江蘇省南通市啟東市呂四中學(xué)2025屆高三物理第一次質(zhì)量檢測(cè)試題含解析

PAGE18-江蘇省南通市啟東市呂四中學(xué)2025屆高三物理第一次質(zhì)量檢測(cè)試題（含解析）一、選擇題1.若物體在某一運(yùn)動(dòng)過程中動(dòng)能保持不變，則在該過程中（）A.物體肯定做勻速直線運(yùn)動(dòng) B.重力對(duì)物體肯定做正功C.合外力可能對(duì)物體做正功 D.物體的加速度可能與速度始終垂直【答案】D【解析】【詳解】A．動(dòng)能保持不變，速度的大小不變，不代表速度方向不變，比如勻速圓周運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B．由動(dòng)能定理知，動(dòng)能保持不變，說明合外力的功為零，不說明重力對(duì)物體肯定做正功，比如水平面內(nèi)的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，重力不做功，故B錯(cuò)誤；C．由動(dòng)能定理知，若合外力對(duì)物體做正功，動(dòng)能肯定增加，不會(huì)保持不變，故C錯(cuò)誤；D．物體的加速度可能與速度始終垂直，比如勻速圓周運(yùn)動(dòng)，故D正確。故選D。2.將質(zhì)量為1kg的物塊從距地面20m處自由釋放，不計(jì)空氣阻力，重力加速度，則物塊在落地前1s內(nèi)重力做功的功率為（）A.100W B.150W C.175W D.200W【答案】B【解析】【詳解】依據(jù)知下落時(shí)間為最終一秒下降的高度為重力做功為依據(jù)知物塊在落地前1s內(nèi)重力做功的功率為故B正確，ACD錯(cuò)誤。故選B。3.為了探測(cè)引力波，“天琴安排”預(yù)料放射地球衛(wèi)星P，其軌道半徑約為地球半徑的16倍；另一地球衛(wèi)星Q的軌道半徑約為地球半徑的4倍．P與Q的周期之比約為（）A.2:1 B.4:1 C.8:1 D.16:1【答案】C【解析】【詳解】本題考查衛(wèi)星的運(yùn)動(dòng)、開普勒定律及其相關(guān)的學(xué)問點(diǎn)．設(shè)地球半徑為R，依據(jù)題述，地球衛(wèi)星P的軌道半徑為RP=16R，地球衛(wèi)星Q的軌道半徑為RQ=4R，依據(jù)開普勒定律，==64，所以P與Q的周期之比為TP∶TQ=8∶1，選項(xiàng)C正確．4.如圖，一帶正電的點(diǎn)電荷固定于O點(diǎn)，兩虛線圓均以O(shè)為圓心，兩實(shí)線分別為帶電粒子M和N先后在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡，a、b、c、d、e為軌跡和虛線圓的交點(diǎn)，不計(jì)重力。下列說法錯(cuò)誤的是（）A.M帶負(fù)電荷，N帶正電荷B.M在b點(diǎn)的動(dòng)能小于它在a點(diǎn)的動(dòng)能C.N在d點(diǎn)的電勢(shì)能等于它在e點(diǎn)的電勢(shì)能D.N在從c點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到d點(diǎn)的過程中克服電場(chǎng)力做負(fù)功【答案】D【解析】【詳解】A．由粒子運(yùn)動(dòng)軌跡可知，M受到的是吸引力，N受到的是排斥力，由于O點(diǎn)的電荷帶正電，所以M帶負(fù)電荷，N帶正電荷，選項(xiàng)A正確；B．M從a到b點(diǎn)，庫(kù)侖力做負(fù)功，依據(jù)動(dòng)能定理可知M的動(dòng)能減小，所以M在b點(diǎn)的動(dòng)能小于它在a點(diǎn)的動(dòng)能，選項(xiàng)B正確；C．d點(diǎn)和e點(diǎn)處在同一等勢(shì)面上，則N在d點(diǎn)的電勢(shì)能等于它在e點(diǎn)的電勢(shì)能，選項(xiàng)C正確；D．N受到排斥力，在從c點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到d點(diǎn)的過程中庫(kù)侖斥力做正功，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。本題選錯(cuò)誤，故選D。5.如圖所示，一個(gè)絕緣圓環(huán)，當(dāng)它的勻稱帶電且電荷量為+q時(shí)，圓心O處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E，現(xiàn)使半圓ABC勻稱帶電+2q，而另一半圓ADC勻稱帶電–2q，則圓心O處電場(chǎng)強(qiáng)度的大小和方向?yàn)锳.2E，方向由O指向DB.4E，方向由O指向DC.2E，方向由O指向BD.0【答案】A【解析】【詳解】當(dāng)圓環(huán)的勻稱帶電，電荷量為+q時(shí)，圓心O處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E，當(dāng)半圓ABC的帶電荷量為+2q，由如圖所示的矢量合成可得，在圓心處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為，方向由B到D；當(dāng)另一半圓ADC勻稱帶電?2q，同理，在圓心處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為，方向由O到D；依據(jù)矢量的合成法則，圓心O處的電強(qiáng)度的大小為，方向由O到D，選項(xiàng)A正確，BCD錯(cuò)誤．故選A6.如圖所示，在兩個(gè)等量負(fù)點(diǎn)電荷形成的電場(chǎng)中，O點(diǎn)是兩電荷連線的中點(diǎn)，a、b是該線上的兩點(diǎn)，c、d是兩電荷連線中垂線上的兩點(diǎn)，acbd為一菱形．若將一負(fù)粒子（不計(jì)重力且不影響原電場(chǎng)分布）從c點(diǎn)勻速移動(dòng)到d點(diǎn)，電場(chǎng)強(qiáng)度用E表示，電勢(shì)用φ表示．則下列說法正確的是A.φa肯定小于φO，φO肯定大于φc B.Ea肯定大于EO，EO肯定大于EcC.負(fù)粒子的電勢(shì)能肯定先增大后減小 D.施加在負(fù)粒子上的外力肯定先減小后增大【答案】C【解析】【詳解】據(jù)題意，由等量同種負(fù)電荷電場(chǎng)線和等勢(shì)線分布圖可知，沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低和電勢(shì)的對(duì)稱性，a點(diǎn)電勢(shì)小于O點(diǎn)的，而O點(diǎn)電勢(shì)小于c點(diǎn)的，故選項(xiàng)A錯(cuò)誤；O處的電場(chǎng)強(qiáng)度為0，a處、c處電場(chǎng)強(qiáng)度不為0，故選項(xiàng)B錯(cuò)誤；負(fù)離子從c點(diǎn)勻速移動(dòng)到d點(diǎn)，電場(chǎng)力先做負(fù)功后做正功，則電勢(shì)能先增加后減小，故選項(xiàng)C正確；由于負(fù)離子做勻速運(yùn)動(dòng)，外力大小等于電場(chǎng)力大小，而電場(chǎng)力可能先增加后減小，再增加又減小，電場(chǎng)力也可能先減小后增大，故選項(xiàng)D錯(cuò)誤．7.一勻強(qiáng)電場(chǎng)的方向豎直向上，t=0時(shí)刻，一帶電粒子以肯定初速度水平射入該電場(chǎng)，電場(chǎng)力對(duì)粒子做功的功率為P，不計(jì)粒子重力，則P-t關(guān)系圖象是A. B. C. D.【答案】A【解析】【詳解】由于帶電粒子在電場(chǎng)中類平拋運(yùn)動(dòng)，在電場(chǎng)力方向上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度為，經(jīng)過時(shí)間，電場(chǎng)力方向速度為，功率為，所以P與t成正比，故A正確．8.如圖所示,固定的豎直光滑長(zhǎng)桿上套有質(zhì)量為m的小圓環(huán),圓環(huán)與水平狀態(tài)的輕質(zhì)彈簧一端連接,彈簧的另一端連接在墻上,且處于原長(zhǎng)狀態(tài)．現(xiàn)讓圓環(huán)由靜止起先下滑,已知彈簧原長(zhǎng)為L(zhǎng),圓環(huán)下滑到最大距離時(shí)彈簧的長(zhǎng)度變?yōu)?L(未超過彈性限度),則在圓環(huán)下滑到最大距離的過程中()A.圓環(huán)的機(jī)械能守恒B.彈簧彈性勢(shì)能變更了mgLC.圓環(huán)下滑到最大距離時(shí),所受合力為零D.圓環(huán)重力勢(shì)能與彈簧彈性勢(shì)能之和保持不變【答案】B【解析】圓環(huán)在下滑過程中，彈簧對(duì)其做負(fù)功，故圓環(huán)機(jī)械能減小，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；圓環(huán)下滑到最大的距離時(shí)，由幾何關(guān)系可知，圓環(huán)下滑的距離為，圓環(huán)的速度為零，由能量守恒定律可知，彈簧的彈性勢(shì)能增加量等于圓環(huán)重力勢(shì)能的減小量，為，故選項(xiàng)B正確；圓環(huán)下滑過程中，所受合力為零時(shí)，加速度為零，速度最大，而下滑至最大距離時(shí)，物體速度為零，加速度不為零，所以選項(xiàng)C錯(cuò)誤；在下滑過程中，圓環(huán)的機(jī)械能與彈簧彈性勢(shì)能之和保持不變，即系統(tǒng)機(jī)械能守恒，所以選項(xiàng)D錯(cuò)誤；考點(diǎn)：系統(tǒng)機(jī)械能守恒二、多選題9.若一電子從電場(chǎng)中A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過程中，克服電場(chǎng)力做功為10eV，則（）A.電子在A點(diǎn)的電勢(shì)能大于它在B點(diǎn)的電勢(shì)能B.A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為10VC.若規(guī)定A點(diǎn)的電勢(shì)為0，則B點(diǎn)的電勢(shì)為10VD.若A點(diǎn)的電勢(shì)為5V，則電子在A點(diǎn)的電勢(shì)能為【答案】BD【解析】【詳解】A．依據(jù)題意，電子從A到B的過程中克服電場(chǎng)力做功，電勢(shì)能增大，所以電子在A點(diǎn)的電勢(shì)能小于在B點(diǎn)的電勢(shì)能，故A錯(cuò)誤；B．電子從A到B電場(chǎng)力做功A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為故B正確；C．若規(guī)定A點(diǎn)電勢(shì)為0，依據(jù)則B點(diǎn)電勢(shì)為?10V，故C錯(cuò)誤；D．若A點(diǎn)電勢(shì)為5V，則電子在A點(diǎn)的電勢(shì)能故D正確。故選BD。10.如圖所示，摩天輪懸掛的座艙在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)．座艙的質(zhì)量為m，運(yùn)動(dòng)半徑為R，角速度大小為ω，重力加速度為g，則座艙A.運(yùn)動(dòng)周期為B.線速度的大小為ωRC.受摩天輪作用力的大小始終為mgD.所受合力的大小始終為mω2R【答案】BD【解析】【詳解】由于座艙做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由公式，解得：，故A錯(cuò)誤；由圓周運(yùn)動(dòng)的線速度與角速度的關(guān)系可知，，故B正確；由于座艙做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，所以座艙受到摩天輪的作用力是變力，不行能始終為，故C錯(cuò)誤；由勻速圓周運(yùn)動(dòng)的合力供應(yīng)向心力可得：，故D正確．11.將平行板電容器兩極板之間的距離、電壓、電場(chǎng)強(qiáng)度大小、電容和極板所帶的電荷量分別用d、U、E、C和Q表示．下列說法正確的是()A.保持U不變，將d變?yōu)樵瓉?lái)的兩倍，則E變?yōu)樵瓉?lái)的一半B.保持E不變，將d變?yōu)樵瓉?lái)的一半，則U變?yōu)樵瓉?lái)的兩倍C.保持C不變，將Q變?yōu)樵瓉?lái)的兩倍，則U變?yōu)樵瓉?lái)的兩倍D.保持d、C不變，將Q變?yōu)樵瓉?lái)的一半，則E變?yōu)樵瓉?lái)的一半【答案】ACD【解析】分析】保持U不變，依據(jù)E=可得E與d的關(guān)系；保持E不變，依據(jù)U=Ed可得U與d成正比；保持C不變，依據(jù)公式C=可知將Q與U成正比；保持d、C不變，將Q變?yōu)樵瓉?lái)的一半，依據(jù)公式C=可知，U變?yōu)樵瓉?lái)的一半，依據(jù)公式E=即可得到E的變更．【詳解】A.保持U不變，將d變?yōu)樵瓉?lái)的兩倍后，依據(jù)E=可得E變?yōu)樵瓉?lái)的一半，A正確；B.保持E不變，將d變?yōu)樵瓉?lái)的一半，依據(jù)U=Ed可得U變?yōu)樵瓉?lái)的一半，B錯(cuò)誤；C.依據(jù)公式C=可知將Q變?yōu)樵瓉?lái)的兩倍，則U變?yōu)樵瓉?lái)的兩倍，C正確；D.依據(jù)C=可得C不變，將Q變?yōu)樵瓉?lái)的一半，U變?yōu)樵瓉?lái)的一半，依據(jù)公式E=可知d不變，U變?yōu)樵瓉?lái)的一半，E變?yōu)樵瓉?lái)的一半，D正確．【點(diǎn)睛】本題考查電容器的動(dòng)態(tài)分析，學(xué)生抓住電容器的幾個(gè)相關(guān)公式即可分析出結(jié)果．12.如圖所示，輕質(zhì)彈簧的左端固定，并處于自然狀態(tài)．小物塊的質(zhì)量為m，從A點(diǎn)向左沿水平地面運(yùn)動(dòng)，壓縮彈簧后被彈回，運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)恰好靜止．物塊向左運(yùn)動(dòng)的最大距離為s，與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，重力加速度為g，彈簧未超出彈性限度．在上述過程中A.彈簧的最大彈力為μmgB.物塊克服摩擦力做的功為2μmgsC.彈簧的最大彈性勢(shì)能為μmgsD.物塊在A點(diǎn)的初速度為【答案】BC【解析】【詳解】小物塊壓縮彈簧最短時(shí)有，故A錯(cuò)誤；全過程小物塊的路程為，所以全過程中克服摩擦力做的功為：，故B正確；小物塊從彈簧壓縮最短處到A點(diǎn)由能量守恒得：，故C正確；小物塊從A點(diǎn)返回A點(diǎn)由動(dòng)能定理得：，解得：，故D錯(cuò)誤．13.如圖甲所示，在某電場(chǎng)中建立x坐標(biāo)軸，A、B為x軸上的兩點(diǎn)，xA、xB分別為A、B兩點(diǎn)在x軸上的坐標(biāo)值。一電子僅在電場(chǎng)力作用下沿x軸運(yùn)動(dòng)，該電子的電勢(shì)能Ep隨其坐標(biāo)x變更的關(guān)系如圖乙所示，則下列說法中正確的是（）A.該電場(chǎng)肯定是孤立點(diǎn)電荷形成的電場(chǎng)B.A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度小于B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度C.電子由A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過程中電場(chǎng)力對(duì)其所做的功W=EpA－EpBD.電子在A點(diǎn)的動(dòng)能小于在B點(diǎn)的動(dòng)能【答案】C【解析】【詳解】AB．電場(chǎng)力做功變更電勢(shì)能，圖像斜率的物理意義為電場(chǎng)力，即圖像斜率肯定，所以電場(chǎng)強(qiáng)度肯定，則該電場(chǎng)為勻強(qiáng)電場(chǎng)AB錯(cuò)誤；C．電子從運(yùn)動(dòng)到，電勢(shì)能增大，電場(chǎng)力做負(fù)功，即C正確；D．電子僅在電場(chǎng)力作用下運(yùn)動(dòng)，電勢(shì)能和動(dòng)能相互轉(zhuǎn)化，因?yàn)樗訢錯(cuò)誤。故選C。三.簡(jiǎn)答題.14.某同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖甲所示的裝置來(lái)探究小車的加速度與所受合力的關(guān)系．將裝有力傳感器的小車放置于水平長(zhǎng)木板上，緩慢向小桶中加入細(xì)砂，直到小車剛起先運(yùn)動(dòng)為止，登記傳感器的最大示數(shù)F0，以此表示小車所受摩擦力的大?。賹⑿≤嚪呕卦幉醋。又蛐⊥爸屑尤爰?xì)砂，登記傳感器的示數(shù)F1．（1）接通頻率為50Hz的溝通電源，釋放小車，打出如圖乙所示的紙帶．從比較清楚的點(diǎn)起，每5個(gè)點(diǎn)取一個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，量出相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)之間的距離，則小車加速度a=________m/s2．(保留兩位有效數(shù)字）（2）變更小桶中砂的重力，多次重復(fù)試驗(yàn)，登記小車加速運(yùn)動(dòng)時(shí)傳感器的示數(shù)F2，獲得多組數(shù)據(jù)，描繪小車加速度a與合力F（F=F2﹣F0）的關(guān)系圖象，不計(jì)紙帶與計(jì)時(shí)器間的摩擦，下列圖象中正確的是___________．（3）同一次試驗(yàn)中，小車加速運(yùn)動(dòng)時(shí)傳感器示數(shù)F2與小車釋放前傳感器示數(shù)F1的關(guān)系是F2_____F1（選填“＜”、“=”或“＞”）．（4）關(guān)于該試驗(yàn)，下列說法中正確的是__________．A．小車和傳感器的總質(zhì)量應(yīng)遠(yuǎn)大于小桶和砂的總質(zhì)量B．試驗(yàn)中須要將長(zhǎng)木板右端墊高C．試驗(yàn)中須要測(cè)出小車和傳感器的總質(zhì)量D．用加砂的方法變更拉力的大小與掛鉤碼的方法相比，可更便利地獲得多組試驗(yàn)數(shù)據(jù)【答案】(1).0.16；(2).B；(3).＜；(4).D【解析】【詳解】(1)[1]由于每相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)點(diǎn)，所以相鄰的計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔T=0.1s，依據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論公式△x=aT2可以求出加速度的大小，得：a=0.16m/s2；(2)[2]由于已經(jīng)平衡摩擦力，所以圖象應(yīng)當(dāng)過原點(diǎn)，一條傾斜的直線．故B正確，ACD錯(cuò)誤；故選B.(3)[3]對(duì)小桶受力分析，設(shè)小桶重力為mg，木板釋放前彈簧秤的示數(shù)F1，所以F1=mg設(shè)小車重力為Mg，小車在加速運(yùn)動(dòng)時(shí)彈簧秤的示數(shù)F2，依據(jù)牛頓其次定律得：mg?F2=ma所以F1>F2；(4)[4]A.在該試驗(yàn)中力傳感器可以干脆得出力的大小，不須要使小車和傳感器的總質(zhì)量遠(yuǎn)大于小桶和砂的總質(zhì)量，故A錯(cuò)誤；B.試驗(yàn)中不須要將長(zhǎng)木板右端墊高，因?yàn)橐呀?jīng)測(cè)量了小車所受摩擦力的大小，故B錯(cuò)誤；C.試驗(yàn)中不須要測(cè)出小車和傳感器的總質(zhì)量，只須要保證小車和傳感器的總質(zhì)量不變，故C錯(cuò)誤；D.用加砂的方法變更拉力的大小與掛鉤碼的方法相比，可更便利地獲得多組試驗(yàn)數(shù)據(jù)，故D正確；故選D.15.驗(yàn)證“力的平行四邊形定則”，如圖所示，試驗(yàn)步驟如下：①用兩個(gè)相同的彈簧測(cè)力計(jì)互成角度拉細(xì)繩套，使橡皮條伸長(zhǎng)，結(jié)點(diǎn)到達(dá)紙面上某一位置，記為O1；②記錄兩個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)的拉力F1和F2的大小和方向；③只用一個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)，將結(jié)點(diǎn)仍拉到位置O1，記錄彈簧測(cè)力計(jì)的拉力F3的大小和方向；④依據(jù)力的圖示要求，作出拉力F1、F2、F3；⑤依據(jù)力的平行四邊形定則作出F1和F2的合力F；⑥比較F3和F的一樣程度。(1)下列說法中正確的是________；A．應(yīng)使橡皮條與兩繩夾角的平分線在同始終線上B．為了便于計(jì)算合力大小，兩繩間夾角應(yīng)取、、等特別角度C．系在橡皮條末端的兩繩要一樣長(zhǎng)D．同時(shí)變更兩個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)的拉力，結(jié)點(diǎn)可能保持在位置O1(2)變更F1、F2，重復(fù)步驟①至⑥進(jìn)行其次次試驗(yàn)，登記結(jié)點(diǎn)位置O2，位置O2________（選填“必需”或“不必”）與位置O1相同；(3)試驗(yàn)記錄紙如圖所示，兩彈簧測(cè)力計(jì)共同作用時(shí)，拉力F1和F2的方向分別過P1和P2點(diǎn)；兩個(gè)力的大小分別為：，。請(qǐng)依據(jù)圖中給出的標(biāo)度作出F1和F2的合力________；(4)試驗(yàn)中，用兩個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)同時(shí)拉，兩繩夾角小于，一個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)示數(shù)接近量程，另一個(gè)超過量程的一半。請(qǐng)說明這樣操作________（選填“合理”或“不合理”），理由是________?！敬鸢浮?1).D(2).不必(3).(4).不合理(5).只用一個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)拉時(shí)會(huì)超過其量程【解析】【詳解】(1)[1]A．橡皮條的方向代表合力的方向，可以是兩繩之間隨意方向，不肯定是兩繩夾角的平分線，故A錯(cuò)誤；B．兩細(xì)線拉橡皮條時(shí)，只要確保拉到同一點(diǎn)即可，不肯定兩繩間夾角應(yīng)取、、等特別角度，故B錯(cuò)誤；C．細(xì)線的作用是能顯示出力的方向，所以不必需等長(zhǎng)，故C錯(cuò)誤；D．同時(shí)變更兩個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)的拉力，結(jié)點(diǎn)可能保持在位置O1，故D正確。故選D。(2)[2]變更F1、F2重復(fù)步驟①至⑥進(jìn)行其次次試驗(yàn),登記結(jié)點(diǎn)位置O2，因?yàn)槭莾纱尾煌脑囼?yàn)，則位置O2不必與第一次O1點(diǎn)相同。(3)[3]依據(jù)平行四邊形定則求F2與F1的合力，作圖如下，測(cè)得合力(4)[4][5]用兩個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)同時(shí)拉，兩繩夾角小于，一個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)示數(shù)接近量程，另一個(gè)超過量程的一半。這樣操作不合理，理由是只當(dāng)換用一個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)拉時(shí)，彈簧會(huì)超過其量程。四.計(jì)算題.16.如圖所示，空間存在電場(chǎng)強(qiáng)度大小為、方向水平向右、足夠大的勻強(qiáng)電場(chǎng).擋板與水平方向的夾角為，質(zhì)量為、電荷量為的帶正電粒子從與點(diǎn)在同一水平線上的點(diǎn)以速度豎直向上拋出，粒子運(yùn)動(dòng)過程中恰好不和擋板碰撞，粒子運(yùn)動(dòng)軌跡所在平面擋板垂直，不計(jì)粒子的重力，求：（1）粒子貼近擋板時(shí)水平方向速度的大?。唬?）間的距離.【答案】（1）（2）【解析】（1）由于粒子恰好不和擋板碰撞，粒子貼近擋板時(shí)其速度方向與擋板恰好平行，設(shè)此時(shí)粒子水平方向速度大小為，則解得：（2）粒子做類平拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)粒子運(yùn)動(dòng)加速度為a，由牛頓其次定律：在如圖所示的坐標(biāo)系中：，，設(shè)O、M間的距離為d，由幾何關(guān)系：解得：17.如圖所示，半徑為R的半圓形管道ACB固定在豎直平面內(nèi)，傾角為θ的斜面固定在水平面上，細(xì)線跨過小滑輪連接小球和物塊，細(xì)線與斜面平行，物塊質(zhì)量為m，小球質(zhì)量M＝3m，對(duì)物塊施加沿斜面對(duì)下的力F使其靜止在斜面底端，小球恰在A點(diǎn)．撤去力F后，小球由靜止下滑．重力加速度為g，sinθ＝≈0.64，不計(jì)一切摩擦．求：(1)力F的大小；(2)小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)C時(shí)，速度大小v以及管壁對(duì)它彈力的大小N；(3)在小球從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)過程中，細(xì)線對(duì)物塊做的功W.【答案】(1)2.36mg(2)6mg(3)mgR.【解析】【詳解】(1)對(duì)小球：細(xì)線上的拉力T＝3mg對(duì)物塊：mgsinθ＋F＝T解得F＝2.36mg.(2)小球在C點(diǎn)時(shí)速度與物塊速度大小相等．對(duì)小球和物塊組成的系統(tǒng)，由機(jī)械能守恒定律3mgR－mgπRsinθ＝(3m＋m)v2解得v＝在C點(diǎn)：對(duì)小球，由牛頓其次定律N－3mg＝3m解得N＝6mg.(3)在小球從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)過程中，對(duì)物塊，由動(dòng)能定理W－mgπRsinθ＝mv2－0解得W＝mgR.18.如圖所示，一質(zhì)量m1=0.2kg的足夠長(zhǎng)平板小車靜置在光滑水平地面上，質(zhì)量m2=0.1kg的小物塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）置于小車上A點(diǎn)，其與小車間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.40，設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力．現(xiàn)給小物塊一個(gè)方向水平向右、大小為v0=6m/s的初速度，同時(shí)對(duì)小物塊施加一個(gè)方向水平向左、大小為F=0.6N的恒力．取g=10m/s2．求