2022屆福建廈門松柏中學物理高一第二學期期末考試模擬試題含解析

2021-2022學年高一下物理期末模擬試卷注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、(本題9分)物體自空中某位置自由下落，下落一定高度后落入下方的水中．物體在落入水中之前的運動稱為過程Ⅰ，物體在水中的運動稱為過程Ⅱ．空氣阻力不計，下列說法正確的是（）A．在過程Ⅰ中重力做的功大于物體重力勢能的減少量B．在過程Ⅱ中重力做的功大于物體重力勢能的減少量C．在過程Ⅱ中重力做的功等于物體重力勢能的增加量D．在過程Ⅱ中物體機械能減少2、(本題9分)如圖所示，輕彈簧豎直放置，下端固定．質量為m的小球從彈簧正上方A處由靜止釋放，到B處時接觸彈簧，到C處時速度為1．小球在由A到C的過程中，不計空氣阻力，下列判斷正確的是A．加速度先減小再增大B．B點的速度最大C．小球的機械能守恒D．小球和彈簧組成系統(tǒng)的機械能守恒3、如圖所示，兩個質量相同的小球用長度不等的細線拴在同一點，并在同一水平面內做勻速圓周運動，則下列說法正確的是()A．周期相同B．線速度的大小相等C．向心力的大小相等D．向心加速度的大小相等4、航天飛機中的物體處于失重狀態(tài)，是指這個物體（）A．不受地球的吸引力B．受到地球吸引力和向心力的作用而處于平衡狀態(tài)C．受到向心力和離心力的作用而處于平衡狀態(tài)D．對支持它的物體的壓力為零5、(本題9分)如圖所示，小物體A沿高為h、傾角為θ的光滑斜面以初速度v0從頂端滑到底端，而相同的物體B以同樣大小的初速度從同等高度處豎直上拋，則（）A．兩物體落地時速度相同B．從開始至落地，重力對它們做功相同C．兩物體落地時重力的瞬時功率相同D．從開始運動至落地過程中，重力對它們做功的平均功率相同6、(本題9分)某人用5N的水平推力將自行車沿力的方向推行5m，在此過程中，推力所做的功為（）A．50JB．25JC．10JD．5J7、水平地面上有一木箱，木箱與地面之間的動摩擦因數為．現對木箱施加一拉力F，使木箱做勻速直線運動．設F的方向與水平面夾角為，如圖，在從0逐漸增大到90°的過程中，木箱的速度保持不變，則（）A．F先減小后增大 B．F一直增大C．F的功率減小 D．F的功率不變8、一氣球由地面勻速上升，當氣球下的吊梯上站著的人沿梯子上爬時，下列說法正確的是（）A．氣球可能勻速上升 B．氣球可能相對地面靜止C．氣球可能下降 D．氣球運動速度不發(fā)生變化9、(本題9分)將甲、乙兩個質量相等的物體在距水平地面同一高度處，分別以v和2v的速度水平拋出，若不計空氣阻力的影響，則A．甲物體在空中運動過程中，任何相等時間內它的動量變化都相同B．甲物體在空中運動過程中，任何相等時間內它的動能變化都相同C．兩物體落地時動量對時間的變化率相同D．兩物體落地時重力的功率相同10、(本題9分)在一次投球游戲中，黃同學將球水平拋出放在地面的小桶中，結果球沿如圖所示的弧線飛到小桶的前方，不計空氣阻力，則下次再投時，可作出的調整為（）A．減小初速度，拋出點高度不變B．增大初速度，拋出點高度不變C．初速度大小不變，降低拋出點高度D．初速度大小不變，提高拋出點高度11、如圖所示，質量為m的小球從距離地面高度為H的A點由靜止釋放，落到地面上后又陷入泥潭中，由于受到阻力作用，到達距地面深度為h的B點時速度減為零不計空氣阻力，重力加速度為g。則關于小球下落過程中，說法正確的是A．整個下落過程中，小球的機械能減少了mgHB．整個下落過程中，小球克服阻力做的功為mg(H+h)C．在陷入泥潭過程中，小球所受阻力的沖量大于m2gHD．在陷入泥潭過程中，小球動量的改變量的大小等于m2gH12、已知地球的質量為M，半徑為R，表面的重力加速度為g，那么地球的第一宇宙速度的表達式有：A． B． C． D．二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）為了探究電磁感應現象，某實驗小組將電池、線圈A、線圈B、滑動變阻器、靈敏電流計、開關按照如圖所示的方式連接。當閉合開關時發(fā)現靈敏電流計的指針右偏。由此可知：(1)當滑動變阻器的滑片P向右移動時，靈敏電流計的指針________(填“左偏”、“不動”、“右偏”)；(2)將線圈A拔出時，靈敏電流計的指針________(填“左偏”、“不動”、“右偏”)，此時線圈A與線圈B中電流的繞行方向________(填“相同”或“相反”)。14、（10分）(本題9分)某學習小組為驗證機械能守恒定律，用力傳慼器、輕繩、光滑定滑輪、小球和量角器設計了如下實驗。（已知重力加速度為g）（1）用不可伸長的繩子跨過兩個定滑輪，繩子兩端分別與小球和力傳感器相連，力感器固定在地面上，通過傳感器可測得繩子拉力；（2）調節(jié)兩定滑輪之間的距離，在小球靜止時，記下右端繩子長度L及_____（寫出相關量及字母符號）；（3）如圖所示，將小球拉到使繩與豎直方向成角θ時，靜止釋放，小球向下做圓周運動，為了求出小球在最低點A的速度，還需測量_____（寫出相關量及字母符號），并求出小球在最低點A的速度為_____（用已知和測得字母的符號表示）；（4）將小球拉到不同θ角度，重復實驗；（5）試寫出此驗證機械能守恒的關系式_____（用已知和測得的字母符號表示）。三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（12分）汽車發(fā)動機的額定功率為，汽車的質量為，汽車在水平路面上行駛時，阻力是車重的倍，．（1）若汽車保持額定功率不變從靜止啟動，當汽車的速度為時，加速度多大（2）若汽車以的加速度從靜止開始做勻加速啟動，經過多長時間汽車功率達到額定值？（3）若汽車保持額定功率不變從靜止啟動，經到達最大行駛速度汽車從靜止到開始勻速運動時所通過的路程是多少？16、（12分）(本題9分)圖示為甲乙兩物體從不同地點不同時刻出發(fā)的同方向運動的速度-時間圖像，已知甲、乙在t=4s時相遇．求：（1）甲乙的加速度大??；（2）甲乙出發(fā)點間的距離．17、（12分）(本題9分)一物體在地球表面的重力為16N，它在以5m／s2的加速度加速上升的火箭中用彈簧秤稱得重力為9N，則此時火箭離地球表面的距離為地球半徑的多少倍?

參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、D【解析】

重力做的功等于物體重力勢能的減少量．對物體下落的過程根據功能分析解答即可．【詳解】A項：根據功能關系可知，在過程Ⅰ中重力做的功等于物體重力勢能的減少量，故A錯誤；B、在過程Ⅱ中重力做的功等于物體重力勢能的減少量，故B錯誤C項：在過程Ⅱ中物體的高度下降，重力勢能應減少，故C錯誤；D項：在過程Ⅱ中，水的浮力做負功，由功能原理可知，物體的機械能減少，故D正確．故選D．【點睛】本題運用功能關系分析，也可以根據動能定理分段列式研究．要掌握功能原理：除重力以外的力做功等于物體機械能的變化．2、D【解析】

AB．小球從A到B過程中做自由落體運動，加速度不變；在B點剛接觸彈簧時，彈力小于重力，物體加速度開始減小，當彈力等于重力時加速度減為零，此時速度最大；然后重力小于彈力，加速度反向增加，直到到達C點時速度減為零，故選項AB錯誤；C．小球剛開始下落一直到與彈簧接觸前，只受重力，小球的機械能守恒，接觸彈簧后，小球的機械能一部分轉化為彈簧的彈性勢能，所以小球的機械能減小，故C錯誤；D．在整個過程中，小球與彈簧組成的系統(tǒng)只有重力和彈力做功，則系統(tǒng)的機械能守恒，故D正確；故選D．點睛：此題中掌握機械能守恒的條件是解決問題的關鍵，注意區(qū)分系統(tǒng)的機械能守恒和單個物體機械能守恒的區(qū)別．本題考查分析物體的受力情況和運動情況的能力．3、A【解析】

試題分析：設細線與豎直方向的夾角為θ，對小球受力分析可知：，可得，故兩球運動的線速度不同，選項B錯誤；，解得，故運動周期相同，選項A正確；向心力：，故向心力不同，選項C錯誤；向心加速度：，解得，故向心加速度不同，選項D錯誤；故選A．考點：勻速圓周運動；牛頓定律的應用【名師點睛】此題是牛頓定律在勻速圓周運動中的應用問題；關鍵是分析小球的受力情況，找到小球做圓周運動的向心力，根據牛頓第二定律列出方程求解出要比較的物理量，然后進行討論；記住圓錐擺的周期公式．4、D【解析】

A．失重狀態(tài)是物體對水平支持物的壓力或者對豎直懸掛物的拉力小于自身重力，大于自身重力為超重．并不是不受地球引力A錯．BCD．對航天飛機中的物體，重力提供向心力，對水平支持物或豎直懸掛物沒有作用力，是完全失重，處于非平衡狀態(tài)，而且受力分析也不存在向心力和離心力，BC錯．D對．5、B【解析】

A．兩個小球在運動的過程中都是只有重力做功，機械能守恒，所以根據機械能守恒可以知兩物體落地時速率相同，方向不同，故A錯誤；B．重力做功只與初末位置有關，物體的起點和終點一樣，所以重力做的功相同，B正確；C．由于兩個物體落地時的速度的方向不同，由瞬時功率的公式可以知道，重力的瞬時功率不相同，所以C錯誤；D．平均功率等于做功的大小與所用的時間的比值，物體重力做的功相同，但是時間不同，所以平均功率不同，D錯誤。故選B。6、B【解析】試題分析：根據恒力做功公式即可求解．解：根據W=Fscosθ解得：W=5×5=25J故選B【點評】本題主要考查了恒力做功公式的直接應用，難度不大，屬于基礎題．7、AC【解析】由于木箱的速度保持不變，因此木箱始終處于平衡狀態(tài)，受力分析如圖所示，則由平衡條件得：，兩式聯立解得，可見F有最小值，所以F先減小后增大，A正確；B錯誤；F的功率，可見在從0逐漸增大到90°的過程中tan逐漸增大，則功率P逐漸減小，C正確，D錯誤．8、ABC【解析】

ABC．設氣球和梯子的總質量為M，人的質量為m，由于勻速上升，所以受到的合力為零，則系統(tǒng)動量守恒，有解得氣球的速度由表達式可知可能為正、零、負，說明氣球可能勻速上升、相對地面靜止、勻速下降。故ABC正確；D．若氣球運動速度不發(fā)生變化，即，則由的表達式可推出。因為人相對于氣球運動，所以，矛盾，說明假設錯誤，氣球的運動速度一定發(fā)生變化，故D錯誤。故選ABC。9、ACD【解析】

試題分析：根據動量定理，動量的變化等于合外力對物體的沖量，在這里物體受到的合外力就是重力，因此相等時間內，合外力的沖量相等，因此動量變化量相同，A正確；在向下運動的過程中，豎直速度越來越大，因此相同時間內重力做功越來越快，因此相等時間內動能變化時都會越來越快，B錯誤；動量對時間的變化率就是合外力，因此兩物體落地時動量對時間的變化率相同，C正確；落地時，兩個物體豎直速度相等，因此重力的功率相等，D正確．考點：動量定理，功率【名師點睛】此題是對動量定理功率概念的考查；解題的關鍵是理解動量定理和動能定理；要知道相等時間內動量的變化量等于合外力的沖量，動量的變化率等于合外力；求解重力的功率時應該注意是重力與豎直速度的乘積.10、AC【解析】設小球平拋運動的初速度為v0，拋出點離桶的高度為h，水平位移為x，則平拋運動的時間水平位移x=v0t=v0AB.由上式分析可知，要減小水平位移x，可保持拋出點高度h不變，減小初速度v0.故B錯誤，A正確；CD.由上式分析可知，要減小水平位移x，可保持初速度v0大小不變，降低拋出點高度h.故C正確，D錯誤．故選AC.點睛：小球做平拋運動，飛到小桶的前方，說明水平位移偏大，應減小水平位移才能使小球拋進小桶中．將平拋運動進行分解，水平方向做勻速直線運動，豎直方向做自由落體運動，由運動學公式得出水平位移與初速度和高度的關系式，再進行分析選擇．11、BCD【解析】

A.小球在整個過程中，動能變化量為零，重力勢能減小mg(H+h），則小球的機械能減小了mg(H+h);故A錯誤.B.對全過程運用動能定理得，mg(H+h)-Wf=0，則小球克服阻力做功Wf=mg(H+h);故B正確.C.落到地面的速度v=2gH，對進入泥潭的過程取向下為正方向，運用動量定理得，IG-If=0-mv，知阻力的沖量大小If=mgt+m2gHD.落到地面的速度v=2gH，對進入泥潭后的速度為0，所以小球動量的改變量大小等于m2gH12、AB【解析】第一宇宙速度是衛(wèi)星在近地圓軌道上的環(huán)繞速度，根據萬有引力提供向心力得：，解得:，故A正確，根據地面附近引力等于重力得：，聯立可得：，故AB正確，CD錯誤．二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、右偏左偏相同【解析】

(1)如果在閉合開關時發(fā)現靈敏電流計的指針向右偏了一下，說明穿過線圈的磁通量增加，電流計指針向右偏，合上開關后，將滑動變阻器的滑片迅速向右移動時，接入電路的電阻變小，電流增大，穿過線圈的磁通量增大，電流計指針將向右偏；(2)將線圈A拔出時,穿過B的磁通量減小，電流表指針向左偏；根據楞次定理的“增反減同”可知此時兩線圈中的電流流向相同.【點睛】知道探究電磁感應現象的實驗有兩套電路，這是正確連接實物電路圖的前提與關鍵。對于該實驗，要明確實驗原理及操作過程，平時要注意加強實驗練習。14、力傳感器的讀數F0力傳感器的讀數F【解析】

（2）[1]根據實驗原理可知，調節(jié)兩定滑輪之間的距離，在小球靜止時，記下右端繩子長度L及力傳感器的讀數F0，設小球的質量為m，此時該力的大小等于小球的重力mg，即F0＝mg（3）[2]如圖所示，將小球拉到使繩與豎直方向成角θ時，靜止釋放，小球向下做圓周運動，為了求出小球在最低點A的速度，還需測量力傳感器的讀數F；[