山東省濰坊市臨朐縣2025屆高三物理綜合模擬試題二含解析

PAGE19-山東省濰坊市臨朐縣2025屆高三物理綜合模擬試題（二）（含解析）留意事項：1.答題前，考生先將自己的姓名、考生號、座號填寫在相應位置，仔細核對條形碼上的姓名、考生號和座號，并將條形碼粘貼在指定位置上。2.選擇題答案必需運用2B鉛筆（按填涂樣例）正確填涂；非選擇題答案必需運用0.5毫米黑色簽字筆書寫。字體工整、筆跡清晰。3.請依據(jù)題號在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。保持卡面清潔，不折疊、不破損。一、單項選擇題：本題共8小題，每小題3分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1.中國自主研發(fā)的世界首座具有第四代核電特征的核電站—華能石島灣高溫氣冷堆核電站，位于山東省威海市榮成石島灣。目前核電站運用的核燃料基本都是濃縮鈾，有一種典型的鈾核裂變方程是＋x→＋＋3x。下列關于x的說法正確的是（）A.x是α粒子，具有很強的電離本事B.x是α粒子，穿透實力比較弱C.x是中子，中子是盧瑟福通過試驗最先發(fā)覺的D.x是中子，中子是查德威克通過試驗最先發(fā)覺的【答案】D【解析】【詳解】AB．依據(jù)該反應的特點可知，該核反應屬于重核裂變，依據(jù)核反應方程的質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒可知，x為中子，故AB錯誤；CD．依據(jù)物理學史可知，盧瑟福發(fā)覺了質(zhì)子，預言了中子的存在，中子是查德威克通過試驗最先發(fā)覺的，故C錯誤，D正確。故選D。2.分別用頻率為ν和2ν的甲、乙兩種單色光照耀某金屬，逸出光電子的最大初動能之比為1∶3，已知普朗克常量為h，真空中光速為c，電子電量為e。下列說法正確的是（）A.用頻率為2ν的單色光照耀該金屬，單位時間內(nèi)逸出的光電子數(shù)目肯定較多B.用頻率為的單色光照耀該金屬不能發(fā)生光電效應C.甲、乙兩種單色光照耀該金屬，對應光電流的遏止電壓相同D.該金屬的逸出功為【答案】B【解析】【詳解】A．單位時間內(nèi)逸出光電子數(shù)目與光的強度有關，由于光的強度關系未知，故A錯誤；BD．光子能量分別為和依據(jù)愛因斯坦光電效應方程可知光電子的最大初動能為，逸出光電子的最大初動能之比為1：3，聯(lián)立解得用頻率為的單色光照耀該金屬不能發(fā)生光電效應，故B正確，D錯誤；C．兩種光的頻率不同，光電子的最大初動能不同，由動能定理可知，題目對應的遏止電壓是不同的，故C錯誤。故選B。3.恒星在勻稱地向四周輻射能量的過程中，質(zhì)量緩慢減小，圍繞恒星運動的小行星可近似看成在做圓周運動.則經(jīng)過足夠長的時間后，小行星運動的（）A半徑變大B.速率變大C.角速度變大D.加速度變大【答案】A【解析】【詳解】A：恒星勻稱地向四周輻射能量，質(zhì)量緩慢減小，小行星所受的萬有引力減小，小行星做離心運動，即半徑增大，故A正確；B、C、D：小行星繞恒星運動做圓周運動，萬有引力供應向心力，設小行星的質(zhì)是為m，恒星質(zhì)量為，則有：．解得：，，，．因變大，質(zhì)量減小，則速度變小，角速度變小，加速度變小，故BCD錯誤．4.下列說法正確的是（）A.肯定量的志向氣體，當氣體體積增大時，氣體肯定對外界做功B.物體放出熱量，其內(nèi)能肯定削減C.溫度高的物體分子平均動能肯定大，但內(nèi)能不肯定大，D.壓縮氣體須要用力，這是因為氣體分子間存在斥力【答案】C【解析】【詳解】A．肯定量的志向氣體，當氣體由于自由擴散而體積增大時，氣體對外界不做功，故A錯誤；B．物體放出熱量，若同時外界對物體做功，物體的內(nèi)能不肯定削減，故B錯誤；C．內(nèi)能取決于物體的溫度、體積和物質(zhì)的量，溫度高的物體內(nèi)能不肯定大，但分子平均動能肯定大，故C正確；D．氣體之間分子距離很大，分子力近似為零，用力才能壓縮氣體是由于氣體內(nèi)部壓強產(chǎn)生的阻力造成的，并非由于分子之間的斥力造成，故D錯誤。故選C5.背越式跳高采納弧線助跑，距離長，速度快，動作伸展大方．如圖所示是某運動員背越式跳高過程的分解圖，由圖可估算出運動員在躍起過程中起跳的豎直速度大約為A.2m/s B.5m/s C.8m/s D.11m/s【答案】B【解析】【詳解】運動員跳高過程可以看做豎直上拋運動，當重心達到橫桿時速度恰好為零，運動員重心上升高度約為：，依據(jù)機械能守恒定律可知：；解得：，故B正確，ACD錯誤．6.如圖所示，真空中有一個半徑為R，質(zhì)量分布勻稱的玻璃球，頻率為的細激光束在真空中沿直線BC傳播，并于玻璃球表面的C點經(jīng)折射進入玻璃球，并在玻璃球表面的D點又經(jīng)折射進入真空中，已知，玻璃球?qū)υ摷す獾恼凵渎蕿?，則下列說法中正確的是（）A.出射光線的頻率變小B.變更入射角的大小，細激光束可能在玻璃球的內(nèi)表面發(fā)生全反射C.此激光束在玻璃中穿越的時間為（c為真空中的光速）D.激光束的入射角為=45°【答案】C【解析】【詳解】A.光在不同介質(zhì)中傳播時，頻率不會發(fā)生變更，所以出射光線的頻率不變，故A錯誤；B.激光束從C點進入玻璃球時，無論怎樣變更入射角，折射角都小于臨界角，依據(jù)幾何學問可知光線在玻璃球內(nèi)表面的入射角不行能大于臨界角，所以都不行能發(fā)生全反射，故B錯誤；C.此激光束在玻璃中的波速為CD間距離為則光束在玻璃球中從到傳播的時間為故C正確；D.由幾何學問得到激光束在在點折射角，由可得入射角，故D錯誤．7.圖示為一列沿x軸負方向傳播的簡諧橫波，實線為t＝0時刻的波形圖，虛線為t＝0.6s時的波形圖，波的周期T>0.6s，則（）A.波的周期為2.4sB.波速為m/sC.在t＝0.9s時，P點沿y軸正方向運動D.在t＝0.2s時，Q點經(jīng)過的路程小于0.2m【答案】D【解析】【詳解】A．波的周期T＞0.6s，說明波的傳播時間小于一個周期，波在t=0.6s內(nèi)傳播的距離不到一個波長，則由圖知解得故A錯誤；B．由圖可知，波長為8m，波速為故B錯誤；C．由于波沿x軸負方向傳播，故t=0時P點沿y軸負方向運動，故t=0.8s=1T時P點沿y軸負方向運動，再過0.1s即0.9s時P點沿y軸負方向運動，故C錯誤；D．由可知，由于Q點在t=0時刻從靠近最大位移處向最大位移處運動，則經(jīng)過四分之一周期小于振幅A即0.2m，故D正確。故選D。8.某城市創(chuàng)衛(wèi)工人用高壓水槍沖洗墻面上的廣告，如圖所示，若水柱截面為S，水流以速v垂直射到墻面上，之后水速減為零，已知水的密度為p，則水對墻面的沖力為（）A. B.C. D.【答案】B【解析】【詳解】設t時間內(nèi)有V體積的水打在鋼板上，則這些水的質(zhì)量為：m=ρV=ρSvt以這部分水為探討對象，它受到鋼板的作用力為F，以水運動的方向為正方向，由動量定理有：Ft=0-mv，即：F=-=-ρSv2，負號表示水受到的作用力的方向與水運動的方向相反；由牛頓第三定律可知，水對鋼板的沖擊力大小也為ρSv2．

A.，與結(jié)論不相符，選項A錯誤；B.，與結(jié)論相符，選項B正確；C.，與結(jié)論不相符，選項C錯誤；D.，與結(jié)論不相符，選項D錯誤．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分。在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求。全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分。9.電磁炮是利用電磁放射技術制成的一種先進的殺傷武器。下圖是電磁炮的原理示意圖，與電源的正、負極相連的水平平行金屬軌道位于勻強磁場中，磁場方向垂直軌道所在平面對上，通電的導體滑塊將在磁場中向右加速，下列說法正確的是（）A.a為電源正極B.僅增大電源電動勢滑塊出射速度變大C.僅將磁場反向，導體滑塊仍向右加速D.僅減小彈體質(zhì)量，其速度變更率增大【答案】BD【解析】【詳解】A．依據(jù)左手定則可知，受到的安培力向右，電流方向由下向上流過滑塊，則b為電源正極，故A錯誤；B．僅增大電源電動勢，流過滑塊的電流增大，安培力增大，加速度增大，速度變更增大，故B正確；C．僅將磁場反向，依據(jù)左手定則可知，滑塊向左加速，故C錯誤；D．僅減小彈體質(zhì)量，滑塊的合力不變，依據(jù)牛頓其次定律可知，加速度增大，速度變更量增大，故D正確。故選BD。10.如圖所示，一根水平橫桿上套有A、B兩個輕環(huán)，拴柱水杯的等長細繩系在兩環(huán)上，整個裝置處于靜止狀態(tài)，現(xiàn)緩慢增大兩環(huán)距離，則下列說法正確的是A.桿對A環(huán)的支持力漸漸增大B.桿對A環(huán)的摩擦力保持不變C.桿對B環(huán)的支持力保持不變D.細繩對B環(huán)的拉力漸漸增大【答案】CD【解析】【詳解】AC.設水杯的質(zhì)量為，以兩個輕環(huán)和水杯組成的系統(tǒng)為探討對象，豎直方向受到重力和水平橫梁對鐵環(huán)的支持力，力圖如圖所示，依據(jù)平衡條件得：可得：可見，水平橫梁對鐵環(huán)的支持力不變，故A錯誤、C正確；B.以環(huán)為探討對象，豎直方向：水平方向：聯(lián)立解得：減小時，變大，故B錯誤；D.設與環(huán)相連的細繩對水杯的拉力為，依據(jù)豎直方向的平衡條件可得：由于繩子與豎直方向的夾角增大，則變小，繩子拉力變大，故D正確．11.如圖所示，水平面內(nèi)有A、B、C、D、E、F六個點，它們勻稱分布在半徑為R＝2cm的同一圓周上，空間有一方向與圓平面平行的勻強電場。已知A、C、E三點的電勢分別為、φC＝2V、，下列推斷正確的是（）A.電場強度的方向由E指向AB.電場強度的大小為1V/mC.該圓周上的點電勢最高為4VD.將電子從D點沿DEF移到F點，靜電力做正功【答案】AC【解析】【詳解】A．設AE中點為G，如圖所示，則依據(jù)勻強電場的性質(zhì)可解得該點的電勢為則所以GC連線是一個等勢線；電場線與等勢面垂直，且由電勢高的等勢面指向電勢低的等勢面，所以電場強度的方向由E指向A，故A正確；B．EA兩點間的電勢差為EA兩點間的距離再依據(jù)電場強度公式可得故B錯誤；C．沿著電場線方向電勢漸漸降低，因此H點電勢最高，則而解得故C正確；D．電子從D沿著圓周移到F點，電勢先上升后降低，電子帶負電，電勢能先減小后增加，靜電力先做正功后做負功，故D錯誤。故選AC。12.如圖甲所示，在傾角為θ的光滑斜面上分布著垂直于斜面的勻強磁場，以垂直于斜面對上為磁感應強度正方向，其磁感應強度B隨時間t變更的規(guī)律如圖乙所示。一質(zhì)量為m、電阻為R的矩形金屬框從t＝0時刻由靜止釋放，t3時刻的速度為v，移動的距離為L，重力加速度為g，線框面積為S，t1＝t0、t2＝2t0、t3＝3t0，在金屬框下滑的過程中，下列說法正確的是（）A.t1~t3時間內(nèi)金屬框中的電流先沿逆時針后順時針B.0~t3時間內(nèi)金屬框做勻加速直線運動C.0~t3時間內(nèi)金屬框做加速度漸漸減小的直線運動D.0~t3時間內(nèi)金屬框中產(chǎn)生的焦耳熱為【答案】BD【解析】【詳解】A．依據(jù)B－t圖象可知，t1～t3時間內(nèi)B－t線的斜率不變，由公式則金屬框中的感應電動勢大小方向不變，則電流方向不變，故A錯誤；BC．0～t1時間內(nèi)，線圈中磁通量不變，則無電流產(chǎn)生，t1～t3時間內(nèi)電流不變，由左手定則可知，金屬框所受安培力的合力為零，則線圈向下做勻加速直線運動，故B正確，C錯誤；D．線圈中的感應電動勢為由于0～t1時間內(nèi)，線圈中磁通量不變，則無電流產(chǎn)生，也無焦耳熱產(chǎn)生，則0～t3時間內(nèi)金屬框中產(chǎn)生的焦耳熱為故D正確。故選BD。三、非選擇題：本題共小題，共60分。13.某同學采納如圖甲所示的試驗裝置來驗證鋼球沿斜槽滾下過程中機械能守恒．試驗步驟如下：A.將斜槽固定在試驗臺邊緣，調(diào)整斜槽出口使出口處于水平；B.出口末端拴上重錘線，使出口末端投影于水平地面0點．在地面上依次鋪上白紙.復寫紙；C.從斜槽某高處同一點A由靜止起先釋放小球，重復10次．用圓規(guī)畫盡量小的圓把小球全部的落點都圈在里面，圓心P就是小球落點的平均位置；D.用米尺測出A點與槽口之間的高度h，槽口B與地面的高度H以及0點與鋼球落點P之間的距離s．(1)試驗中，0點與鋼球平均落點P之間的距離s如圖乙所示，則s=______cm；(2)請依據(jù)所測量數(shù)據(jù)的字母書寫，當s2=_____時，小球沿斜槽下滑過程中滿意機械能守恒．【答案】(1).40.5(2).4hH【解析】【詳解】（1）由圖可知s=40.5cm；（2）從起點O到P的過程中重力勢能削減量是：△Ep=mgH；槽口B與地面的高度h以及O點與鋼球落點P之間的距離S，依據(jù)平拋運動的規(guī)律，則有：S=v0t；h=gt2，因此v0=S；那么增加的動能：△EK=；若機械能守恒，則需滿意，即S2=4hH14.要測繪一個標有“2.5V2W”小燈泡的伏安特性曲線.己選用的器材有：直流電源（3V.內(nèi)阻不計）電流表A1量程為0.6A，內(nèi)阻為0.6n）電流表A2（量程為300mA.內(nèi)阻未知）電壓表V（量程0—3V，內(nèi)阻約3kQ）滑動變阻器R（0—5Ω，允許最大電流3A）開關、導線若干．其試驗步驟如下：①由于電流表A1的里程偏小.小組成員把A1、A2并聯(lián)后在接入電路，請按此要求用筆畫線代表導線在實物圖中完成余下導線的連接.（）（2）正確連接好電路，并將滑動變阻器滑片滑至最_______端，閉合開關S，調(diào)整滑片.發(fā)覺當A1示數(shù)為0.50A時，A2的示數(shù)為200mA，由此可知A2的內(nèi)阻為_______.③若將并聯(lián)后的兩個電流表當作一個新電表，則該新電表的量程為_______A；為使其量程達到最大，可將圖中_______（選填，“I”、“II”）處斷開后再串聯(lián)接入一個阻值合適的電阻．【答案】(1).(2).右(3).1.5(4).0.84(5).I【解析】詳解】（1）由于小燈泡的電阻相對于電壓表內(nèi)阻來說很小很小，電流表采納外接法，連接實物圖如圖所示：（2）開關閉合前，滑動變阻器應調(diào)至使電流表和電壓表的示數(shù)為零的位置，故應調(diào)至右端；依據(jù)歐姆定律得：（3）由于Ug1＝0.6×0.6V＝0.36V，Ug2＝0.3×1.5V＝0.45V，由于Ug1＜Ug2，故兩電流表兩段允許所加最大電壓為0.36V，新電流表量程為：，由于A2未達到最大量程，要使其達到最大量程，要增大電壓，此時電流表A1會燒毀，為了愛護該電流表，應給其串聯(lián)一電阻分壓，故應在Ⅰ區(qū)再串聯(lián)接入一個阻值合適的電阻．15.如圖所示，一根直桿AB與水平面成某一角度自定，在桿上套一個小物塊，桿底端B處有一彈性擋板，桿與板面垂直．現(xiàn)將物塊拉到A點靜止釋放，物塊下滑與擋板第一次碰撞前后的v-t圖象如圖乙所示，物塊最終停止在B點．重力加速度為取g=10m/s2．求:(1)物塊與桿之間的動摩擦因數(shù)μ；(2)物塊滑過的總路程s．【答案】（1）μ=0.25（2）s=6m【解析】【詳解】（1）設桿與水平方向的夾角為θ，由圖象可知，物塊勻加速運動的加速度大小，勻減速上滑的加速度大小，依據(jù)牛頓其次定律得，，，聯(lián)立兩式解得，．（2）物塊最終停止在底端，對全過程運用動能定理得，，由圖線圍成的面積知，，代入數(shù)據(jù)解得s=6m．16.如圖所示，豎直放置的汽缸內(nèi)有肯定質(zhì)量的志向氣體，活塞橫截面積為S＝0.10m2，活塞的質(zhì)量忽視不計，氣缸側(cè)壁有一個小孔與裝有水銀的U形玻璃管相通．起先活塞被鎖定，汽缸內(nèi)封閉了一段高為80cm的氣柱（U形管內(nèi)的氣體體積不計），此時缸內(nèi)氣體溫度為27℃，U形管內(nèi)水銀面高度差h1＝15cm．已知大氣壓強p0（1）讓汽缸緩慢降溫，直至U形管內(nèi)兩邊水銀面相平，求這時封閉氣體的溫度；（2）接著解除對活塞的鎖定，活塞可在汽缸內(nèi)無摩擦滑動，同時對汽缸緩慢加熱，直至汽缸內(nèi)封閉的氣柱高度達到96cm，求整個過程中氣體與外界交換的熱量（p0＝75cmHg＝1.0×105Pa）．【答案】（1）-23℃（2）汲取熱量．【解析】【詳解】（1）對氣缸內(nèi)的氣體，初始狀態(tài)：p1=p0+h1＝75+15=90cmHg；V1=HS=0.8S；T1=273+27=300K末態(tài)：p2=p0＝75cmHg；V2=HS=0.8S；T2=？由可得：解得T2=250K=-23℃（2）解除對活塞的鎖定后，氣體內(nèi)部壓強變?yōu)閜0，氣體汲取熱量對外做功，最終氣體溫度與外界溫度相同，即氣體內(nèi)能不變；當汽缸內(nèi)封閉的氣柱高度達到96cm時，對外做功由熱力學第肯定律可知，整個過程中氣體汲取熱量．17.如圖所示，在xOy平面直角坐標系中，直角三角形ACD內(nèi)存在垂直平面對里磁感應強度為B的勻強磁場，線段CO=OD=L，CD邊在x軸上，∠ADC=30°．電子束沿y軸方向以相同的速度v0從CD邊上的各點射入磁場，已知這些電子在磁場中做圓周運動的半徑均為，在第四象限正方形ODQP內(nèi)存在沿x軸正方向、大小為E=Bv0的勻強電場，在y=－L處垂直于y軸放置一足夠大的平面熒光屏，屏與y軸交點為P．忽視電子間的相互作用，不計電子的重力．(1)電子的比荷；(2)從x軸最右端射入電場中的電子打到熒光屏上的點與P點間的距離：(3)射入電場中的電子打到熒光屏上的點距P的最遠距離．【答案】(1)(2)(3)【解析】【分析】依據(jù)電子束沿速度v0射入磁場，然后進入電場可知，本題考查帶電粒子在磁場和電場中的運動，依據(jù)在磁場中做圓周運動，在電場中做類平拋運動，運用牛頓其次定律結(jié)合幾何學問并且精確作圖進行分析求解；【詳解】（1）由題意可知電子在磁場中的軌跡半徑由牛頓其次定律得電子的比荷；（2）若電子能進入電場中，且離O點右側(cè)最遠，則電子在磁場中運動圓軌跡應恰好與邊AD相切，即粒子從F點離開磁場進入電場時，離O點