浙江省金麗衢十二校2025屆高三物理下學(xué)期第二次聯(lián)考試題含解析

PAGE28-浙江省金麗衢十二校2025屆高三物理下學(xué)期其次次聯(lián)考試題（含解析）考生留意：1.答題前，請務(wù)必將自己的姓名、準考證號用黑色字跡的簽字筆或鋼筆分別填寫在試卷和答題紙規(guī)定的位置上。2.答題時，請依據(jù)答題紙上“留意事項”的要求，在答題紙相應(yīng)的位置上規(guī)范作答。在試題卷上的作答一律無效。3.非選擇題的答案必需運用黑色字跡的簽字筆或鋼筆寫在答題紙上相應(yīng)區(qū)域內(nèi)。作圖時先運用2B鉛筆，確定后必需運用黑色字跡的簽字筆或鋼筆描黑，答案寫在本試題卷上無效。4.可能用到的相關(guān)公式或參數(shù)：重力加速度取。選擇題部分一、選擇題Ⅰ（本題共13小題，每小題3分，共39分。在每小題給出的四個備選項中，只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分。）1.下列說法正確的是（）A.矢量是既有大小又有方向的物理量，矢量的合成和分解遵守平行四邊形定則B.速度、電流、加速度，都有正負，都是矢量C.磁通量的單位是特斯拉D.放在桌面上的物體對桌面的壓力是由于桌面發(fā)生形變產(chǎn)生的【答案】A【解析】【詳解】A．物理量按有無方向分為矢量和標量，矢量是既有大小又有方向的物理量，矢量的合成和分解遵守平行四邊形定則，標量是只有大小沒有方向的物理量，標量滿意代數(shù)運算，故A正確；B．位移、加速度都是矢量，電流雖然有方向，但是運算不滿意平行四邊形法則，故電流是標量，故B錯誤；C．磁通量的單位是韋伯，故C錯誤；D．放在桌面上的物體對桌面的壓力是由于物體發(fā)生形變產(chǎn)生的，故D錯誤。故選A。2.在物理學(xué)發(fā)展的過程中，很多物理學(xué)家的科學(xué)探討推動了人類文明的進程。關(guān)于以下幾位物理學(xué)家所作科學(xué)貢獻的敘述中，正確的是（）A.湯姆孫探討陰極射線時發(fā)覺了電子，并精確測出了電子的電荷量B.卡文迪許通過扭秤試驗，測定出了萬有引力常量C.法拉第通過試驗探討首先發(fā)覺了電流四周存在磁場D.盧瑟福的原子核式結(jié)構(gòu)模型認為核外電子的軌道半徑是量子化的【答案】B【解析】【詳解】A．湯姆孫探討陰極射線時發(fā)覺了電子，并測定了電子的比荷，密立根精確測出了電子的電荷量，A錯誤；B．卡文迪許通過扭秤試驗，測定出了萬有引力常量，B正確；C．奧斯特通過試驗探討首先發(fā)覺了電流四周存在磁場，C錯誤；D．玻爾的原子核式結(jié)構(gòu)模型認為核外電子的軌道半徑是量子化的，D錯誤。故選B。3.關(guān)于元電荷、點電荷和質(zhì)點下列說法錯誤的是（）A.假如物體的形態(tài)和大小在所探討的問題中屬于無關(guān)或次要因素，就可以把物體看成質(zhì)點B.全部帶電體的電荷量肯定等于元電荷的整數(shù)倍C.元電荷事實上是指電子和質(zhì)子本身D.一個帶電體能否看成點電荷，不是看他尺寸的肯定值，而是看它的形態(tài)和尺寸對相互作用力的影響能否忽視不計【答案】C【解析】【詳解】A．假如物體的形態(tài)和大小在所探討的問題中屬于無關(guān)或次要因素，物體的形態(tài)和大小可以被忽視，就可以把物體看成質(zhì)點，A正確；B．全部帶電體的電荷量肯定等于元電荷的整數(shù)倍，B正確；C．元電荷是物體帶電量的最小數(shù)值，電子和質(zhì)子的帶電量大小與元電荷的數(shù)值相等，C錯誤；D．一個帶電體能否看成點電荷，不是看他尺寸的肯定值，而是看它的形態(tài)和尺寸對相互作用力的影響能否忽視不計，D正確。本題選擇錯誤選項，故選C4.如圖所示，滑翔傘是一批酷愛跳傘、滑翔翼的飛行人員獨創(chuàng)的一種飛行運動，目前在我們浙江特別流行，掀起了一股旋風(fēng)?；鑲闩c傳統(tǒng)的著陸傘不同，它是一種飛行器?，F(xiàn)有一滑翔傘正沿直線朝斜向下方向勻速運動。用表示滑翔傘和飛行人員系統(tǒng)的總重力，表示空氣對它的作用力，下列四幅圖中能表示此過程中該系統(tǒng)受力狀況的是（）A. B. C. D.【答案】B【解析】【詳解】ABCD．無人機受重力和空氣作用力的作用，由于無人機勻速運動，故受力平衡，空氣作用力豎直向上，與重力相互平衡，ACD錯誤B正確。故選B。5.在平直馬路上行駛的車和車，其位移—時間圖象分別為圖中直線和曲線，已知車的加速度恒定且等于，時，直線和曲線剛好相切，則（）A.車做勻速運動且其速度為B.時，車和車的距離C.時，車的速度為D.時，車和車相遇，但此時速度不等【答案】B【解析】【詳解】A．由圖可知，a車勻速直線運動且速度為故A錯誤；BC．t=3s時，直線a和曲線b剛好相切，即此時b車的速度vb=va=2m/s設(shè)b車的初速度為v0，對b車，由v0+at=vb，解得則t=1s時b車速度為前3s內(nèi)，a車的位移大小b車的位移t=3s時，a車和b車到達同一位置，得t=0時a車和b車的距離故B正確，C錯誤；D．t=3s時a車和b車到達同一位置而相遇，直線a和曲線b剛好相切，說明兩者的速度相等，故D錯誤。故選B。6.如圖所示，一小球從半徑為的固定半圓軌道左端點正上方某處起先做平拋運動（小球可視為質(zhì)點），飛行過程中恰好與半圓軌道相切于點。為半圓軌道圓心，與水平方向夾角為，重力加速度為，關(guān)于小球的運動，以下說法正確的是（）A.拋出點與點的距離為B.小球自拋出至點的水平射程為C.小球拋出時的初速度為D.小球自拋出至點的過程中速度變更量為【答案】C【解析】【詳解】AB．由幾何學(xué)問可得，小球自拋出至B點的水平射程為小球飛行過程中恰好與半圓軌道相切于B點，經(jīng)過B點時速度與水平方向的夾角為，則設(shè)位移與水平方向的夾角為，則可得豎直位移故拋出點與B點的距離故AB錯誤；C．依據(jù)解得由解得故C正確；D．速度變更量故D錯誤。故選C。7.下列說法中正確的是（）A.在康普頓效應(yīng)中，當(dāng)入射光子與晶體中的電子碰撞時，把一部分能量轉(zhuǎn)移給電子，因此光子散射后波長變短B.黑體輻射時，隨著溫度的上升，一方面各種波長的輻射強度都有增加，另一方面輻射強度的極大值向頻率較小的方向移動C.氡的半衰期為3.8天，若取4個氧原子核，經(jīng)7.6天后就肯定剩下1個原子核了D.各種原子的放射光譜都是線狀譜，不同原子的發(fā)光頻率不一樣，因此每種原子都有自己的特征譜線，人們可以通過光譜分析來鑒別物質(zhì)和確定物質(zhì)的組成【答案】D【解析】【詳解】A．在康普頓效應(yīng)中，當(dāng)入射光子與晶體中的電子碰撞時，把一部分能量轉(zhuǎn)移給電子，因此光子散射后能量變小，則波長變長，選項A錯誤；B．黑體輻射時，隨著溫度的上升，一方面各種波長的輻射強度都有增加，另一方面輻射強度的極大值向波長較小頻率較大的方向移動，選項B錯誤；C．半衰期是大量原子核衰變的統(tǒng)計規(guī)律，對少量的原子核衰變不適應(yīng)，選項C錯誤；D．各種原子的放射光譜都是線狀譜，不同原子的發(fā)光頻率不一樣，因此每種原子都有自己的特征譜線，人們可以通過光譜分析來鑒別物質(zhì)和確定物質(zhì)的組成，選項D正確。故選D。8.如圖所示，某同學(xué)在電磁爐面板上豎直放置一紙質(zhì)圓筒，圓筒上套一環(huán)形輕質(zhì)鋁箱，電磁爐產(chǎn)生交變磁場的頻率、強度及鋁箔厚度可以調(diào)整?，F(xiàn)給電磁爐通電，發(fā)覺鋁箱懸浮了起來。若只變更其中一個變量，則（）A.增加磁場，鋁箔懸浮高度將不變B.鋁箔越薄，鋁箔中產(chǎn)生的感應(yīng)電流越大C.增大頻率，鋁箱中產(chǎn)生的感應(yīng)電流增大D.在剛斷開電源產(chǎn)生如圖磁場的瞬間，鋁箱中會產(chǎn)生如圖所示的電流【答案】C【解析】【詳解】A．鋁箔浮起，說明鋁箔受到豎直向上的安培力作用，磁場頻率不變，依據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知電動勢不變，所以鋁箔中感應(yīng)電流不變，增加磁場，依據(jù)可知安培力增大，所以鋁箔的懸浮高度增大，A錯誤；B．鋁箔越薄，厚度對應(yīng)的橫截面積越小，依據(jù)電阻定律可知鋁箔的電阻越大，所以通過鋁箔的感應(yīng)電流變小，B錯誤；C．增大頻率，增大，鋁箔中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢增大，感應(yīng)電流增大，C正確；D．剛斷開電源瞬間，豎直向上的磁場減弱，依據(jù)楞次定律可知鋁箔中產(chǎn)生豎直豎直向上的磁場，依據(jù)右手定則可知感應(yīng)電流與圖中電流方向相反，D錯誤。故選C。9.如圖甲所示，兩個點電荷、固定在x軸上距離為L的兩點，其中帶正電荷位于原點O，a、b是它們的連線延長線上的兩點，其中b點與O點相距?，F(xiàn)有一帶正電的粒子q以肯定的初速度沿x軸從a點起先經(jīng)b點向遠處運動粒子只受電場力作用，設(shè)粒子經(jīng)過a、b兩點時的速度分別為、，其速度隨坐標x變更的圖象如圖乙所示，則以下推斷不正確的是A.帶負電且電荷量小于B.b點的場強肯定為零C.a點的電勢比b點的電勢高D.粒子在a點的電勢能比b點的電勢能小【答案】ABD【解析】【詳解】AB．在b點前做減速運動，b點后做加速運動，可見b點的加速度為0，則在b點受到兩點電荷的電場力平衡，可知b點的合場強為零，Q2帶負電，且有所以Q1＞Q2故AB正確；CD．該電荷從a點到b點，做減速運動，且該電荷為正電荷，電場力做負功，所以電勢能增加，再據(jù)Ep=qφ知，電勢降低，所以b點電勢較高，故C錯誤，D正確。故選ABD。10.如圖所示的電路中，電源電動勢為，內(nèi)電阻為，平行板電容器的兩金屬板水平放置，和為定值電阻，為滑動變阻器的滑動觸頭，為靈敏電流計，為志向電流表。開關(guān)閉合后，的兩板間恰好有一質(zhì)量為、電荷量為的油滴處于靜止狀態(tài)，則以下說法正確的是（）A.在向上移動的過程中，表的示數(shù)變大，油滴仍舊靜止，中有由至的電流B.在向上移動的過程中，表的示數(shù)變小，油滴向上加速運動，中有由至的電流C.在向下移動的過程中，表的示數(shù)變大，油滴向下加速運動，中有由至的電流D.在向下移動的過程中，表的示數(shù)變小，油滴向上加速運動，中有由至的電流【答案】B【解析】【詳解】AB．在向上移動的過程中，電阻增大，依據(jù)閉合電路歐姆定律可知干路電流減小，則電流表示數(shù)減小，依據(jù)歐姆定律可知分壓減小，依據(jù)可知路端電壓增大，所以分壓增大，電容器兩端電壓增大，液滴重力豎直向下，電場力豎直向上，依據(jù)可知電場強度增大，電場力增大，所以液滴向上加速運動，依據(jù)可知電容器帶電量增大，電容器充電，中電流方向為，A錯誤，B正確；CD．在向下移動的過程中，電阻減小，干路電流增大，電流表示數(shù)增大，分壓增大，路端電壓減小，電容器兩端電壓減小，液滴向下加速運動，電容器放電，中電流方向為，CD錯誤。故選B。11.脈沖星是科學(xué)家不會放過的“自然太空試驗室”，它是快速旋轉(zhuǎn)的中子星，屬于大質(zhì)量恒星死亡后留下的殘骸，也是宇宙中密度最高的天體之一。某顆星的自轉(zhuǎn)周期為（實際測量為，距離地球1.6萬光年）。假設(shè)該星球恰好能維持自轉(zhuǎn)不瓦解，令該星球的密度與自轉(zhuǎn)周期的相關(guān)量為為，同時假設(shè)地球同步衛(wèi)星離地面的高度為地球半徑的6倍，地球的密度與自轉(zhuǎn)周期的相關(guān)量為，則（）A. B. C. D.【答案】D【解析】【詳解】由，可得周期越小，物體須要的向心力越大，物體對星球表面的壓力越小，當(dāng)周期小到肯定值時，壓力為零，此時萬有引力充當(dāng)向心力，即又聯(lián)立解得地球的同步衛(wèi)星的軌道是地球的半徑的7倍，對地球的同步衛(wèi)星又聯(lián)立解得所以故選D。12.如圖所示，透亮半球體半徑為，為半球體球心，過球外點射向球面上點的光線，經(jīng)折射后從平行于球面上的點射出，已知到的距離為，之間的距離為，光在真空中的傳播速度為，則（）A.透亮球體的折射率B.透亮球體的臨界角是C.光從到所用的時間D.光在透亮球體中的傳播速度為【答案】D【解析】【詳解】A．依題意可知，光線AB與MO平行，光路圖如下圖所示OA為過A點發(fā)覺，過M點作OA的垂線交OA與O1，A到MO的距離則解得則所以代入解得透亮球體的折射率故A錯誤；B．透亮球體的臨界角故B錯誤；C．由幾何關(guān)系可得光從到所用的時間故C錯誤；D．依據(jù)解得光在透亮球體中的傳播速度故D正確。故選D。13.如圖所示：絕緣中空軌道豎直固定，圓弧段光滑，對應(yīng)圓心角為，、兩端等高，為最低點，圓弧圓心為，半徑為；直線段、粗糙，與圓弧段分別在、端相切；整個裝置處于方向垂直于軌道所在平面對里、磁感應(yīng)強度大小為的勻強磁場中，在豎直虛線左側(cè)和右側(cè)還分別存在著場強大小相等、方向水平向右和向左的勻強電場?，F(xiàn)有一質(zhì)量為、電荷量恒為、直徑略小于軌道內(nèi)徑、可視為質(zhì)點的帶正電小球，從軌道內(nèi)距點足夠遠的點由靜止釋放。若，小球所受電場力等于其重力的倍，重力加速度為。則（）A.小球第一次沿軌道下滑的過程中，先做加速度減小的加速運動，后做減速運動B.小球經(jīng)過點時，對軌道的彈力可能為C.經(jīng)足夠長時間，小球克服摩擦力做的總功是D.小球在軌道內(nèi)受到的摩擦力可能大于【答案】C【解析】【詳解】A．小球第一次沿軌道AC下滑的過程中，由題意可知，電場力與重力的合力方向恰好沿著斜面AC，則剛起先小球與管壁無作用力，當(dāng)從靜止運動后，由左手定則可知，洛倫茲力導(dǎo)致球?qū)鼙谟凶饔昧?，從而?dǎo)致滑動摩擦力增大，而重力與電場力的合力大小為不變，故依據(jù)牛頓其次定律可知，做加速度減小的加速運動，當(dāng)摩擦力等于兩個力的合力時，做勻速運動，故A錯誤；

B．小球在軌道上往復(fù)運動，由于在斜軌上不斷損失機械能，則最終會在CD之間往復(fù)運動，對小球在O點受力分析，且由C向D運動，此時在D點的洛倫茲力最小，對軌道的壓力最小，則由牛頓其次定律，則有由C到O點，機械能守恒定律，則有解得即當(dāng)小球由C向D運動時，則對軌道的最小的彈力為，不行能為，故B錯誤；

D．當(dāng)小球的摩擦力與重力及電場力的合力相等時，小球做勻速直線運動，小球在軌道內(nèi)受到的摩擦力最大，則為，不行能大于，故D錯誤；

C．依據(jù)動能定理，可知，取從靜止起先到最終速度為零，則摩擦力做功與重力及電場力做功之和為零，則摩擦力總功為，故C正確；故選C。二、選擇題Ⅱ（本題共3.小題，每小題2分，共6分，每小題列出的四個備選項中至少有一個選項是符合題目要求的。全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分）14.如圖甲所示，物塊、間拴接一個壓縮后被鎖定的輕彈簧，整個系統(tǒng)靜止放在光滑水平地面上，其中物塊最初與左側(cè)固定的擋板相接觸，物塊質(zhì)量為?，F(xiàn)解除對彈簧的鎖定，在離開擋板后，物塊的圖如圖乙所示，則可知（）A.物塊的質(zhì)量為B.運動過程中物塊的最大速度為C.在物塊離開擋板前，系統(tǒng)動量守恒、機械能守恒D.在物塊離開擋板后彈簧的最大彈性勢能為【答案】BD【解析】【詳解】A．由圖知，A離開擋板瞬間B的速度為，B的速度最小值為，B的速度最小時，彈簧第一次復(fù)原原長，的最大速度，取向右為正方向，依據(jù)系統(tǒng)動量守恒和機械能守恒得解得A錯誤B正確；C．在A離開擋板前，由于擋板對A有作用力，A、B系統(tǒng)所受合外力不為零，所以系統(tǒng)動量不守恒；C錯誤；D．分析從A離開擋板后A、B的運動過程，彈簧伸長到最長時，彈性勢能最大，此時A、B的共同速度為，依據(jù)動量守恒解得依據(jù)機械能守恒定律解得D正確。故選BD。15.在光電效應(yīng)試驗中，某同學(xué)按如圖方式連接電路，用同一種材料在不同試驗條件下得到了三條光電流與電壓之間關(guān)系曲線（甲光、乙光、丙光），如圖所示。則可推斷出（）A.甲光的頻率大于乙光的頻率B.乙光的波長大于丙光的波長C.僅將滑動變阻器的觸頭向右滑動，則微安表的示數(shù)可能為零D.甲光的光強大于乙光的光強【答案】BD【解析】【詳解】A．依據(jù)入射光的頻率越高，對應(yīng)的遏止電壓Uc越大，甲光、乙光的遏止電壓相等，所以甲光、乙光的頻率相等，故A錯誤；B．丙光的遏止電壓大于乙光的遏止電壓，所以丙光的頻率大于乙光的頻率，則乙光的波長大于丙光的波長，故B正確；C．由圖可知，光電管兩端加的是正向電壓，僅將滑動變阻器的觸頭向右滑動，不變更光的強度，則微安表的示數(shù)不行能為零，故C錯誤；D．飽和光電流與入射光的強度有關(guān)，光的頻率肯定時，光強越強，飽和光電流越大，由圖可知，甲光飽和光電流大于乙光，因此甲光的光強大于乙光的光強，故D正確。故選BD。16.一列簡諧橫波在時的波形圖如圖甲所示，、是介質(zhì)中的兩個質(zhì)點。圖乙是質(zhì)點的振動圖象。則下列說法正確的是（）A.波的傳播方向沿軸負方向傳播，波速為B.波的傳播方向沿軸正方向傳播，波速為C.質(zhì)點的平衡位置的坐標為D.該波遇到尺寸為的障礙物時能發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象【答案】AC【解析】【詳解】AB．依據(jù)圖乙可知在時Q點向上振動，依據(jù)同側(cè)法可知該波向x軸負向傳播；依據(jù)圖甲可知波長λ=36cm；該波的波速為選項A正確，B錯誤；C．由圖乙可知，在t=0時Q點處于平衡位置，經(jīng)過，其振動狀態(tài)向x軸負方向傳播到P點處，所以xQ-xP=v△t=18×cm=6cm由數(shù)學(xué)學(xué)問可知xP=3cm，則xQ=9cm。故C正確。

D．因該波的波長為36cm，則該波遇到尺寸為的障礙物時不能發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象，選項D錯誤。故選AC。非選擇題部分三、非選擇題（本題共6小題，共55分）17.利用氣墊導(dǎo)軌驗證機械能守恒定律，試驗裝置示意圖如圖所示。(1)主要試驗步驟如下：A.將氣墊導(dǎo)軌放在水平桌面上，并調(diào)至水平；B.用游標卡尺測出擋光條的寬度；C.由導(dǎo)軌標尺讀出兩個光電門中心之間的距離______；D.將滑塊移至光電門1左側(cè)某處，待砝碼靜止不動時，釋放滑塊，要求砝碼落地前擋光條能過光電門2；E.從數(shù)字計時器（圖中未畫出）上分別讀出擋光條通過光電門1和光電門2所用的時間和；F.用天平稱出托盤和砝碼的總質(zhì)量。G.……(2)請回答下列問題：重力加速度取。①為驗證機械能守恒定律，還須要測的物理量是______；②滑塊通過光電門1和光電門2的瞬時速度分別為______和______；（用測量量的字母表示）③在試驗誤差范圍內(nèi)，假如關(guān)系式____________（用測量量的字母表示）成立，則可認為驗證了機械能守恒定律。【答案】(1).(2).滑塊和擋光條總質(zhì)量(3).(4).(5).【解析】【詳解】(1)[1]由圖可知，兩個光電門中心之間的距離(2)[2]由試驗原理有即由題意可知，還須要測的物理量是滑塊和擋光條總質(zhì)量[3][4]依據(jù)極短時間內(nèi)的平均速度等于瞬時速度知，[5]系統(tǒng)增加的動能為在滑塊從光電門1運動到光電門2的過程中，系統(tǒng)勢能的削減假如可認為驗證了機械能守恒定律18.某同學(xué)采納如圖甲所示的電路測定電源的電動勢和內(nèi)電阻。(1)閉合開關(guān)，調(diào)整滑動變阻器，發(fā)覺電壓表有讀數(shù)，而電流表讀數(shù)為0.用多用電表排查故障，在運用多用電表前，發(fā)覺指針不在左邊“0”刻度線處，應(yīng)先調(diào)整圖乙中多用電表的___。（選填“A”，“B”）(2)用多用電表的電壓檔檢查電路，把兩表筆分別接、和時，示數(shù)均為0，把兩表筆接時，示數(shù)與電壓表示數(shù)相同，由此可推斷故障是___。(3)解除故障后，該同學(xué)順當(dāng)完成試驗數(shù)據(jù)的測量。并依據(jù)數(shù)據(jù)在空白的坐標紙上作出如圖所示的圖線，該圖存在不妥之處，請指出兩處不妥之處：①________，②________。(4)為了在試驗中愛護電流表和調(diào)整電阻時使電壓表、電流表的示數(shù)變更均明顯，該同學(xué)對試驗進行改進，設(shè)計了如圖所示的電路，電路中電阻應(yīng)當(dāng)選取下列備選電阻中的哪一個_____。A.B.C.D.【答案】(1).A(2).間斷路(3).軸坐標起點的選取從0起先明顯不妥(4).建立坐標系時沒有標明單位也是不妥(5).B【解析】【詳解】(1)[1]應(yīng)先調(diào)整圖乙中多用電表的A。(2)[2]由于電流表示數(shù)為零，電壓表示數(shù)不為零，說明電路出現(xiàn)斷路。若電路中只有一處斷路，用電壓表兩表筆逐段（如ab、bc、cd、…）依次并聯(lián)進行測量，若與哪一段電路并聯(lián)時電壓表指針偏轉(zhuǎn)，說明此段電路斷路。緣由是假如電路中僅有一處斷路，那么整個電路的電勢差全部著陸在斷路之處，其余各處電壓均為零。所以當(dāng)電壓表兩表筆接cd時，由于示數(shù)與電壓表的示數(shù)相同，故與電壓表并接的兩點之間斷路，應(yīng)是cd之間的滑動變阻器發(fā)生斷路故障。

(3)①[3]由圖可知，圖線幾乎分布在一個很小的區(qū)域內(nèi)，緣由是電壓U的取值范圍在2.70~3.00V之間，而U軸坐標起點的選取從0起先明顯不妥；②[4]此外該同學(xué)建立坐標時沒有標明所用單位也是不妥。

③[5]愛護電阻R0應(yīng)大約為所以B選項正確。19.如圖甲所示，一質(zhì)量的小物塊從斜面底端，以肯定的初速度沖上傾角為的足夠長固定斜面，某同學(xué)利用位移傳感器測出了沖上斜面過程中的小物塊到傳感器的距離，并用計算機畫出了小物塊上滑過程的位移—時間圖線如圖乙所示。（取，，）求：(1)小物塊沖上斜面過程中加速度的大??；(2)小物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)；(3)小物塊在斜面上運動的時間?！敬鸢浮?1)；(2)0.25；(3)【解析】【詳解】(1)小物塊上滑過程做勻減速運動，由位移公式可得圖乙中選取數(shù)據(jù)代入上式可解得，(2)上滑過程，依據(jù)牛頓其次定律可知解得(3)上滑過程用時位移為下滑過程解得依據(jù)可知小物塊在斜面上運動的時間20.輕質(zhì)彈簧原長為，將彈簧豎直放置在地面上，在其頂端將一質(zhì)量為的物體由靜止釋放，當(dāng)彈簧被壓縮到最短時，彈簧長度為。現(xiàn)將該彈簧放置在傾角為傾斜軌道上，一端固定在點，另一端與物塊接觸但不連接。的長度為，端與半徑為的光滑半圓軌道相切，如圖所示。物塊與間的動摩擦因數(shù)。用外力推動物塊，將彈簧壓縮至長度，然后放開，起先沿軌道運動，重力加速度大小為。(1)當(dāng)彈簧長度為時，求彈簧具有的彈性勢能；(2)若的質(zhì)量為，試推斷能否到達圓軌道的最高點；(3)若能滑上圓軌道，且仍能沿圓軌道滑下，求的質(zhì)量的取值范圍?！敬鸢浮?1)；(2)能運動到最高點；(3)【解析】【詳解】(1)依題意，當(dāng)彈簧豎直放置，的物體由靜止釋放，到彈簧壓縮到最短時，物體減小的重力勢能轉(zhuǎn)化彈簧的彈性勢能，則彈簧長度為時有的彈性勢能為(2)若剛好能沿圓軌道運動到圓軌道的最高點，有解得設(shè)能過到達圓軌道的最高點，依據(jù)能量守恒定律有解得因為，所以能運動到最高點。(3)設(shè)的質(zhì)量為，為使能滑上圓軌道，它到達點時速度不能小于零，即要使仍能沿圓軌道滑回，在圓軌道的上上升度不能超過圓心高度，由機械能守恒定律有解得21.如圖所示，間距為且足夠長平行軌道與由傾斜與水平兩部分平滑連接組成，其中水平軌道的、段為粗糙絕緣材料，其它部