河南省洛陽(yáng)市2024-2025學(xué)年高二物理上學(xué)期期中試題含解析

PAGE18-洛陽(yáng)市2024—2025學(xué)年第一學(xué)期期中考試高二物理試卷(全卷共6頁(yè)，共100分，考試時(shí)間為90分鐘)留意事項(xiàng)：1.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、考號(hào)填寫在答題卡上。2.考試結(jié)束，將答題卡交回?！?、選擇題（本題共14小題，每小題3分，共42分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1至9題只有一項(xiàng)符合題目要求，第10—14題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得3分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分）1.關(guān)于電動(dòng)勢(shì)，下列說(shuō)法正確的是A.全部電池的電動(dòng)勢(shì)都是B.體積越大的電源，其電動(dòng)勢(shì)肯定越大C.電動(dòng)勢(shì)數(shù)值上就等于電源正負(fù)極之間的電壓D.電動(dòng)勢(shì)表示電源將其它形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本事【答案】D【解析】【詳解】各種干電池的電動(dòng)勢(shì)都是1.5V，鉛蓄電池的電動(dòng)勢(shì)是2V，故A錯(cuò)誤；電動(dòng)勢(shì)是表征電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本事強(qiáng)弱，與電源的體積無(wú)關(guān)，如各種體積干電池的電動(dòng)勢(shì)都是1.5V，故B錯(cuò)誤；電源正負(fù)極之間的電壓是路端電壓，電源的電動(dòng)勢(shì)在數(shù)值上等于內(nèi)、外電壓之和，電源沒(méi)有接入電路時(shí)兩極間的電壓在數(shù)值上等于電源的電動(dòng)勢(shì)，故C錯(cuò)誤；電動(dòng)勢(shì)表示電源將其它形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本事，故D正確；故選D．【點(diǎn)睛】本題考查對(duì)于電源的電動(dòng)勢(shì)的理解實(shí)力；電源沒(méi)有接入電路時(shí)兩極間的電壓在數(shù)值上等于電源的電動(dòng)勢(shì)．電動(dòng)勢(shì)的物理意義是表征電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本事強(qiáng)弱，與外電路的結(jié)構(gòu)無(wú)關(guān)．電源的電動(dòng)勢(shì)在數(shù)值上等于內(nèi)、外電壓之和。2.關(guān)于磁感應(yīng)強(qiáng)度，下列說(shuō)法正確的是（）A.由可知，B與F成正比與IL成反比B.通電導(dǎo)線受安培力不為零的地方肯定存在磁場(chǎng)，通電導(dǎo)線不受安培力的地方肯定不存在磁場(chǎng)（即B=0）C.通電導(dǎo)線放在磁場(chǎng)中的某點(diǎn)，那點(diǎn)就有磁感應(yīng)強(qiáng)度，假如將通電導(dǎo)線拿走，那點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度就為零D.磁場(chǎng)中某一點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度由磁場(chǎng)本身確定的，其大小和方向是唯一確定的，與通電導(dǎo)線無(wú)關(guān)【答案】D【解析】A、磁感應(yīng)強(qiáng)度B的定義式，是比值定義法，磁感應(yīng)強(qiáng)度B與F、IL無(wú)關(guān)，由磁場(chǎng)本身確定，故A錯(cuò)誤；

B、當(dāng)一小段通電導(dǎo)線受磁場(chǎng)力為零，可能與磁場(chǎng)方向平行，而磁場(chǎng)卻可能不為零，故B錯(cuò)誤；

C、磁場(chǎng)中某一點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度由磁場(chǎng)本身確定的，其大小和方向是唯一確定的，與通電導(dǎo)線無(wú)關(guān)，故C錯(cuò)誤，D正確。點(diǎn)睛：對(duì)于磁感應(yīng)強(qiáng)度可采納類比的方法學(xué)習(xí)，將磁感應(yīng)強(qiáng)度與電場(chǎng)強(qiáng)度比較，抓住相像點(diǎn)進(jìn)行理解和記憶，理解左手定則的應(yīng)用。3.如圖所示,圖線a是某一電源的U-I曲線,圖線b是肯定值電阻的U-I曲線若將該電源與該定值電阻連成閉合電路（已知該電源的內(nèi)阻r=2.0Ω）,則說(shuō)法正確的是A.該定值電阻為6Ω；B.該電源電動(dòng)勢(shì)為20V；C.將3只這種電阻并聯(lián)作為外電阻,電源輸出功率最大；D.將2只這種電阻串聯(lián)作為外電阻,電源輸出功率最大；【答案】ABC【解析】【詳解】A．圖線b的斜率，則定值電阻的阻值R=k=6Ω，故A正確；B．由圖讀出交點(diǎn)的電壓U=15V，電流I=2.5A，依據(jù)閉合電路歐姆定律得，電源的電動(dòng)勢(shì)故B正確；CD．對(duì)于電源，當(dāng)內(nèi)外電路的電阻相等時(shí)輸出功率最大，故將3只這種電阻并聯(lián)作為外電阻，電源輸出功率最大，故C正確，D錯(cuò)誤。4.如圖所示，在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B0的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，兩長(zhǎng)直導(dǎo)線P和Q垂直于紙面固定放置，兩者之間的距離為l.在兩導(dǎo)線中均通有方向垂直于紙面對(duì)里的電流I時(shí)，紙面內(nèi)與兩導(dǎo)線距離均為l的a點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度為零．假如讓P中的電流反向、其他條件不變，則a點(diǎn)處磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為()A.0 B. C. D.2B0【答案】C【解析】【詳解】在兩導(dǎo)線中均通有方向垂直于紙面對(duì)里的電流I時(shí)，紙面內(nèi)與兩導(dǎo)線距離為l的a點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度為零，如下圖所示：

由此可知，外加的磁場(chǎng)方向與PQ平行，且由Q指向P，即B1=B0；依據(jù)幾何關(guān)系，及三角學(xué)問(wèn)，則有：BPcos30°=B0；解得P或Q通電導(dǎo)線在a處的磁場(chǎng)大小為BP=B0；

當(dāng)P中的電流反向，其他條件不變，再依據(jù)幾何關(guān)系，及三角學(xué)問(wèn)，則有：B2=B0；因外加的磁場(chǎng)方向與PQ平行，且由Q指向P，磁場(chǎng)大小為B0；最終由矢量的合成法則，那么a點(diǎn)處磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B=，故C正確，ABD錯(cuò)誤。5.如圖所示，空間某區(qū)域存在勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)，電場(chǎng)方向豎直向上(與紙面平行)，磁場(chǎng)方向垂直于紙面對(duì)里，三個(gè)帶正電的微粒a、b、c電荷量相等，質(zhì)量分別為ma、mb、mc，已知在該區(qū)域內(nèi)，a在紙面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，b在紙面內(nèi)向右做勻速直線運(yùn)動(dòng)，c在紙面內(nèi)向左做勻速直線運(yùn)動(dòng)，下列選項(xiàng)正確的是()A.mambmc B.mbmamcC.mcmamb D.mcmbma【答案】B【解析】【詳解】由題意：a在紙面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，所以；b在紙面內(nèi)向右做勻速直線運(yùn)動(dòng)，所以；c在紙面內(nèi)向左做勻速直線運(yùn)動(dòng)所以，依據(jù)公式可解的：，故B正確，ACD錯(cuò)誤。6.1930年勞倫斯制成了世界上第一臺(tái)回旋加速器，其原理如圖所示．這臺(tái)加速器由兩個(gè)銅質(zhì)D形盒D1、D2構(gòu)成，其間留有空隙．下列說(shuō)法正確的是（）A.離子從電場(chǎng)中獲得能量B.離子由加速器的邊緣進(jìn)入加速器C.加速電場(chǎng)的周期隨粒子速度增大而增大D.離子從D形盒射出時(shí)的動(dòng)能與加速電場(chǎng)的電壓有關(guān)【答案】A【解析】試題分析：A、由于洛倫茲力并不做功，而離子通過(guò)電場(chǎng)時(shí)有qU=mv2，故離子是從電場(chǎng)中獲得能量．故A正確；B、要加速次數(shù)最多最終能量最大，則被加速離子只能由加速器的中心旁邊進(jìn)入加速器，而從邊緣離開(kāi)加速器，故B錯(cuò)誤．C、據(jù)回旋加速器的工作原理知，電場(chǎng)的周期等于粒子在磁場(chǎng)運(yùn)動(dòng)的周期．所以T==，與離子的速度大小無(wú)關(guān)．故C錯(cuò)誤；D、離子在磁場(chǎng)中洛倫茲力供應(yīng)向心力，所以qvB=，所以r=，據(jù)表達(dá)式可知，離子獲得的最大動(dòng)能取決于D形盒的半徑，所以最大動(dòng)能為，與加速電場(chǎng)的電壓無(wú)關(guān)．故D錯(cuò)誤．故選：A?？键c(diǎn)：質(zhì)譜儀和回旋加速器的工作原理．7.如圖，MN是勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的一塊薄金屬板，帶電粒子（不計(jì)重力）在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)并穿過(guò)金屬板（粒子速率變小），虛線表示其運(yùn)動(dòng)軌跡，由圖知（）A.粒子帶正電B.粒子運(yùn)動(dòng)方向是abcdeC.粒子運(yùn)動(dòng)方向是edcbaD.粒子在上半周所用時(shí)間比在下半周所用時(shí)間長(zhǎng)【答案】C【解析】【詳解】ABC.帶電粒子（不計(jì)重力）在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)并穿過(guò)金屬板后粒子速率變小，依據(jù)帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的半徑公式，粒子的半徑將減小，故粒子應(yīng)是由下方穿過(guò)金屬板，故粒子運(yùn)動(dòng)方向?yàn)閑dcba，依據(jù)左手定則可得，粒子應(yīng)帶負(fù)電，故AB錯(cuò)誤，C正確；D.由可知，粒子運(yùn)動(dòng)的周期和速度無(wú)關(guān)，而上下均為半圓，故所對(duì)的圓心角相同，故粒子的運(yùn)動(dòng)時(shí)間均為，故D錯(cuò)誤.8.如圖所示，用兩根輕細(xì)金屬絲將質(zhì)量為m，長(zhǎng)為金屬棒懸掛在c、d兩處，置于勻強(qiáng)磁場(chǎng)內(nèi)。當(dāng)棒中通以從a到b的電流I后，兩懸線偏離豎直方向角處于平衡狀態(tài)。為了使棒平衡在該位置上，所需的最小磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小、方向是（）A.，豎直向上B.，豎直向下C.，平行懸線向下D.，平行懸線向上【答案】D【解析】【詳解】從b點(diǎn)沿金屬棒看進(jìn)去，受力分析如圖磁感應(yīng)強(qiáng)度最小時(shí)，安培力最小，如圖所示?？傻?，在結(jié)合左手定則，可得，磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向?yàn)檠乩K向上。故選D9.如圖所示，四個(gè)相同的表頭分別改裝成兩個(gè)安培表和兩個(gè)伏特表，安培表A1的量程大于A2的量程，伏特表V1的量程大于V2的量程，把它們按圖接入電路，則（）①安培表A1的讀數(shù)大于安培表A2的讀數(shù)；②安培表A1的偏轉(zhuǎn)角小于安培表A2的偏轉(zhuǎn)角；③伏特表V1的讀數(shù)小于伏特表V2的讀數(shù)；④伏特表V1的偏轉(zhuǎn)角等于伏特表V2的偏轉(zhuǎn)角。A.①④ B.②③ C.③④ D.①②【答案】A【解析】【詳解】?jī)蓚€(gè)安培表是并聯(lián)在電路中，又安培表是利用表頭與電阻并聯(lián)改裝得到的，所以此時(shí)兩個(gè)安培表的表頭是并聯(lián)的，因此流過(guò)表頭的電流是相等的，安培表A1的偏轉(zhuǎn)角等于安培表A2的偏轉(zhuǎn)角，又因?yàn)榘才啾鞟1的量程大于A2的量程，安培表A1的讀數(shù)大于安培表A2的讀數(shù)；兩個(gè)伏特表是串聯(lián)在電路中，又伏特表是利用表頭與電阻串聯(lián)改裝得到的，所以此時(shí)兩個(gè)伏特表的表頭是串聯(lián)的，因此流過(guò)表頭的電流是相等的，伏特表V1的偏轉(zhuǎn)角等于伏特表V2的偏轉(zhuǎn)角，又因?yàn)榉乇鞻1的量程大于V2的量程，伏特表V1的讀數(shù)大于伏特表V2的讀數(shù)。故選A10.如圖所示，兩個(gè)半徑相同的半圓形光滑軌道分別豎直放在勻強(qiáng)磁場(chǎng)和勻強(qiáng)電場(chǎng)中，軌道兩端在同一高度上兩個(gè)相同的帶正電小球可視為質(zhì)點(diǎn)同時(shí)分別從軌道的左端最高點(diǎn)由靜止釋放，M、N分別為兩軌道的最低點(diǎn)，則A.兩小球到達(dá)軌道最低點(diǎn)的速度B.兩小球到達(dá)軌道最低點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力C.兩小球第一次到達(dá)最低點(diǎn)的時(shí)間相同D.兩小球都能到達(dá)軌道的另一端【答案】AB【解析】【詳解】小球在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，在最低點(diǎn)進(jìn)行受力分析可知，解得：①，小球在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，在最低點(diǎn)受力分析可知，解得②，由于小球在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，磁場(chǎng)力對(duì)小球不做功，整個(gè)過(guò)程中小球的機(jī)械能守恒；而小球在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)受到的電場(chǎng)力對(duì)小球做負(fù)功，到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)的速度的大小較小，所以在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間也長(zhǎng)，A正確C錯(cuò)誤；因?yàn)?，結(jié)合①②可知：，B正確；由于小球在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，磁場(chǎng)力對(duì)小球不做功，整個(gè)過(guò)程中小球的機(jī)械能守恒，所以小球可以到達(dá)軌道的另一端，而電場(chǎng)力做小球做負(fù)功，所以小球在達(dá)到軌道另一端之前速度就減為零了，故不能到達(dá)最右端，D錯(cuò)誤．【點(diǎn)睛】洛侖茲力對(duì)小球不做功，但是洛侖茲力影響了球?qū)壍赖淖饔昧Γ陔妶?chǎng)中的小球，電場(chǎng)力對(duì)小球做功，影響小球的速度的大小，從而影響小球?qū)壍赖膲毫Φ拇笮。?1.如圖所示，一條形磁鐵放在水平桌面上，在其左上方固定一根與磁鐵垂直的長(zhǎng)直導(dǎo)線，當(dāng)導(dǎo)線通以如圖所示方向電流時(shí)，下列推斷正確的是（）A.磁鐵對(duì)桌面的壓力增大，且受到向左的摩擦力作用B.磁鐵對(duì)桌面的壓力減小，且受到向右的摩擦力作用C.若將導(dǎo)線移至磁鐵中點(diǎn)的正上方，電流反向，磁鐵對(duì)桌面的壓力會(huì)減小D.若將導(dǎo)線移至磁鐵中點(diǎn)的正上方，電流反向，磁鐵對(duì)桌面的壓力會(huì)増大【答案】AC【解析】【詳解】磁鐵四周磁場(chǎng)的分布如圖所示AB．以直導(dǎo)線為探討對(duì)象，可知其受到的安培力朝左上，所以磁鐵受到直導(dǎo)線的反作用朝右下，所以磁鐵對(duì)地面的壓力增大，受到地面的摩擦向左，A正確B錯(cuò)誤CD．若將導(dǎo)線移至磁鐵中點(diǎn)的正上方，電流反向，此處磁鐵的磁場(chǎng)水平向左，導(dǎo)線受到的安培力豎直向下，所以磁鐵受到的反作用力向上，磁鐵對(duì)桌面的壓力會(huì)減小，C正確D錯(cuò)誤12.在伏安法測(cè)電阻的試驗(yàn)中,待測(cè)電阻約為800Ω,電壓表V的內(nèi)阻約為2kΩ,電流表A的內(nèi)阻約為10Ω,測(cè)量電路中電表的連接方式如圖(a)或圖(b)所示,若將由圖(a)和圖(b)中電路測(cè)得的電阻值分別記為和,則下列說(shuō)法正確的是A.更接近真實(shí)阻值B.更接近真實(shí)阻值C.大于真實(shí)阻值,小于真實(shí)阻值D.小于真實(shí)阻值,大于真實(shí)阻值【答案】AC【解析】【分析】本題的關(guān)鍵是明確電流表內(nèi)外接法的選擇方法：當(dāng)滿意，時(shí)，電流表應(yīng)用外接法，依據(jù)串并聯(lián)規(guī)律寫出真實(shí)值表達(dá)式，比較可知，測(cè)量值小于真實(shí)值；當(dāng)滿意時(shí)，電流表應(yīng)用內(nèi)接法，依據(jù)串并聯(lián)規(guī)律寫出真實(shí)值表達(dá)式，比較可知，測(cè)量值大于真實(shí)值。【詳解】由于待測(cè)電阻滿意時(shí)RARV=10×2000<，所以電流表應(yīng)用內(nèi)接法，即RX1更接近真實(shí)值；依據(jù)串并聯(lián)規(guī)律可知，采納內(nèi)接法時(shí)真實(shí)值應(yīng)為：采納外接法時(shí)，真實(shí)值應(yīng)為：，即測(cè)量值小于真實(shí)值。故應(yīng)選：AC。13.如圖所示為多用電表歐姆擋的原理圖，表頭內(nèi)阻為Rg，調(diào)零電阻的最大阻值為R0，電池的電動(dòng)勢(shì)為E,內(nèi)阻為r。則下列說(shuō)法中正確的是（）A.它是依據(jù)閉合電路歐姆定律制成的B.歐姆擋對(duì)應(yīng)“”刻度一般在刻度盤的右端C.接表內(nèi)電池負(fù)極的應(yīng)是紅表筆D.調(diào)零后刻度盤的中心刻度值是r+Rg+R0【答案】AC【解析】【詳解】A．在兩個(gè)表筆間接入一個(gè)待測(cè)電阻，可得所以可知其依據(jù)閉合電路歐姆定律制成的，A正確B．當(dāng)電流為滿偏電流時(shí)，接入的電阻為0，當(dāng)不接入電阻時(shí)，電流為0，所以歐姆擋對(duì)應(yīng)的“”刻度一般在刻度盤的左端。B錯(cuò)誤C．歐姆表的表筆接法滿意的規(guī)律是電流從紅表筆進(jìn)，黑表筆出，所以內(nèi)電池的負(fù)極對(duì)應(yīng)的是紅表筆，C正確D．刻度盤的中心刻度對(duì)應(yīng)的電阻為歐姆表的內(nèi)阻，調(diào)零電阻的阻值應(yīng)為實(shí)際接入的阻值，不是最大阻值，D錯(cuò)誤14.如圖所示，平行金屬板中帶電質(zhì)點(diǎn)P處于靜止?fàn)顟B(tài)，不考慮電流表和電壓表對(duì)電路的影響，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片向a端移動(dòng)時(shí)，則下列推斷正確的是（）A.電壓表讀數(shù)減小B.電流表讀數(shù)增大C.質(zhì)點(diǎn)P將向上運(yùn)動(dòng)D.R3上消耗的功率漸漸增大【答案】CD【解析】【詳解】由題意可知，滑片向a端移動(dòng)時(shí)，外電路的總電阻增大，干路電流減小，路端電壓增大，R1的電壓減小，R3的電壓增大、電流增大，滑動(dòng)變阻器所在支路電流減小，R2的電壓減小，滑動(dòng)變阻器的電壓增大。A．電壓表測(cè)得是滑動(dòng)變阻器的電壓，所以讀數(shù)增大，A錯(cuò)誤B．電流表測(cè)得是滑動(dòng)變阻器所在支路的電流，所以讀數(shù)減小，B錯(cuò)誤C．電容器的電壓等于R3的電壓，所以質(zhì)點(diǎn)所受電場(chǎng)力增大，大于重力，質(zhì)點(diǎn)向上運(yùn)動(dòng)，C正確D．R3的電壓增大、電流增大，所以消耗的功率漸漸增大，D正確二、試驗(yàn)題(本題共2小題，共14分）.15.用如圖（甲）所示的電路圖探討額定電壓為2.4V的燈泡L的伏安特性，并測(cè)出該燈泡在額定電壓下工作時(shí)的電功率。(1)在閉合開(kāi)關(guān)S前,滑動(dòng)變阻器觸頭應(yīng)當(dāng)放在___端。(選填“a”或“b”）(2)按電路圖（甲）測(cè)出的燈泡電阻值比真實(shí)值_______(選填“偏大”或“偏小”）。(3)依據(jù)所得到的圖象如圖乙所示，它在額定電壓下實(shí)際功率P=_________W?！敬鸢浮?1).a(2).偏小(3).1.2【解析】【詳解】（1）[1]試驗(yàn)前為了愛(ài)護(hù)電路，閉合開(kāi)關(guān)之前，滑動(dòng)變阻器的滑片應(yīng)當(dāng)放在a端（2）[2]依據(jù)電路圖可知，燈泡的電壓測(cè)量精確，電流測(cè)量偏大，所以測(cè)量結(jié)果偏?。?）[3]燈泡的額定電壓為2.4V，可知電壓為2.4V時(shí)電流為0.5A，因此額定電壓時(shí)燈泡的功率為1.2W16.為了測(cè)量一精密金屬絲的電阻率：(1)先用多用電表×1擋粗測(cè)其電阻如圖，則讀數(shù)為_(kāi)_，然后用螺旋測(cè)微器測(cè)其直徑如圖，讀數(shù)為_(kāi)____mm.(2)為了減小試驗(yàn)誤差，需進(jìn)一步測(cè)其電阻，除待測(cè)金屬絲外試驗(yàn)室還備有的試驗(yàn)器材如下：A.電壓表V1，(量程3V，內(nèi)阻約為15k)B.電壓表量V2(程15V，內(nèi)阻約為75k)C.電流表A1，(量程3A，內(nèi)阻約為0.2)D.電流表A2(量程600mA，內(nèi)阻約為1)E.滑動(dòng)變阻器R1（0?5，0.6A)F.輸出電壓為3V直流穩(wěn)壓電源G.電阻箱H.開(kāi)關(guān)S，導(dǎo)線若干①上述器材中應(yīng)選用的電壓表是______，電流表是_____(填序號(hào)）。②請(qǐng)將圖中的實(shí)物連成須要的電路______。③假如金屬絲的直徑為D，長(zhǎng)度為L(zhǎng)，所測(cè)電壓為U，電流為I，則計(jì)算電阻率的表達(dá)式為_(kāi)_______。（用上述物理量表示）【答案】(1).6(2).2.095（2.094~2.096）(3).A(4).D(5).實(shí)物圖如圖所示(6).【解析】【詳解】（1）[1]依據(jù)歐姆表的讀數(shù)原則可知，讀數(shù)為6?；[2]依據(jù)螺旋測(cè)微器的讀數(shù)原理可知，讀數(shù)為（2+9.5×0.01）mm=2.095mm（2）[3]試驗(yàn)選用的是兩節(jié)干電池，所以電壓表選擇A；[4]為了使讀數(shù)超過(guò)量程的，電流表選擇D；[5]為了比較精確測(cè)出電阻絲的電阻，同時(shí)滑動(dòng)變阻器給的阻值限制，我們選擇分壓式接法，且電流表的阻值和電阻絲阻值接近，所以選用電流表外接，電路圖如圖所示[6]依據(jù)電阻定律可知，三、計(jì)算題（本題共3小題，共44分。解答時(shí)應(yīng)寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要步驟，只寫出最終答案的不能得分，有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必需明確寫出數(shù)值和單位）17.如圖所示為直流電動(dòng)機(jī)提升重物裝置，電動(dòng)機(jī)的內(nèi)阻肯定，閉合開(kāi)關(guān)K，當(dāng)把它接入電壓為U1=0.2V的電路時(shí)，電動(dòng)機(jī)不轉(zhuǎn)，測(cè)得此時(shí)流過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流是I1=0.4A；當(dāng)把電動(dòng)機(jī)接入電壓為U2=4.0V的電路中，電動(dòng)機(jī)正常工作且電動(dòng)機(jī)勻速提升重物，工作電流是I2=1.0A，求：（1）電動(dòng)機(jī)線圈的電阻r；（2）當(dāng)U2=4.0V電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)的輸出功率及電動(dòng)機(jī)的效率；（3）假如重物質(zhì)量m=0.5kg，當(dāng)U2=4.0V時(shí)電動(dòng)機(jī)提升重物的速度大小是多少？（g取10m/s2）【答案】（1）0.5Ω（2）87.5%（3）0.7m/s【解析】本題考查有關(guān)電動(dòng)機(jī)不轉(zhuǎn)與轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)電阻、功率的計(jì)算。（1）電動(dòng)機(jī)不轉(zhuǎn)時(shí)，此時(shí)電動(dòng)機(jī)為純電阻元件，則：（2）電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)消耗的功率為：電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)線圈電阻損耗的功率為：電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)輸出功率為：電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)效率為：（3）勻速提升時(shí)，拉力等于重力，即：由電動(dòng)機(jī)的輸出功率P出=Fv可得提升重物的速度為：18.如圖所示，兩平行金屬導(dǎo)軌所在的平面與水平面夾角θ=，導(dǎo)軌的一端接有電動(dòng)勢(shì)E=3V、內(nèi)阻r=0.5Ω的直流電源，導(dǎo)軌間的距離L=0.4m。在導(dǎo)軌所在空間內(nèi)分布著磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.5T、方向垂直于導(dǎo)軌所在平面對(duì)上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)?，F(xiàn)把一個(gè)質(zhì)量m=0.04kg的導(dǎo)體棒ab放在金屬導(dǎo)軌上，導(dǎo)體棒與金屬導(dǎo)軌垂直、且接觸良好，導(dǎo)體棒的電阻R=1.0Ω，導(dǎo)體棒恰好能靜止。金屬導(dǎo)軌電阻不計(jì)。（g取10m/s2，sin=0.6，cos=0.8）求：（1）ab受到的安培力大小和方向；（2）ab受到的摩擦力大小。【答案】（1）0.40N（2）0.16N【解析】【詳解】(1)導(dǎo)體棒、金屬導(dǎo)軌和直流電源構(gòu)成閉合電路，依據(jù)閉合電路歐姆定律有：導(dǎo)體棒受到的安培力：F安=ILB=2×0.40×0.50N=0.40N方向沿斜面對(duì)上(2)導(dǎo)體棒所受重力沿斜面對(duì)下的分力：F1=mgsin=0.04×10×0.6N=0.24N由于F1小于安培力，故導(dǎo)體棒沿斜面對(duì)下的摩擦力f，依據(jù)共點(diǎn)力平衡條件得：mgsin+f=F安解得：f=F安-mgsin=（0.40-0.24）N=0.16N19.如圖，空間存在方向垂直于紙面(平面）向里的磁場(chǎng)。在區(qū)域，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為;區(qū)域，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為（常數(shù))。一質(zhì)量為m、電荷量為q(q>0)的帶電粒子以速度從坐標(biāo)原點(diǎn)O沿軸正向射入磁場(chǎng)，此時(shí)起先計(jì)時(shí)，不計(jì)粒子重力，當(dāng)粒子的速度方向再次沿軸正向時(shí)，求：(1)粒子運(yùn)動(dòng)的時(shí)間；(