2024年高考物理一輪復(fù)習(xí)階段綜合測(cè)評(píng)1含解析

PAGE12-階段綜合測(cè)評(píng)(一)時(shí)間：90分鐘滿分：110分第Ⅰ卷(選擇題，共48分)一、選擇題(本題共12小題，每小題4分，共48分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，1～8題只有一項(xiàng)符合題目要求，9～12題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分)1．(2024·浙江選考模擬)在一次田徑運(yùn)動(dòng)會(huì)上，下列幾種關(guān)于競(jìng)賽項(xiàng)目的描述正確的是()A．鉛球競(jìng)賽中，探討運(yùn)動(dòng)員的推球技術(shù)要領(lǐng)時(shí)，可以把運(yùn)動(dòng)員當(dāng)成“質(zhì)點(diǎn)”處理B．某同學(xué)的100m競(jìng)賽成果是13.3s，“13.3s”指的是“時(shí)刻”C．某同學(xué)的鉛球成果是20.8m，“20.8m”指的是鉛球在空中運(yùn)動(dòng)的路程D．在400米競(jìng)賽中，處在第1跑道的同學(xué)正好跑了完整一圈的成果是50.0s，則他在該過(guò)程的平均速度為0答案D解析探討運(yùn)動(dòng)員的推球技術(shù)要領(lǐng)時(shí)，不能忽視運(yùn)動(dòng)員的肢體形態(tài)，此時(shí)不能把運(yùn)動(dòng)員看做質(zhì)點(diǎn)，A錯(cuò)誤；100m競(jìng)賽的成果是13.3s，“13.3s”指的是“時(shí)間”，B錯(cuò)誤；鉛球成果為20.8m，“20.8m”為鉛球在地面上的直線距離，而不是鉛球在空中運(yùn)動(dòng)的路程，C錯(cuò)誤；400m競(jìng)賽中處于第1跑道的同學(xué)正好跑了完整一圈時(shí)位移是0，平均速度是位移與時(shí)間的比值，故他在該過(guò)程的平均速度為0，D正確。2．(2024·寧夏銀川六中模擬)如圖所示，分別為汽車甲的位移—時(shí)間圖象和汽車乙的速度—時(shí)間圖象，則()A．甲的加速度大小為5m/s2B．乙的加速度大小為5m/s2C．甲在4s內(nèi)的位移大小為40mD．乙在4s內(nèi)的位移大小為20m答案B解析在x-t圖象中，斜率表示速度，由圖甲可知，甲做勻速直線運(yùn)動(dòng)，加速度為0，故A錯(cuò)誤；在速度—時(shí)間圖象中，斜率表示加速度，由圖乙可知，乙的加速度大小為a＝eq\f(Δv,Δt)＝eq\f(20,4)m/s2＝5m/s2，故B正確；甲在4s內(nèi)的位移大小為x甲＝20m－0＝20m，故C錯(cuò)誤；由v-t圖象與時(shí)間軸圍成的面積表示位移可知，乙在4s內(nèi)的位移大小為x乙＝eq\f(20×4,2)m＝40m，故D錯(cuò)誤。3．(2024·福建校級(jí)聯(lián)考)物體從斜面頂端由靜止起先下滑，經(jīng)過(guò)斜面中點(diǎn)時(shí)速度為2m/s，則物體到達(dá)斜面底端時(shí)速度為()A．3m/s B．2eq\r(2)m/sC．4m/s D．6m/s答案B解析設(shè)物體經(jīng)過(guò)斜面中點(diǎn)時(shí)的速度為v1，到達(dá)斜面底端時(shí)的速度為v2，斜面長(zhǎng)度為L(zhǎng)，則有：veq\o\al(2,1)＝2a·eq\f(L,2)，veq\o\al(2,2)＝2a·L，聯(lián)立解得：v2＝2eq\r(2)m/s，故B正確。4．(2024·廣東湛江一模)如圖是應(yīng)縣木塔最上面一層的剖面圖，垂脊ab呈弧形。一只鴿子從a點(diǎn)沿垂脊緩慢地爬到b點(diǎn)，用FN表示垂脊對(duì)鴿子支持力的大小，用Ff表示垂脊對(duì)鴿子摩擦力的大小。在鴿子爬行過(guò)程中()A．Ff增大，F(xiàn)N減小 B．Ff減小，F(xiàn)N減小C．Ff增大，F(xiàn)N增大 D．Ff減小，F(xiàn)N增大答案A解析以鴿子為探討對(duì)象，鴿子受到重力、支持力和摩擦力作用，設(shè)鴿子移動(dòng)方向與水平方向的夾角為θ，依據(jù)平衡條件可得：Ff＝mgsinθ，F(xiàn)N＝mgcosθ，鴿子從a點(diǎn)沿垂脊緩慢爬到b點(diǎn)的過(guò)程中，θ漸漸增大，則摩擦力Ff漸漸增大，支持力FN漸漸減小，故A正確，B、C、D錯(cuò)誤。5.(2024·安徽蚌埠二模)圖中ae為珠港澳大橋上四段110m的等跨鋼箱連續(xù)梁橋，若汽車從a點(diǎn)由靜止起先做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，通過(guò)ab段的時(shí)間為t，則通過(guò)ce段的時(shí)間為()A．t B.eq\r(2)tC．(2－eq\r(2))t D．(2＋eq\r(2))t答案C解析設(shè)汽車的加速度為a，對(duì)于ab段有：x＝eq\f(1,2)at2；同理，對(duì)于ac段有：2x＝eq\f(1,2)ateq\o\al(2,1)，對(duì)于ae段有：4x＝eq\f(1,2)ateq\o\al(2,2)，聯(lián)立解得：t1＝eq\r(2)t，t2＝2t，故汽車通過(guò)ce段的時(shí)間為Δt＝t2－t1＝(2－eq\r(2))t，故A、B、D錯(cuò)誤，C正確。6．(2024·浙江杭州二模)如圖所示，一同學(xué)在水平桌面上將三個(gè)形態(tài)不規(guī)則的石塊勝利疊放在一起，保持平衡。下列說(shuō)法正確的是()A．石塊b對(duì)a的支持力與a受到的重力是一對(duì)相互作用力B．石塊c對(duì)b的支持力肯定等于b受到的重力C．石塊c受到水平桌面對(duì)左的摩擦力D．石塊c對(duì)b的作用力肯定豎直向上答案D解析石塊b對(duì)a的支持力與a對(duì)b的壓力是一對(duì)相互作用力，故A錯(cuò)誤；石塊c對(duì)b的支持力與其對(duì)b的靜摩擦力的合力大小等于a與b的重力之和，故B錯(cuò)誤；以三個(gè)石塊組成的整體為探討對(duì)象，由平衡條件可知石塊c不會(huì)受到水平桌面的摩擦力，故C錯(cuò)誤；以a、b組成的整體為探討對(duì)象，依據(jù)平衡條件，則石塊c對(duì)b的作用力與a、b整體的重力平衡，故石塊c對(duì)b的作用力肯定豎直向上，D正確。7．(2024·四川綿陽(yáng)三模)一物塊放在水平桌面上，在水平輕彈簧的拉力F作用下，沿桌面做勻速直線運(yùn)動(dòng)，彈簧的伸長(zhǎng)量為x；將彈簧方向變成與水平桌面成60°角，物塊在拉力作用下仍沿桌面做勻速直線運(yùn)動(dòng)，此時(shí)彈簧的伸長(zhǎng)量是物塊與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為eq\f(\r(3),2)，彈簧始終處于彈性限度內(nèi)()A.eq\f(1,2)x B.eq\f(4,5)xC．2x D.eq\f(4\r(3),9)x答案B解析對(duì)物塊受力分析，當(dāng)拉力為F時(shí)，依據(jù)平衡條件得：kx＝f＝μmg；當(dāng)彈簧方向變成與水平桌面成60°角時(shí)，kx′sin60°＋FN＝mg，kx′cos60°＝f′，f′＝μFN，聯(lián)立解得x′＝eq\f(4,5)x，A、C、D錯(cuò)誤，B正確。8．(2024·湖南長(zhǎng)郡中學(xué)等5月聯(lián)考)如圖所示為小摯友喜愛(ài)的磁性黑板，下面有一個(gè)托盤，讓黑板撐開一個(gè)平安角度(黑板平面與水平面的夾角為θ)，使之不易傾倒，小摯友不但可以在上面用專用畫筆涂鴉，磁性黑板擦也可以干脆吸在上面。圖中就有小摯友把一塊質(zhì)量為m黑板擦吸在上面保持靜止，黑板與黑板擦之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，則下列說(shuō)法正確的是()A．黑板擦對(duì)黑板的壓力大小為mgcosθB．黑板擦對(duì)黑板的摩擦力大小為μmgcosθC．黑板對(duì)黑板擦的摩擦力大于mgsinθD．黑板對(duì)黑板擦的作用力大小為mg答案D解析對(duì)黑板擦受力分析，受重力、黑板對(duì)黑板擦的支持力、黑板對(duì)黑板擦的靜摩擦力及黑板對(duì)黑板擦的吸引力，則黑板對(duì)黑板擦的支持力FN＝mgcosθ＋F，F(xiàn)為黑板對(duì)黑板擦的吸引力，依據(jù)牛頓第三定律，可知黑板擦對(duì)黑板的壓力FN′＝FN>mgcosθ，故A錯(cuò)誤；對(duì)黑板擦由受力平衡可知，黑板對(duì)黑板擦的摩擦力大小為Ff＝mgsinθ，由牛頓第三定律可知，黑板擦對(duì)黑板的摩擦力大小為mgsinθ，故B、C錯(cuò)誤；黑板對(duì)黑板擦的作用力與黑板擦所受重力等大反向，故D正確。9．(2024·寧夏銀川興慶區(qū)長(zhǎng)慶中學(xué)月考)某物體以30m/s的初速度豎直上拋，不計(jì)空氣阻力，g取10m/s2。5s內(nèi)物體的()A．速度變更量的大小為10m/sB．平均速度大小為13m/s，方向向上C．路程為65mD．位移大小為25m，方向向上答案CD解析選取豎直向上為正方向，物體在5s內(nèi)速度的變更量：Δv＝－gt＝－10×5＝－50m/s，負(fù)號(hào)表示方向向下，A錯(cuò)誤；物體在5s內(nèi)的位移：h＝v0t－eq\f(1,2)gt2＝30×5m－eq\f(1,2)×10×52m＝25m，方向與初速度的方向相同，則物體在5s內(nèi)的平均速度：eq\x\to(v)＝eq\f(h,t)＝eq\f(25,5)m/s＝5m/s，B錯(cuò)誤，D正確；物體上升的時(shí)間：t1＝eq\f(v0,g)＝eq\f(30,10)s＝3s<5s，物體上升的最大高度：H＝eq\f(0－v\o\al(2,0),－2g)＝eq\f(0－302,－2×10)m＝45m，所以5s內(nèi)物體運(yùn)動(dòng)的路程：s＝2H－h(huán)＝2×45m－25m＝65m，C正確。10．(2024·湖南益陽(yáng)市高三期末)甲、乙兩輛車初始時(shí)相距1000m，甲車在后，乙車在前，在同一條馬路上做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，它們的速度—時(shí)間圖象如圖所示，則下列說(shuō)法正確的是()A．兩輛車在t＝36s時(shí)速度相等B．乙車比甲車早動(dòng)身8sC．兩輛車不會(huì)相撞D．甲車停下時(shí)，甲車在乙車前邊191m處答案AC解析由題圖可知，甲車做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，有v甲＝v0＋at＝50－t，乙車做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，有v乙＝eq\f(1,2)(t－8)。當(dāng)兩車速度相等時(shí)，有50－t＝eq\f(1,2)(t－8)，解得t＝36s，同時(shí)解得共同速度v共＝50－t＝14m/s，A正確；由題圖可知，乙車比甲車晚動(dòng)身8s，B錯(cuò)誤；假如兩車速度相等時(shí)，甲車還未追上乙車，甲、乙兩車就不會(huì)相撞，t＝36s時(shí)，甲車的位移x甲＝eq\f(v0＋v共,2)t＝eq\f(50＋14,2)×36m＝1152m，乙車的位移x乙＝eq\f(v共,2)(t－8s)＝eq\f(14,2)×(36－8)m＝196m，因?yàn)閤乙＋1000m＞x甲，所以兩車不會(huì)相撞，C正確；甲車停下來(lái)時(shí)，甲車的位移x甲′＝eq\f(v0,2)t甲＝eq\f(50,2)×50m＝1250m，乙車的位移x乙′＝eq\f(v2,2)(t甲－8s)＝eq\f(21,2)×42m＝441m，兩車之間的距離s＝x乙′＋1000－x甲′＝191m，即甲車在乙車后邊191m處，D錯(cuò)誤。11．(2024·陜西西安一模)如圖所示，傾角為θ的斜面體C置于水平面上，B置于斜面上，通過(guò)細(xì)繩跨過(guò)光滑的定滑輪與A相連接，連接B的一段細(xì)繩與斜面平行，A、B、C都處于靜止?fàn)顟B(tài)，則()A．B受到C的摩擦力可能為零B．C受到水平面的摩擦力肯定為零C．不論B、C間摩擦力大小、方向如何，水平面對(duì)C的摩擦力方向肯定向左 D．水平面對(duì)C的支持力與B、C的總重力大小相等答案AC解析當(dāng)B受到繩子的拉力與B的重力在斜面上的分力大小相等，即mBgsinθ＝T＝mAg時(shí)，B、C間沒(méi)有摩擦力，故A正確；把B、C當(dāng)做一個(gè)整體進(jìn)行受力分析，繩子的拉力在水平方向上的重量不為零，可知整體相對(duì)水平面有向右的運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)，所以C受到水平面的摩擦力不會(huì)為零，方向肯定向左，故B錯(cuò)誤，C正確；把B、C當(dāng)做一個(gè)整體進(jìn)行受力分析，在豎直方向上有：N＋Tsinθ＝(mB＋mC)g，繩子的拉力在豎直方向上的重量不為零，所以水平面對(duì)C的支持力小于B、C的總重力，故D錯(cuò)誤。12．(2024·湖南懷化二模)《大國(guó)工匠》節(jié)目中講解并描述了王進(jìn)利用“秋千法”在1000kV的高壓線上帶電作業(yè)的過(guò)程。如圖所示，絕緣輕繩OD一端固定在高壓線桿塔上的O點(diǎn)，另一端固定在兜籃上。另一絕緣輕繩跨過(guò)固定在桿塔上C點(diǎn)的定滑輪，一端連接兜籃，另一端由工人限制。身穿屏蔽服的王進(jìn)坐在兜籃里，緩慢地從C點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到處于O點(diǎn)正下方E點(diǎn)的電纜處。繩OD始終處于伸直狀態(tài)，兜籃、王進(jìn)及攜帶的設(shè)備總質(zhì)量為m，不計(jì)一切阻力，重力加速度大小為g。關(guān)于王進(jìn)從C點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到E點(diǎn)的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是()A．工人對(duì)繩的拉力始終變大B．繩OD的拉力始終變小C．OD、CD兩繩拉力的合力大小等于mgD．當(dāng)繩CD與豎直方向的夾角為30°時(shí)，工人對(duì)繩的拉力為eq\f(\r(3),3)mg答案CD解析對(duì)兜籃、王進(jìn)及攜帶的設(shè)備整體受力分析，將整體所受力畫在一個(gè)矢量三角形中，如圖所示，繩OD的拉力為F1，與豎直方向的夾角為θ，繩CD的拉力為F2，與豎直方向的夾角為α。依據(jù)幾何學(xué)問(wèn)知：θ＋2α＝90°，由正弦定理可得eq\f(F1,sinα)＝eq\f(F2,sinθ)＝eq\f(mg,sin\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(π,2)＋α)))，王進(jìn)從C點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到E點(diǎn)的過(guò)程中，α增大，θ減小，則F1＝mgtanα增大，F(xiàn)2＝mg·eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(2cosα－\f(1,cosα)))減小，故A、B錯(cuò)誤；整體緩慢運(yùn)動(dòng)，所受合力為零，故OD、CD兩繩拉力的合力大小等于mg，C正確；α＝30°時(shí)，θ＝30°，則2F2cos30°＝mg，可得F2＝eq\f(\r(3),3)mg，故D正確。第Ⅱ卷(非選擇題，共62分)二、試驗(yàn)題(本題共2小題，共15分)13．(6分)(2024·廣東深圳二模)某試驗(yàn)小組要測(cè)量輕彈簧的勁度系數(shù)，試驗(yàn)裝置如圖a。將彈簧懸掛在固定鐵架臺(tái)上，毫米刻度尺豎直固定在彈簧旁，在彈簧下端掛上鉤碼，多次變更鉤碼質(zhì)量m，讀出鉤碼靜止時(shí)固定在掛鉤上的指針對(duì)應(yīng)的刻度尺示數(shù)l。當(dāng)鉤碼質(zhì)量為200g時(shí)，指針位置如圖b所示。用所測(cè)數(shù)據(jù)在m-l坐標(biāo)系描點(diǎn)如圖c。取g＝9.8m/s2。回答下列問(wèn)題：(1)圖b中指針對(duì)應(yīng)的刻度尺示數(shù)為________cm。(2)在圖c中將鉤碼質(zhì)量為200g時(shí)所對(duì)應(yīng)的數(shù)據(jù)點(diǎn)補(bǔ)上，并作出m-l圖線。(3)依據(jù)圖線算出彈簧的勁度系數(shù)為________N/m(結(jié)果取三位有效數(shù)字)。答案(1)18.50(18.48～18.52均可)(2)圖見解析(3)24.5(24.2～24.8均可)解析(1)由圖b可知，刻度尺的分度值為0.1cm，則讀數(shù)為18.50cm，誤差范圍±0.02cm均可，即答案在18.48～18.52cm之間均可。(2)鉤碼質(zhì)量為200g時(shí)指針對(duì)應(yīng)的刻度尺示數(shù)為18.50cm，在m-l坐標(biāo)系中描點(diǎn)作圖，如圖所示。(3)依據(jù)k＝eq\f(ΔF,Δl)可知，彈簧的勁度系數(shù)k＝eq\f(ΔF,Δl)＝eq\f(Δmg,Δl)＝eq\f(0.300×9.8,22.50－10.50×10－2)N/m＝24.5N/m(答案在24.2～24.8之間均可)。14.(9分)(2024·山東淄博一模)某同學(xué)用如圖所示的試驗(yàn)裝置來(lái)驗(yàn)證“力的平行四邊形定則”。彈簧測(cè)力計(jì)A掛于固定點(diǎn)P，下端用細(xì)線掛一重物M。彈簧測(cè)力計(jì)B的一端用細(xì)線系于O點(diǎn)，手持另一端向左拉，使結(jié)點(diǎn)O靜止在某位置。分別讀出彈簧測(cè)力計(jì)A和B的示數(shù)，并在貼于豎直木板的白紙上記錄O點(diǎn)的位置和拉線的方向。(1)本試驗(yàn)用的彈簧測(cè)力計(jì)示數(shù)的單位為N，圖中A的示數(shù)為________N。(2)下列能減小試驗(yàn)誤差的措施是________。(請(qǐng)?zhí)顚戇x項(xiàng)前對(duì)應(yīng)的字母)A．讓重物M的質(zhì)量適當(dāng)大一些B．彈簧測(cè)力計(jì)應(yīng)在運(yùn)用前校零C．彈簧測(cè)力計(jì)B所拉的細(xì)繩套應(yīng)盡可能保持水平方向D．變更拉力，進(jìn)行多次試驗(yàn)，每次都要使O點(diǎn)靜止在同一位置(3)某次試驗(yàn)中，該同學(xué)發(fā)覺(jué)彈簧測(cè)力計(jì)A的指針稍稍超出量程，請(qǐng)你提出兩個(gè)解決方法。方法一：___________________________________________________，方法二：___________________________________________________。答案(1)3.80(2)AB(3)見解析解析(1)彈簧測(cè)力計(jì)最小刻度為0.1N，讀數(shù)為3.80N。(2)重物M的質(zhì)量適當(dāng)大一些，可使得彈簧測(cè)力計(jì)的讀數(shù)大些，減小誤差，A正確；為了讓測(cè)出來(lái)的兩個(gè)力更精確，故彈簧測(cè)力計(jì)應(yīng)在運(yùn)用前校零且拉線方向應(yīng)與木板平面平行來(lái)減小誤差，B正確；彈簧測(cè)力計(jì)B所拉的細(xì)繩套不須要保持在水平方向，C錯(cuò)誤；試驗(yàn)中只須要使O點(diǎn)靜止就可以，不須要每次都使O點(diǎn)靜止在同一位置，D錯(cuò)誤。(3)彈簧測(cè)力計(jì)A的指針稍稍超出量程，說(shuō)明彈簧測(cè)力計(jì)B與重物所系的兩根細(xì)線的拉力的合力偏大。其解決方法為：方法一：減小重物M的質(zhì)量；方法二：將彈簧測(cè)力計(jì)B繞O點(diǎn)順時(shí)針轉(zhuǎn)過(guò)一個(gè)小角度；方法三：將彈簧測(cè)力計(jì)A繞P點(diǎn)逆時(shí)針轉(zhuǎn)過(guò)一個(gè)小角度；方法四：將A更換為量程較大的測(cè)力計(jì)。(說(shuō)明：選擇其中兩個(gè)即可)三、計(jì)算題(本題共4小題，共47分。解答時(shí)應(yīng)寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟，有數(shù)值計(jì)算的要注明單位)15．(10分)(2024·北京東城一模)伽利略在探討自由落體運(yùn)動(dòng)時(shí)，猜想自由落體的速度是勻稱變更的，他考慮了速度的兩種變更：一種是速度隨時(shí)間勻稱變更，另一種是速度隨位移勻稱變更?，F(xiàn)在我們已經(jīng)知道，自由落體運(yùn)動(dòng)是速度隨時(shí)間勻稱變更的運(yùn)動(dòng)。有一種“傻瓜”照相機(jī)的曝光時(shí)間極短，且固定不變。為估測(cè)“傻瓜”照相機(jī)的曝光時(shí)間，試驗(yàn)者從某磚墻前的高處使一個(gè)石子自由落下，拍攝石子在空中的照片如圖所示。由于石子的運(yùn)動(dòng)，它在照片上留下了一條模糊的徑跡。已知石子在A點(diǎn)正上方1.8m的高度自由下落。每塊磚的平均厚度為6.0cm。(不計(jì)空氣阻力，g取10m/s2)(1)計(jì)算石子到達(dá)A點(diǎn)的速度大小vA；(2)估算這架照相機(jī)的曝光時(shí)間(結(jié)果保留一位有效數(shù)字)。答案(1)6m/s(2)0.02s解析(1)設(shè)石子從O點(diǎn)靜止下落，則：hOA＝1.8m，依據(jù)自由落體運(yùn)動(dòng)的位移公式得：hOA＝eq\f(1,2)gteq\o\al(2,A)代入數(shù)據(jù)解得：tA＝eq\r(\f(2hOA,g))＝0.6s依據(jù)自由落體運(yùn)動(dòng)的速度公式得：vA＝gtA＝6m/s。(2)由圖中可知hAB近似為兩塊磚的厚度解法一：hAB＝12cm＝0.12mhOB＝hOA＋hAB＝1.92m依據(jù)自由落體運(yùn)動(dòng)的位移公式得：hOB＝eq\f(1,2)gteq\o\al(2,B)代入數(shù)據(jù)解得：tB＝eq\r(\f(2hOB,g))≈0.62s曝光時(shí)間Δt＝tB－tA＝0.02s。解法二：由于曝光時(shí)間極短，石子從A到B的運(yùn)動(dòng)可看成勻速直線運(yùn)動(dòng)Δt＝eq\f(hAB,vA)＝eq\f(0.12,6)s＝0.02s。16．(10分)(2024·遼寧沈陽(yáng)三模)航天飛機(jī)在平直的跑道上著陸，其減速過(guò)程可以簡(jiǎn)化為兩個(gè)勻減速直線運(yùn)動(dòng)。航天飛機(jī)以水平速度v0＝100m/s著陸后，馬上打開減速阻力傘，以大小為a1＝4m/s2的加速度做勻減速運(yùn)動(dòng)，一段時(shí)間后阻力傘脫離，航天飛機(jī)以大小為a2＝2.5m/s2的加速度做勻減速直線運(yùn)動(dòng)直至停下。已知兩個(gè)勻減速運(yùn)動(dòng)滑行的總路程x＝1370m，求：(1)其次個(gè)減速階段航天飛機(jī)運(yùn)動(dòng)的初速度大??；(2)航天飛機(jī)著陸后滑行的總時(shí)間。答案(1)40m/s(2)31s解析(1)設(shè)其次個(gè)減速階段的初速度為v1，依據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式則有：veq\o\al(2,1)－veq\o\al(2,0)＝－2a1x1veq\o\al(2,1)＝2a2x2又x1＋x2＝x代入數(shù)據(jù)解得：v1＝40m/s。(2)由速度公式可得：v1＝v0－a1t1v1＝a2t2t＝t1＋t2代入數(shù)據(jù)解得：t＝31s。17．(12分)(2024·河北衡水中學(xué)一調(diào))如圖所示，放在粗糙的固定斜面上的物塊A和懸掛的物塊B均處于靜止?fàn)顟B(tài)。輕繩AO繞過(guò)光