四川省南充市閬中中學(xué)2025屆高三物理下學(xué)期適應(yīng)性考試試題二含解析

PAGE15-四川省南充市閬中中學(xué)2025屆高三物理下學(xué)期適應(yīng)性考試試題（二）（含解析）二、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14-17題只有一項(xiàng)符合題目要求，第18-21題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1.下列說法正確的是（）A.由玻爾理論可知，氫原子的核外電子由較高能級(jí)躍遷到較低能級(jí)時(shí)，要輻射肯定頻率的光子，同時(shí)電子的動(dòng)能減小，電勢能增大B.在光電效應(yīng)試驗(yàn)中，用同種頻率的光照耀不同的金屬表面，從金屬表面逸出的光電子最大初動(dòng)能越大，則這種金屬的逸出功W0越小C.康普頓效應(yīng)勝利地說明白光的波動(dòng)性D.結(jié)合能越大的原子核越穩(wěn)定【答案】B【解析】【詳解】A．由玻爾理論可知，氫原子的核外電子由較高能級(jí)躍遷到較低能級(jí)時(shí)，要輻射肯定頻率的光子，庫侖力做正功，電勢能減小，庫侖力供應(yīng)向心力，即軌道半徑減小，動(dòng)能增大，A錯(cuò)誤；B．依據(jù)光電效應(yīng)方程可知用同種頻率的光照耀不同的金屬表面，從金屬表面逸出的光電子最大初動(dòng)能越大，則這種金屬的逸出功W0越小，B正確；C．康普頓效說明白光子具有動(dòng)量，勝利地說明白光的粒子性，C錯(cuò)誤；D．比結(jié)合能越大的原子核越穩(wěn)定，D錯(cuò)誤。故選B。2.一質(zhì)量為1kg的物塊在合外力F的作用下從靜止起先沿直線運(yùn)動(dòng)，F(xiàn)隨時(shí)間t改變的圖線如圖所示，則（）A.t=1s時(shí)物塊的速率為1m/sB.t=2s時(shí)物塊的動(dòng)量大小為2kg·m/sC.前3s內(nèi)合外力沖量大小為3N·sD.t=4s時(shí)F的功率為3W【答案】C【解析】【詳解】A．依據(jù)動(dòng)量定理解得A錯(cuò)誤；B．依據(jù)動(dòng)量定理可知B錯(cuò)誤；C．依據(jù)圖像可知前3s內(nèi)合力的沖量為C正確；D．依據(jù)圖像可知前4s內(nèi)的沖量為依據(jù)動(dòng)量定理可知4s末速度為則功率為D錯(cuò)誤。故選C。3.如圖所示，a是地球赤道上還未放射的衛(wèi)星，b是2024年5月我國以“一箭三星”方式勝利放射的“北斗三號(hào)工程”組網(wǎng)衛(wèi)星，c是地球同步衛(wèi)星，下列說法正確的是（）A.相同時(shí)間內(nèi)北斗衛(wèi)星b和地球同步衛(wèi)星c轉(zhuǎn)過的弧長相等B.北斗衛(wèi)星b的運(yùn)行周期可能為30小時(shí)C.地球同步衛(wèi)星c在6h內(nèi)轉(zhuǎn)動(dòng)的圓心角是D.衛(wèi)星a隨地球自轉(zhuǎn)的向心加速度小于重力加速度【答案】D【解析】【詳解】A．萬有引力供應(yīng)向心力解得依據(jù)題圖可知，所以所以相同時(shí)間內(nèi)，轉(zhuǎn)過的弧長更大，A錯(cuò)誤；B．同步衛(wèi)星的周期為24h，依據(jù)開普勒第三定律可知北斗衛(wèi)星b的運(yùn)行周期小于24h，B錯(cuò)誤；C．地球同步衛(wèi)星c在6h內(nèi)轉(zhuǎn)動(dòng)的圓心角是，C錯(cuò)誤；D．與同軸轉(zhuǎn)動(dòng)，角速度相等，依據(jù)可知萬有引力供應(yīng)向心加速度解得可知地表旁邊的重力加速度大于，所以衛(wèi)星a隨地球自轉(zhuǎn)的向心加速度小于重力加速度，D正確。故選D。4.如圖所示，斜面體A靜止放置在水平地面上，質(zhì)量為m的物體B在外力F（方向水平向右）的作用下沿斜面對(duì)下做勻速運(yùn)動(dòng)，此時(shí)斜面體仍保持靜止。若撤去力F，下列說法正確的是（）A.A所受地面的摩擦力方向向左B.A所受地面的摩擦力可能為零C.A所受地面的摩擦力方向可能向右D.物體B仍將沿斜面對(duì)下做勻速運(yùn)動(dòng)【答案】A【解析】【詳解】依據(jù)題意可知B物塊在外力的作用下沿斜面對(duì)下做勻速直線運(yùn)動(dòng)，撤去外力后，B物塊沿斜面對(duì)下做加速運(yùn)動(dòng)，加速度沿斜面對(duì)下，所以A、B組成的系統(tǒng)在水平方向上有向左的分加速度，依據(jù)系統(tǒng)牛頓其次定律可知，地面對(duì)A的摩擦力水平向左，才能供應(yīng)系統(tǒng)在水平方向上的分加速度。故選A5.熱處理的電阻爐，由于發(fā)熱體R在升溫過程中電阻值增大許多，所以在爐子和電網(wǎng)之間配備一臺(tái)自耦變壓器，如圖所示。已知R的正常工作電壓與電網(wǎng)電壓相同，欲使R啟動(dòng)時(shí)的熱功率與正常工作時(shí)基本相同，下列說法正確的是（）A.啟動(dòng)時(shí)，應(yīng)將P向下滑動(dòng)，使副線圈的匝數(shù)小于原線圈的匝數(shù)B.啟動(dòng)時(shí)，應(yīng)將P向上滑動(dòng)，使副線圈的匝數(shù)大于原線圈的匝數(shù)C.保持P的位置不變，啟動(dòng)后的一段時(shí)間內(nèi)，電流表的示數(shù)會(huì)漸漸增大D.保持P的位置不變，啟動(dòng)后的一段時(shí)間內(nèi)，R的功率會(huì)漸漸減小【答案】AD【解析】【詳解】AB．剛起動(dòng)時(shí)電阻比啟動(dòng)后小，欲使啟動(dòng)時(shí)的熱功率與正常工作時(shí)基本相同，依據(jù)電功率的計(jì)算公式則必需調(diào)低副線圈的電壓，依據(jù)副線圈的匝數(shù)小于原線圈的匝數(shù)，就能使副線圈的電壓低于電網(wǎng)的電壓，所以，應(yīng)將P向下滑動(dòng)，B錯(cuò)誤A正確；CD．保持P的位置不變，即原副線圈的匝數(shù)比不變，依據(jù)則副線圈的電壓不變，啟動(dòng)后的一段時(shí)間內(nèi)，電阻的阻值增大，依據(jù)使得副線圈的電流強(qiáng)度減小，依據(jù)變壓器原理原線圈的電流強(qiáng)度也減小，電流表的示數(shù)會(huì)減小，依據(jù)在升溫過程中電阻值增大，消耗的電功率減小，C錯(cuò)誤D正確。故選AD。6.如圖所示，真空中同一平面內(nèi)MN直線上固定電荷量分別為﹣9Q和+Q的兩個(gè)點(diǎn)電荷，兩者相距為L，以+Q點(diǎn)電荷為圓心，半徑為畫圓，a、b、c、d是圓周上四點(diǎn)，其中a、b在MN直線上，c、d兩點(diǎn)連線垂直于MN，一電荷量為q的負(fù)點(diǎn)電荷在圓周上運(yùn)動(dòng)，比較a、b、c、d四點(diǎn)，則下列說法錯(cuò)誤的是（）A.c、d兩點(diǎn)電場強(qiáng)度相同B.負(fù)點(diǎn)電荷q在b點(diǎn)的電勢能最大C.c、d兩點(diǎn)的電勢相等D.移動(dòng)負(fù)點(diǎn)電荷q從a點(diǎn)到c點(diǎn)過程中靜電力做正功【答案】AB【解析】【詳解】A．依據(jù)場強(qiáng)的疊加法則可知，c、d兩點(diǎn)電場強(qiáng)度的大小相等，方向不同，A錯(cuò)誤；BC．對(duì)于可知，圓上四點(diǎn)處于的等勢面上，所以電勢均相等，對(duì)于，沿電場線方向電勢降低，所以依據(jù)可知負(fù)電荷在點(diǎn)電勢能最小，B錯(cuò)誤，C正確；D．依據(jù)可知電勢能關(guān)系為可知移動(dòng)負(fù)點(diǎn)電荷q從a點(diǎn)到c點(diǎn)過程中電勢能減小，所以電場力做正功，D正確。本題選擇錯(cuò)誤選項(xiàng)，故選AB。7.如圖甲所示，物塊的質(zhì)量kg，初速度m/s，在一水平向左的恒力作用下從點(diǎn)沿粗糙的水平面對(duì)右運(yùn)動(dòng)，某時(shí)刻恒力突然反向，整個(gè)過程中物塊速度的平方隨位置坐標(biāo)改變的關(guān)系圖像如圖乙所示（）A.0~5s內(nèi)物塊做勻減速運(yùn)動(dòng)B.在時(shí)刻恒力反向C.恒力大小為10ND.物塊與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.3【答案】BD【解析】【詳解】物體勻減速直線運(yùn)動(dòng)的加速度大小為：，勻加速直線運(yùn)動(dòng)的加速度大小為：，依據(jù)牛頓其次定律得：F+f＝ma1，F(xiàn)﹣f＝ma2，聯(lián)立兩式解得：F＝7N，f＝3N，則動(dòng)摩擦因數(shù)為：，物體勻減速直線運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為：．即在0﹣1s內(nèi)做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，1s后恒力F反向，做勻加速直線運(yùn)動(dòng)．故BD正確，AC錯(cuò)誤．8.一質(zhì)量為m、電阻為r的金屬桿ab，以肯定的初速度從一光滑平行金屬導(dǎo)軌底端向上滑行，導(dǎo)軌平面與水平面成角，兩導(dǎo)軌上端用一電阻R相連，如圖所示，磁場方向垂直斜面對(duì)上，導(dǎo)軌的電阻不計(jì)，金屬桿向上滑行到某一高度之后又返回究竟端時(shí)的速度大小為，則金屬桿在滑行的過程中A.向上滑行的時(shí)間等于向下滑行的時(shí)間B.向向上滑行時(shí)電阻R上產(chǎn)生的熱量大于向下滑行時(shí)電阻R上產(chǎn)生的熱量C.向上滑行的過程中與向下滑行的過程中通過電阻R的電荷量相等D.金屬桿從起先上滑至返回動(dòng)身點(diǎn)，電阻R上產(chǎn)生的熱量為【答案】BC【解析】A:因?yàn)樯匣A段的平均速度大于下滑階段的平均速度,而上滑階段的位移與下滑階段的位移大小相等,所以上滑過程的時(shí)間比下滑過程短,所以A錯(cuò)誤;

B、上滑階段的平均速度大于下滑階段的平均速度,由動(dòng)生電動(dòng)勢公式可以知道上滑階段的平均感應(yīng)電動(dòng)勢E1大于下滑階段的平均感應(yīng)電動(dòng)勢E2,而上滑階段和下滑階段通過回路即通過R的電量相同,再由公式,可以知道上滑階段回路電流做功即電阻R產(chǎn)生的熱量比下滑階段多.所以B正確;

C:電量,式中結(jié)果無時(shí)間,故上滑階段和下滑階段通過回路即通過R的電量相同,所以C正確;

D、金屬桿從起先上滑至返回動(dòng)身點(diǎn)的過程中,只有安培力做功,損失的動(dòng)能轉(zhuǎn)化電阻R和桿上的電阻r上產(chǎn)生的熱量的

和，電阻R上產(chǎn)生的熱量故D錯(cuò)誤；綜上所述本題答案是：BC點(diǎn)睛：本題的基礎(chǔ)是明確金屬桿的受力狀況和正確推斷金屬桿運(yùn)動(dòng)狀況如下,本題的關(guān)鍵是金屬桿上滑過程和下滑過程回路中均有電熱產(chǎn)生,金屬桿從底端滑上去再滑回底端高度不變,金屬桿的重力勢能不變,只有動(dòng)能轉(zhuǎn)化為電熱,故金屬桿再滑回底端時(shí)速度必定小于初速度,所以上滑階段的平均速度大于下滑階段的平均速度.三、非選擇題：共62分。第22~25題為必考題，每個(gè)試題考生都必需作答。第33~34題為選考題，考生依據(jù)要求作答。（一）必考題：共47分。9.如圖所示為重物系統(tǒng)與紙帶通過打點(diǎn)計(jì)時(shí)器做自由落體運(yùn)動(dòng)而得到的實(shí)際點(diǎn)跡，測得A、B、C、D、E五個(gè)連續(xù)點(diǎn)與第一個(gè)點(diǎn)O之間的距離分別是19.50、23.59、28.07、32.49、38.20（單位：厘米）。已知當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣鹊闹禐間=10m/s2，溝通電的頻率f=50Hz，重物的質(zhì)量為m。以D點(diǎn)為例，從O點(diǎn)到D點(diǎn)重物的重力勢能削減了_____J，動(dòng)能增加了_____J，由此說明_____（保留四位有效數(shù)字）?！敬鸢浮?1).3.249m(2).3.207m(3).在試驗(yàn)誤差允許的范圍內(nèi)重物的機(jī)械能守恒【解析】【詳解】[1]從O點(diǎn)到D點(diǎn)重物所受重力做正功，重力勢能減小，所以[2]勻變速直線運(yùn)動(dòng)中，某段時(shí)間內(nèi)的中間時(shí)刻速度等于平均速度，則點(diǎn)速度為動(dòng)能增加量為[3]由此說明，在試驗(yàn)誤差允許的范圍內(nèi)重物的機(jī)械能守恒。10.市場上銷售的銅質(zhì)電線電纜產(chǎn)品中，部分存在導(dǎo)體電阻不合格問題，質(zhì)檢部門檢驗(yàn)發(fā)覺不合格的緣由有兩個(gè)，一個(gè)是銅材質(zhì)量不合格，運(yùn)用了再生銅或含雜質(zhì)許多的銅；再一個(gè)就是銅材質(zhì)量可能合格，但導(dǎo)體橫截面積較小。某愛好小組想應(yīng)用所學(xué)的學(xué)問來檢測試驗(yàn)室中一捆銅電線的電阻率是否合格。小組成員查閱資料得知，純銅的電阻率為1.7×10－8Ω·m?，F(xiàn)取橫截面積約為1mm2、長度為100m（真實(shí)長度）的銅電線，進(jìn)行試驗(yàn)測量其電阻率，試驗(yàn)室現(xiàn)有的器材如下：A．電源（電動(dòng)勢約為5V，內(nèi)阻不計(jì)）B．待測長度為100m的銅電線，橫截面積約為1mm2C．電壓表V1（量程為0~3V，內(nèi)阻約為0.5kΩ）D．電壓表V2（量程為0~5V，內(nèi)阻約為3kΩ）E．電阻箱R（阻值范圍為0~999.9Ω）F．定值電阻R0=1ΩG．開關(guān)、導(dǎo)線若干(1)小組成員先用螺旋測微器測量該銅電線的直徑d，如圖甲所示，則d=________mm。(2)小組設(shè)計(jì)測量電路如圖乙所示，則P是________，N是________（填器材代號(hào)），通過試驗(yàn)作出的圖像如圖丙所示。(3)圖乙電路測得的銅電線的電阻測量值比真實(shí)值_____（選填“偏大”“不變”或“偏小”），緣由是________________。(4)這捆銅電線的電阻為_____（保留三位有效數(shù)字）?！敬鸢浮?1).1.625（1.624~1.627）(2).V2

(3).V1

(4).不變(5).采納圖像法處理數(shù)據(jù)，消退了電壓表的分流作用（說法合理即可）(6).2.60【解析】【詳解】(1)[1]螺旋測微器的精度為，讀數(shù)為。(2)[2]題中采納兩電壓表測量銅電線的電阻，依據(jù)電路結(jié)構(gòu)可知銅電線和電阻箱串聯(lián)分壓，所以P是測量銅電線和電阻箱的總電壓，即選量程較大電壓表V2。[3]N測量電阻箱的電壓，即選量程較小電壓表V1。(3)[4]依據(jù)歐姆定律可知變形得由于電表分流，則變形得可知，無論是否考慮的分流作用，圖像的斜率始終為銅電線電阻，所以采納圖像處理數(shù)據(jù)，測得的銅電線的電阻測量值比真實(shí)值不變。[5]依據(jù)[4]分析可知采納圖像法處理數(shù)據(jù)，消退了電壓表的分流作用。(4)[6]結(jié)合圖像斜率可知11.如圖所示，半徑為R的光滑圓環(huán)軌道與高為10R的光滑斜面安置在同一豎直平面內(nèi)，兩軌道之間由一條光滑水平軌道CD相連，在水平軌道CD上一輕質(zhì)彈簧被兩小球a、b夾?。ú贿B接）處于靜止?fàn)顟B(tài)，今同時(shí)釋放兩個(gè)小球，a球恰好能通過圓環(huán)軌道最高點(diǎn)A，b球恰好能到達(dá)斜面最高點(diǎn)B，已知a球質(zhì)量為m，求釋放小球前彈簧具有的彈性勢能為多少？【答案】75mgR【解析】【詳解】設(shè)兩個(gè)小球離開彈簧時(shí)的速度分別為va，vb，彈簧的彈性勢能為Ep，依據(jù)題意，對(duì)b球，由機(jī)械能守恒有對(duì)a球，由機(jī)械能守恒有a球恰好能通過圓環(huán)軌道最高點(diǎn)A需滿意對(duì)a、b球組成系統(tǒng)，由動(dòng)量守恒定律有由能量守恒定律有聯(lián)立解得12.如圖所示．相距為d、板間電壓為的平行金屬板間有方向垂直紙面對(duì)里、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為的勻強(qiáng)磁場；op和x軸的夾角，在poy區(qū)域內(nèi)有垂直紙面對(duì)外的勻強(qiáng)磁場，pox區(qū)域內(nèi)有沿x軸正方向的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小為E：一質(zhì)量為m、電量為q的正離子沿平行于金屬板、垂直磁場的方向射入板間并做勻速直線運(yùn)動(dòng)，從坐標(biāo)為（0，L）的a點(diǎn)垂直y軸進(jìn)入磁場區(qū)域，從op上某點(diǎn)沿y軸負(fù)方向離開磁場進(jìn)入電場，不計(jì)離子的重力．（1）離子在平行金屬板間的運(yùn)動(dòng)速度;（2）poy區(qū)域內(nèi)勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B；（3）離子打在x軸上對(duì)應(yīng)點(diǎn)的坐標(biāo)．【答案】（1）（2）（3）【解析】【詳解】(1)正離子在平行金屬板間勻速運(yùn)動(dòng)，依據(jù)平衡條件有Eq＝B0qv0

①依據(jù)平行金屬板間的場強(qiáng)和電勢差的關(guān)系有E＝②由①②式解得v0＝

③(2)在磁場中，由幾何關(guān)系有L＝R＋Rtanα

④洛倫茲力充當(dāng)向心力，依據(jù)牛頓其次定律有Bqv0＝m⑤由③④⑤式解得B＝⑥(3)在電場中正離子做類平拋運(yùn)動(dòng)，則有沿y軸負(fù)方向Rtanα＝v0t⑦沿x軸正方向x0＝at2⑧離子在電場中運(yùn)動(dòng)的加速度a＝⑨離子打在x軸上對(duì)應(yīng)點(diǎn)的橫坐標(biāo)x＝x0＋R

⑩由③④⑦⑧⑨⑩式解得離子打在x軸上對(duì)應(yīng)點(diǎn)的坐標(biāo)為(，0)物理選修[3-4]13.下列說法中正確的是_________A.如圖甲所示，小球在傾角很小的光滑斜面上來回運(yùn)動(dòng)，小球做簡諧運(yùn)動(dòng)B.如圖乙所示，a是一束白光，射向半圓玻璃磚的圓心O，經(jīng)折射后發(fā)生色散，最左側(cè)為紫光，最右側(cè)為紅光C.如圖丙所示為