浙江省寧波市2025屆高三物理下學(xué)期適應(yīng)性考試二?？荚囋囶}含解析

PAGE27-浙江省寧波市2025屆高三物理下學(xué)期適應(yīng)性考試（二?？荚嚕┰囶}（含解析）一、選擇題I1.以下物理量為標(biāo)量且單位是國(guó)際單位制基本單位的是（）A.電流A B.位移m C.電勢(shì)V D.磁感應(yīng)強(qiáng)度T【答案】A【解析】【詳解】A．電流是標(biāo)量且單位是國(guó)際單位制基本單位，故A正確；B．位移是矢量且不是國(guó)際單位制基本單位，故B錯(cuò)誤；C．電勢(shì)是標(biāo)量，但不是國(guó)際單位制基本單位，故C錯(cuò)誤；D．磁感應(yīng)強(qiáng)度是矢量且不是國(guó)際單位制基本單位，故D錯(cuò)誤。故選A。2.如圖所示為一同上發(fā)覺(jué)的一幅新能源汽車(chē)的漫畫(huà)，有關(guān)這幅漫畫(huà)，下列說(shuō)法正確的是（）A.磁鐵對(duì)鐵塊的作用力大于鐵塊對(duì)磁鐵的作用力B.磁鐵對(duì)鐵塊的作用力大小等于鐵塊對(duì)磁鐵的作用力C.依據(jù)牛頓其次定律，這種設(shè)計(jì)能使汽車(chē)向前運(yùn)動(dòng)D.只要磁鐵的磁性足夠強(qiáng)，汽車(chē)就可以始終運(yùn)動(dòng)下去【答案】B【解析】【詳解】AB．磁鐵對(duì)鐵塊的作用力和鐵塊對(duì)磁鐵的作用力是一對(duì)相互作用力，應(yīng)當(dāng)相等，故A錯(cuò)誤，B正確；CD．磁鐵和鐵塊都是汽車(chē)的一部分，兩者之間的作用力是汽車(chē)的內(nèi)部作用，依據(jù)牛頓其次定律，沒(méi)有合外力也就沒(méi)有加速度，不能前進(jìn)，故CD錯(cuò)誤。故選B。3.如圖所示為飛行員（丙）在跳傘訓(xùn)練，飛機(jī)駕駛員（甲）和地面指揮員（乙）在視察了丙的運(yùn)動(dòng)后，發(fā)生了爭(zhēng)辯。關(guān)于甲、乙爭(zhēng)辯的內(nèi)容，下列說(shuō)法正確的是（）A.甲選取了地面為參考系 B.乙選取了飛機(jī)為參考系C.兩人的說(shuō)法中必有一個(gè)是錯(cuò)誤的 D.兩人選取參考系不同導(dǎo)致視察結(jié)果不同【答案】D【解析】【詳解】甲、乙兩人的說(shuō)法分別是以飛機(jī)和地面作為參考系探討運(yùn)動(dòng)的，說(shuō)法都是正確的。他們的爭(zhēng)辯是由于選擇的參考系不同而引起的，故ABC錯(cuò)誤，D正確。故選D。4.如圖所示，在離地面肯定高度處把4個(gè)水果以不同的初速度豎直上拋，不計(jì)空氣阻力，若1s后4個(gè)水果均未著地，則1s后速率最大的是（）A. B. C. D.【答案】A【解析】【詳解】依據(jù)代入解得同理解得由于故A正確，BCD錯(cuò)誤故選A。5.下列說(shuō)法正確是（）A.大量處于基態(tài)的氫原子在某一頻率的光的照耀下，能發(fā)出多種頻率的光子，其中有一種光的頻率與入射光頻率相同B.盧瑟福通過(guò)粒子轟擊氮核試驗(yàn)，證明了在原子核內(nèi)部存在中子C.某種金屬能否發(fā)生光電效應(yīng)取決于照耀光的時(shí)長(zhǎng)D.一個(gè)原子核衰變?yōu)橐粋€(gè)原子核的過(guò)程中，共發(fā)生了8次衰變【答案】A【解析】【詳解】A．處于基態(tài)的氫原子在某單色光束照耀下，先汲取能量向高能級(jí)躍遷，然后再?gòu)母吣芗?jí)向低能級(jí)躍遷，其中從汲取光子后的最高的能級(jí)向基態(tài)躍遷時(shí)發(fā)出的光子的能量與汲取的光子的能量是相等的，故A正確；B．盧瑟福通過(guò)粒子轟擊氮核試驗(yàn)，證明了在原子核內(nèi)部存在質(zhì)子，而查德韋克通過(guò)試驗(yàn)證明中子，故B錯(cuò)誤；C．某種金屬能否發(fā)生光電效應(yīng)取決于照耀光的頻率，故C錯(cuò)誤；D．由質(zhì)量數(shù)與質(zhì)子數(shù)守恒，一個(gè)原子核衰變?yōu)橐粋€(gè)原子核的過(guò)程中發(fā)生8次衰變發(fā)生6次衰變，故D錯(cuò)誤。故選A。6.電容式壓力傳感器的原理如圖所示，其中上板為固定電極，下板為可動(dòng)電極?？蓜?dòng)電極的兩端固定，當(dāng)有壓力作用于可動(dòng)電極時(shí)，極板會(huì)發(fā)生形變，從而變更電容器的電容。已知電流從靈敏電流計(jì)的正極流入時(shí)指針往右偏，則壓力突然增大時(shí)（）A.電容器的電容變小 B.電容器的電荷量不變C.靈敏電流計(jì)指針往左偏 D.電池對(duì)電容器充電【答案】D【解析】【詳解】A．當(dāng)待測(cè)壓力增大時(shí)，電容器板間距離減小，依據(jù)電容的確定式得知，電容C增大，故A錯(cuò)誤；BCD．電容板間電壓U不變，電容器所帶電量為C增大，則Q增大，電容器處于充電狀態(tài)，而上極板帶正電，電流將從電流計(jì)正接線(xiàn)柱流入，所以靈敏電流計(jì)指針向右偏轉(zhuǎn)，當(dāng)穩(wěn)定后，則會(huì)回到中心，故BC錯(cuò)誤，D正確。故選D。7.如圖所示，A、B是質(zhì)量比為1:2、都帶正電的小球，用兩根長(zhǎng)分別為2L和L的絕緣輕繩系住后懸掛于天花板上的同一點(diǎn)O。當(dāng)系統(tǒng)平衡后，兩根繩與豎直方向的夾角分別為α和β，則（）A.α>β B.α<β C.α=β D.不能確定【答案】C【解析】【詳解】解法一如上圖所示受力分析，力學(xué)三角形和幾何三角形相像因?yàn)楹褪亲饔昧头醋饔昧?，大小相等，且，?lián)立各式得又依據(jù)正弦定理可知因角和角互補(bǔ)，則聯(lián)立解得因?yàn)楹途鶠殇J角，故所以ABD錯(cuò)誤，C正確。解法二兩球之間的庫(kù)侖力是作用力和反作用力關(guān)系，大小相等，方向相反，兩個(gè)小球均受到重力、靜電力和拉力，因?yàn)锳、B的質(zhì)量比是1:2，長(zhǎng)度之比是2:1，滿(mǎn)意以O(shè)為支點(diǎn)的杠桿平衡條件所以可知故ABD錯(cuò)誤，C正確。故選C。8.新冠肺炎疫情期間，同學(xué)們都待在家里仔細(xì)上網(wǎng)課。有一位同學(xué)突然想估算一下全校師生在家上直播課時(shí)消耗的總電能。他查閱了相關(guān)資料，信息如下表：學(xué)校師生總?cè)藬?shù)上課時(shí)間/節(jié)每天/節(jié)網(wǎng)絡(luò)作業(yè)時(shí)間/h200030min62運(yùn)用手機(jī)人數(shù)占比運(yùn)用電腦人數(shù)占比手機(jī)的功率/W電腦的功率/W20%80%550僅考慮信息表中的用電器，試估算全校師生在家上直播課時(shí)一天消耗的總電能約為（）A.4.1×105J B.8.9×108J C.1.5×109J D.2.0×109J【答案】C【解析】【詳解】學(xué)生每天在線(xiàn)學(xué)習(xí)的時(shí)間學(xué)生每天運(yùn)用電腦的總功率學(xué)生每天運(yùn)用手機(jī)的總功率學(xué)生每天學(xué)習(xí)運(yùn)用手機(jī)和電腦須要消耗的電能為ABD錯(cuò)誤，C正確。故選C。9.一著陸器經(jīng)過(guò)多次變軌后登陸火星的軌跡變更如圖所示，著陸器先在軌道Ⅰ上運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過(guò)P點(diǎn)啟動(dòng)變軌發(fā)動(dòng)機(jī)然后切換到圓軌道Ⅱ上運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間后，再次經(jīng)過(guò)P點(diǎn)時(shí)啟動(dòng)變軌發(fā)動(dòng)機(jī)切換到橢圓軌道Ⅲ上運(yùn)動(dòng)。軌道上的P、Q、S三點(diǎn)與火星中心位于同始終線(xiàn)上，P、Q兩點(diǎn)分別是橢圓軌道的遠(yuǎn)火星點(diǎn)和近火星點(diǎn)，且PQ=2QS=2l。除了變軌瞬間，著陸器在軌道上運(yùn)行時(shí)均處于無(wú)動(dòng)力航行狀態(tài)。著陸器在軌道Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ上經(jīng)過(guò)P點(diǎn)的速度分別為v1、v2、v3，下列說(shuō)法正確的是（）A.v1<v2<v3B.著陸器在軌道III上從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)的過(guò)程中速率變大C.著陸器在軌道Ⅲ上運(yùn)動(dòng)時(shí)，經(jīng)過(guò)P點(diǎn)的加速度為D.著陸器在軌道Ⅱ上由P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到S點(diǎn)，與著陸器在軌道Ⅲ上由P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)的時(shí)間之比為9:4【答案】B【解析】【詳解】A．著陸器從軌道Ⅰ到軌道Ⅱ須要減速，同理從軌道Ⅱ到軌道Ⅲ也須要減速，因此故A錯(cuò)誤；B．著陸器在軌道III上從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)的過(guò)程中，須要加速，所以速率變大，故B正確；C．依據(jù)牛頓其次定律得解得故C錯(cuò)誤；D．設(shè)著陸器在軌道Ⅱ上周期為T(mén)1，在軌道Ⅱ上周期為T(mén)2，依據(jù)開(kāi)普勒第三定律得解得故D錯(cuò)誤。故選B。10.如圖所示，志向變壓器的原線(xiàn)圈a、b兩端接正弦交變電壓，副線(xiàn)圈M、N兩端通過(guò)輸電線(xiàn)接有兩個(gè)相同的燈泡L1和L2，輸電線(xiàn)上的等效電阻為R。起先時(shí)，開(kāi)關(guān)K斷開(kāi)，當(dāng)接通K時(shí)，以下說(shuō)法不正確的是（）A.副線(xiàn)圈M、N兩端的電壓減小 B.等效電阻R上的電流增大C.通過(guò)燈泡L1電流減小 D.原線(xiàn)圈的輸出功率增大【答案】A【解析】【詳解】A．志向變壓器輸出電壓與外電路無(wú)關(guān)，只和變壓器變壓比以及輸入電壓有關(guān)，則M、N的輸出電壓不變，A選項(xiàng)符合題意，故A正確；B．開(kāi)關(guān)S閉合，L1和L2并聯(lián)總電阻變小，電路電流增大，B選項(xiàng)不合題意，故B錯(cuò)誤；C．等效電阻R分壓增大，則L1兩端分壓變小，也即通過(guò)L1的電流變小，C選項(xiàng)不合題意，故C錯(cuò)誤；D．L1和L2并聯(lián)總電阻變小，則外電路總電阻變小，變壓器輸出功率變大，則輸入功率變大，由于輸入電壓不變，則原線(xiàn)圈中的電流增大，D選項(xiàng)不合題意，故D錯(cuò)誤。故選A。11.如圖所示，abc是一塊用折射率n=2的玻璃制成的透亮體的橫截面，ab是半徑為R的圓弧，ac邊垂直于bc邊，∠aOc=60°。當(dāng)一束平行光垂直照到ac上時(shí)，ab的外表面只有一部分有光線(xiàn)穿出，則穿出光線(xiàn)部分的弧長(zhǎng)為（）A. B. C. D.【答案】B【解析】【詳解】由題意作出光路圖如下圖所示設(shè)光的臨界角為C，則有解得如圖，在時(shí)，均發(fā)生全反射，圖中d點(diǎn)為入射角等于臨界角的臨界點(diǎn)，所以只有bd部分有黃色光透射出，所以有黃色光射出部分的圓弧對(duì)對(duì)應(yīng)的圓心角也是，對(duì)應(yīng)圓弧的長(zhǎng)度為故ACD錯(cuò)誤，B正確。故選B。12.為了測(cè)量?jī)?chǔ)罐中不導(dǎo)電液體的高度，將與儲(chǔ)罐外殼絕緣的兩塊平行金屬板構(gòu)成的電容器C置于儲(chǔ)罐中，電容器可通過(guò)開(kāi)關(guān)S與電源或線(xiàn)圈L相連，如圖所示。當(dāng)S從a撥到b之后，由L與C構(gòu)成的電路中產(chǎn)生振蕩電流。那么（）A.若罐中的液面上升，振蕩電流的頻率變小B.若罐中的液面上升，振蕩電流的周期變小C.當(dāng)S從a撥到b之后的半個(gè)周期內(nèi)，回路中的磁場(chǎng)能先變小后變大D.當(dāng)S從a撥到b之后的四分之一周期內(nèi)，回路中的電流增大，L的自感電動(dòng)勢(shì)變大【答案】A【解析】【詳解】AB．兩塊平行金屬板構(gòu)成的電容器C的中間的液體就是一種電介質(zhì)，當(dāng)液體的高度上升，相當(dāng)于插入的電介質(zhì)越多，電容增大，依據(jù)電容C增大時(shí)，震蕩的周期T增大，由可以判定，LC回路的振蕩頻率f減小，故B錯(cuò)誤，A正確；C．當(dāng)S從a撥到b之后的半個(gè)周期內(nèi)，電容作為電源放電，電感產(chǎn)生電流，故磁場(chǎng)先變大，故C錯(cuò)誤；D．當(dāng)S從a撥到b之后的四分之一周期內(nèi)，回路中的電流漸漸增大，但電流變更越來(lái)越慢，故L自感電動(dòng)勢(shì)變小，故D錯(cuò)誤。故選A。13.如圖所示，AB是半徑為R的四分之一圓弧軌道，軌道底端B點(diǎn)與一水平軌道BC相切，水平軌道又在C點(diǎn)與足夠長(zhǎng)的斜面軌道CD平滑連接，軌道B處有一擋板（厚度不計(jì)）。在圓弧軌道上靜止擺放著N個(gè)半徑為r（r<<R）的光滑剛性小球，恰好將AB軌道鋪滿(mǎn)，小球從A到B依次標(biāo)記為1、2、3、…、N號(hào)?，F(xiàn)將B處擋板抽走，N個(gè)小球均起先運(yùn)動(dòng)，不計(jì)一切摩擦，考慮小球從AB向CD的運(yùn)動(dòng)過(guò)程，下列說(shuō)法正確的是（）A.N個(gè)小球在離開(kāi)圓弧軌道的過(guò)程中均作勻速圓周運(yùn)動(dòng)B.1號(hào)小球第一次經(jīng)過(guò)B點(diǎn)的速度肯定小于C.1號(hào)小球第一次經(jīng)過(guò)B點(diǎn)的向心加速度肯定等于2gD.1號(hào)小球第一次沿CD斜面上升的最大高度為R【答案】B【解析】【詳解】A．受力分析可知，在下滑的過(guò)程中，曲面上的小球要做加速運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B．若第1個(gè)小球只有重力對(duì)其做功，則在運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)的過(guò)程中，依據(jù)機(jī)械能守恒定律得解得但是，在第1個(gè)球在下滑過(guò)程中，始終受到其次個(gè)球?qū)λ膹椓?，該彈力?duì)它做負(fù)功，所以第1個(gè)小球到達(dá)最低點(diǎn)的速度故B正確；C．1號(hào)小球第一次經(jīng)過(guò)B點(diǎn)的向心加速度所以故C錯(cuò)誤；D．1號(hào)小球從AB向CD的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，初始高度為R，假如把N個(gè)小球看成整體，則小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中只有重力做功機(jī)械能守恒，弧AB的長(zhǎng)度等于小球全部到斜面上的長(zhǎng)度，而在園弧上的重心位置小于，故第N個(gè)小球在斜面上能達(dá)到的最大高度小于R，1號(hào)小球更不能達(dá)到R的高度，故D錯(cuò)誤。故選B。二、選擇題II14.與的核聚變反應(yīng)不產(chǎn)生溫室氣體，不產(chǎn)生放射性物質(zhì)，是一種非常清潔、環(huán)保的能源，對(duì)今后人類(lèi)社會(huì)的可持續(xù)發(fā)展具有深遠(yuǎn)意義，該核反應(yīng)可表示為（X表示某種粒子），則下列說(shuō)法正確的是（）A.該核反應(yīng)很簡(jiǎn)潔發(fā)生，是目前利用核能的主要方式B.原子核比原子核穩(wěn)定C.X為中子，是原子核的組成部分，最早由查德威克通過(guò)試驗(yàn)發(fā)覺(jué)D.X具有較強(qiáng)的電離實(shí)力【答案】BC【解析】【詳解】A．該核反應(yīng)是聚變反應(yīng)，須要在超高溫柔超高壓的環(huán)境下進(jìn)行的，不簡(jiǎn)潔發(fā)生，故A錯(cuò)誤；B．反應(yīng)過(guò)程放出能量，說(shuō)明后面的能量低，更穩(wěn)定，則原子核比原子核穩(wěn)定，故B正確；C．依據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒有可知X為，是中子，是原子核的組成部分，最早由查德威克通過(guò)試驗(yàn)發(fā)覺(jué)，故C正確；D．由于中子不帶電，因此它的電離實(shí)力較弱，故D錯(cuò)誤。故選BC。15.如圖甲所示，一絕緣的圓環(huán)上勻稱(chēng)分布著正電荷，一光滑細(xì)桿過(guò)圓心且垂直于圓環(huán)平面，桿上套有帶正電的小球。t=0時(shí)刻把小球從a點(diǎn)由靜止釋放后，小球沿細(xì)桿運(yùn)動(dòng)經(jīng)過(guò)b、c兩點(diǎn)，小球運(yùn)動(dòng)的v—t圖像如圖乙所示。下列推斷正確的是（）A.小球從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到點(diǎn)的過(guò)程中電勢(shì)能增大B.圓環(huán)在圓心處產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度為0C.a點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大于b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度D.a、b兩點(diǎn)電勢(shì)差Uab小于b、c兩點(diǎn)電勢(shì)差Ubc【答案】BD【解析】【詳解】A．由題意得小球帶正電，則小球從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)的過(guò)程中，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，故A錯(cuò)誤；B．依據(jù)對(duì)稱(chēng)性可知，絕緣豎直圓環(huán)上勻稱(chēng)分布的正電荷在圓心處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)完全抵消，則帶電圓環(huán)在圓心處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)為零，故B正確；C．由乙圖可知小球在a處的加速度小于b處加速度，由可知a點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度小于b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度，故C錯(cuò)誤；D．依據(jù)動(dòng)能定理可得a、b兩點(diǎn)電勢(shì)差Uab小于b、c兩點(diǎn)電勢(shì)差Ubc，故D正確。故選BD。16.如圖所示是一列簡(jiǎn)諧橫波在某一時(shí)刻的波形圖，已知該時(shí)刻P質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向沿y軸負(fù)方向，波速是10m/s，則下列說(shuō)法正確的是（）A.從該時(shí)刻起經(jīng)過(guò)0.2s，Q質(zhì)點(diǎn)通過(guò)的路程是2mB.從該時(shí)刻起經(jīng)過(guò)0.1s，P質(zhì)點(diǎn)通過(guò)的路程大于0.1mC.P質(zhì)點(diǎn)從該時(shí)刻起到其次次到達(dá)波峰所用的時(shí)間等于0.45sD.P質(zhì)點(diǎn)從該時(shí)刻起經(jīng)過(guò)（0.2??+0.05）s（??=0，1，2，3…）時(shí)間均可回到平衡位置【答案】BD【解析】【詳解】A．由圖可知波長(zhǎng)為則該波的周期為則該時(shí)刻起經(jīng)過(guò)0.2s，Q質(zhì)點(diǎn)通過(guò)的路程是故A錯(cuò)誤；B．從該時(shí)刻起經(jīng)過(guò)0.1s，則P點(diǎn)從4.5m處移到3.5m的位置，P點(diǎn)經(jīng)過(guò)的路程即此過(guò)程的振幅，由幾何關(guān)系的，P點(diǎn)初始高度為在3.5m處的高度為質(zhì)點(diǎn)通過(guò)的路程為故B正確；C．P質(zhì)點(diǎn)從該時(shí)刻起到其次次到達(dá)波峰所用的時(shí)間，可近似看成從到所用的時(shí)間，即故C錯(cuò)誤；D．該波沿x的正方向傳播，P質(zhì)點(diǎn)的坐標(biāo)為為4.5m，依據(jù)波形的平移法得到該時(shí)刻起經(jīng)過(guò)0.05s波形向右平移0.5m，則質(zhì)點(diǎn)P回到平衡位置。由于周期為0.4s，所以P質(zhì)點(diǎn)從該時(shí)刻起經(jīng)過(guò)（0.2n+0.05）s（n=0，1，2，3…）時(shí)間均可回到平衡位置，故D錯(cuò)誤。故選BD。三、非選擇題17.小海同學(xué)在居家學(xué)習(xí)過(guò)程中，利用手機(jī)來(lái)做物理試驗(yàn)。圖甲為他利用手機(jī)拍攝了一個(gè)小球自由下落的視頻，為了便于測(cè)量，小海在小球下落的背景中附了一根最小刻度為厘米（cm）的刻度尺，讓小球從刻度尺0刻度處自由下落并錄制視頻，再依據(jù)視頻信息來(lái)驗(yàn)證小球下落過(guò)程中機(jī)械能是否守恒。視頻是由間隔相等時(shí)間連續(xù)拍攝的圖片組成。人們?nèi)粘Ｋf(shuō)的視頻幀率，通常會(huì)用FPS（FramesPerSecond）表示，簡(jiǎn)潔地說(shuō)就是在1s時(shí)間內(nèi)拍攝照片的數(shù)量，由多張照片連起來(lái)加上音頻就成了視頻片段。小海同學(xué)用60FPS的幀率錄制了一個(gè)小球自由下落的視頻，并通過(guò)計(jì)算機(jī)把這個(gè)視頻分解成照片，然后把這些照片從左到右排列，如圖乙所示，這些照片記錄了不同時(shí)刻小球自由下落時(shí)的位置。(1)本試驗(yàn)中小海同學(xué)是用60FPS的幀率錄制的視頻，并通過(guò)計(jì)算機(jī)把這個(gè)視頻分解成照片，則相鄰兩張照片之間的時(shí)間間隔為_(kāi)____s；(2)依據(jù)分解成的照片，可以計(jì)算小球下落到不同位置時(shí)的速度，當(dāng)小球下落到圖中P點(diǎn)時(shí)，速度大小為_(kāi)__m/s（保留二位有效數(shù)字）。；(3)在試驗(yàn)誤差允許的范圍內(nèi)，若小球削減的重力勢(shì)能ΔEp與小球增加的動(dòng)能ΔEk近似相等，即可驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律。若小球的質(zhì)量為0.1kg，當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹?.79m/s2，以小球從起先下落到經(jīng)過(guò)P點(diǎn)的過(guò)程進(jìn)行探討，其下落的高度為_(kāi)________m，削減的重力勢(shì)能為_(kāi)____J（其次個(gè)空格要求保留三位有效數(shù)字）?！敬鸢浮?1).(2).3.3(3).0.503(4).0.492【解析】【詳解】(1)[1]依題得，60FPS的幀率即意味著一秒拍攝60次，因此相鄰來(lái)兩張照片之間的時(shí)間間隔為。(2)[2]P點(diǎn)為時(shí)間中點(diǎn)，因此有(3)[3][4]依圖得，下落高度為依據(jù)代入數(shù)據(jù)可求得18.現(xiàn)要描繪標(biāo)有“2.5V，0.8W”的小燈泡L的伏安特性曲線(xiàn)，小海同學(xué)設(shè)計(jì)了圖甲電路進(jìn)行試驗(yàn)：(1)請(qǐng)將滑動(dòng)變阻器接入電路（用筆畫(huà)線(xiàn)代替導(dǎo)線(xiàn)完成接線(xiàn)）_________；(2)某次測(cè)量時(shí)，電壓表的指針如圖乙所示，此時(shí)電壓表的讀數(shù)為_(kāi)___V；(3)為進(jìn)一步探討小燈泡的電功率P和電壓U的關(guān)系，小明利用測(cè)量所得的數(shù)據(jù)通過(guò)P=UI計(jì)算電功率。小明采納圖像法處理數(shù)據(jù)，將P、U2作為縱、橫坐標(biāo)建立直角坐標(biāo)系，將獲得的數(shù)據(jù)在坐標(biāo)紙上描點(diǎn)，并依據(jù)數(shù)據(jù)分布作出了一條直線(xiàn)，如圖丙所示。請(qǐng)指出P—U2圖像中兩處不恰當(dāng)?shù)牡胤絖____、_____?！敬鸢浮?1).(2).2.05（2.01~2.09）(3).圖線(xiàn)不能用直線(xiàn)擬合(4).橫坐標(biāo)的標(biāo)度選擇不合理（最大刻度以7.0V2左右比較合適）【解析】【詳解】(1)[1]依據(jù)試驗(yàn)原理可知，本試驗(yàn)應(yīng)采納滑動(dòng)變阻器分壓接法以及電流表外接法，則連接原理圖如圖所示(2)[2]由上題圖可知，電壓表選用量程，因此可干脆對(duì)下面一層數(shù)字進(jìn)行讀數(shù)，然后在進(jìn)行估值，由此可得此時(shí)電壓表的讀數(shù)為。(3)[3][4]由于燈泡的電阻隨溫度的變更而變更，因此作出的圖形不能為直線(xiàn)。由圖可知，由于橫坐標(biāo)選擇不合適，使得圖像過(guò)于集中。19.如圖為大型游樂(lè)設(shè)施環(huán)形座艙跳樓機(jī)。跳樓機(jī)從離地面高度h1=100m處由靜止起先自由下落到離地面h2=20m處的位置時(shí)起先以恒力制動(dòng)，使跳樓機(jī)到達(dá)地面時(shí)速度剛好減為0。已知座艙內(nèi)小海的質(zhì)量m=70kg，重力加速度g取10m/s2，不計(jì)一切阻力。試求：(1)跳樓機(jī)下落過(guò)程中的最大速度vm；(2)跳樓機(jī)下落到地面的總時(shí)間t；(3)跳樓機(jī)在自由下落階段和制動(dòng)階段，小海對(duì)座椅的作用力大小分別為多少?！敬鸢浮?1)40m/s；(2)5s；(3)0，3500N【解析】【詳解】(1)跳樓機(jī)在第一階段做自落體運(yùn)動(dòng)達(dá)最大速度后作減速運(yùn)動(dòng)。自由下落的高度為依據(jù)自由落體運(yùn)動(dòng)規(guī)律代入數(shù)據(jù)可得(2)依據(jù)自由落體規(guī)律可得做自由落體的時(shí)間為由勻變速規(guī)律可得因此下落總時(shí)間為代入數(shù)據(jù)解得(3)第一階段下落80米的過(guò)程，自由下落，完全失重，因此作用力為0。設(shè)后20米下落過(guò)程的加速度大小為，則代入數(shù)據(jù)可得對(duì)人受力分析，有代入數(shù)據(jù)可得依據(jù)牛頓第三定律可知，小海對(duì)座椅的作用力大小也為3500N20.某遙控賽車(chē)軌道如圖所示，賽車(chē)從起點(diǎn)A動(dòng)身，沿?cái)[放在水平地面上的直軌道AB運(yùn)動(dòng)L=10m后，從B點(diǎn)進(jìn)入半徑R=0.1m的光滑豎直圓軌道，經(jīng)過(guò)一個(gè)完整的圓周后進(jìn)入粗糙的、長(zhǎng)度可調(diào)的、傾角=30的斜直軌道CD，最終在D點(diǎn)速度方向變?yōu)樗胶箫w出（不考慮經(jīng)過(guò)軌道中C、D兩點(diǎn)的機(jī)械能損失）。已知賽車(chē)質(zhì)量m=0.1kg，通電后賽車(chē)以額定功率P=1.5W工作，賽車(chē)與AB軌道、CD軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)分別為μ1=0.3和μ2=，重力加速度g取10m/s2：(1)求賽車(chē)恰好能過(guò)圓軌道最高點(diǎn)P時(shí)的速度vP的大?。?2)若要求賽車(chē)能沿圓軌道做完整的圓周運(yùn)動(dòng)，求賽車(chē)通電的最短時(shí)間；(3)已知賽車(chē)在水平直軌道AB上運(yùn)動(dòng)時(shí)始終處于通電狀態(tài)且最終階段以恒定速率運(yùn)動(dòng)，進(jìn)入圓軌道后關(guān)閉電源，選擇CD軌道合適的長(zhǎng)度，可使賽車(chē)從D點(diǎn)飛出后落地的水平位移最大，求此最大水平位移，并求出此時(shí)CD軌道的長(zhǎng)度?！敬鸢浮?1)1m/s；(2)；(3)，【解析】【詳解】(1)小球恰好在最高點(diǎn)P，只受到重力，重力供應(yīng)向心力，即代入數(shù)據(jù)可得(2)由(1)小題可知，若要賽車(chē)做完整圓周運(yùn)動(dòng)，即小車(chē)到達(dá)P點(diǎn)的速度至少為，賽車(chē)從起先運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)的全過(guò)程，由動(dòng)能定理得：代入數(shù)據(jù)可得，賽車(chē)的最短通電時(shí)間(3)賽車(chē)在最終過(guò)程做勻速運(yùn)動(dòng)，牽引力與滑動(dòng)摩擦力平衡，其速度大小為設(shè)CD軌道的長(zhǎng)度為，賽車(chē)沿CD向上運(yùn)動(dòng)過(guò)程運(yùn)用動(dòng)能定理可得賽車(chē)從D飛出后做平拋運(yùn)動(dòng)，其水平位移為x，則有聯(lián)立可得由數(shù)學(xué)學(xué)問(wèn)可得，當(dāng)，水平位移x有最大值，最大值為21.如圖甲所示，兩條間距為l、足夠長(zhǎng)的平行光滑金屬軌道MN、PQ固定在水平面上，軌道平面存在如圖乙所示的磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度在0~T時(shí)間內(nèi)呈線(xiàn)性變更，T時(shí)刻后穩(wěn)定不變，大小為B。t=0時(shí)刻，磁場(chǎng)方向垂直于紙面對(duì)下。有一邊長(zhǎng)也為l，質(zhì)量為m，總電阻為R的正方形線(xiàn)框ABCD在外力的作用下固定在軌道上，線(xiàn)框有一半面積位于磁場(chǎng)內(nèi)。T時(shí)刻，撤去外力，同時(shí)給線(xiàn)框一個(gè)水平向右的初速度v0，線(xiàn)框最終能全部穿過(guò)磁場(chǎng)右邊界EF，已知CE長(zhǎng)度大于線(xiàn)框的邊長(zhǎng)：(1)在0~T時(shí)間內(nèi)，線(xiàn)框中感應(yīng)電流的大小和方向；(2)線(xiàn)框完全進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度大??；(3)從t=0時(shí)刻起先到穿出EF邊界的過(guò)程中，線(xiàn)框產(chǎn)生的總熱量?！敬鸢浮?1)，ABCDA；(2)；(3)【解析】【詳解】(1)在時(shí)間內(nèi)，通過(guò)線(xiàn)框的磁通量發(fā)生變更，由法拉第電磁感應(yīng)定律可得產(chǎn)生的感應(yīng)電流大小為依據(jù)楞次定律，感應(yīng)電流方向?yàn)锳BCDA。(2)T時(shí)刻，撤去外力后，線(xiàn)框在安培力作用下作減速運(yùn)動(dòng)，由動(dòng)量定理可得其中解得(