2021-2022學年云南省通海三中高一物理第二學期期末調研試題含解析

2021-2022學年高一物理下期末模擬試卷注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、(本題9分)如圖所示，一勁度系數為k的輕彈簧，上端固定在天花板上，下端懸掛木塊A．木塊A處于靜止狀態(tài)時彈簧的伸長為(彈簧的形變在彈性限度內)，則木塊A所受重力的大小等于A． B． C． D．2、(本題9分)在離地高h處，沿豎直方向同時向上和向下拋出兩個小球，它們的初速度大小均為v，不計空氣阻力，兩球落地的時間差為（）A．B．C．D．3、(本題9分)關于地球和太陽，下列說法中正確的是（）A．地球對太陽的引力比太陽對地球的引力小得多B．地球圍繞太陽運轉的向心力來源于太陽對地球的萬有引力C．太陽對地球的作用力有引力和向心力D．在地球對太陽的引力作用下，太陽繞地球運動4、(本題9分)如圖所示,光滑的水平面上,小球m在拉力F的作用下做勻速圓周運動,若小球到達B點時F突然發(fā)生變化,下列關于小球的運動的說法正確的是()A．F突然消失,小球將沿Ba軌跡做離心運動B．F突然變小,小球將沿軌跡Ba做離心運動C．F突然變小,小球將沿軌跡Bc做向心運動D．F突然變大,小球將沿軌跡Bb做離心運動5、(本題9分)如圖所示，一小球自A點由靜止開始自由下落，到達B點時與彈簧接觸，到C點時彈簧被壓縮至最短．若不計彈簧的質量和空氣阻力，在小球由A至B到C的運動過程中A．小球在B點時動能最大B．小球的機械能守恒C．小球由B到C的加速度先減小后增大D．小球由B到C的過程中，動能的減少量等于彈簧彈性勢能的增加量6、如圖所示，足夠長的粗糙斜面固定在地面上，某物塊以初速度從底端沿斜面上滑至最高點后又回到底端．上述過程中，若用x、、a和EK分別表示物塊的位移、速度、加速度和動能各物理量的大小，t表示運動時間，下列圖像中可能正確的是（）A． B． C． D．7、(本題9分)圖中虛線為一組間距相等的同心圓，圓心處固定一帶正電的點電荷。一帶電粒子以一定初速度射入電場，實線為粒子僅在電場力作用下的運動軌跡，a、b、c三點是實線與虛線的交點。則該粒子（）A．帶負電B．在c點受力最大C．在b點的電勢能大于在c點的電勢能D．由a點到b點的動能變化大于有b點到c點的動能變化8、小車在水平直軌道上由靜止開始運動，全過程運動的v-t圖像如圖所示，除2s-10s時間段內圖象為曲線外，其余時間段圖象均為直線。已知在小車運動的過程中，2s～14s時間段內小車的功率保持不變，在14s末關閉發(fā)動機，讓小車自由滑行.小車的質量為2kg，受到的阻力大小不變.則A．小車受到的阻力為1.5NB．小車額定功率為18WC．ls末小車發(fā)動機的輸出功率為9WD．小車在變加速運動過程中位移為39m9、質量為m的小物塊靜止在赤道處，下列關于小物塊所受引力和重力的說法正確的是（）A．小物塊所受重力的方向一定指向地心B．小物塊所受引力的方向一定指向地心C．若地球自轉加快，小物塊所受重力變小D．若地球自轉加快，小物塊所受引力變小10、(本題9分)質量為m的物體，從靜止開始以2g的加速度豎直向下運動h高度，那么（）A．物體的動能增加2mgh B．物體的重力勢能減少2mghC．物體的機械能保持不變 D．物體的機械能增加mgh11、(本題9分)彈弓是“80后”最喜愛的打擊類玩具之一，其工作原理如圖所示，橡皮筋兩端點A、B固定在把手上，橡皮筋ABC恰好處于原長狀態(tài)，在C處（AB連線的中垂線上）放一固體彈丸，一手執(zhí)把，另一手將彈丸拉直至D點放手，彈丸就會在橡皮筋的作用下迅速發(fā)射出去，打擊目標，現將彈丸豎直向上發(fā)射，已知E是CD的中點，則（）A．從D到C，彈丸的機械能守恒B．從D到C，彈丸的動能先增大后減小C．從D到C，彈丸在E點時重力的功率一定最大D．從D到E彈丸增加的機械能大于從E到C彈丸增加的機械能12、某只走時準確的時鐘，分針與時針由轉動軸到針尖的長度之比是1.2：1，則下列說法正確的是（）A．分針角速度是時針的12倍B．分針角速度是時針的60倍C．分針針尖線速度是時針針尖線速度的14.4倍D．分針針尖線速度是時針針尖線速度的72倍二．填空題(每小題6分，共18分)13、(本題9分)當物體的運動速度接近光速時，經典力學_____（填“不再”或“仍然”）適用，可見，經典力學____（填“有”或“沒有”）局限性．14、(本題9分)—個重為20的物體靜止放在動摩擦因數的水平面上，若受到水平拉力為3，物體受到的是__________摩擦力，大小為__________，若受到的水平拉力為6時，物體受到的摩擦力大小為__________。15、人造地球衛(wèi)星A和B的質量之比為1∶2，軌道半徑之比為2∶1，它們受到地球的引力之比為______，它們運行的線速度之比為____，它們運行的周期之比為______。三．計算題(22分)16、（12分）如圖甲所示，長為4m的水平軌道AB與半徑為R＝0.6m的豎直半圓弧軌道BC在B處相連接。有一質量為1kg的滑塊(大小不計)，從A處由靜止開始受水平向右的力F作用，F隨位移變化的關系如圖乙所示。滑塊與水平軌道AB間的動摩擦因數為μ＝0.25，與半圓弧軌道BC間的動摩擦因數未知，g取10m/s2。求：（1）滑塊到達B處時的速度大?。唬?）若到達B點時撤去F，滑塊沿半圓弧軌道內側上滑，并恰好能到達最高點C，滑塊在半圓弧軌道上克服摩擦力所做的功。17、（10分）(本題9分)如圖所示，a、b、c、d為勻強電場中四個等勢面，相鄰的兩等勢面間的電勢差相等，且。一帶電量為q=-2.0×10-8C的點電荷，由A點僅在電場力作用下，沿垂直于等勢面的方向，以初動能Ek=6.0×10-7J恰能到達D點。求：（1）B、D兩點的電勢；（2）將一帶電量=+2.0×10-8C的點電荷由A點移到C點，電場力做的功WAC。

參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、B【解析】

彈簧伸長△l，根據胡克定律F=k△l，物體保持靜止，故物體對彈簧的拉力等于物體的重力F=G，因而G=k△l，故選B正確，ACD錯誤。2、A【解析】

試題分析：當上拋的物體回到拋出點時，做初速度為v的下拋運動，之后的運動和下拋物體的運動相同，即運動時間相同，所以兩者落地的時間差正好是上拋物體上升和回到拋出點的時間，上拋物體回到拋出點的運動過程中，加速度為g，初速度為v，末速度為-v，所以有，A正確【點睛】關鍵是知道兩者落地的時間差正好是上拋物體上升和回到拋出點的時間3、B【解析】試題分析：地球對太陽的引力和太陽對地球的引力是一對相互作用力，大小相等，故A錯誤；太陽對地球的萬有引力充當地球繞太陽運動的向心力，B正確；向心力是幾個力的合力或者一個力來充當的效果力，受力分析時，不能與充當其的其他力并存，C錯誤；地球繞太陽運動，D錯誤；考點：考查了萬有引力定律的應用4、A【解析】

A．在水平面上，細繩的拉力提供m所需的向心力，當拉力消失，物體受力合為零，將沿切線方向Ba做勻速直線運動，A正確。BC．F突然變小，向心力減小，則小球將沿軌跡Bb做離心運動，故BC錯誤；D．F突然變大，小球將沿軌跡Bc做向心運動，故D錯誤。故選A。5、C【解析】

根據機械能守恒的條件判斷小球從A到B到C的過程中機械能是否守恒．通過小球的受力，根據加速度方向與速度方向的關系，判斷出小球的運動情況，確定小球的加速度的變化以及何位置動能最大．根據能量守恒定律判斷動能的變化與彈性勢能的變化關系．【詳解】小球在A到B的過程中，只有重力做功，機械能守恒，大小不變．小球從接觸彈簧開始，重力先大于彈力，加速度方向向下，向下加速，加速度逐漸減小，當重力與彈簧彈力相等時，速度最大，然后彈力大于重力，加速度方向向上，做減速運動，加速度逐漸增大．故小球從B到C過程中加速度先減小后增大，在BC之間的某位置動能最大．故A錯誤，C正確．小球由B到C的過程中，彈力對小球做功，則小球的機械能不守恒，選項B錯誤；小球由B到C的過程中，動能減小，重力勢能減小，彈性勢能增加，根據能量守恒定律知，動能和重力勢能的減小量等于彈性勢能的增加量．故D錯誤．故選C．【點睛】明確機械能守恒的條件是只有重力（或彈簧的彈力）做功；把握小球從B到C過程的受力分析和運動分析，知道小球先做加速運動，后做減速運動，在BC之間某位置速度最大，到C點速度減為零，彈簧壓縮到最短．6、B【解析】試題分析：上滑時物體做勻減速運動，下滑時做勻加速運動，故x-t圖線是曲線，a-t線是平行t軸的直線，故選項AC錯誤；由于上滑時合外力為重力分力和摩擦力之和，加速度大小不變，沿斜面向下；下滑時合外力為重力分力和摩擦力之差，加速度大小不變，方向沿斜面向下；所以上滑時加速度大，所以速度曲線斜率大；下滑時加速度小，所以速度曲線效率小，且此過程中，摩擦力做功，使物塊到達底端的速率變小，故B正確．據速度公式和動能公式可知，動能隨時間成二次函數關系變化，而圖中是一次函數關系，且由于有摩擦力功，故回到底端的動能將小于初動能，故D錯誤．故選B.考點：運動圖像；勻變速運動的規(guī)律.7、CD【解析】

A．根據粒子運動軌跡可知，粒子帶正電，選項A錯誤；B．根據庫侖定律可知，離點電荷最近時最大，選項B錯誤；C．從b點到c點電場力做正功，動能增加，故粒子在b點電勢能一定大于在c點的電勢能，故C正確；D．同心圓間距相等，所以a點到b點電勢差大于b點到c點的電勢差，所以由a點到b點的動能變化大于有b點到c點的動能變化，選項D正確。8、BCD【解析】

A.勻減速運動階段的加速度大小為：，根據牛頓第二定律得：f=ma=3N；故A錯誤.B.勻速運動階段，牽引力等于阻力，則有：P=Fv=3×6W=18W．故B正確.C.勻加速運動階段的加速度大小為：，根據牛頓第二定律得：F-f=ma，解得：F=6N.1s末的速度為：v1=a1t1=l.5m/s，則1s末小車發(fā)動機的輸出功率為：P=Fv1=9W，故C正確；D.對2s～10s的過程運用動能定理得：，代入數據得解得：s1=39m，故D正確.9、ABC【解析】

A.重力的方向豎直向下，而赤道處豎直向下和指向地心重合；則赤道位置的重力指向地心；則A項符合題意.B.物體受到地球的萬有引力方向沿物體和地球的球心連線而指向地心；故B項符合題意.C.對赤道位置的物體分析可知，所受萬有引力產生兩分力效果，一是重力，二是自轉向心力，且三者的方向都指向地心，滿足：GMm則自轉加快即角速度ω增大，所需向心力變大，而引力不變，故重力變??；故C項符合題意.D.物體所受萬有引力大小GMm10、AD【解析】A、合力對物體做的功為，根據動能定理得知，物體的動能增加，故A正確；

B、質量為m的物體向下運動h高度時，重力做功為，則物體的重力勢能減小，故B錯誤；

C、依題物體的加速度為，說明除重力做功之外，還有其他力對物體做正功，物體的機械能應增加，故C錯誤；

D、物體的重力勢能減小，動能增加，則物體的機械能增加，故D正確．點睛：本題考查分析功能關系的能力．幾對功能關系要理解記牢：重力做功與重力勢能變化有關，合力做功與動能變化有關，除重力和彈力以外的力做功與機械能變化有關．11、BD【解析】試題分析：在CD連線中的某一處，彈丸受力平衡，但是此點不是E點，所以從D到C，彈丸的速度先增大后減小，彈丸的動能先增大后減小，故AB錯誤；從D到C，橡皮筋對彈丸做正功，彈丸機械能一直在增加，故C錯誤；從D到E橡皮筋作用在彈丸上的合力大于從E到C橡皮筋作用在彈丸上的合力，兩段長度相等，所以DE段橡皮筋對彈丸做功較多，即機械能增加的較多，故D正確；故選D.考點：動能定理；機械能守恒定律【名師點睛】本題考查彈力與重力做功情況下能量的轉化情況，熟練應用能量守恒是分析問題的基礎，要知道機械能守恒的條件是：只有重力彈力做功．也可以從能量轉化的角度分析其機械能的變化；注意要判斷的是彈丸的機械能的變化情況，而不是彈丸和橡皮筋的系統.12、AC【解析】

AB、時針的周期為，分針的周期為；，根據得角速度之比為：，可知分針角速度是時針的12倍，故A正確，B錯誤；

CD、由可得，線速度之比為，即分針針尖線速度是時針針尖線速度的14.4倍，故C正確，D錯誤．【點睛】本題關鍵是建立圓周運動的運動模型，然后結合線速度、角速度、周期、轉速間的關系列式分析．二．填空題(每小題6分，共18分)13、不再；有；【解析】當物體的運動速度接近光速時，經典力學不再適用，可見，經典力學有局限性．14、靜摩擦力3N4N【解析】

考查滑動摩擦力與靜摩擦力判斷及大小?！驹斀狻縖1][2]物體與地面間的最大靜摩擦力為而用3N的拉力拉不動，此時受到的是靜摩擦力，大小等于3N；[3]而當用6N的力拉物體時，物體已開始運動，此時受到是滑動摩擦力，大小為4N。15、1:8【解析】

[1].由萬有引力公式可得，，因此[2]