2022-2023學年江蘇省泰州市興化市高三下學期模擬預測物理試題（解析版）

高級中學名校試卷PAGEPAGE12023~2024學年度第二學期高三調(diào)研測試物理試卷一、單項選擇題：本題共10小題，每小題4分，共計40分。每小題只有一個選項符合題意。1.以下四幅圖中所涉及熱學知識的論述，說法正確的是（）A.圖甲為中間有隔板的絕熱容器，隔板左側(cè)裝有溫度為T的理想氣體，右側(cè)為真空。現(xiàn)抽掉隔板，氣體溫度不變B.圖乙為布朗運動示意圖，懸浮在液體中的微粒越大，撞擊作用的不平衡性表現(xiàn)得越明顯C.圖丙中，液體表面層中分子間的作用力表現(xiàn)為斥力D.圖丁為同一氣體在0℃和100℃兩種不同情況下單位速率間隔分子數(shù)占總分子數(shù)的百分比與分子速率間的關系圖線，兩圖線與橫軸所圍面積不相等〖答案〗A〖解析〗A．根據(jù)熱力學第一定律有右側(cè)為真空，氣體自由膨脹時沒有做功對象，即做功為因為是絕熱容器，所以沒有熱交換，即因此內(nèi)能不變，容器內(nèi)的理想氣體的內(nèi)能由溫度決定，所以溫度不變，故A正確；B．懸浮在液體中的微粒越大，在某一瞬間跟它相撞的液體分子越多，撞擊作用的平衡性表現(xiàn)的越不明顯，故B錯誤；C．液體表面層中分子間的距離比液體內(nèi)部分子間的距離大，液體表面層中分子間的距離r略大于，液體表面層中分子間的作用力表現(xiàn)為引力，故C錯誤；D．由圖可知，在0℃和100℃兩種不同情況下各速率區(qū)間的分子數(shù)占總分子數(shù)的百分比與分子速率間的關系圖線與橫軸所圍面積都應該等于100%，即兩圖線與橫軸所圍面積相等，故D錯誤。故選A。2.我國科學家錢三強、何澤慧夫婦在實驗中發(fā)現(xiàn)鈾核也可能分裂為三部分或四部分。如圖是鈾核俘獲中子后，裂變成三個質(zhì)量較大的核和一個質(zhì)量較小的核時產(chǎn)生的徑跡。下列說法錯誤的是（）A.鈾核裂變過程質(zhì)量數(shù)守恒B.鈾核裂變過程質(zhì)子數(shù)守恒C.鈾核裂變過程如果生成物不同，釋放的能量可能會有差異D.鈾核中使核子緊密結(jié)合在一起的作用是弱相互作用〖答案〗D〖解析〗AB．鈾核裂變過程中質(zhì)量數(shù)和質(zhì)子數(shù)守恒，故AB正確；C．根據(jù)愛因斯坦質(zhì)能方程可知鈾核裂變過程如果生成物不同，釋放能量會有差異，故C正確；.D．鈾核中使核子緊密結(jié)合在一起的作用是強相互作用，故D錯誤。本題選錯誤的，故選D。3.哈雷彗星是裸眼所見短周期彗星之一。如圖所示為地球、哈雷彗星繞太陽運動的示意圖，已知哈雷彗星大約每76年環(huán)繞太陽一周，在近日點與太陽中心的距離為，在遠日點與太陽中心的距離為，于2023年12月初抵達遠日點。若地球的公轉(zhuǎn)軌道可視為半徑為R的圓軌道，則下列說法正確的是（）A.在近日點與遠日點的加速度大小之比為B.在近日點與遠日點的速度大小之比為C.哈雷彗星大約將在2071年左右離太陽最近D.哈雷彗星的軌道參數(shù)與地球軌道參數(shù)間滿足〖答案〗A〖解析〗A．在近日點時，由牛頓第二定律可得在遠日點時，由牛頓第二定律可得聯(lián)立解得故A正確；B．根據(jù)開普勒第二定律，取時間微元，結(jié)合扇形面積公式可得解得故B錯誤；C．由題中信息可知，哈雷彗星從遠日點到近日點的時間根據(jù)可得哈雷彗星將在2061年左右回到近日點，故C錯誤；D．根據(jù)開普勒第三定律得則有又半長軸則故D錯誤。故選A。4.如圖所示，兩列簡諧橫波在同一介質(zhì)中沿相反方向傳播，某時刻兩列波相遇，圖示時刻處的質(zhì)點正在向上振動，若兩列波的波速均為15m/s，則下列說法正確的是（）A.虛線波的傳播方向為x軸正方向B.實線波與虛線波的頻率相同C.兩列波在相遇區(qū)域能發(fā)生干涉現(xiàn)象D.從圖示時刻起再過0.6s，平衡位置處的質(zhì)點位于平衡位置〖答案〗D〖解析〗A．圖示時刻x=9m處的質(zhì)點正在向上振動，所以實線和虛線波在x=9m處的質(zhì)點振動都是向上振動，則虛線波的傳播方向為x軸負方向，故A錯誤；B．由圖可知，兩波的波長，兩波的頻率，故B錯誤；C．兩列波頻率不同，在相遇區(qū)域不能發(fā)生干涉現(xiàn)象，故C錯誤；D．從圖示時刻經(jīng)過0.6s，x=9m處的質(zhì)點實線波處于平衡位置，虛線波也處于平衡位置，根據(jù)疊加原理可知，平衡位置x=9m處的質(zhì)點位于平衡位置，故D正確。故選D。5.如圖所示，鉛球運動員采用滑步推的方式推出鉛球，滑步推鉛球能比原地推鉛球增加幾米的成績。兩種方式出手時鉛球的位置和速度方向都相同，忽略空氣阻力，則（）A.采用滑步推鉛球方式運動員對鉛球做功更多B.兩種方式推出的鉛球在空中運動的過程中重力沖量相同C.兩種方式推出的鉛球在空中運動到最高點時的速度都相同D.若想要鉛球拋得更遠，拋出時的速度與水平方向夾角越小越好〖答案〗A〖解析〗A．兩種方式運動員都是用最大力推鉛球，由公式可知采用滑步推鉛球方式運動員對鉛球在相同作用力下，推動鉛球移動的位移較大，所以對鉛球做功更多，故A正確；B．忽略人的身高，兩種方式鉛球出手時相對地面的位置和速度方向都相同，但是成績不同，所以速度方向相同，大小不同，豎直方向的分速度不同，到達最高點的時間為t，根據(jù)速度—時間公式到達最高點的時間不同，故根據(jù)斜拋的對稱性，鉛球在空中的時間不同，由沖量計算公式有可知兩種方式推出的鉛球在空中運動的過程中重力沖量不相同，故B錯誤；C．兩種方式推鉛球方向相同，成績不同，初速度大小不同，故水平速度大小不同，運動到最高點時只有水平方向的速度，所以最高點的速度不同，故C錯誤；D．忽略人的身高，設拋出時的速度與水平方向夾角為，拋出鉛球至落地用時為t，在水平方向有豎直方向有忽略人的身高，鉛球落到地面可知則由以上各式可得可知當即上式有最大值，所以若想要鉛球拋得更遠，拋出時的速度與水平方向夾角為，故D錯誤。故A。6.食鹽（NaCl）晶胞的結(jié)構如圖所示，由帶電荷量為+e的鈉離子和帶電荷量為-e的氯離子組成。圖中面abcd和面ijmn為立體晶體的兩個中垂面，o、p兩點分別為圖示立方體上、下表面的中心。取無窮遠處為零勢能點，則（）A.圖中a、b兩點的電勢相同B.圖中a、b兩點的場強相同C.沿圖中op線段，電場強度的大小先減小后增大D.沿圖中op線段，電勢先減小后增大〖答案〗A〖解析〗AB.將前后一個鈉離子和一個氯離子看成等量異種電荷，等量異種電荷的中垂面為等勢面，由電勢疊加可知a、b兩點電勢相等，由電場疊加可知a、b兩點場強大小相等、方向相反，故場強不相同。故A正確，B錯誤；C.將上方兩個鈉離子、兩個氯離子分別看成等量同種電荷，這四個離子在op線段上任意一點的合場強均為零，同理，下方四個離子在op線段上任意一點的合場強也均為零。因此沿題圖中op線段，電場強度大小不變。故C錯誤；D.平面abcd和平面ijmn為等勢面，故沿題圖中op線段電勢不變，故D錯誤。故選A。7.某發(fā)電站高壓輸電示意圖如圖所示，發(fā)電站輸出的電壓不變，為了測高壓電路的電壓和電流，在輸電線路的起始端接入電壓互感器和電流互感器，若不考慮變壓器和互感器自身的能量損耗，所有的電表均為理想電表，則（）A.用戶增多時，輸電線損耗功率減少B.②為電壓表，電壓互感器是升壓變壓器C.②為電流表，電流互感器是升壓變壓器D.若輸送功率一定，增加輸電電壓可以增大輸電線中的電流〖答案〗C〖解析〗A．用戶增多時，總功率將增大，根據(jù)可知，在電壓不變的情況下，電流將增大，則輸電線損耗的功率將增大，故A錯誤；BC．電表②串聯(lián)在輸電線上，所以是電流表；根據(jù)圖示的匝數(shù)關系可知電流互感器是升壓變壓器，故B錯誤、C正確；D．若輸送功率一定，增加輸電電壓，根據(jù)可知，可以減小輸電線中的電流，故D錯誤。故選C。8.如圖所示，由粗細均勻的金屬導線圍成的一個正六邊形線框abcdef，它的六個頂點均位于一個半徑為R的圓形區(qū)域的邊界上，be為圓形區(qū)域的一條直徑，be上方和下方分別存在大小均為B且方向相反的勻強磁場，磁場方向垂直于圓形區(qū)域。現(xiàn)給線框接入從a點流入、從f點流出的大小為I的恒定電流，則金屬線框受到的安培力的大小為（）A. B. C.BIR D.0〖答案〗A〖解析〗根據(jù)串并聯(lián)電路的特點可知線框流過af邊的電流：流過abcdef邊的電流：de、ab邊受到的安培力等大同向，斜向左下方，同理bc、ef邊受到的安培力等大同向，斜向右下方，則de、ab、bc、ef邊所受的安培力合力為：方向向下；cd邊受到的安培力：方向向下，；af邊受到的安培力：方向向上，所以線框受到的合力：A正確，BCD錯誤。故選A。9.如圖所示，整個空間中存在方向垂直導軌平面向里的勻強磁場B，導軌間距為l且足夠長，左端接阻值為R的定值電阻，導軌電阻不計，現(xiàn)有一長為2l的金屬棒垂直放在導軌上，在金屬棒以O點為軸沿順時針方向以恒定角速度轉(zhuǎn)過60°的過程中（金屬棒始終與導軌接觸良好，電阻不計）（）A.通過定值電阻的電流方向由b到a B.轉(zhuǎn)動過程中棒兩端的電動勢大小不變C.通過定值電阻的最大電流為 D.通過定值電阻的電荷量為〖答案〗D〖解析〗A．金屬棒以O點為軸沿順時針方向轉(zhuǎn)動，閉合回路的磁通量增加，根據(jù)楞次定律，感應電流的磁場與原磁場方向相反，由安培定則可知，通過定值電阻的電流方向由a到b，故A錯誤；B．金屬棒以O點為軸沿順時針方向以恒定角速度ω轉(zhuǎn)過60°的過程中，有效的切割長度變大，產(chǎn)生的感應電動勢變大，故B錯誤；C．當金屬棒轉(zhuǎn)過60°時有效的切割長度最大，產(chǎn)生的感應電動勢最大，感應電流最大.，則感應電動勢最大值為感應電流最大值為故C錯誤；D．通過定值電阻平均感應電流為通過定值電阻的電荷量又聯(lián)立解得故D正確。故選D。10.有一長為L，質(zhì)量為2m且質(zhì)量分布均勻的軟繩，放在足夠高的斜面上，斜面頂端是一個很小的滑輪，斜面傾角為30°，軟繩一端通過一根輕質(zhì)細線系著一質(zhì)量為2m的物塊。初始時，用手托住物塊底部，使細線恰好拉直。然后由靜止釋放物塊，忽略空氣阻力，不計軟繩與滑輪之間的摩擦，重力加速度為g，軟繩與斜面間動摩擦因數(shù)為，則在物塊下落的過程中，下列說法正確的是（）A.釋放瞬間，物塊的加速度為 B.釋放瞬間，細線的拉力為C.當軟繩全部滑出時摩擦力做功為 D.當軟繩全部滑出時物塊的速度為〖答案〗D〖解析〗AB．釋放瞬間，對物塊受力分析有對繩子受力分析有解得，故AB錯誤；C．軟繩滑出過程中所受摩擦力為變力，且與位移成線性關系，整個過程中摩擦力的平均力為所以整個過程摩擦力做功故C錯誤；D．根據(jù)動能定理可知解得故D正確。故選D。二、非選擇題：共5題，共60分，其中第12題~15題解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟。只寫出最后〖答案〗的不能得分。有數(shù)值計算的題，〖答案〗中必須明確寫出數(shù)值和單位。11.小張同學用如圖所示實驗裝置做“用單擺測重力加速度”的實驗。（1）如圖甲所示安裝好實驗裝置后，先用刻度尺測量擺線長L，再用游標卡尺測量擺球直徑d，其示數(shù)如圖乙所示，則______mm；（2）為了減小測量誤差，下列說法正確的是______（選填字母代號）；A.將鋼球換成塑料球B.當擺球經(jīng)過平衡位置時開始計時C.把擺球從平衡位置拉開一個很大的角度后釋放D.記錄一次全振動的時間作為周期，根據(jù)公式計算重力加速度g（3）若測得的重力加速度g值偏小，可能的原因是______（選填字母代號）；A.把懸點到擺球下端的長度記為擺長B.把擺線的長度記為擺長C.擺線上端未牢固地系于懸點，在振動過程中出現(xiàn)松動D.實驗中誤將擺球經(jīng)過平衡位置49次記為50次（4）某同學在家里做用單擺測量重力加速度的實驗，但沒有合適的擺球，他找到了一塊外形不規(guī)則的石塊代替了擺球，擺球的重心不在球心，但是在球心與懸點的連線上。他仍將從懸點到石塊中心的距離當作擺長L，通過改變擺線的長度，測得幾組L和對應的周期T，畫出圖線；首先根據(jù)圖像判斷測量擺長L______（填“大于”、“小于”、“等于”）真實擺長；然后在圖線上選取A、B兩個點，坐標分別為，如圖所示。由圖可計算出重力加速度______?！即鸢浮剑?）18.9（2）B（3）BC（4）大于〖解析〗【小問1詳析】小球的直徑【小問2詳析】A．將鋼球換成塑料球，會增大小球擺動時受到的阻力，增大誤差，A錯誤；B．擺球擺到平衡位置時開始計時，此時擺球的速度最大，特征明顯，可以減小測量周期產(chǎn)生的誤差，B正確；C．擺球擺動時的角度應小于，否則就不是簡諧振動了，把擺球從平衡位置拉開一個很大的角度，會增大實驗的誤差，C錯誤；D．至少應該測量30次全振動時間，以減小擺球周期測量的誤差，故D錯誤。故選B?！拘?詳析】根據(jù)可知A．把懸點到擺球下端的長度記為擺長,可知偏大，故偏大，A錯誤；B．把擺線的長度記為擺長，可知偏小，故偏小，B正確；C．擺線上端未牢固地系于懸點，在振動過程中出現(xiàn)松動，實際擺長變大，計算所用擺長偏小，故偏小，C正確；D．實驗中誤將擺球經(jīng)過平衡位置49次記為50次，導致周期偏小，故偏大，D錯誤；故選BC?！拘?詳析】由圖像可知，測量擺長大于實際擺長。設擺球重心在球心上方的距離為，則解得則圖像的斜率故重力加速度12.為了從坦克內(nèi)部觀察外部的目標，在坦克壁上開了一個小孔。假定坦克壁厚20cm，孔左右兩邊的距離為30cm?？變?nèi)安裝一玻璃，厚度與坦克壁厚相同，ABCD為玻璃的截面，如圖所示。用一束激光從A點與水平方向成37°射入玻璃，恰好從CD邊中點射出，已知，。真空中的光速。求：（1）光在玻璃中的速度；（2）坦克內(nèi)的人從AB中點向外觀察能看到的外界角度范圍為多大?！即鸢浮剑?）；（2）〖解析〗（1）用一束激光從A點與水平方向成37°射入玻璃，恰好從CD邊中點射出，作出光路圖如圖所示由幾何關系得根據(jù)折射定律得由，解得光在玻璃中的速度（2）坦克內(nèi)的人從AB中點向外觀察時，看到的范圍如圖所示由幾何關系得，坦克內(nèi)的人從AB中點向外觀察能看到的外界角度范圍為13.如圖所示，足夠長的光滑平行金屬導軌MN、PQ水平固定放置，導軌間距為L，導軌兩端與定值電阻和相連，和的阻值均為R。磁感應強度大小為B的勻強磁場方向豎直向上，有一個質(zhì)量為m、電阻也為R的導體棒ab與導軌垂直放置。在時刻，給導體棒ab初速度向右運動。導軌的電阻忽略不計，求：（1）時ab兩點之間的電勢差；（2）全過程上產(chǎn)生的電熱?！即鸢浮剑?）；（2）〖解析〗（1）時導體棒ab產(chǎn)生的電動勢為電路外電阻為則電路電流為根據(jù)右手定則可知，通過導體棒ab的電流方向由a到b，則a的電勢低于b的電勢，ab兩點之間的電勢差為（2）根據(jù)能量守恒可知，全過程這個電路產(chǎn)生的總焦耳熱為由于可知外電阻產(chǎn)生的焦耳熱為則全過程上產(chǎn)生的焦耳熱為14.圖中兩個圓表示內(nèi)、外半徑幾乎同為R環(huán)形光滑軌道，它與長方形的底座連在一起放置于光滑的水平面上，環(huán)與底座的總質(zhì)量為M，軌道內(nèi)有一個質(zhì)量為m的光滑小球，開始時靜置于最高處（恰好與環(huán)形管道外壁不擠壓），后因受到微小擾動而向右側(cè)滑下，在以后的運動過程中底座的底面始終與地面接觸。在地面參照系中建立O-xy坐標系，O為環(huán)形光滑軌道圓心的初始位置，x軸水平向右，y軸豎直向上。重力加速度為g。求：（1）小球下滑高度為R時，小球的速度大小；（2）底座的速度最大時，小球的速度；（3）在O-xy坐標系中小球運動的軌跡方程。〖答案〗（1）；（2），水平向左；（3）〖解析〗（1）小球下滑高度為時，設小球的速度為，底座的速度為。在水平方向上系統(tǒng)不受外力，動量守恒，則由能量守恒可知聯(lián)立可得（2）小球在右半環(huán)下滑時，彈力對底座做正功，在左半環(huán)運動時，彈力對底座做負功，故小球滑到最低點時，底座的速度最大。設此時小球的速度為，底座的速度為，系統(tǒng)在水平方向動量守恒根據(jù)能量守恒聯(lián)立解得（3）以為原點建立直角坐標系，系統(tǒng)質(zhì)心的橫坐標，設軌道及底座的橫坐標為，小球質(zhì)心的坐標為，任意時間小球相對軌道轉(zhuǎn)動的角度為，由水平方向動量守恒可知水平方向上的位移關系聯(lián)立以上兩式可得小球在豎直方向上的位移兩式平方后相加可得可見小球相對于地面參考系的運動軌跡為一橢圓。15.某種離子測量簡化裝置如圖所示，方向均垂直紙面向里的磁場區(qū)域Ⅰ、Ⅱ，兩勻強磁場邊界直線MN、PQ平行且相距L，磁場Ⅰ和Ⅱ的磁感應強度大小之比為，磁場之間有向右的勻強電場。自MN上S點水平向左射出一帶正電粒子甲，甲在電、磁場中形成軌跡封閉的周期性運動。較長時間后撤去該粒子，又在S點豎直向下往電場內(nèi)射出另一個相同粒子乙，也可形成軌跡封閉的周期性運動。粒子電荷量為q、質(zhì)量為m，不計重力，兩粒子射出的初速度大小均為。（，）求：（1）粒子在勻強電場中的運動過程中加速度大??；（2）粒子乙斜向右下經(jīng)過邊界PQ時間；（3）將兩磁場的磁感應強度同時增大為原來的k倍（），兩粒子在各自的運動中可通過PQ上同一位置，k為多大。〖答案〗（1）；（2）；（3）見〖解析〗〖解析〗（1）甲粒子從S點向左釋放的軌跡示意圖如下設磁場I的磁感應強度為，磁場II的磁感應強度為，則：=3:5設粒子從磁場I出來后經(jīng)過電場E到達PQ邊界的速度為v1，則由動能定理，有粒子在電、磁場中形成軌跡封閉的周期性運動，說明粒子在兩個磁場中的軌跡半徑r相等，由洛倫茲力充當向心力，在磁場I中有同理在磁場II中可得各式聯(lián)立，可解得粒子在勻強電場中的運動過程中加速度大?。?）乙粒子在電場中做類平拋運動，根據(jù)結(jié)合得（3）磁感應強度增大，粒子在電場中的運動不變，在磁場中軌跡圓半徑均減小為，甲粒子的軌跡與PQ相交于G、H，乙粒子的軌跡與PQ交于D、F，D和F周期性下移。如圖所示設F、D點每個周期下移距離，則情況一：F點與H點重合（N=1，2，3）解得（N=1，2，3）情況二：D點與G點重合（N=1，2，3）解得（N=1，2，3）情況三：F點與G點重合（N=1，2，3）解得（N=1，2，3）2023~2024學年度第二學期高三調(diào)研測試物理試卷一、單項選擇題：本題共10小題，每小題4分，共計40分。每小題只有一個選項符合題意。1.以下四幅圖中所涉及熱學知識的論述，說法正確的是（）A.圖甲為中間有隔板的絕熱容器，隔板左側(cè)裝有溫度為T的理想氣體，右側(cè)為真空?，F(xiàn)抽掉隔板，氣體溫度不變B.圖乙為布朗運動示意圖，懸浮在液體中的微粒越大，撞擊作用的不平衡性表現(xiàn)得越明顯C.圖丙中，液體表面層中分子間的作用力表現(xiàn)為斥力D.圖丁為同一氣體在0℃和100℃兩種不同情況下單位速率間隔分子數(shù)占總分子數(shù)的百分比與分子速率間的關系圖線，兩圖線與橫軸所圍面積不相等〖答案〗A〖解析〗A．根據(jù)熱力學第一定律有右側(cè)為真空，氣體自由膨脹時沒有做功對象，即做功為因為是絕熱容器，所以沒有熱交換，即因此內(nèi)能不變，容器內(nèi)的理想氣體的內(nèi)能由溫度決定，所以溫度不變，故A正確；B．懸浮在液體中的微粒越大，在某一瞬間跟它相撞的液體分子越多，撞擊作用的平衡性表現(xiàn)的越不明顯，故B錯誤；C．液體表面層中分子間的距離比液體內(nèi)部分子間的距離大，液體表面層中分子間的距離r略大于，液體表面層中分子間的作用力表現(xiàn)為引力，故C錯誤；D．由圖可知，在0℃和100℃兩種不同情況下各速率區(qū)間的分子數(shù)占總分子數(shù)的百分比與分子速率間的關系圖線與橫軸所圍面積都應該等于100%，即兩圖線與橫軸所圍面積相等，故D錯誤。故選A。2.我國科學家錢三強、何澤慧夫婦在實驗中發(fā)現(xiàn)鈾核也可能分裂為三部分或四部分。如圖是鈾核俘獲中子后，裂變成三個質(zhì)量較大的核和一個質(zhì)量較小的核時產(chǎn)生的徑跡。下列說法錯誤的是（）A.鈾核裂變過程質(zhì)量數(shù)守恒B.鈾核裂變過程質(zhì)子數(shù)守恒C.鈾核裂變過程如果生成物不同，釋放的能量可能會有差異D.鈾核中使核子緊密結(jié)合在一起的作用是弱相互作用〖答案〗D〖解析〗AB．鈾核裂變過程中質(zhì)量數(shù)和質(zhì)子數(shù)守恒，故AB正確；C．根據(jù)愛因斯坦質(zhì)能方程可知鈾核裂變過程如果生成物不同，釋放能量會有差異，故C正確；.D．鈾核中使核子緊密結(jié)合在一起的作用是強相互作用，故D錯誤。本題選錯誤的，故選D。3.哈雷彗星是裸眼所見短周期彗星之一。如圖所示為地球、哈雷彗星繞太陽運動的示意圖，已知哈雷彗星大約每76年環(huán)繞太陽一周，在近日點與太陽中心的距離為，在遠日點與太陽中心的距離為，于2023年12月初抵達遠日點。若地球的公轉(zhuǎn)軌道可視為半徑為R的圓軌道，則下列說法正確的是（）A.在近日點與遠日點的加速度大小之比為B.在近日點與遠日點的速度大小之比為C.哈雷彗星大約將在2071年左右離太陽最近D.哈雷彗星的軌道參數(shù)與地球軌道參數(shù)間滿足〖答案〗A〖解析〗A．在近日點時，由牛頓第二定律可得在遠日點時，由牛頓第二定律可得聯(lián)立解得故A正確；B．根據(jù)開普勒第二定律，取時間微元，結(jié)合扇形面積公式可得解得故B錯誤；C．由題中信息可知，哈雷彗星從遠日點到近日點的時間根據(jù)可得哈雷彗星將在2061年左右回到近日點，故C錯誤；D．根據(jù)開普勒第三定律得則有又半長軸則故D錯誤。故選A。4.如圖所示，兩列簡諧橫波在同一介質(zhì)中沿相反方向傳播，某時刻兩列波相遇，圖示時刻處的質(zhì)點正在向上振動，若兩列波的波速均為15m/s，則下列說法正確的是（）A.虛線波的傳播方向為x軸正方向B.實線波與虛線波的頻率相同C.兩列波在相遇區(qū)域能發(fā)生干涉現(xiàn)象D.從圖示時刻起再過0.6s，平衡位置處的質(zhì)點位于平衡位置〖答案〗D〖解析〗A．圖示時刻x=9m處的質(zhì)點正在向上振動，所以實線和虛線波在x=9m處的質(zhì)點振動都是向上振動，則虛線波的傳播方向為x軸負方向，故A錯誤；B．由圖可知，兩波的波長，兩波的頻率，故B錯誤；C．兩列波頻率不同，在相遇區(qū)域不能發(fā)生干涉現(xiàn)象，故C錯誤；D．從圖示時刻經(jīng)過0.6s，x=9m處的質(zhì)點實線波處于平衡位置，虛線波也處于平衡位置，根據(jù)疊加原理可知，平衡位置x=9m處的質(zhì)點位于平衡位置，故D正確。故選D。5.如圖所示，鉛球運動員采用滑步推的方式推出鉛球，滑步推鉛球能比原地推鉛球增加幾米的成績。兩種方式出手時鉛球的位置和速度方向都相同，忽略空氣阻力，則（）A.采用滑步推鉛球方式運動員對鉛球做功更多B.兩種方式推出的鉛球在空中運動的過程中重力沖量相同C.兩種方式推出的鉛球在空中運動到最高點時的速度都相同D.若想要鉛球拋得更遠，拋出時的速度與水平方向夾角越小越好〖答案〗A〖解析〗A．兩種方式運動員都是用最大力推鉛球，由公式可知采用滑步推鉛球方式運動員對鉛球在相同作用力下，推動鉛球移動的位移較大，所以對鉛球做功更多，故A正確；B．忽略人的身高，兩種方式鉛球出手時相對地面的位置和速度方向都相同，但是成績不同，所以速度方向相同，大小不同，豎直方向的分速度不同，到達最高點的時間為t，根據(jù)速度—時間公式到達最高點的時間不同，故根據(jù)斜拋的對稱性，鉛球在空中的時間不同，由沖量計算公式有可知兩種方式推出的鉛球在空中運動的過程中重力沖量不相同，故B錯誤；C．兩種方式推鉛球方向相同，成績不同，初速度大小不同，故水平速度大小不同，運動到最高點時只有水平方向的速度，所以最高點的速度不同，故C錯誤；D．忽略人的身高，設拋出時的速度與水平方向夾角為，拋出鉛球至落地用時為t，在水平方向有豎直方向有忽略人的身高，鉛球落到地面可知則由以上各式可得可知當即上式有最大值，所以若想要鉛球拋得更遠，拋出時的速度與水平方向夾角為，故D錯誤。故A。6.食鹽（NaCl）晶胞的結(jié)構如圖所示，由帶電荷量為+e的鈉離子和帶電荷量為-e的氯離子組成。圖中面abcd和面ijmn為立體晶體的兩個中垂面，o、p兩點分別為圖示立方體上、下表面的中心。取無窮遠處為零勢能點，則（）A.圖中a、b兩點的電勢相同B.圖中a、b兩點的場強相同C.沿圖中op線段，電場強度的大小先減小后增大D.沿圖中op線段，電勢先減小后增大〖答案〗A〖解析〗AB.將前后一個鈉離子和一個氯離子看成等量異種電荷，等量異種電荷的中垂面為等勢面，由電勢疊加可知a、b兩點電勢相等，由電場疊加可知a、b兩點場強大小相等、方向相反，故場強不相同。故A正確，B錯誤；C.將上方兩個鈉離子、兩個氯離子分別看成等量同種電荷，這四個離子在op線段上任意一點的合場強均為零，同理，下方四個離子在op線段上任意一點的合場強也均為零。因此沿題圖中op線段，電場強度大小不變。故C錯誤；D.平面abcd和平面ijmn為等勢面，故沿題圖中op線段電勢不變，故D錯誤。故選A。7.某發(fā)電站高壓輸電示意圖如圖所示，發(fā)電站輸出的電壓不變，為了測高壓電路的電壓和電流，在輸電線路的起始端接入電壓互感器和電流互感器，若不考慮變壓器和互感器自身的能量損耗，所有的電表均為理想電表，則（）A.用戶增多時，輸電線損耗功率減少B.②為電壓表，電壓互感器是升壓變壓器C.②為電流表，電流互感器是升壓變壓器D.若輸送功率一定，增加輸電電壓可以增大輸電線中的電流〖答案〗C〖解析〗A．用戶增多時，總功率將增大，根據(jù)可知，在電壓不變的情況下，電流將增大，則輸電線損耗的功率將增大，故A錯誤；BC．電表②串聯(lián)在輸電線上，所以是電流表；根據(jù)圖示的匝數(shù)關系可知電流互感器是升壓變壓器，故B錯誤、C正確；D．若輸送功率一定，增加輸電電壓，根據(jù)可知，可以減小輸電線中的電流，故D錯誤。故選C。8.如圖所示，由粗細均勻的金屬導線圍成的一個正六邊形線框abcdef，它的六個頂點均位于一個半徑為R的圓形區(qū)域的邊界上，be為圓形區(qū)域的一條直徑，be上方和下方分別存在大小均為B且方向相反的勻強磁場，磁場方向垂直于圓形區(qū)域?，F(xiàn)給線框接入從a點流入、從f點流出的大小為I的恒定電流，則金屬線框受到的安培力的大小為（）A. B. C.BIR D.0〖答案〗A〖解析〗根據(jù)串并聯(lián)電路的特點可知線框流過af邊的電流：流過abcdef邊的電流：de、ab邊受到的安培力等大同向，斜向左下方，同理bc、ef邊受到的安培力等大同向，斜向右下方，則de、ab、bc、ef邊所受的安培力合力為：方向向下；cd邊受到的安培力：方向向下，；af邊受到的安培力：方向向上，所以線框受到的合力：A正確，BCD錯誤。故選A。9.如圖所示，整個空間中存在方向垂直導軌平面向里的勻強磁場B，導軌間距為l且足夠長，左端接阻值為R的定值電阻，導軌電阻不計，現(xiàn)有一長為2l的金屬棒垂直放在導軌上，在金屬棒以O點為軸沿順時針方向以恒定角速度轉(zhuǎn)過60°的過程中（金屬棒始終與導軌接觸良好，電阻不計）（）A.通過定值電阻的電流方向由b到a B.轉(zhuǎn)動過程中棒兩端的電動勢大小不變C.通過定值電阻的最大電流為 D.通過定值電阻的電荷量為〖答案〗D〖解析〗A．金屬棒以O點為軸沿順時針方向轉(zhuǎn)動，閉合回路的磁通量增加，根據(jù)楞次定律，感應電流的磁場與原磁場方向相反，由安培定則可知，通過定值電阻的電流方向由a到b，故A錯誤；B．金屬棒以O點為軸沿順時針方向以恒定角速度ω轉(zhuǎn)過60°的過程中，有效的切割長度變大，產(chǎn)生的感應電動勢變大，故B錯誤；C．當金屬棒轉(zhuǎn)過60°時有效的切割長度最大，產(chǎn)生的感應電動勢最大，感應電流最大.，則感應電動勢最大值為感應電流最大值為故C錯誤；D．通過定值電阻平均感應電流為通過定值電阻的電荷量又聯(lián)立解得故D正確。故選D。10.有一長為L，質(zhì)量為2m且質(zhì)量分布均勻的軟繩，放在足夠高的斜面上，斜面頂端是一個很小的滑輪，斜面傾角為30°，軟繩一端通過一根輕質(zhì)細線系著一質(zhì)量為2m的物塊。初始時，用手托住物塊底部，使細線恰好拉直。然后由靜止釋放物塊，忽略空氣阻力，不計軟繩與滑輪之間的摩擦，重力加速度為g，軟繩與斜面間動摩擦因數(shù)為，則在物塊下落的過程中，下列說法正確的是（）A.釋放瞬間，物塊的加速度為 B.釋放瞬間，細線的拉力為C.當軟繩全部滑出時摩擦力做功為 D.當軟繩全部滑出時物塊的速度為〖答案〗D〖解析〗AB．釋放瞬間，對物塊受力分析有對繩子受力分析有解得，故AB錯誤；C．軟繩滑出過程中所受摩擦力為變力，且與位移成線性關系，整個過程中摩擦力的平均力為所以整個過程摩擦力做功故C錯誤；D．根據(jù)動能定理可知解得故D正確。故選D。二、非選擇題：共5題，共60分，其中第12題~15題解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟。只寫出最后〖答案〗的不能得分。有數(shù)值計算的題，〖答案〗中必須明確寫出數(shù)值和單位。11.小張同學用如圖所示實驗裝置做“用單擺測重力加速度”的實驗。（1）如圖甲所示安裝好實驗裝置后，先用刻度尺測量擺線長L，再用游標卡尺測量擺球直徑d，其示數(shù)如圖乙所示，則______mm；（2）為了減小測量誤差，下列說法正確的是______（選填字母代號）；A.將鋼球換成塑料球B.當擺球經(jīng)過平衡位置時開始計時C.把擺球從平衡位置拉開一個很大的角度后釋放D.記錄一次全振動的時間作為周期，根據(jù)公式計算重力加速度g（3）若測得的重力加速度g值偏小，可能的原因是______（選填字母代號）；A.把懸點到擺球下端的長度記為擺長B.把擺線的長度記為擺長C.擺線上端未牢固地系于懸點，在振動過程中出現(xiàn)松動D.實驗中誤將擺球經(jīng)過平衡位置49次記為50次（4）某同學在家里做用單擺測量重力加速度的實驗，但沒有合適的擺球，他找到了一塊外形不規(guī)則的石塊代替了擺球，擺球的重心不在球心，但是在球心與懸點的連線上。他仍將從懸點到石塊中心的距離當作擺長L，通過改變擺線的長度，測得幾組L和對應的周期T，畫出圖線；首先根據(jù)圖像判斷測量擺長L______（填“大于”、“小于”、“等于”）真實擺長；然后在圖線上選取A、B兩個點，坐標分別為，如圖所示。由圖可計算出重力加速度______?！即鸢浮剑?）18.9（2）B（3）BC（4）大于〖解析〗【小問1詳析】小球的直徑【小問2詳析】A．將鋼球換成塑料球，會增大小球擺動時受到的阻力，增大誤差，A錯誤；B．擺球擺到平衡位置時開始計時，此時擺球的速度最大，特征明顯，可以減小測量周期產(chǎn)生的誤差，B正確；C．擺球擺動時的角度應小于，否則就不是簡諧振動了，把擺球從平衡位置拉開一個很大的角度，會增大實驗的誤差，C錯誤；D．至少應該測量30次全振動時間，以減小擺球周期測量的誤差，故D錯誤。故選B。【小問3詳析】根據(jù)可知A．把懸點到擺球下端的長度記為擺長,可知偏大，故偏大，A錯誤；B．把擺線的長度記為擺長，可知偏小，故偏小，B正確；C．擺線上端未牢固地系于懸點，在振動過程中出現(xiàn)松動，實際擺長變大，計算所用擺長偏小，故偏小，C正確；D．實驗中誤將擺球經(jīng)過平衡位置49次記為50次，導致周期偏小，故偏大，D錯誤；故選BC?！拘?詳析】由圖像可知，測量擺長大于實際擺長。設擺球重心在球心上方的距離為，則解得則圖像的斜率故重力加速度12.為了從坦克內(nèi)部觀察外部的目標，在坦克壁上開了一個小孔。假定坦克壁厚20cm，孔左右兩邊的距離為30cm。孔內(nèi)安裝一玻璃，厚度與坦克壁厚相同，ABCD為玻璃的截面，如圖所示。用一束激光從A點與水平方向成37°射入玻璃，恰好從CD邊中點射出，已知，。真空中的光速。求：（1）光在玻璃中的速度；（2）坦克內(nèi)的人從AB中點向外觀察能看到的外界角度范圍為多大?！即鸢浮剑?）；（2）〖解析〗（1）用一束激光從A點與水平方向成37°射入玻璃，恰好從CD邊中點射出，作出光路圖如圖所示由幾何關系得根據(jù)折射定律得由，解得光在玻璃中的速度（2）坦克內(nèi)的人從AB中點向外觀察時，看到的范圍如圖所示由幾何關系得，坦克內(nèi)的人從AB中點向外觀察能看到的外界角度范圍為13.如圖所示，足夠長的光滑平行金屬導軌MN、PQ水平固定放置，導軌間距為L，導軌兩端與定值電阻和相連，和的阻值均為R。磁感應強度大小為B的勻強磁場方向豎直向上，有一個質(zhì)量為m、電阻也為R的導體棒ab與導軌垂直放置。在時刻，給導體棒ab初速度向右運動。導軌的電阻忽略不計，求：（1）時ab兩點之間的電