.金屬管線沿AC走向B.圖2中的電源為電壓恒定并且較大的直流電源C.金屬管線的埋覆深度為D.線圈P在A處，當(dāng)它與地面的夾角為時(shí)，P中的感應(yīng)電流可能最大【答案】CD【解析】【詳解】由題意可知，線圈P在直線BD上的不同位置保持靜止（線圈平面與地面平行），線圈中沒(méi)有感應(yīng)電流．說(shuō)明穿過(guò)線圈的磁通量不變，則金屬管線沿BD走向，故A錯(cuò)誤．由題意可知，當(dāng)線圈靜止時(shí)存在感應(yīng)電流，則說(shuō)明線圈產(chǎn)生的磁場(chǎng)為改變的，故電流肯定是改變的，故B錯(cuò)誤．線圈平面與射線AC成37°角時(shí)，線圈中感應(yīng)電流消逝說(shuō)明B點(diǎn)的磁場(chǎng)方向成37°角，則由幾何關(guān)系可知，埋覆深度d與OA長(zhǎng)度的關(guān)系為d=OAtan53°，解得深度d=L，故C正確．P在A處，與地面夾角成53°時(shí)，線圈P與磁場(chǎng)方向相互垂直，則此時(shí)磁通量的最大，磁通量的改變率最大，故感應(yīng)電流可能最大，故D正確．第II卷（共174分）三、非選擇題：共174分。包括必考題和選考題兩部分。（一）必考題：共129分。9.某同學(xué)利用氣墊導(dǎo)軌驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，試驗(yàn)裝置如圖所示．氣墊導(dǎo)軌傾斜固定在水平桌面上，導(dǎo)軌A點(diǎn)處有一帶擋光片的滑塊，滑塊與擋光片的總質(zhì)量為M，擋光片的寬度為d，滑塊通過(guò)細(xì)線跨過(guò)光滑的定滑輪與兩個(gè)相同的鉤碼相連，連接滑塊的一段細(xì)線與導(dǎo)軌平行，每個(gè)鉤碼的質(zhì)量為m．開(kāi)啟氣泵，滑塊恰好能靜止于A點(diǎn)．導(dǎo)軌上B點(diǎn)處固定一個(gè)光電門，擋光片到光電門的距離為L(zhǎng)（L小于鉤碼到定滑輪的距離）．已知當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間．①該同學(xué)用游標(biāo)卡尺測(cè)出遮光片的寬度，則該同學(xué)用的游標(biāo)卡尺是________分度（填10、20或50）．②某時(shí)刻只撤去鉤碼2，讓滑塊從A點(diǎn)靜止起先運(yùn)動(dòng)，已知光電門記錄擋光片擋光時(shí)間為，則滑塊通過(guò)B點(diǎn)的瞬時(shí)速度為_(kāi)________（用題目中所給的物理符號(hào)表示）．③在滑塊從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過(guò)程中，為了驗(yàn)證滑塊與鉤碼1組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，須要驗(yàn)證的關(guān)系式為_(kāi)________________________（用題目中所給的物理符號(hào)表示）．【答案】(1).50(2).(3).【解析】【詳解】解：①10分游標(biāo)卡尺將9mm等分成10份，每份0.9mm，和主尺一格差0.1mm，精度0.1mm；20分游標(biāo)卡尺將19mm等分成20份，每份0.95mm，和主尺一格差0.05mm，精度0.05mm；50分游標(biāo)卡尺將49mm等分成50份，每份0.98mm，和主尺一格差0.02mm，精度0.02mm；游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法，主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀，所以該同學(xué)用游標(biāo)卡尺測(cè)出遮光片的寬度，用的游標(biāo)卡尺是50分度；②極短時(shí)間內(nèi)平均速度等于瞬時(shí)速度，則滑塊通過(guò)B點(diǎn)的瞬時(shí)速度為③開(kāi)啟氣泵，滑塊恰好能靜止于A點(diǎn)，依據(jù)平衡條件則有：；只撤去鉤碼2，讓滑塊從A點(diǎn)靜止起先運(yùn)動(dòng)，系統(tǒng)重力勢(shì)能減小化量為，動(dòng)能的增加量為：，為了驗(yàn)證滑塊與鉤碼1組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，須要驗(yàn)證的關(guān)系式為，即；10.某同學(xué)將電流表A與一電源和滑動(dòng)變阻器串聯(lián)改裝成歐姆表．并測(cè)定電源的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r，如圖甲所示，已知電流表內(nèi)阻Rg＝7.5Ω，滿偏電流Ig＝10mA．電流表的表盤(pán)如圖乙所示，該同學(xué)做如下操作：（1）首先，將兩探針短接后，調(diào)整滑動(dòng)變阻器R，使電流表A達(dá)到滿偏．?dāng)嚅_(kāi)兩探針，若用電阻箱替代滑動(dòng)變阻器R．仍使電流表滿偏．電阻箱讀數(shù)如圖丙所示，則R＝_____．（2）保持滑動(dòng)變阻器R接入電路阻值不變，重新接回，將兩探針接電阻箱，可以逐一將歐姆表刻度標(biāo)出，當(dāng)電阻箱調(diào)至1000Ω時(shí)，電流表讀數(shù)如圖乙所示，則此時(shí)電流為_(kāi)____A．（3）由此，可以側(cè)出電源的電動(dòng)勢(shì)E＝_____，內(nèi)阻r＝_____．（4）改裝好的歐姆表運(yùn)用一段時(shí)間后，可認(rèn)為電源電動(dòng)勢(shì)有所降低，內(nèi)阻增大，該同學(xué)依據(jù)步驟規(guī)范操作，測(cè)量某肯定值電阻，測(cè)得電阻值_____真實(shí)值（填“大于”、“等于”、或“小于”）【答案】(1).142.0Ω(2).0.0060(3).1.5V(4).0.5Ω(5).大于【解析】【詳解】（1）由圖示電阻箱可知，其讀數(shù)為：1×100Ω+4×10Ω+2×1Ω+0×0.1Ω＝142.0Ω；（2）電流表量程為10mA，由圖示表盤(pán)可知，其分度值為0.2mA，示數(shù)為6.0mA＝0.0060A；（3）依據(jù)題意，應(yīng)用閉合電路歐姆定律可知：，，解得：E＝1.5V，r＝0.5Ω．（4）歐姆調(diào)零時(shí)：，電源電動(dòng)勢(shì)降低，歐姆調(diào)零時(shí)歐姆表內(nèi)阻R內(nèi)減小，用歐姆表測(cè)電阻時(shí)：，由于R內(nèi)減小，測(cè)電阻時(shí)電流I偏小，指針偏左，所測(cè)電阻偏大，電阻測(cè)量值大于真實(shí)值．11.近年來(lái)，隨著AI的迅猛發(fā)展，自動(dòng)分揀裝置在快遞業(yè)也得到廣泛的普及.如圖為某自動(dòng)分揀傳送裝置的簡(jiǎn)化示意圖，水平傳送帶右端與水平面相切，以v0=2m/s的恒定速率順時(shí)針運(yùn)行，傳送帶的長(zhǎng)度為L(zhǎng)=7.6m.機(jī)械手將質(zhì)量為1kg的包袱A輕放在傳送帶的左端，經(jīng)過(guò)4s包袱A離開(kāi)傳送帶，與意外落在傳送帶右端質(zhì)量為3kg的包袱B發(fā)生正碰，碰后包袱B在水平面上滑行0.32m后靜止在分揀通道口，隨即被機(jī)械手分揀.已知包袱A、B與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為0.1，取g=10m/s2.求：(1)包袱A與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù);(2)兩包袱碰撞過(guò)程中損失的機(jī)械能;(3)包袱A是否會(huì)到達(dá)分揀通道口.【答案】(1)μ1=0.5(2)△E=0.96J(3)包袱A不會(huì)到達(dá)分揀通道口【解析】【詳解】(1)假設(shè)包袱A經(jīng)過(guò)t1時(shí)間速度達(dá)到v0，由運(yùn)動(dòng)學(xué)學(xué)問(wèn)有包袱A在傳送帶上加速度的大小為a1,v0=a1t1包袱A的質(zhì)量為mA，與傳輸帶間的動(dòng)摩檫因數(shù)為μ1，由牛頓運(yùn)動(dòng)定律有:μ1mAg=mAa1解得：μ1=0.5(2)包袱A離開(kāi)傳送帶時(shí)速度為v0，設(shè)第一次碰后包袱A與包袱B速度分別為vA和vB，由動(dòng)量守恒定律有:mAv0=mAvA+mBvB包袱B在水平面上滑行過(guò)程，由動(dòng)能定理有:-μ2mBgx=0-mBvB2解得vA=-0.4m/s，負(fù)號(hào)表示方向向左，大小為0.4m/s兩包袱碰撞時(shí)損失的機(jī)械能:△E=mAv02-mAvA2-mBvB2解得：△E=0.96J(3)第一次碰后包袱A返回傳送帶，在傳送帶作用下向左運(yùn)動(dòng)xA后速度減為零，由動(dòng)能定理可知-μ1mAgxA=0-mAvA2解得xA=0.016m<L，包袱A在傳送帶上會(huì)再次向右運(yùn)動(dòng).設(shè)包袱A再次離開(kāi)傳送帶的速度為vA′μ1mAgxA=mAvA′2解得:vA′=0.4m/s設(shè)包袱A再次離開(kāi)傳送帶后在水平面上滑行的距離為xA-μ2mAgxA′=0-mAvA2解得xA′=0.08mxA′=<0.32m包袱A靜止時(shí)與分揀通道口的距離為0.24m，不會(huì)到達(dá)分揀通道口.12.如圖所示，在xOy坐標(biāo)系中有圓柱形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，其圓心在O′(R，0)，半徑為R，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，磁場(chǎng)方向垂直紙面對(duì)里．在y≥R范圍內(nèi)，有方向向左的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度為E．有一帶正電的徽粒以平行于x軸射入磁場(chǎng)，微粒在磁場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)半徑剛好也是R．已知帶電徹粒的電量為q，質(zhì)量為m，整個(gè)裝置處于真空中，不計(jì)重力．(1)求微粒進(jìn)入磁場(chǎng)的速度大??；(2)若微粒從坐標(biāo)原點(diǎn)射入磁場(chǎng)，求微粒從射入磁場(chǎng)到再次經(jīng)過(guò)y軸所用時(shí)間；(3)若微粒從y軸上y=處射向磁場(chǎng)，求微粒以后運(yùn)動(dòng)過(guò)程中距y軸的最大距離．【答案】（1）；（2）（3）【解析】【詳解】（1）微粒射入磁場(chǎng)后做勻減速運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力供應(yīng)向心力，有：解得（2）微粒從原點(diǎn)射入磁場(chǎng)，因在磁場(chǎng)中軌跡半徑也為R，所以微粒經(jīng)圓弧后以速度v垂直于電場(chǎng)方向進(jìn)入電場(chǎng)，軌跡如圖甲所示在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間為進(jìn)入電場(chǎng)后做類平拋運(yùn)動(dòng)，沿電場(chǎng)方向解得故所求時(shí)間為：（3）微粒從y軸上處射向磁場(chǎng)，入射點(diǎn)為P，軌跡圓心為，如圖乙所示在中=30°，=60°，連接，因，=120°，則=30°，兩圓相交，關(guān)于圓心連線對(duì)稱，設(shè)出射點(diǎn)為Q，由對(duì)稱知=30°，出射點(diǎn)Q必位于點(diǎn)正上方．由于=60°，所以微粒從磁場(chǎng)中出射方向與x軸成．在電場(chǎng)中微粒沿x軸正方向做初速為的勻減速運(yùn)行，加速度大小為在電場(chǎng)中向右運(yùn)動(dòng)的最遠(yuǎn)距離由以上三個(gè)方程及可解得運(yùn)動(dòng)過(guò)程中距y軸的最遠(yuǎn)距離為，即．13.關(guān)于固體、液體和氣體，下列說(shuō)法正確的是A.當(dāng)分子間距離增大時(shí)，分子間作用力減小，分子勢(shì)能增大B空氣相對(duì)濕度越大時(shí)，空氣中水蒸氣壓強(qiáng)就越接近飽和氣壓C.由于液體表面層分子間距高大于液體內(nèi)部分子間距離，故液體表面存在張力D.單位時(shí)間內(nèi)氣體分子對(duì)容器壁單位面積上碰撞次數(shù)削減，氣體的壓強(qiáng)可能增大E.利用氧氣的摩爾質(zhì)量、密度以及阿伏加德羅常數(shù)就可以估算出一個(gè)氧氣分子的體積【答案】BCD【解析】【詳解】A．分子之間的距離等于平衡距離時(shí)，分子勢(shì)能最小，所以當(dāng)分子間距離增大時(shí)，分子間作用力減小，分子勢(shì)能可能增大，也可能減??；故A錯(cuò)誤；B．空氣相對(duì)濕度越大時(shí)，空氣中水蒸氣壓強(qiáng)就越接近飽和氣壓；故B正確；C．液體表面層分子間距離大于液體內(nèi)部分子間距離，此時(shí)分子之間的引力大于斥力，液體表面存在張力；故C正確；D．單位時(shí)間內(nèi)氣體分子對(duì)容器壁單位面積上碰撞次數(shù)削減，但假如速度增大，撞擊力增大，氣體的壓強(qiáng)可能增大；故D正確；E．氣體分子間距離較大，所以無(wú)法利用氧氣的摩爾質(zhì)量、密度以及阿伏加德羅常數(shù)就可以估算出一個(gè)氧氣分子的體積，只能求出單個(gè)分子占據(jù)的空間；故E錯(cuò)誤。故選BCD．【點(diǎn)睛】本題考查了阿伏伽德羅常數(shù)、濕度、分子間作用力以及壓強(qiáng)的微觀意義等，要留意明確氣體分子間距較大，只能求分子占據(jù)的空間.14.如圖所示，一氣缸內(nèi)由光滑的活塞封閉著肯定量的志向氣體，氣缸(足夠長(zhǎng))開(kāi)口豎直向下．活塞下掛一個(gè)沙桶，活塞和沙桶的總質(zhì)量為m，平衡時(shí)活塞離底部的距離為h．現(xiàn)往沙桶內(nèi)緩慢加人沙子，裝滿沙桶時(shí)活塞離底部的距離高為H、已知?dú)飧妆诘膶?dǎo)熱性能良好，活塞的橫截面積為S，在缸內(nèi)可自由滑動(dòng)且不漏氣；大氣壓強(qiáng)為p0，環(huán)境溫度不變，重力加速度為g．求①裝入沙桶沙子的質(zhì)量△m；②若因外界環(huán)境溫度降低，活塞又回到離底部距離為h處，且內(nèi)能減小了△E，則此過(guò)程須要向外界放出熱量Q．【答案】①②【解析】【分析】依據(jù)平衡條件求出沙桶未裝沙子時(shí)氣缸內(nèi)氣體壓強(qiáng)和當(dāng)沙桶裝滿沙子時(shí)氣缸內(nèi)氣體壓強(qiáng)，由玻意耳定律列式裝入沙桶沙子的質(zhì)量；氣體溫度降低過(guò)程中，求出外界對(duì)氣體做功