浙江省寧波市2025屆高三物理下學期適應性考試二模考試試題含解析

PAGE27-浙江省寧波市2025屆高三物理下學期適應性考試（二?？荚嚕┰囶}（含解析）一、選擇題I1.以下物理量為標量且單位是國際單位制基本單位的是（）A.電流A B.位移m C.電勢V D.磁感應強度T【答案】A【解析】【詳解】A．電流是標量且單位是國際單位制基本單位，故A正確；B．位移是矢量且不是國際單位制基本單位，故B錯誤；C．電勢是標量，但不是國際單位制基本單位，故C錯誤；D．磁感應強度是矢量且不是國際單位制基本單位，故D錯誤。故選A。2.如圖所示為一同上發(fā)覺的一幅新能源汽車的漫畫，有關這幅漫畫，下列說法正確的是（）A.磁鐵對鐵塊的作用力大于鐵塊對磁鐵的作用力B.磁鐵對鐵塊的作用力大小等于鐵塊對磁鐵的作用力C.依據(jù)牛頓其次定律，這種設計能使汽車向前運動D.只要磁鐵的磁性足夠強，汽車就可以始終運動下去【答案】B【解析】【詳解】AB．磁鐵對鐵塊的作用力和鐵塊對磁鐵的作用力是一對相互作用力，應當相等，故A錯誤，B正確；CD．磁鐵和鐵塊都是汽車的一部分，兩者之間的作用力是汽車的內(nèi)部作用，依據(jù)牛頓其次定律，沒有合外力也就沒有加速度，不能前進，故CD錯誤。故選B。3.如圖所示為飛行員（丙）在跳傘訓練，飛機駕駛員（甲）和地面指揮員（乙）在視察了丙的運動后，發(fā)生了爭辯。關于甲、乙爭辯的內(nèi)容，下列說法正確的是（）A.甲選取了地面為參考系 B.乙選取了飛機為參考系C.兩人的說法中必有一個是錯誤的 D.兩人選取參考系不同導致視察結果不同【答案】D【解析】【詳解】甲、乙兩人的說法分別是以飛機和地面作為參考系探討運動的，說法都是正確的。他們的爭辯是由于選擇的參考系不同而引起的，故ABC錯誤，D正確。故選D。4.如圖所示，在離地面肯定高度處把4個水果以不同的初速度豎直上拋，不計空氣阻力，若1s后4個水果均未著地，則1s后速率最大的是（）A. B. C. D.【答案】A【解析】【詳解】依據(jù)代入解得同理解得由于故A正確，BCD錯誤故選A。5.下列說法正確是（）A.大量處于基態(tài)的氫原子在某一頻率的光的照耀下，能發(fā)出多種頻率的光子，其中有一種光的頻率與入射光頻率相同B.盧瑟福通過粒子轟擊氮核試驗，證明了在原子核內(nèi)部存在中子C.某種金屬能否發(fā)生光電效應取決于照耀光的時長D.一個原子核衰變?yōu)橐粋€原子核的過程中，共發(fā)生了8次衰變【答案】A【解析】【詳解】A．處于基態(tài)的氫原子在某單色光束照耀下，先汲取能量向高能級躍遷，然后再從高能級向低能級躍遷，其中從汲取光子后的最高的能級向基態(tài)躍遷時發(fā)出的光子的能量與汲取的光子的能量是相等的，故A正確；B．盧瑟福通過粒子轟擊氮核試驗，證明了在原子核內(nèi)部存在質子，而查德韋克通過試驗證明中子，故B錯誤；C．某種金屬能否發(fā)生光電效應取決于照耀光的頻率，故C錯誤；D．由質量數(shù)與質子數(shù)守恒，一個原子核衰變?yōu)橐粋€原子核的過程中發(fā)生8次衰變發(fā)生6次衰變，故D錯誤。故選A。6.電容式壓力傳感器的原理如圖所示，其中上板為固定電極，下板為可動電極。可動電極的兩端固定，當有壓力作用于可動電極時，極板會發(fā)生形變，從而變更電容器的電容。已知電流從靈敏電流計的正極流入時指針往右偏，則壓力突然增大時（）A.電容器的電容變小 B.電容器的電荷量不變C.靈敏電流計指針往左偏 D.電池對電容器充電【答案】D【解析】【詳解】A．當待測壓力增大時，電容器板間距離減小，依據(jù)電容的確定式得知，電容C增大，故A錯誤；BCD．電容板間電壓U不變，電容器所帶電量為C增大，則Q增大，電容器處于充電狀態(tài)，而上極板帶正電，電流將從電流計正接線柱流入，所以靈敏電流計指針向右偏轉，當穩(wěn)定后，則會回到中心，故BC錯誤，D正確。故選D。7.如圖所示，A、B是質量比為1:2、都帶正電的小球，用兩根長分別為2L和L的絕緣輕繩系住后懸掛于天花板上的同一點O。當系統(tǒng)平衡后，兩根繩與豎直方向的夾角分別為α和β，則（）A.α>β B.α<β C.α=β D.不能確定【答案】C【解析】【詳解】解法一如上圖所示受力分析，力學三角形和幾何三角形相像因為和是作用力和反作用力，大小相等，且，聯(lián)立各式得又依據(jù)正弦定理可知因角和角互補，則聯(lián)立解得因為和均為銳角，故所以ABD錯誤，C正確。解法二兩球之間的庫侖力是作用力和反作用力關系，大小相等，方向相反，兩個小球均受到重力、靜電力和拉力，因為A、B的質量比是1:2，長度之比是2:1，滿意以O為支點的杠桿平衡條件所以可知故ABD錯誤，C正確。故選C。8.新冠肺炎疫情期間，同學們都待在家里仔細上網(wǎng)課。有一位同學突然想估算一下全校師生在家上直播課時消耗的總電能。他查閱了相關資料，信息如下表：學校師生總人數(shù)上課時間/節(jié)每天/節(jié)網(wǎng)絡作業(yè)時間/h200030min62運用手機人數(shù)占比運用電腦人數(shù)占比手機的功率/W電腦的功率/W20%80%550僅考慮信息表中的用電器，試估算全校師生在家上直播課時一天消耗的總電能約為（）A.4.1×105J B.8.9×108J C.1.5×109J D.2.0×109J【答案】C【解析】【詳解】學生每天在線學習的時間學生每天運用電腦的總功率學生每天運用手機的總功率學生每天學習運用手機和電腦須要消耗的電能為ABD錯誤，C正確。故選C。9.一著陸器經(jīng)過多次變軌后登陸火星的軌跡變更如圖所示，著陸器先在軌道Ⅰ上運動，經(jīng)過P點啟動變軌發(fā)動機然后切換到圓軌道Ⅱ上運動，經(jīng)過一段時間后，再次經(jīng)過P點時啟動變軌發(fā)動機切換到橢圓軌道Ⅲ上運動。軌道上的P、Q、S三點與火星中心位于同始終線上，P、Q兩點分別是橢圓軌道的遠火星點和近火星點，且PQ=2QS=2l。除了變軌瞬間，著陸器在軌道上運行時均處于無動力航行狀態(tài)。著陸器在軌道Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ上經(jīng)過P點的速度分別為v1、v2、v3，下列說法正確的是（）A.v1<v2<v3B.著陸器在軌道III上從P點運動到Q點的過程中速率變大C.著陸器在軌道Ⅲ上運動時，經(jīng)過P點的加速度為D.著陸器在軌道Ⅱ上由P點運動到S點，與著陸器在軌道Ⅲ上由P點運動到Q點的時間之比為9:4【答案】B【解析】【詳解】A．著陸器從軌道Ⅰ到軌道Ⅱ須要減速，同理從軌道Ⅱ到軌道Ⅲ也須要減速，因此故A錯誤；B．著陸器在軌道III上從P點運動到Q點的過程中，須要加速，所以速率變大，故B正確；C．依據(jù)牛頓其次定律得解得故C錯誤；D．設著陸器在軌道Ⅱ上周期為T1，在軌道Ⅱ上周期為T2，依據(jù)開普勒第三定律得解得故D錯誤。故選B。10.如圖所示，志向變壓器的原線圈a、b兩端接正弦交變電壓，副線圈M、N兩端通過輸電線接有兩個相同的燈泡L1和L2，輸電線上的等效電阻為R。起先時，開關K斷開，當接通K時，以下說法不正確的是（）A.副線圈M、N兩端的電壓減小 B.等效電阻R上的電流增大C.通過燈泡L1電流減小 D.原線圈的輸出功率增大【答案】A【解析】【詳解】A．志向變壓器輸出電壓與外電路無關，只和變壓器變壓比以及輸入電壓有關，則M、N的輸出電壓不變，A選項符合題意，故A正確；B．開關S閉合，L1和L2并聯(lián)總電阻變小，電路電流增大，B選項不合題意，故B錯誤；C．等效電阻R分壓增大，則L1兩端分壓變小，也即通過L1的電流變小，C選項不合題意，故C錯誤；D．L1和L2并聯(lián)總電阻變小，則外電路總電阻變小，變壓器輸出功率變大，則輸入功率變大，由于輸入電壓不變，則原線圈中的電流增大，D選項不合題意，故D錯誤。故選A。11.如圖所示，abc是一塊用折射率n=2的玻璃制成的透亮體的橫截面，ab是半徑為R的圓弧，ac邊垂直于bc邊，∠aOc=60°。當一束平行光垂直照到ac上時，ab的外表面只有一部分有光線穿出，則穿出光線部分的弧長為（）A. B. C. D.【答案】B【解析】【詳解】由題意作出光路圖如下圖所示設光的臨界角為C，則有解得如圖，在時，均發(fā)生全反射，圖中d點為入射角等于臨界角的臨界點，所以只有bd部分有黃色光透射出，所以有黃色光射出部分的圓弧對對應的圓心角也是，對應圓弧的長度為故ACD錯誤，B正確。故選B。12.為了測量儲罐中不導電液體的高度，將與儲罐外殼絕緣的兩塊平行金屬板構成的電容器C置于儲罐中，電容器可通過開關S與電源或線圈L相連，如圖所示。當S從a撥到b之后，由L與C構成的電路中產(chǎn)生振蕩電流。那么（）A.若罐中的液面上升，振蕩電流的頻率變小B.若罐中的液面上升，振蕩電流的周期變小C.當S從a撥到b之后的半個周期內(nèi)，回路中的磁場能先變小后變大D.當S從a撥到b之后的四分之一周期內(nèi)，回路中的電流增大，L的自感電動勢變大【答案】A【解析】【詳解】AB．兩塊平行金屬板構成的電容器C的中間的液體就是一種電介質，當液體的高度上升，相當于插入的電介質越多，電容增大，依據(jù)電容C增大時，震蕩的周期T增大，由可以判定，LC回路的振蕩頻率f減小，故B錯誤，A正確；C．當S從a撥到b之后的半個周期內(nèi)，電容作為電源放電，電感產(chǎn)生電流，故磁場先變大，故C錯誤；D．當S從a撥到b之后的四分之一周期內(nèi)，回路中的電流漸漸增大，但電流變更越來越慢，故L自感電動勢變小，故D錯誤。故選A。13.如圖所示，AB是半徑為R的四分之一圓弧軌道，軌道底端B點與一水平軌道BC相切，水平軌道又在C點與足夠長的斜面軌道CD平滑連接，軌道B處有一擋板（厚度不計）。在圓弧軌道上靜止擺放著N個半徑為r（r<<R）的光滑剛性小球，恰好將AB軌道鋪滿，小球從A到B依次標記為1、2、3、…、N號?，F(xiàn)將B處擋板抽走，N個小球均起先運動，不計一切摩擦，考慮小球從AB向CD的運動過程，下列說法正確的是（）A.N個小球在離開圓弧軌道的過程中均作勻速圓周運動B.1號小球第一次經(jīng)過B點的速度肯定小于C.1號小球第一次經(jīng)過B點的向心加速度肯定等于2gD.1號小球第一次沿CD斜面上升的最大高度為R【答案】B【解析】【詳解】A．受力分析可知，在下滑的過程中，曲面上的小球要做加速運動，故A錯誤；B．若第1個小球只有重力對其做功，則在運動到最低點的過程中，依據(jù)機械能守恒定律得解得但是，在第1個球在下滑過程中，始終受到其次個球對它的彈力，該彈力對它做負功，所以第1個小球到達最低點的速度故B正確；C．1號小球第一次經(jīng)過B點的向心加速度所以故C錯誤；D．1號小球從AB向CD的運動過程中，初始高度為R，假如把N個小球看成整體，則小球運動過程中只有重力做功機械能守恒，弧AB的長度等于小球全部到斜面上的長度，而在園弧上的重心位置小于，故第N個小球在斜面上能達到的最大高度小于R，1號小球更不能達到R的高度，故D錯誤。故選B。二、選擇題II14.與的核聚變反應不產(chǎn)生溫室氣體，不產(chǎn)生放射性物質，是一種非常清潔、環(huán)保的能源，對今后人類社會的可持續(xù)發(fā)展具有深遠意義，該核反應可表示為（X表示某種粒子），則下列說法正確的是（）A.該核反應很簡潔發(fā)生，是目前利用核能的主要方式B.原子核比原子核穩(wěn)定C.X為中子，是原子核的組成部分，最早由查德威克通過試驗發(fā)覺D.X具有較強的電離實力【答案】BC【解析】【詳解】A．該核反應是聚變反應，須要在超高溫柔超高壓的環(huán)境下進行的，不簡潔發(fā)生，故A錯誤；B．反應過程放出能量，說明后面的能量低，更穩(wěn)定，則原子核比原子核穩(wěn)定，故B正確；C．依據(jù)質量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒有可知X為，是中子，是原子核的組成部分，最早由查德威克通過試驗發(fā)覺，故C正確；D．由于中子不帶電，因此它的電離實力較弱，故D錯誤。故選BC。15.如圖甲所示，一絕緣的圓環(huán)上勻稱分布著正電荷，一光滑細桿過圓心且垂直于圓環(huán)平面，桿上套有帶正電的小球。t=0時刻把小球從a點由靜止釋放后，小球沿細桿運動經(jīng)過b、c兩點，小球運動的v—t圖像如圖乙所示。下列推斷正確的是（）A.小球從a點運動到點的過程中電勢能增大B.圓環(huán)在圓心處產(chǎn)生的電場強度為0C.a點的電場強度大于b點的電場強度D.a、b兩點電勢差Uab小于b、c兩點電勢差Ubc【答案】BD【解析】【詳解】A．由題意得小球帶正電，則小球從a點運動到b點的過程中，電場力做正功，電勢能減小，故A錯誤；B．依據(jù)對稱性可知，絕緣豎直圓環(huán)上勻稱分布的正電荷在圓心處產(chǎn)生的場強完全抵消，則帶電圓環(huán)在圓心處產(chǎn)生的場強為零，故B正確；C．由乙圖可知小球在a處的加速度小于b處加速度，由可知a點的電場強度小于b點的電場強度，故C錯誤；D．依據(jù)動能定理可得a、b兩點電勢差Uab小于b、c兩點電勢差Ubc，故D正確。故選BD。16.如圖所示是一列簡諧橫波在某一時刻的波形圖，已知該時刻P質點的振動方向沿y軸負方向，波速是10m/s，則下列說法正確的是（）A.從該時刻起經(jīng)過0.2s，Q質點通過的路程是2mB.從該時刻起經(jīng)過0.1s，P質點通過的路程大于0.1mC.P質點從該時刻起到其次次到達波峰所用的時間等于0.45sD.P質點從該時刻起經(jīng)過（0.2??+0.05）s（??=0，1，2，3…）時間均可回到平衡位置【答案】BD【解析】【詳解】A．由圖可知波長為則該波的周期為則該時刻起經(jīng)過0.2s，Q質點通過的路程是故A錯誤；B．從該時刻起經(jīng)過0.1s，則P點從4.5m處移到3.5m的位置，P點經(jīng)過的路程即此過程的振幅，由幾何關系的，P點初始高度為在3.5m處的高度為質點通過的路程為故B正確；C．P質點從該時刻起到其次次到達波峰所用的時間，可近似看成從到所用的時間，即故C錯誤；D．該波沿x的正方向傳播，P質點的坐標為為4.5m，依據(jù)波形的平移法得到該時刻起經(jīng)過0.05s波形向右平移0.5m，則質點P回到平衡位置。由于周期為0.4s，所以P質點從該時刻起經(jīng)過（0.2n+0.05）s（n=0，1，2，3…）時間均可回到平衡位置，故D錯誤。故選BD。三、非選擇題17.小海同學在居家學習過程中，利用手機來做物理試驗。圖甲為他利用手機拍攝了一個小球自由下落的視頻，為了便于測量，小海在小球下落的背景中附了一根最小刻度為厘米（cm）的刻度尺，讓小球從刻度尺0刻度處自由下落并錄制視頻，再依據(jù)視頻信息來驗證小球下落過程中機械能是否守恒。視頻是由間隔相等時間連續(xù)拍攝的圖片組成。人們?nèi)粘Ｋf的視頻幀率，通常會用FPS（FramesPerSecond）表示，簡潔地說就是在1s時間內(nèi)拍攝照片的數(shù)量，由多張照片連起來加上音頻就成了視頻片段。小海同學用60FPS的幀率錄制了一個小球自由下落的視頻，并通過計算機把這個視頻分解成照片，然后把這些照片從左到右排列，如圖乙所示，這些照片記錄了不同時刻小球自由下落時的位置。(1)本試驗中小海同學是用60FPS的幀率錄制的視頻，并通過計算機把這個視頻分解成照片，則相鄰兩張照片之間的時間間隔為_____s；(2)依據(jù)分解成的照片，可以計算小球下落到不同位置時的速度，當小球下落到圖中P點時，速度大小為___m/s（保留二位有效數(shù)字）。；(3)在試驗誤差允許的范圍內(nèi)，若小球削減的重力勢能ΔEp與小球增加的動能ΔEk近似相等，即可驗證機械能守恒定律。若小球的質量為0.1kg，當?shù)氐闹亓铀俣葹?.79m/s2，以小球從起先下落到經(jīng)過P點的過程進行探討，其下落的高度為_________m，削減的重力勢能為_____J（其次個空格要求保留三位有效數(shù)字）?！敬鸢浮?1).(2).3.3(3).0.503(4).0.492【解析】【詳解】(1)[1]依題得，60FPS的幀率即意味著一秒拍攝60次，因此相鄰來兩張照片之間的時間間隔為。(2)[2]P點為時間中點，因此有(3)[3][4]依圖得，下落高度為依據(jù)代入數(shù)據(jù)可求得18.現(xiàn)要描繪標有“2.5V，0.8W”的小燈泡L的伏安特性曲線，小海同學設計了圖甲電路進行試驗：(1)請將滑動變阻器接入電路（用筆畫線代替導線完成接線）_________；(2)某次測量時，電壓表的指針如圖乙所示，此時電壓表的讀數(shù)為____V；(3)為進一步探討小燈泡的電功率P和電壓U的關系，小明利用測量所得的數(shù)據(jù)通過P=UI計算電功率。小明采納圖像法處理數(shù)據(jù)，將P、U2作為縱、橫坐標建立直角坐標系，將獲得的數(shù)據(jù)在坐標紙上描點，并依據(jù)數(shù)據(jù)分布作出了一條直線，如圖丙所示。請指出P—U2圖像中兩處不恰當?shù)牡胤絖____、_____?！敬鸢浮?1).(2).2.05（2.01~2.09）(3).圖線不能用直線擬合(4).橫坐標的標度選擇不合理（最大刻度以7.0V2左右比較合適）【解析】【詳解】(1)[1]依據(jù)試驗原理可知，本試驗應采納滑動變阻器分壓接法以及電流表外接法，則連接原理圖如圖所示(2)[2]由上題圖可知，電壓表選用量程，因此可干脆對下面一層數(shù)字進行讀數(shù)，然后在進行估值，由此可得此時電壓表的讀數(shù)為。(3)[3][4]由于燈泡的電阻隨溫度的變更而變更，因此作出的圖形不能為直線。由圖可知，由于橫坐標選擇不合適，使得圖像過于集中。19.如圖為大型游樂設施環(huán)形座艙跳樓機。跳樓機從離地面高度h1=100m處由靜止起先自由下落到離地面h2=20m處的位置時起先以恒力制動，使跳樓機到達地面時速度剛好減為0。已知座艙內(nèi)小海的質量m=70kg，重力加速度g取10m/s2，不計一切阻力。試求：(1)跳樓機下落過程中的最大速度vm；(2)跳樓機下落到地面的總時間t；(3)跳樓機在自由下落階段和制動階段，小海對座椅的作用力大小分別為多少?！敬鸢浮?1)40m/s；(2)5s；(3)0，3500N【解析】【詳解】(1)跳樓機在第一階段做自落體運動達最大速度后作減速運動。自由下落的高度為依據(jù)自由落體運動規(guī)律代入數(shù)據(jù)可得(2)依據(jù)自由落體規(guī)律可得做自由落體的時間為由勻變速規(guī)律可得因此下落總時間為代入數(shù)據(jù)解得(3)第一階段下落80米的過程，自由下落，完全失重，因此作用力為0。設后20米下落過程的加速度大小為，則代入數(shù)據(jù)可得對人受力分析，有代入數(shù)據(jù)可得依據(jù)牛頓第三定律可知，小海對座椅的作用力大小也為3500N20.某遙控賽車軌道如圖所示，賽車從起點A動身，沿擺放在水平地面上的直軌道AB運動L=10m后，從B點進入半徑R=0.1m的光滑豎直圓軌道，經(jīng)過一個完整的圓周后進入粗糙的、長度可調的、傾角=30的斜直軌道CD，最終在D點速度方向變?yōu)樗胶箫w出（不考慮經(jīng)過軌道中C、D兩點的機械能損失）。已知賽車質量m=0.1kg，通電后賽車以額定功率P=1.5W工作，賽車與AB軌道、CD軌道間的動摩擦因數(shù)分別為μ1=0.3和μ2=，重力加速度g取10m/s2：(1)求賽車恰好能過圓軌道最高點P時的速度vP的大小；(2)若要求賽車能沿圓軌道做完整的圓周運動，求賽車通電的最短時間；(3)已知賽車在水平直軌道AB上運動時始終處于通電狀態(tài)且最終階段以恒定速率運動，進入圓軌道后關閉電源，選擇CD軌道合適的長度，可使賽車從D點飛出后落地的水平位移最大，求此最大水平位移，并求出此時CD軌道的長度?！敬鸢浮?1)1m/s；(2)；(3)，【解析】【詳解】(1)小球恰好在最高點P，只受到重力，重力供應向心力，即代入數(shù)據(jù)可得(2)由(1)小題可知，若要賽車做完整圓周運動，即小車到達P點的速度至少為，賽車從起先運動到P點的全過程，由動能定理得：代入數(shù)據(jù)可得，賽車的最短通電時間(3)賽車在最終過程做勻速運動，牽引力與滑動摩擦力平衡，其速度大小為設CD軌道的長度為，賽車沿CD向上運動過程運用動能定理可得賽車從D飛出后做平拋運動，其水平位移為x，則有聯(lián)立可得由數(shù)學學問可得，當，水平位移x有最大值，最大值為21.如圖甲所示，兩條間距為l、足夠長的平行光滑金屬軌道MN、PQ固定在水平面上，軌道平面存在如圖乙所示的磁場，磁感應強度在0~T時間內(nèi)呈線性變更，T時刻后穩(wěn)定不變，大小為B。t=0時刻，磁場方向垂直于紙面對下。有一邊長也為l，質量為m，總電阻為R的正方形線框ABCD在外力的作用下固定在軌道上，線框有一半面積位于磁場內(nèi)。T時刻，撤去外力，同時給線框一個水平向右的初速度v0，線框最終能全部穿過磁場右邊界EF，已知CE長度大于線框的邊長：(1)在0~T時間內(nèi)，線框中感應電流的大小和方向；(2)線框完全進入磁場時的速度大小；(3)從t=0時刻起先到穿出EF邊界的過程中，線框產(chǎn)生的總熱量?！敬鸢浮?1)，ABCDA；(2)；(3)【解析】【詳解】(1)在時間內(nèi)，通過線框的磁通量發(fā)生變更，由法拉第電磁感應定律可得產(chǎn)生的感應電流大小為依據(jù)楞次定律，感應電流方向為ABCDA。(2)T時刻，撤去外力后，線框在安培力作用下作減速運動，由動量定理可得其中解得(