新高考物理三輪沖刺易錯點03牛頓運動定律（3大陷阱）（含解析）

【淘寶店鋪：向陽百分百】【淘寶店鋪：向陽百分百】易錯點03牛頓運動定律目錄01易錯陷阱（3大陷阱）02舉一反三【易錯點提醒一】對牛頓第二定律瞬時性的理解【易錯點提醒二】對牛頓第二定律矢量性的理解【易錯點提醒三】不會用整體法隔離法求解連接體問題【易錯點提醒四】不會運動程序法分析的多過程【易錯點提醒五】不會分析傳送帶模型【易錯點提醒六】不會分析板塊模型03易錯題通關(guān)易錯點一：對牛頓運動第二定律性質(zhì)認(rèn)識不足1.對牛頓第二定律的理解2.求解瞬時加速度的步驟易錯點二：不會分析的多體、多過程問題1.求解各部分加速度都相同的連接體問題時，要優(yōu)先考慮整體法；如果還需要求物體之間的作用力，再用隔離法.求解連接體問題時，隨著研究對象的轉(zhuǎn)移，往往兩種方法交叉運用.一般的思路是先用其中一種方法求加速度，再用另一種方法求物體間的作用力或系統(tǒng)所受合力.無論運用整體法還是隔離法，解題的關(guān)鍵還是在于對研究對象進(jìn)行正確的受力分析.2.當(dāng)物體各部分加速度相同且不涉及求內(nèi)力的情況，用整體法比較簡單；若涉及物體間相互作用力時必須用隔離法.整體法與隔離法在較為復(fù)雜的問題中常常需要有機地結(jié)合起來運用，這將會更快捷有效.3.常見連接體的類型(1)同速連接體(如圖)特點：兩物體通過彈力、摩擦力作用，具有相同速度和相同加速度.處理方法：用整體法求出a與F合的關(guān)系，用隔離法求出F內(nèi)力與a的關(guān)系.(2)關(guān)聯(lián)速度連接體(如圖)特點：兩連接物體的速度、加速度大小相等，方向不同，但有所關(guān)聯(lián).處理方法：分別對兩物體隔離分析，應(yīng)用牛頓第二定律進(jìn)行求解.4.用程序法解多過程問題程序法就是按時間的先后順序?qū)︻}目給出的物體運動過程（或不同的狀態(tài)）進(jìn)行分析（包括列式計算）的解題方法，運用程序法解題的基本思路是：（1）分析題意劃分出題目中有多少個不同的過程或多少個不同狀態(tài)；（2）對各個過程或各個狀態(tài)進(jìn)行具體分析（包括受力分析和運動分析），（3）分別由牛頓第二定律和運動學(xué)公式分過程列方程；（4）抓住不同過程的聯(lián)系，前一個過程的結(jié)束是后一個過程的開始，兩個過程的交接點是問題的關(guān)易錯點三：不會分析的傳送帶和板塊模型模型2．傳送帶問題的解題思路2.分析“板塊”模型時要抓住一個轉(zhuǎn)折和兩個關(guān)聯(lián)3.處理“滑塊—木板”問題思維模板【易錯點提醒一】對牛頓第二定律的瞬時性理解不透徹【例1】（2023·湖北卷·第9題）如圖所示，原長為l的輕質(zhì)彈簧，一端固定在O點，另一端與一質(zhì)量為m的小球相連。小球套在豎直固定的粗糙桿上，與桿之間的動摩擦因數(shù)為0.5。桿上M、N兩點與O點的距離均為l，P點到O點的距離為SKIPIF1<0，OP與桿垂直。當(dāng)小球置于桿上P點時恰好能保持靜止。設(shè)最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度大小為g。小球以某一初速度從M點向下運動到N點，在此過程中，彈簧始終在彈性限度內(nèi)。下列說法正確的是（）A.彈簧的勁度系數(shù)為SKIPIF1<0B.小球在P點下方SKIPIF1<0處的加速度大小為SKIPIF1<0C.從M點到N點的運動過程中，小球受到的摩擦力先變小再變大D.從M點到P點和從P點到N點的運動過程中，小球受到的摩擦力做功相同易錯分析：沒有弄清彈簧受力模弄只能浙變，不能突變，而繩線模型受力可以家在變?！敬鸢浮緼D【解析】小球在P點受力平衡，則有，SKIPIF1<0，SKIPIF1<0，SKIPIF1<0聯(lián)立解得SKIPIF1<0，A正確；在PM之間任取一點A，令A(yù)O與MN之間的夾角為SKIPIF1<0，則此時彈簧的彈力為SKIPIF1<0小球受到的摩擦力為SKIPIF1<0化簡得SKIPIF1<0小球由M向P運動過程中，θ角增大，小球由P向N運動過程中，θ角減小，由此可知，小球從M點到N點的運動過程中，所受摩擦力先變大后變小，C錯誤；根據(jù)對稱性可知在任意關(guān)于P點對稱的點摩擦力大小相等，因此由對稱性可知M到P和P到N摩擦力做功大小相等；D正確；小球運動到P點下方SKIPIF1<0時SKIPIF1<0，此時摩擦力大小為SKIPIF1<0由牛頓第二定律SKIPIF1<0聯(lián)立解得SKIPIF1<0，B錯誤?！咀兪?-1】（2024江蘇省連云港市高三上學(xué)期10月聯(lián)考）如圖所示，輕彈簧SKIPIF1<0的一端固定，另一端連著小球A，小球A的下面用另一根相同的輕彈簧SKIPIF1<0連著小球B，一根輕質(zhì)細(xì)繩一端連接小球A，另一端固定在墻上，平衡時細(xì)繩水平，彈簧SKIPIF1<0與豎直方向的夾角為SKIPIF1<0，彈簧SKIPIF1<0的形變量為彈簧SKIPIF1<0形變量的3倍，重力加速度大小為g。將細(xì)繩剪斷的瞬間，下列說法正確的是（）A.小球A的加速度大小為SKIPIF1<0 B.小球A的加速度大小為SKIPIF1<0C.小球B的加速度大小為SKIPIF1<0 D.小球B的加速度大小為g【答案】B【解析】細(xì)繩剪斷之前，對整體受力分析滿足SKIPIF1<0SKIPIF1<0對B受力分析滿足SKIPIF1<0又因為兩輕彈簧勁度系數(shù)相同，且彈簧SKIPIF1<0的形變量為彈簧SKIPIF1<0形變量的3倍，故有SKIPIF1<0，聯(lián)立解得SKIPIF1<0，剪斷細(xì)繩后瞬間，兩輕彈簧上彈力保持不變，細(xì)繩上拉力變?yōu)?，此時小球A所受合外力大小與原繩上拉力相等，小球B所受合外力為零，由牛頓第二定律可知SKIPIF1<0SKIPIF1<0，解得SKIPIF1<0SKIPIF1<0，故B正確，ACD錯誤?！咀兪?-2】（2023江蘇高考仿真模擬）如圖所示，傾角為α=370且表面光滑的斜面體固定在勻速下降的升降機上，質(zhì)量相等的A、B兩小球用一輕質(zhì)細(xì)繩連接著，A的上端用一輕質(zhì)彈簧拴接在斜面上端的固定裝置上。當(dāng)升降機運動到某一位置突然處于完全失重狀態(tài)時，則此刻AB兩物體的瞬時加速度為別為（

）ααABA．g，

g

B．g，

SKIPIF1<0g

C．SKIPIF1<0g，

g

D．SKIPIF1<0g，

SKIPIF1<0g

【答案】A【解析】由于整個裝置突然處于完全失重狀態(tài)，根據(jù)其的特點可知，A、B兩物體與斜面體之間以及輕繩的彈力會突然消失，而彈簧在這一瞬間，長度不會立即變化，故此時彈簧對A物體的作用力不變。對B受力分析可知，完全失重瞬間，此時B的合力就是其重力，所以B的瞬時加速度為g。由平衡條件可知，A受到彈簧的作用力大小為SKIPIF1<0，由于A物體本身重力不變，故在此瞬間，A同時受到彈簧的彈力F和重力作用，根據(jù)力的合成特點可知此二力的合力大小為mg，故其瞬時加速度為g，故選項A正確?！疽族e點提醒二】對牛頓第二定律的矢量性理解不透徹【例2】（多選）（2023·云南·模擬預(yù)測）如圖所示，餐廳服務(wù)員托舉菜盤給顧客上菜。若服務(wù)員托舉菜盤快到餐桌前，使菜盤水平向左減速運動，則（）A．手對菜盤的摩擦力方向向右B．手對菜盤的摩擦力方向向左C．菜盤對手的作用力方向斜向左下方D．菜盤對手的作用力方向斜向右下方易錯分析：一是沒有弄米格加速度的方向總是與力的方向一致，與速度方向無關(guān)；二是不會根據(jù)矢量具體分解加速度和力【答案】AC【解析】菜盤沿著水平方向減速向左運動，所以加速度水平向右，重力和支持力平衡，根據(jù)牛頓第二定律加速度方向與合外力的方向一致，摩擦力水平向右，故A正確，B錯誤；菜盤對手的壓力豎直向下，菜盤給手的摩擦力水平向左，所以菜盤對手的作用力斜向左下方，故C正確，D錯誤?！咀兪?-1】（2023河北石家莊二中模擬）趣味運動會上運動員手持網(wǎng)球拍托球沿水平面勻加速跑，設(shè)球拍和球的質(zhì)量分別為SKIPIF1<0、SKIPIF1<0，球拍平面和水平面之間的夾角為SKIPIF1<0，球拍與球保持相對靜止，它們間的摩擦力及空氣阻力不計，則（）A.運動員的加速度為SKIPIF1<0 B.球拍對球的作用力為SKIPIF1<0C.運動員對球拍的作用力為SKIPIF1<0 D.若加速度大于SKIPIF1<0，球一定沿球拍向上運動【參考答案】A【名師解析】網(wǎng)球、網(wǎng)球拍和運動員一起在水平面勻加速運動，說明有相同的水平方向加速度，以網(wǎng)球為研究對象，受力如圖所示根據(jù)牛頓第二定律得SKIPIF1<0SKIPIF1<0解得SKIPIF1<0，SKIPIF1<0，選項A正確，B錯誤；以網(wǎng)球和網(wǎng)球拍為整體，受力如圖所示根據(jù)牛頓第二定律得SKIPIF1<0，SKIPIF1<0解得SKIPIF1<0，選項C錯誤；根據(jù)上面分析可知，當(dāng)運動員加速度為SKIPIF1<0時，球與球拍相對靜止，由于SKIPIF1<0（SKIPIF1<0）故加速度大于SKIPIF1<0時，球不一定沿球拍向上運動，選項D錯誤?！咀兪?-2】．一物體放置在傾角為SKIPIF1<0的斜面上，斜面固定于加速上升的電梯中，加速度為SKIPIF1<0，如圖8所示，在物體始終相對于斜面靜止的條件下，下列說法中正確的是（）圖8A．當(dāng)SKIPIF1<0一定時，SKIPIF1<0越大，斜面對物體正壓力越小圖8B．當(dāng)SKIPIF1<0一定時，SKIPIF1<0越大，斜面對物體摩擦力越小C．當(dāng)SKIPIF1<0一定時，SKIPIF1<0越大，斜面對物體正壓力越小D．當(dāng)SKIPIF1<0一定時，SKIPIF1<0越大，斜面對物體摩擦力越小圖9解析：因加速向上運動，物體受斜面的摩擦力只能沿斜面上.根據(jù)支持力和摩擦力方向應(yīng)用分解加速度法.如圖9所示.SKIPIF1<0，SKIPIF1<0.由牛頓第二定律圖9SKIPIF1<0，即SKIPIF1<0，SKIPIF1<0，即SKIPIF1<0，由上兩式可知，SKIPIF1<0一定，SKIPIF1<0越大SKIPIF1<0、SKIPIF1<0都增大；SKIPIF1<0一定，SKIPIF1<0越大，SKIPIF1<0減小，SKIPIF1<0越大.因SKIPIF1<0與正壓力是一對作用力與反作用力，大小相等，所以選項B、C正確.點評：此題若用分解力的方法列式，求解過程較為復(fù)雜。分解加速度就簡便得多?！疽族e點提醒三】不會用整體法與隔離法求解連接體問題【例3】（2021·海南高考真題）如圖，兩物塊P、Q用跨過光滑輕質(zhì)定滑輪的輕繩相連，開始時P靜止在水平桌面上。將一個水平向右的推力F作用在P上后，輕繩的張力變?yōu)樵瓉淼囊话?。已知P、Q兩物塊的質(zhì)量分別為SKIPIF1<0、SKIPIF1<0，P與桌面間的動摩擦因數(shù)SKIPIF1<0，重力加速度SKIPIF1<0。則推力F的大小為（）A．SKIPIF1<0 B．SKIPIF1<0 C．SKIPIF1<0 D．SKIPIF1<0易錯分析：若連接體內(nèi)各物體具有相同的加速度，且要求物體之間的作用力時，可以先用整體法求出加速度，然后再用隔離法選取合適的研究對象，應(yīng)用牛頓第二定律求作用力。即“先整體求加速度，后隔離求內(nèi)力”。若已知物體之間的作用力，求連接體所受外力，則“先隔離求加速度，后整體求外力”。【答案】A【解析】P靜止在水平桌面上時，由平衡條件有SKIPIF1<0SKIPIF1<0推力F作用在P上后，輕繩的張力變?yōu)樵瓉淼囊话耄碨KIPIF1<0故Q物體加速下降，有SKIPIF1<0可得SKIPIF1<0而P物體將有相同的加速度向右加速而受滑動摩擦力，對P由牛頓第二定律SKIPIF1<0解得SKIPIF1<0故選A?！咀兪?-1】（多選）（2023·湖南卷·第10題）如圖，光滑水平地面上有一質(zhì)量為SKIPIF1<0的小車在水平推力SKIPIF1<0的作用下加速運動。車廂內(nèi)有質(zhì)量均為SKIPIF1<0的A、B兩小球，兩球用輕桿相連，A球靠在光滑左壁上，B球處在車廂水平底面上，且與底面的動摩擦因數(shù)為SKIPIF1<0，桿與豎直方向的夾角為SKIPIF1<0，桿與車廂始終保持相對靜止假設(shè)最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。下列說法正確的是（

）

A．若B球受到的摩擦力為零，則SKIPIF1<0B．若推力SKIPIF1<0向左，且SKIPIF1<0，則SKIPIF1<0的最大值為SKIPIF1<0C．若推力SKIPIF1<0向左，且SKIPIF1<0，則SKIPIF1<0的最大值為SKIPIF1<0D．若推力SKIPIF1<0向右，且SKIPIF1<0，則SKIPIF1<0的范圍為SKIPIF1<0【答案】CD【詳解】A．設(shè)桿的彈力為SKIPIF1<0，對小球A：豎直方向受力平衡，則桿水平方向的分力與豎直方向的分力滿足SKIPIF1<0，豎直方向SKIPIF1<0，則SKIPIF1<0若B球受到的摩擦力為零，對B根據(jù)牛頓第二定律可得SKIPIF1<0，可得SKIPIF1<0對小球A、B和小車整體根據(jù)牛頓第二定律SKIPIF1<0，A錯誤；B．若推力SKIPIF1<0向左，根據(jù)牛頓第二定律可知加速度向左，小球A所受向左的合力的最大值為SKIPIF1<0對小球B，由于SKIPIF1<0，小球B受到向左的合力SKIPIF1<0則對小球A，根據(jù)牛頓第二定律可得SKIPIF1<0對系統(tǒng)整體根據(jù)牛頓第二定律SKIPIF1<0，解得SKIPIF1<0，B錯誤；C．若推力SKIPIF1<0向左，根據(jù)牛頓第二定律可知加速度向左，小球A向左方向的加速度由桿對小球A的水平分力提供，小球A所受向左的合力的最大值為SKIPIF1<0小球B所受向左的合力的最大值SKIPIF1<0由于SKIPIF1<0可知SKIPIF1<0則對小球B，根據(jù)牛頓第二定律SKIPIF1<0對系統(tǒng)根據(jù)牛頓第二定律SKIPIF1<0聯(lián)立可得SKIPIF1<0的最大值為SKIPIF1<0，C正確；D．若推力SKIPIF1<0向右，根據(jù)牛頓第二定律可知系統(tǒng)整體加速度向右，由于小球A可以受到左壁向右的支持力，理論上向右的合力可以無限大，因此只需要討論小球B即可，當(dāng)小球B所受的摩擦力向左時，小球B向右的合力最小，此時SKIPIF1<0當(dāng)小球所受摩擦力向右時，小球B向右的合力最大，此時SKIPIF1<0對小球B根據(jù)牛頓第二定律SKIPIF1<0，SKIPIF1<0對系統(tǒng)根據(jù)牛頓第二定律SKIPIF1<0代入小球B所受合力分范圍可得SKIPIF1<0的范圍為SKIPIF1<0【變式1-2】（2022·全國乙卷·T15）如圖，一不可伸長輕繩兩端各連接一質(zhì)量為m的小球，初始時整個系統(tǒng)靜置于光滑水平桌面上，兩球間的距離等于繩長L。一大小為F的水平恒力作用在輕繩的中點，方向與兩球連線垂直。當(dāng)兩球運動至二者相距SKIPIF1<0時，它們加速度的大小均為（）A.SKIPIF1<0 B.SKIPIF1<0 C.SKIPIF1<0 D.SKIPIF1<0【答案】A【解析】當(dāng)兩球運動至二者相距SKIPIF1<0時，,如圖所示由幾何關(guān)系可知SKIPIF1<0設(shè)繩子拉力為SKIPIF1<0，水平方向有SKIPIF1<0解得SKIPIF1<0對任意小球由牛頓第二定律可得SKIPIF1<0解得SKIPIF1<0故A正確，BCD錯誤。故選A。【易錯點提醒四】不會用程序法求多過程問題【例4】（2023湖南衡陽期中）抗擊疫情期間，由于疫情嚴(yán)重，利用無人機運輸物資，如圖所示為四旋翼無人機，它是一種能夠垂直起降的小型遙控飛行器，目前正得到越來越廣泛的應(yīng)用，一架無人機連同所載貨物質(zhì)量SKIPIF1<0的，其動力系統(tǒng)所能提供的最大升力SKIPIF1<0，運動過程中所受空氣阻力大小恒為SKIPIF1<0。g取SKIPIF1<0。（1）無人機在地面上從靜止開始，以最大升力豎直向上起飛求在SKIPIF1<0時離地面的高度h；（2）當(dāng)無人機懸停在距離地面高度SKIPIF1<0處時，由手動力設(shè)備故障，無人機突然失去升力而墜落。求無人機墜落地面時的速度v；（3）在無人機墜落過程中，在遙控設(shè)備的干預(yù)下動力設(shè)備重新啟動提供向上最大升力，為保證安全著地，求飛行器從開始下落到恢復(fù)升力的最長時間SKIPIF1<0。易錯分析：不會分析物體運動過程各個階段的受力情況和運動情況，也不會抓住各階段的速度、時間、位移關(guān)系。【答案】（1）SKIPIF1<0；（2）SKIPIF1<0；（3）SKIPIF1<0【解析】（1）由牛頓第二定律得SKIPIF1<0代入數(shù)據(jù)解得SKIPIF1<0上升高度為SKIPIF1<0，代入數(shù)據(jù)解得SKIPIF1<0故離地面的高度為180m。（2）下落過程中，有SKIPIF1<0，代入數(shù)據(jù)解得SKIPIF1<0則有SKIPIF1<0，代入數(shù)據(jù)解得SKIPIF1<0故無人機墜落地面時的速度為SKIPIF1<0。（3）恢復(fù)升力后向下減速運動過程中，有SKIPIF1<0代入數(shù)據(jù)解得SKIPIF1<0設(shè)恢復(fù)升力時速度為SKIPIF1<0，則有SKIPIF1<0，SKIPIF1<0，SKIPIF1<0聯(lián)立解得SKIPIF1<0，由SKIPIF1<0，得SKIPIF1<0故飛行器從開始下落到恢復(fù)升力的最長時間為4s【變式1-1】（2022·湖南卷·T9）球形飛行器安裝了可提供任意方向推力的矢量發(fā)動機，總質(zhì)量為SKIPIF1<0。飛行器飛行時受到的空氣阻力大小與其速率平方成正比（即SKIPIF1<0，SKIPIF1<0為常量）。當(dāng)發(fā)動機關(guān)閉時，飛行器豎直下落，經(jīng)過一段時間后，其勻速下落的速率為SKIPIF1<0；當(dāng)發(fā)動機以最大推力推動飛行器豎直向上運動，經(jīng)過一段時間后，飛行器勻速向上的速率為SKIPIF1<0。重力加速度大小為SKIPIF1<0，不考慮空氣相對于地面的流動及飛行器質(zhì)量的變化，下列說法正確的是（）A.發(fā)動機的最大推力為SKIPIF1<0B.當(dāng)飛行器以SKIPIF1<0勻速水平飛行時，發(fā)動機推力的大小為SKIPIF1<0C.發(fā)動機以最大推力推動飛行器勻速水平飛行時，飛行器速率為SKIPIF1<0D.當(dāng)飛行器以SKIPIF1<0的速率飛行時，其加速度大小可以達(dá)到SKIPIF1<0【答案】BC【解析】A．飛行器關(guān)閉發(fā)動機，以v1=SKIPIF1<0勻速下落時，有SKIPIF1<0，飛行器以v2=SKIPIF1<0向上勻速時，設(shè)最大推力為FmSKIPIF1<0聯(lián)立可得SKIPIF1<0，SKIPIF1<0A錯誤；B．飛行器以v3=SKIPIF1<0勻速水平飛行時SKIPIF1<0B正確；C．發(fā)動機以最大推力推動飛行器勻速水平飛行時SKIPIF1<0解得SKIPIF1<0C正確；D．當(dāng)飛行器最大推力向下，以v5=SKIPIF1<0的速率向上減速飛行時，其加速度向下達(dá)到最大值SKIPIF1<0解得am=2.5gD錯誤。故選B【易錯點提醒五】不會分析的傳送帶模型【例5】(2021·河南省頂尖名校4月聯(lián)考)一傳送帶裝置如圖所示，其中AB段是水平的，長度LAB＝4m，BC段是傾斜的，長度LBC＝5m，傾角為θ＝37°，AB和BC由B點通過一段短的圓弧連接(圖中未畫出圓弧)，傳送帶以v＝4m/s的恒定速率順時針運轉(zhuǎn)，已知工件與傳送帶間的動摩擦因數(shù)μ＝0.5，重力加速度g取10m/s2。現(xiàn)將一個工件(可看作質(zhì)點)無初速度地放在A點，求：(1)工件第一次到達(dá)B點所用的時間；(2)工件沿傳送帶上升的最大高度；(2)工件運動了23s后所在的位置。易錯分析：求解傳送帶問題的關(guān)鍵在于對物體所受的摩擦力進(jìn)行正確的分析與判斷..臨界狀態(tài)：當(dāng)v物＝v帶時，摩擦力發(fā)生突變，物體的加速度發(fā)生突變.【答案】(1)1.4s(2)2.4m(3)在A點右側(cè)2.4m處【解析】(1)工件剛放在水平傳送帶上的加速度大小為a1，由牛頓第二定律得μmg＝ma1解得a1＝μg＝5m/s2經(jīng)t1時間工件與傳送帶的速度相同，解得t1＝eq\f(v,a1)＝0.8s工件前進(jìn)的位移為x1＝eq\f(1,2)a1teq\o\al(2,1)＝1.6m此后工件將與傳送帶一起勻速運動至B點，用時t2＝eq\f(LAB－x1,v)＝0.6s所以工件第一次到達(dá)B點所用的時間t＝t1＋t2＝1.4s。(2)在傾斜傳送帶上工件的加速度為a2，由牛頓第二定律得μmgcosθ－mgsinθ＝ma2解得a2＝－2m/s2由速度位移公式得0－v2＝2a2eq\f(hm,sinθ)解得hm＝2.4m。(3)工件沿傳送帶向上運動的時間為t3＝eq\f(2hm,vsinθ)＝2s此后由于工件在傳送帶的傾斜段運動時的加速度相同，在傳送帶的水平段運動時的加速度也相同，故工件將在傳送帶上做往復(fù)運動，其周期為T，則T＝2t1＋2t3＝5.6s工件從開始運動到第一次返回傳送帶的水平部分，且速度變?yōu)榱闼钑r間t0＝2t1＋t2＋2t3＝6.2s，而23s＝t0＋3T，這說明經(jīng)過23s后工件恰好運動到傳送帶的水平部分，且速度為零，故工件在A點右側(cè)，到A點的距離x＝LAB－x1＝2.4m?！咀兪?-1】（2023·安徽合肥·三模）如圖所示，SKIPIF1<0、SKIPIF1<0兩端距離為SKIPIF1<0的水平傳送帶以速度SKIPIF1<0逆時針運轉(zhuǎn)，將小石墨塊SKIPIF1<0輕放在傳送帶右端SKIPIF1<0，當(dāng)石墨塊從左端SKIPIF1<0離開傳送帶時，傳送帶上留下了長度為SKIPIF1<0的痕跡，不計繞過傳動輪的傳送帶長度，下列說法正確的是（）A．增大傳送帶速度SKIPIF1<0，劃痕長度一定變長B．增加傳送帶的長度，劃痕長度一定會變長C．減小石墨塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)，劃痕長度可能會減小D．一定條件下可使SKIPIF1<0【答案】D【解析】若石墨塊到達(dá)SKIPIF1<0時速度小于SKIPIF1<0，說明石墨塊一直做勻加速直線運動，加速度大小為SKIPIF1<0，所用時間為SKIPIF1<0則劃痕長度為SKIPIF1<0若SKIPIF1<0，可得SKIPIF1<0，說明在石墨塊到達(dá)SKIPIF1<0端前劃痕前端就追上石墨塊，劃痕長度為SKIPIF1<0，之后的劃痕與原來劃痕重疊，增大傳送帶速度SKIPIF1<0，劃痕長度保持SKIPIF1<0不變，A錯誤，D正確；若石墨塊到達(dá)SKIPIF1<0端前速度已經(jīng)等于SKIPIF1<0，則有SKIPIF1<0，則劃痕長度為SKIPIF1<0，可知增加傳送帶的長度，劃痕長度保持不變，B錯誤；若石墨塊到達(dá)SKIPIF1<0端前速度已經(jīng)等于SKIPIF1<0，劃痕長度為SKIPIF1<0若石墨塊到達(dá)SKIPIF1<0時速度小于SKIPIF1<0，劃痕長度為SKIPIF1<0（當(dāng)SKIPIF1<0時，SKIPIF1<0）【變式1-2】（2023·上海市市西中學(xué)二模）如圖所示，以恒定速率v1=0.5m/s運行的傳送帶與水平面間的夾角α=37°，轉(zhuǎn)軸間距L=4m。工作人員沿傳送方向以速度v2=1.5m/s從傳送帶頂端推下一件m=2kg的小包裹（可視為質(zhì)點）。小包裹與傳送帶間的動摩擦因數(shù)μ=0.8。取重力加速度g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8。求：（1）小包裹相對傳送帶滑動時加速度a的大??；（2）小包裹在傳送帶上減速運動的時間t和位移s的大小。（3）小包裹與傳送帶之間的摩擦力對小包裹做的功?！敬鸢浮浚?）SKIPIF1<0；（2）SKIPIF1<0，SKIPIF1<0；（3）SKIPIF1<0【解析】（1）小包裹的速度v2大于傳動帶的速度v1，所以小包裹受到傳送帶的摩擦力沿傳動帶向上，受力分析如圖所示根據(jù)牛頓第二定律可知SKIPIF1<0代入數(shù)據(jù)可得SKIPIF1<0所以加速度的大小為SKIPIF1<0，方向為沿斜面向上；（2）由（1）可知小包裹先在傳動帶上做勻減速直線運動，至速度與v1相同，用時SKIPIF1<0相應(yīng)的勻減速直線運動的距離為SKIPIF1<0（3）因為sSKIPIF1<0，且SKIPIF1<0因此小包裹與傳動帶共速后做勻速直線運動至傳送帶底端勻速直線運動階段所受靜摩擦力大小為SKIPIF1<0位移大小為SKIPIF1<0所以小包裹與傳送帶之間的摩擦力對小包裹做的功為SKIPIF1<0代入數(shù)據(jù)可得SKIPIF1<0【變式1-3】（2023?福建省福州市八校模擬）如圖所示，飛機場運輸行李的傾斜傳送帶保持恒定的速率向上運行，將行李箱無初速度地放在傳送帶底端，當(dāng)傳送帶將它送入飛機貨艙前行李箱已做勻速運動。假設(shè)行李箱與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)為μ，傳送帶與水平面的夾角θ，已知滑動摩擦力近似等于最大靜摩擦力，下列說法正確的是（）A.要實現(xiàn)這一目的前提是μ<tanθB.做勻速運動時，行李箱與傳送帶之間的摩擦力為零C.全過程傳送帶對行李箱的摩擦力方向沿傳送帶向上D.若增加傳送帶速度足夠大，可以無限縮短傳送的時間【答案】C【解析】要實現(xiàn)這一目的前提是沿傳送帶向上的最大靜摩擦力大于重力沿傳送帶向下的分力，即SKIPIF1<0可得SKIPIF1<0故A錯誤；做勻速運動時，行李箱與傳送帶之間的摩擦力為SKIPIF1<0，故B錯誤；行李箱在加速階段和勻速階段受到的摩擦力均沿傳送帶向上，故選項C正確；若增加傳送帶速度足夠大，行李箱在傳送帶上一直做勻加速運動，傳送時間不會無限縮短，故D錯誤?！疽族e點提醒六】不會分析的板塊模型【例6】（2022·山西·懷仁市第一中學(xué)校模擬）如圖所示，木塊A置于木板B上，木板B置于水平面上。A的質(zhì)量m＝1.5kg，B的質(zhì)量M＝2.0kg，A、B間動摩擦因數(shù)μ1＝0.2，B與地面間動摩擦因數(shù)μ2＝0.4。某時刻（t＝0）水平力F作用于B上，其隨時間變化的規(guī)律為F＝5t+4（N）（F、t均取國際單位）。設(shè)最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，g取10m/s2。求：（1）經(jīng)過多長時間B開始滑動；（2）經(jīng)過多長時間A開始相對B滑動；（3）t＝3s時AB間的摩擦力大小Ff（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）。易錯分析：“滑塊—木板”模型問題中，靠摩擦力帶動的那個物體的加速度有最大值：am＝eq\f(Ffm,m).假設(shè)兩物體同時由靜止運動，若整體加速度小于該值，則二者相對靜止，二者間是靜摩擦力；若整體加速度大于該值，則二者相對滑動，二者間為滑動摩擦力.2滑塊由滑板的一端運動到另一端的過程中，若滑塊和滑板同向運動，位移之差等于板長；若反向運動，位移大小之和等于板長．【答案】（1）2s；（2）3.4s；（3）2.1N【解析】（1）當(dāng)B開始滑動時B與地面間的摩擦力與F相等，即SKIPIF1<0，得SKIPIF1<0（2）當(dāng)A開始在B上滑動時，對木塊SKIPIF1<0對整體SKIPIF1<0由題知SKIPIF1<0，解得SKIPIF1<0（3）當(dāng)SKIPIF1<0,B已滑動，A、B間未發(fā)生相對滑動，對木塊SKIPIF1<0對整體SKIPIF1<0且SKIPIF1<0解得SKIPIF1<0【變式1-1】(:2021·全國乙卷·T21）水平地面上有一質(zhì)量為SKIPIF1<0的長木板，木板的左明上有一質(zhì)量為SKIPIF1<0的物塊，如圖（a）所示。用水平向右的拉力F作用在物塊上，F(xiàn)隨時間t的變化關(guān)系如圖（b）所示，其中SKIPIF1<0、SKIPIF1<0分別為SKIPIF1<0、SKIPIF1<0時刻F的大小。木板的加速度SKIPIF1<0隨時間t的變化關(guān)系如圖（c）所示。已知木板與地面間的動摩擦因數(shù)為SKIPIF1<0，物塊與木板間的動摩擦因數(shù)為SKIPIF1<0，假設(shè)最大靜摩擦力均與相應(yīng)的滑動摩擦力相等，重力加速度大小為g。則（）A.SKIPIF1<0B.SKIPIF1<0C.SKIPIF1<0D.SKIPIF1<0時間段物塊與木板加速度相等【答案】BCD【解析】圖（c）可知，t1時滑塊木板一起剛在從水平滑動，此時滑塊與木板相對靜止，木板剛要滑動，此時以整體為對象有SKIPIF1<0故A錯誤；圖（c）可知，t2滑塊與木板剛要發(fā)生相對滑動，以整體為對象，根據(jù)牛頓第二定律，有SKIPIF1<0以木板為對象，根據(jù)牛頓第二定律，有SKIPIF1<0解得SKIPIF1<0SKIPIF1<0，故BC正確；．圖（c）可知，0~t2這段時間滑塊與木板相對靜止，所以有相同的加速度，故D正確【變式1-2】（2022湖北十堰四模）如圖所示，傾角SKIPIF1<0的光滑斜面上有一質(zhì)量SKIPIF1<0的足夠長的木板A，在A的上端有一質(zhì)量SKIPIF1<0的物塊B（可視作質(zhì)點），物塊B與木板A間的動摩擦因數(shù)SKIPIF1<0，斜面底端有一擋板P，木板與擋板P碰撞后會等速率反彈?，F(xiàn)將木板與物塊同時由靜止釋放，釋放時木板前端與擋板相距SKIPIF1<0，取重力加速度大小SKIPIF1<0，SKIPIF1<0，SKIPIF1<0。（1）木板A第1次碰擋板P時的速度多大；（2）求從木板A第1次碰到擋板到木板A第1次減速為零的時間；并求出在此過程中，物塊B與木板A間因摩擦產(chǎn)生的熱量?！敬鸢浮浚?）SKIPIF1<0；（2）SKIPIF1<0；SKIPIF1<0【解析】（1）分析可知，釋放后A、B一起加速下滑，由牛頓第二定律SKIPIF1<0可得SKIPIF1<0設(shè)木板碰擋板時速度為v，則SKIPIF1<0代入數(shù)據(jù)解得SKIPIF1<0（2）碰后木板A減速上滑，設(shè)其加速度大小為aA，有SKIPIF1<0可得SKIPIF1<0故所求時間SKIPIF1<0木板A上滑距離SKIPIF1<0此過程中，物塊B加速下滑，設(shè)其加速度大小為aB，有SKIPIF1<0可得SKIPIF1<0物塊B下滑距離SKIPIF1<0故摩擦生熱SKIPIF1<0錯1.（2022·全國甲卷·T19）如圖，質(zhì)量相等的兩滑塊P、Q置于水平桌面上，二者用一輕彈簧水平連接，兩滑塊與桌面間的動摩擦因數(shù)均為SKIPIF1<0。重力加速度大小為g。用水平向右的拉力F拉動P，使兩滑塊均做勻速運動；某時刻突然撤去該拉力，則從此刻開始到彈簧第一次恢復(fù)原長之前（）A.P的加速度大小的最大值為SKIPIF1<0B.Q加速度大小的最大值為SKIPIF1<0C.P的位移大小一定大于Q的位移大小D.P的速度大小均不大于同一時刻Q的速度大小【答案】AD【解析】設(shè)兩物塊的質(zhì)量均為m，撤去拉力前，兩滑塊均做勻速直線運動，則拉力大小為SKIPIF1<0撤去拉力前對Q受力分析可知，彈簧的彈力為SKIPIF1<0AB．以向右為正方向，撤去拉力瞬間彈簧彈力不變?yōu)镾KIPIF1<0，兩滑塊與地面間仍然保持相對滑動，此時滑塊P的加速度為SKIPIF1<0解得SKIPIF1<0此刻滑塊Q所受的外力不變，加速度仍為零，滑塊P做減速運動，故PQ間距離減小，彈簧的伸長量變小，彈簧彈力變小。根據(jù)牛頓第二定律可知P減速的加速度減小，滑塊Q的合外力增大，合力向左，做加速度增大的減速運動。故P加速度大小的最大值是剛撤去拉力瞬間的加速度為SKIPIF1<0。Q加速度大小最大值為彈簧恢復(fù)原長時SKIPIF1<0，解得SKIPIF1<0，故滑塊Q加速度大小最大值為SKIPIF1<0，A正確，B錯誤；C．滑塊PQ水平向右運動，PQ間的距離在減小，故P的位移一定小于Q的位移，C錯誤；D．滑塊P在彈簧恢復(fù)到原長時的加速度為SKIPIF1<0，解得SKIPIF1<0，撤去拉力時，PQ的初速度相等，滑塊P由開始的加速度大小為SKIPIF1<0做加速度減小的減速運動，最后彈簧原長時加速度大小為SKIPIF1<0；滑塊Q由開始的加速度為0做加速度增大的減速運動，最后彈簧原長時加速度大小也為SKIPIF1<0。分析可知P的速度大小均不大于同一時刻Q的速度大小，D正確。故選AD。2.（2020·海南卷·T12，）如圖，在傾角為SKIPIF1<0光滑斜面上，有兩個物塊P和Q，質(zhì)量分別為SKIPIF1<0和SKIPIF1<0，用與斜面平行的輕質(zhì)彈簧相連接，在沿斜面向上的恒力F作用下，兩物塊一起向上做勻加速直線運動，則（）A.兩物塊一起運動的加速度大小為SKIPIF1<0B.彈簧的彈力大小為SKIPIF1<0C.若只增大SKIPIF1<0，兩物塊一起向上勻加速運動時，它們的間距變大D.若只增大SKIPIF1<0，兩物塊一起向上勻加速運動時，它們的間距變大【答案】BC【解析】對整體受力分析，根據(jù)牛頓第二定律有SKIPIF1<0解得SKIPIF1<0，故A錯誤；對m2受力分析，根據(jù)牛頓第二定律有SKIPIF1<0解得SKIPIF1<0，故B正確；根據(jù)SKIPIF1<0，可知若只增大SKIPIF1<0，兩物塊一起向上勻加速運動時，彈力變大，根據(jù)胡克定律，可知伸長量變大，故它們的間距變大，故C正確；根據(jù)SKIPIF1<0，可知只增大SKIPIF1<0，兩物塊一起向上勻加速運動時，彈力不變，根據(jù)胡克定律，可知伸長量不變，故它們的間距不變，故D錯誤。3．（2023·湖南·衡陽市船山英文學(xué)校高三開學(xué)考試）如圖所示，一足夠長的平直木板靜止在水平地面上，木板上有兩個質(zhì)量分別為m和M的物塊A、B，且SKIPIF1<0，它們與木板間的動摩擦因數(shù)相同，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力?，F(xiàn)用水平力F向右拉動木板，下列說法可能正確的是（）A．A與木板間發(fā)生相對運動時，B與木板間不發(fā)生相對運動B．B與木板間發(fā)生相對運動時，A與木板間不發(fā)生相對運動C．A、B與木板間同時發(fā)生相對運動D．A與B的加速度相同【答案】CD【解析】根據(jù)牛頓第二定律可知，A、B不與木板發(fā)生相對滑動的最大加速度，同時也是二者相對木板發(fā)生相對滑動后的加速度均為SKIPIF1<0所以A、B與木板間同時發(fā)生相對運動或A、B與木板間同時不發(fā)生相對運動，且A、B的加速度始終相同，故AB錯誤，CD正確。4．（2023·江西九江·二模）如圖所示，在光滑的水平面上放著兩塊長度相等、質(zhì)量分別為M1和M2的木板，在兩木板的左端分別放有完全相同的物塊，開始都處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)分別對兩物塊施加水平恒力F1、F2，經(jīng)過時間SKIPIF1<0物塊與木板分離后，兩木板的速度大小分別為SKIPIF1<0，已知物塊與木板之間的動摩擦因數(shù)相同，則（

）A．若SKIPIF1<0，且SKIPIF1<0，則SKIPIF1<0B．若SKIPIF1<0，且SKIPIF1<0，則SKIPIF1<0C．若SKIPIF1<0，且SKIPIF1<0，則SKIPIF1<0D．若SKIPIF1<0，且SKIPIF1<0，則SKIPIF1<0【答案】AD【解析】AB．兩滑塊在木板上做勻減速直線運動，加速度SKIPIF1<0SKIPIF1<0而木板做勻加速直線運動，加速度SKIPIF1<0SKIPIF1<0滑塊滑離木板滿足相對位移SKIPIF1<0物塊與M1的相對位移SKIPIF1<0，物塊與M2的相對位移SKIPIF1<0若SKIPIF1<0且SKIPIF1<0SKIPIF1<0則SKIPIF1<0M1的速度為SKIPIF1<0M2的速度為SKIPIF1<0則SKIPIF1<0，A正確，B錯誤；若SKIPIF1<0，且SKIPIF1<0SKIPIF1<0，則SKIPIF1<0，故SKIPIF1<0，C錯誤，D正確。5.（2023·海南·統(tǒng)考模擬預(yù)測）如圖所示，在質(zhì)量為SKIPIF1<0的箱式電梯的地板上固定一輕質(zhì)彈簧，彈簧的上端拴接一質(zhì)量為SKIPIF1<0的物體SKIPIF1<0，質(zhì)量為SKIPIF1<0的物體B放置在物體SKIPIF1<0上，整個裝置隨電梯一起勻速下降，彈簧保持豎直，重力加速度為SKIPIF1<0。某時刻懸掛電梯的鋼索突然斷裂，在鋼索斷裂的瞬間，下列說法正確的是（）

A．物體SKIPIF1<0的加速度大小為0 B．物體B的加速度大小為SKIPIF1<0C．箱式電梯的加速度大小為SKIPIF1<0 D．物體B對物體SKIPIF1<0的壓力為0【答案】A【詳解】鋼索斷裂的瞬間，彈簧的彈力不變，所以AB的受力情況不變，加速度均為0，物體B對物體SKIPIF1<0的壓力等于自身重力，對整體分析可知SKIPIF1<0解得SKIPIF1<0故選A。6．（2023·湖北·模擬預(yù)測）如圖所示，木板B固定在彈簧上，木塊A疊放在B上，A、B相對靜止，待系統(tǒng)平衡后用豎直向上的變力F作用于A，使A、B一起緩慢上升，AB不分離，在A、B一起運動過程中，下面說法正確的是（）

A．一起緩慢上升過程中A對B的摩擦力不變B．在某時刻撤去F，此后運動中A可能相對B滑動C．在某時刻撤去F，此后運動中AB的加速度可能大于gD．在某時刻撤去F，在A、B下降的過程中，B對A的作用力一直增大【答案】D【詳解】A．一起緩慢上升過程中，以A、B為整體，根據(jù)受力平衡可得SKIPIF1<0由于彈簧彈力逐漸減小，可知拉力SKIPIF1<0逐漸增大；以A為對象，設(shè)木板B斜面傾角為SKIPIF1<0，根據(jù)受力平衡可得SKIPIF1<0可知B對A摩擦力不斷變小，則A對B的摩擦力不斷變小，故A錯誤；B．設(shè)A、B間的動摩擦因數(shù)為SKIPIF1<0，根據(jù)題意有SKIPIF1<0在某時刻撤去SKIPIF1<0，設(shè)A、B向下加速的加速度大小為SKIPIF1<0，以A為對象，則有SKIPIF1<0，SKIPIF1<0，可得SKIPIF1<0，SKIPIF1<0故此后運動中A、B相對靜止，故B錯誤；C．在某時刻撤去SKIPIF1<0，此后運動中A、B相對靜止，則最高點時的加速度最大，且撤去力SKIPIF1<0前，整體重力和彈簧彈力的合力小于整體重力，則最高點加速度小于SKIPIF1<0，此后運動中AB的加速度不可能大于SKIPIF1<0，故C錯誤；D．在某時刻撤去SKIPIF1<0，在A、B下降的過程中，A的加速度先向下逐漸減小，后向上逐漸增大，則B對A的作用力一直增大，故D正確。故選D。7．（多選）（2023·湖南株洲·校聯(lián)考模擬預(yù)測）如圖所示，質(zhì)量分別為SKIPIF1<0和SKIPIF1<0的小物塊，通過輕繩相連，并接在裝有光滑定滑輪的小車上。如果按圖甲所示，裝置在水平力SKIPIF1<0作用下做勻加速運動時，兩個小物塊恰好相對靜止；如果互換兩個小物塊，如圖乙所示，裝置在水平力SKIPIF1<0作用下做勻加速運動時，兩個小物塊也恰好相對靜止，一切摩擦不計，則（）A．SKIPIF1<0B．SKIPIF1<0C．兩種情況下小車對質(zhì)量為SKIPIF1<0的小物塊的作用力大小之比為SKIPIF1<0D．兩種情況下小車對質(zhì)量為SKIPIF1<0的小物塊的作用力大小之比為SKIPIF1<0【答案】AC【詳解】AB．一切摩擦不考慮，則題圖甲中小車的加速度為SKIPIF1<0，題圖乙中小車的加速度為，SKIPIF1<0所以兩題圖中小車的加速度之比為SKIPIF1<0，因為題圖甲和題圖乙裝置的整體質(zhì)量是一樣的，所以SKIPIF1<0，A正確，B錯誤；CD．題圖甲中，小車對質(zhì)量為SKIPIF1<0的小物塊的作用力為SKIPIF1<0，題圖乙中，小車對質(zhì)量為SKIPIF1<0的小物塊的支持力大小等于其所受的重力大小，即，SKIPIF1<0，所以SKIPIF1<0，C正確，D錯誤。故選AC。8.（2024.江蘇省南通市海安市高三上學(xué)期開學(xué)考試）質(zhì)量分別為SKIPIF1<0和SKIPIF1<0的A、B兩物塊，在恒力SKIPIF1<0作用下沿光滑的水平面一起向前勻加速。下列情形中SKIPIF1<0對SKIPIF1<0的作用力最大的是（）A. B.C. D.【答案】D【解析】對選項A整體分析，根據(jù)牛頓第二定律SKIPIF1<0對B，SKIPIF1<0，得SKIPIF1<0同理，B選項中A、B間作用力為SKIPIF1<0同理于AB選項，在選項C中，A、B間靜摩擦力為SKIPIF1<0A、B間作用力為SKIPIF1<0選項D中，A、B間靜摩擦力為SKIPIF1<0A、B間作用力為SKIPIF1<0，故選項D正確。12．（2023·海南·模擬預(yù)測）國家糧食儲備倉庫工人利用傳送帶從車上卸糧食。如圖1所示，以某一恒定速率SKIPIF1<0運行的傳送帶與水平面的夾角SKIPIF1<0，轉(zhuǎn)軸間距SKIPIF1<0。工人沿傳送方向以速度SKIPIF1<0從傳送帶頂端推下糧袋（視為質(zhì)點），SKIPIF1<0時糧袋運動到傳送帶底端，糧袋在傳送帶上運動的SKIPIF1<0圖像如圖2所示。已知SKIPIF1<0，SKIPIF1<0，重力加速度g取SKIPIF1<0，則（）A．在SKIPIF1<0時刻，糧袋所受摩擦力方向改變B．糧袋與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為0.8C．傳送帶運行的速度大小為SKIPIF1<0D．在SKIPIF1<0內(nèi)糧袋處于失重狀態(tài)【答案】BC【解析】由圖2可知，在SKIPIF1<0內(nèi)，糧袋的速度大于傳動帶的速度，則糧袋受沿斜面向上的滑動摩擦力，在SKIPIF1<0內(nèi)，糧袋勻速下滑，根據(jù)平衡條件可知，糧袋受沿斜面向上的靜摩擦力，故A錯誤；．根據(jù)SKIPIF1<0圖像中，圖線與橫軸圍成的面積表示位移的大小，根據(jù)題意，由圖2可知SKIPIF1<0解得SKIPIF1<0，故C正確；由圖2和C分析可知，糧袋在SKIPIF1<0內(nèi)的加速度為SKIPIF1<0則加速度方向沿斜面向上，則在SKIPIF1<0內(nèi)糧袋處于超重狀態(tài)，根據(jù)牛頓第二定律有SKIPIF1<0聯(lián)立代入數(shù)據(jù)解得SKIPIF1<0，故D錯誤B正確。9.（2022?福建省漳州市二模）.如圖甲，質(zhì)量0.5kg的小物塊從右側(cè)滑上勻速轉(zhuǎn)動的水平傳送帶，其位移與時間的變化關(guān)系如圖乙所示。圖線的0~3s段為拋物線，3s~4.5s段為直線，下列說法正確的是（）A.傳送帶沿逆時針方向轉(zhuǎn)動B.傳送帶速度大小為2m/sC.物塊剛滑上傳送帶時的速度大小為4m/sD.0~4.5s內(nèi)摩擦力對物塊所做功為SKIPIF1<0J【答案】BCD【解析】根據(jù)位移時間圖象的斜率表示速度，可知：前2s物體向左勻減速運動，第3s內(nèi)向右勻加速運動。3-4.5s內(nèi)x-t圖象為一次函數(shù)，說明小物塊已與傳送帶保持相對靜止，即與傳送帶一起向右勻速運動，因此傳送帶沿順時針方向轉(zhuǎn)動，且速度為SKIPIF1<0故B正確，A錯誤；由圖象可知，在第3s內(nèi)小物塊向右做初速度為零的勻加速運動，則SKIPIF1<0，其中x=1mt=1s，解得SKIPIF1<0根據(jù)牛頓第二定律SKIPIF1<0，解得：SKIPIF1<0在0-2s內(nèi)，對物塊有：SKIPIF1<0解得物塊的初速度為：SKIPIF1<0故C正確；對物塊在0~4.5s內(nèi)，根據(jù)動能定理SKIPIF1<0解得摩擦力對物塊所做的功為SKIPIF1<0，故D正確10．（2020·江蘇高考真題）中歐班列在歐亞大陸開辟了“生命之路”，為國際抗疫貢獻(xiàn)了中國力量。某運送防疫物資的班列由40節(jié)質(zhì)量相等的車廂組成，在車頭牽引下，列車沿平直軌道勻加速行駛時，第2節(jié)對第3節(jié)車廂的牽引力為F。若每節(jié)車廂所受摩擦力、空氣阻力均相等，則倒數(shù)第3節(jié)對倒數(shù)第2節(jié)車廂的牽引力為（）A．F B．SKIPIF1<0 C．SKIPIF1<0 D．SKIPIF1<0【答案】C【解析】根據(jù)題意可知第2節(jié)車廂對第3節(jié)車廂的牽引力為F，因為每節(jié)車廂質(zhì)量相等，阻力相同，故第2節(jié)對第3節(jié)車廂根據(jù)牛頓第二定律有SKIPIF1<0設(shè)倒數(shù)第3節(jié)車廂對倒數(shù)第2節(jié)車廂的牽引力為F1，則根據(jù)牛頓第二定律有SKIPIF1<0聯(lián)立解得SKIPIF1<0。故選C。11．（2017·海南高考真題）如圖，水平地面上有三個靠在一起的物塊P、Q和R，質(zhì)量分別為m、2m和3m，物塊與地面間的動摩擦因數(shù)都為μ。用大小為F的水平外力推動物塊P，設(shè)R和Q之間相互作用力與Q與P之間相互作用力大小之比為k。下列判斷正確的是（）A．若μ≠0，