河南省平頂山市2025屆高三物理上學期10月階段性檢測試題含解析

PAGE19-河南省平頂山市2025屆高三物理上學期10月階段性檢測試題（含解析）一、選擇題1.汽車在馬路上緊急剎車時，車后會留下一條長長的輪胎印，這個輪胎印的長度就是汽車的剎車距離，測試兩輛汽車在同一水平路山上的剎車距離，假設(shè)所用輪胎型號相同，剎車距離長的汽車肯定A.慣性大 B.慣性小 C.初速度大 D.受到的阻力小【答案】C【解析】【詳解】令輪胎和地面的動摩擦因數(shù)為μ，剎車過程中，由動能定理可知，即由公式可得依據(jù)表達式可知，位移的大小與汽車的質(zhì)量無關(guān)；兩車與路面的動摩擦因數(shù)相同，所以初速度越大，剎車距離長A．慣性大與分析不符，故A錯誤；B．慣性小與分析不符，故B錯誤；C．初速度大與分析相符，故C正確；D．受到的阻力小與分析不符，故D錯誤。2.如圖所示，一只氣球用細線連接栓于地面固定石塊上，風沿水平方向吹來。當風力較小，氣球靜止時，細線與豎直方向的夾角為，此時細線的拉力大小為F；當風力較大，氣球靜止時，細線與豎直方向的夾角為，則此時細線的拉力大小為A. B. C. D.【答案】A【解析】【詳解】設(shè)氣球的質(zhì)量為m，受到的浮力為N，當風力較小，對氣球受力分析由豎直方向平衡條件得當風力較大，對氣球受力分析由豎直方向平衡條件得聯(lián)立解得：A．與分析相符，故A正確；B．與分析不符，故B錯誤；C．與分析不符，故C錯誤；D．與分析不符，故D錯誤。3.如圖所示為某質(zhì)點做勻變速運動的位移一時間(x-t)圖象，t=4s時圖象的切線交時間軸于t=2s處，由此可知，t=0時刻質(zhì)點的速度大小為A.0 B.0.25m/s C.0.5m/s D.1m/s【答案】A【解析】【詳解】依據(jù)勻變速直線運動規(guī)律知，當t=4s，x=6m，即得位移時間圖象的斜率表示速度，依據(jù)圖象得4s末速度：依據(jù)勻加速直線運動速度時間公式得：v=v0+at，得聯(lián)立解得：A．0與分析相符，故A正確；B．0.25m/s與分析不符，故B錯誤；C．0.5m/s與分析不符，故C錯誤；D．1m/s與分析不符，故D錯誤。4.電動平衡車，又叫體感車、思維車、攝位車等。是現(xiàn)代人用來作為代步工具，休閑消遣的一種新型的綠色環(huán)保的產(chǎn)物。如圖所示，一個人站在“電動平衡車”上在水平地而上沿直線前進，不計空氣阻力，下列說法正確的是A.“電動平衡車”勻速行駛時，車對人的摩擦力是人前進的動力B.“電動平衡車”加速行駛時，車對人的作用力大于人對車的作用力C.“電動平衡車“減速行駛時，人對車的摩擦力與車的運動方向相同D.人從“電動平衡車”跳起后，上升過程處于超重狀態(tài)，下降過程處于失重狀態(tài)【答案】C【解析】【詳解】A．“電動平衡車”勻速行駛時，人的合力為零，豎直方向重力等于支持力，水平方向無摩擦力，故A錯誤；B．電動平衡車”加速行駛時，車對人的作用力等于人對車的作用力，因為相互作用力大小相等，故B錯誤；C．“電動平衡車”減速行駛時，車對人的摩擦力與車的運動方向相反，依據(jù)相互作用力方向相反，知人對車的摩擦力與車的運動方向相同，故C正確；D．人從“電動平衡車”跳起后，只受重力，加速度始終向下，處于失重狀態(tài)，故D錯誤。5.一輛汽車做勻加速直線運動，從A到B速度增量為，位移為，從B到C速度增量為，運動的位移為，若D點是汽車從B運動到C過程的中間時刻的位置(圖中未標出)，則汽車從B點運動到D點的位移為A. B. C. D.【答案】C【解析】【詳解】由加速度的定義式，知B到C的時間是A到B時間的2倍，設(shè)A到B的時間為t，則B到C的時間為2t，AB段中間時刻的速度BC段中間時刻D點的速度其中聯(lián)立解得：D到B的逆過程：聯(lián)立解得：A．與分析不符，故A錯誤；B．與分析不符，故B錯誤；C．與分析相符，故C正確；D．與分析不符，故D錯誤。6.某質(zhì)點從靜止起先做直線運動，其速度平方與位移關(guān)系如圖所示，則質(zhì)點運動5m的位移所用的時間為A.3s B.s C.s D.5s【答案】D【解析】【詳解】設(shè)質(zhì)點的初速度為v0，末速度為v，加速度大小為a，則由速度位移關(guān)系有：，可知質(zhì)點在前2m位移內(nèi)做勻加速運動，在2-5m位移內(nèi)做勻減速運動；結(jié)合勻變速直線運動的特點可知，由圖可知質(zhì)點的初速度為0，設(shè)最大速度為v，則有：所以所以全程的平均速度大小為：所以總時間為A．3s與分析不符，故A錯誤；B．s與分析不符，故B錯誤；C．s與分析不符，故C錯誤；D．5s與分析相符，故D正確7.如圖所示，輕彈簧一端連接到地面上的A點，另一端與輕繩的O點連接，輕繩的另一連接于地面的B點，用豎直向上，大小為F的拉力作用于O點，靜止時，輕彈簧和輕繩長度相等，OB長為L，AB間距離為，輕彈簧原長為0.8L。現(xiàn)在變更拉力F的大小和方向，使OB段細繩垂直于地面。已知彈簧的形變在彈性限度內(nèi)，則須要的最小拉力為A.2F B.4F C.6F D.8F【答案】C【解析】【詳解】起先時，設(shè)彈簧的彈力F1與豎直方向的夾角為θ，依據(jù)平衡條件有：即設(shè)彈簧的勁度系數(shù)為k，則當OB段細繩垂直于地面時，彈簧的長度為當拉力與彈簧彈力等大反向時，拉力最小，最小的拉力A．2F與分析不符，故A錯誤；B．4F與分析不符，故B錯誤；C．6F與分析相符，故C正確；D．8F與分析不符，故D錯誤。8.如圖所示，斜面體放在水平面上，物塊放在光滑的斜面上，用水平推力F作用在物塊上，物塊和斜面體均保持靜止.現(xiàn)將推力的作用點位置不變，使推力繞作用點在豎直面內(nèi)沿逆時針方向級慢轉(zhuǎn)動至與斜面平行，物塊和斜而體始終保持靜止。則此過程A.推力F先變小后變大B.斜面對物塊的作用力始終變小C.地面對斜面體的支持力在增大D.地面對斜面體摩擦力在增大【答案】B【解析】【詳解】A．以物體為探討對象，受到重力、支持力和水平推力，推力繞作用點在豎直面內(nèi)沿逆時針方向緩慢轉(zhuǎn)動至與斜面平行的過程中，受力狀況如圖所示，依據(jù)圖象可得推力F漸漸變小，故A錯誤；B．斜面對物體的作用力就是支持力，依據(jù)圖象可知，支持力漸漸減小，故B正確；C．以整體為探討對象，起先時地面對斜面體的支持力等于整體重力，當F逆時針轉(zhuǎn)的過程中F在豎直方向的分力漸漸增大（如圖所示），所以地面對斜面體的支持力減小，故C錯誤；D．以整體為探討對象，F(xiàn)在水平方向的分力漸漸減?。ㄈ鐖D），則地而對斜面體的摩擦力在減小，故D錯誤。9.編號為1-8的8塊完全相同的磚，并排欺在一起，用兩手壓著整體的兩側(cè)，并將整體懸停在空中，兩手對磚的壓力大小均為F，則下列說法正確的是A.某兩塊磚側(cè)面問可能沒有靜摩擦力B.增大壓力F，每塊磚受到的靜摩擦力增大C.全部磚與磚側(cè)面間受到的靜摩擦力中，最大值等于2塊磚的重力D.全部磚與磚側(cè)面間受到的靜摩擦力中，1、2號磚塊間及7、8號磚塊間的靜摩擦力最大【答案】AD【解析】【詳解】AB．每塊磚處于平衡狀態(tài)，靜摩擦力和重力的合力為零，增大壓力，最大靜摩擦力增大，但磚受的摩擦力不變，將8塊磚看成一個整體，對整體進行受力分析，在豎直方向，共受到三個力的作用：豎直向下的重力8G，兩個相等的豎直向上的摩擦力f，由平衡條件可得2f=8G解得：f=4G以第1～4塊磚為探討對象，豎直方向上，受到重力4G、摩擦力f作用，二力平衡，故第4塊磚和第5塊磚之間沒有靜摩擦力，故A正確，B錯誤；CD．探討第1塊磚的受力，豎直方向上，受到重力G、摩擦力f和第2塊磚的摩擦力f'作用，依據(jù)平衡條件可知，解得第2塊磚對第1塊磚的靜摩擦力f'=3G，大于第2塊磚的重力G，同理，第7塊磚對第8塊磚的摩擦力大小為3G，全部磚與磚側(cè)面間受到的靜摩擦力中，1、2號磚塊間及7、8號磚塊間的靜摩擦力最大，故D正確，C錯誤。10.如圖所示，A、B是天花板上兩點，B點到豎直墻的距離是A點到豎直墻距離的2倍，B點處固定一個點光源，A點處固定一個小球，不計空氣阻力，重力加速度為g，則下列說法正確的是A.僅釋放小球，小球在豎直墻上的影子也做自由落體運動B.儀釋放小球，小球在整直墻上的影子運動的加速度為2gC.先邦放小球，再釋放點光源，之后小球在豎直墻上的影子仍做勻變速運動D.先釋放小球，再釋放點光源，之后小球在豎直墻上的影子有可能做勻速運動【答案】BC【解析】【詳解】AB．僅釋放小球，小球做自由落體運動，有依據(jù)幾何關(guān)系，小球在豎直墻上的影子的位移所以僅釋放小球，小球在豎直墻上的影子運動的加速度為2g，故B正確，A錯誤；CD．先釋放小球，再釋放點光源，從釋放光源起先計時，小球相對于光源的位移依據(jù)幾何關(guān)系，影子相對于光源的位移光源和小球相對于直墻的加速度為g，所以影子相對于直墻加速度為g，故影子相對于直墻的位移所以先釋放小球，再釋放點光源，之后小球在豎直墻上的影子仍做勻變速運動，故C正確，D錯誤。11.一個小球從空中自由落下，進入一個水池中，小球在水中受到的阻力大小與速度大小成正比，小球受到的浮力不能忽視，池子足夠深，則小球在水中運動過程中，下而速度隨時間變更的圖象可他正確的是A. B.C. D.【答案】BCD【解析】【詳解】A．若進入過程中重力大于浮力，速度增大，則阻力增大，依據(jù)mg-F浮-kv=ma則隨著速度的增大，加速度減小，當加速度減小為零后，小球勻速運動，故A錯誤；B．假如小球進入水中做減速運動，小球向下運動過程中滿意F浮-kv-mg=ma當mg＞F浮時速度減小、加速度減小，當速度減小到F浮+kv=mg小球勻速運動，故B正確；C．假如小球進入水中做減速運動，小球向下運動過程中滿意F浮-kv-mg=ma當mg=F浮時，速度為零，加速度也恰好為零，故C正確；D．假如小球進入水中做減速運動，小球向下運動過程中滿意F浮-kv-mg=ma當mg＜F浮時，速度為零后，小球向上做加速度減小加速運動，故D正確。12.如圖所示，水平傳送帶以大小為的速度沿逆時針勻速轉(zhuǎn)動，一個物塊也以大小為的速度從傳送帶的左端滑上傳送帶，并剛好能從傳送帶右端滑離，物塊在傳送帶上運動的時間為t。若將物塊滑上傳送帶的速度減小為，則下列推斷正確的是A.物塊能滑到傳送帶中間的位置B.物塊在傳送帶上始終做勻變速運動C.物塊在傳送帶上運動的時間也為tD.物塊在傳送帶上運動過程中，和傳送帶的相對位移為【答案】BC【解析】【詳解】設(shè)左右兩端的距離為L，物體與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)為μ，物塊的質(zhì)量為m，則加速度為A．物塊以大小為v的速度從傳送帶的左端滑上傳送帶，依據(jù)動能定理可得：若將物塊滑上傳送帶的速度減小為，則解得：故物塊不能滑到傳送帶中間的位置，故A錯誤；B．物塊在傳送帶上先向右減速，加速度為μg，再反向加速，加速度也為μg，故物塊始終做勻變速運動，故B正確；C．物塊以大小為v的速度從傳送帶的左端滑上傳送帶，運動時間若將物塊滑上傳送帶的速度減小為，物塊在傳送帶上運動的時間也為故C正確；D．物塊向右運動過程中，相對位移為物塊向左運動過程中，相對位移為物塊在傳送帶上運動過程中，和傳送帶的相對位移為故D錯誤。二、試驗題13.某同學用如圖所示裝置做“驗證力的平行四邊形定則”的試驗(1)如圖甲所示，橡皮條的一端C固定在木板上，用兩只彈簧測力計把橡皮條的另一端(繩套和橡皮條的結(jié)點)拉到某一確定的O點，AO和BO的拉力是分力，CO的拉力_________(填“是”或“不是”)合力。(2)記錄兩個彈簧測力計的拉力和的大小和方向；只用一個彈贊測力計，將結(jié)點仍拉到位置O，記錄彈簧測力計的拉力F′的大小和方向；依據(jù)力的圖示要求，作出拉力、、F′；依據(jù)力的平行四邊形定則作出和的合力F；假如沒有操作失誤，圖乙中的F與F′兩力中，方向肯定沿CO方向的是_____(填寫F或F′)。(3)試驗中，兩個彈簧測力計量程相同，用兩個彈簧測力計同時拉時，兩繩夾角約為，兩個彈簧測力計的示數(shù)均約為量程的，則這樣的操作______(選填“合理”或“不合理”)，理由是______。【答案】(1).不是(2).(3).不合理(4).只用一個彈簧測力計拉時會超過其量程【解析】【詳解】(1)[1]試驗中AO、BO的拉力是分力，合力的方向與CO拉力的方法相反，所以CO的拉力不是合力(2)[2]F是依據(jù)平行四邊形定則得出，拉力F′是一根彈簧秤的拉力，方向與CO方向共線，所以方向肯定沿CO方向的是F′(3)[3][4]試驗中，兩個彈簧測力計的量程相同，用兩個彈簧測力計同時拉時，兩繩夾角約為，兩個彈簧測力計的示數(shù)均約為量程的，這樣操作不合理，理由是只用一個彈簧測力計拉時會超過其量程。14.某同學利用如圖所示裝置做“探究加速度與質(zhì)量關(guān)系”的試驗。所用溝通電的頻率為50Hz，當?shù)氐闹亓铀俣葹間。(1)為了保證小車受到的合外力等于牽引小車細線的收力，須要進行的操作是_____。A.使牽引小車的細線與木板平行B.平衡摩擦力C.鉤碼的質(zhì)量遠小于小車的質(zhì)量D.每次變更小車的質(zhì)量后，重新進行平衡摩擦力(2)安裝好裝置并正確的操作，打出的紙帶如圖乙所示，圖中所標點為計數(shù)點，相鄰計數(shù)點間還有四個計時點未標出，則小車運動的加速度大小為=__________m/s2。(3)保持鉤碼質(zhì)量不變，變更小車的質(zhì)量m，重復(fù)試驗，得到多組小車的加速度a與m的值，在坐標紙上作出圖象如圖丙所示，若圖象的斜率為k，則得到鉤碼的質(zhì)量為__，由于存在系統(tǒng)誤差，因此由圖象得到的鉤碼質(zhì)量比鉤碼實際質(zhì)量____(“大”或“小”)?！敬鸢浮?1).AB(2).0.51(3).(4).小【解析】【詳解】(1)[1]AB．小車下滑時受到重力、細線的拉力、支持力和摩擦力，為了保證小車受到的合外力等于牽引小車細線的拉力，須要用重力沿斜面的分力平衡摩擦力之外，還要留意須要使牽引小車的細繩與木板平行，故AB正確；C．鉤碼的質(zhì)量遠小于小車的質(zhì)量，這是用鉤碼的重力替代繩子拉力的條件，不符合本題要求，故C錯誤；D．變更小車的質(zhì)量，但不變更木板的傾角時不須要重新平衡摩擦力，故D錯誤(2)[2]依據(jù)位移差公式△x=at2得(3)[3]設(shè)鉤碼的質(zhì)量為m0，依據(jù)牛頓其次定律有：解得：其中斜率解得：[4]依據(jù)牛頓其次定律求解砝碼重力時，處理數(shù)據(jù)時，在，有，小車做加速運動時力F只能無限接近m0g，通過求合力F認為等于砝碼重力m0g的方法求解的砝碼質(zhì)量m0比鉤碼的實際質(zhì)量稍小。三、計算題15.如圖所示，斜面體ABC放在水平面上，斜面AB、AC光滑，小球用平行于斜面的細線與斜面頂端的固定桿連接，現(xiàn)使斜面體向左做勻加速運動，放在斜面AB上的物塊剛好不滑動。小球的質(zhì)量為M，重力加速度為g，求；(1)斜面體運動的加速度大?。?2)小球相對于斜面靜止時，細線對小球的拉力。【答案】(1)(2)【解析】【詳解】(1)設(shè)物塊運動的加速度大小為a，由于物塊恰好不滑動，則：解得：(2)設(shè)當小球?qū)π泵娴膲毫榱銜r，斜面的加速度為a′，則：解得：因此小球會離開斜面，設(shè)細線對小球的拉力為F，則：解得：16.甲、乙兩輛光車在平直的馬路上均以30m/s的速度勻速行駛，某時刻，前面的甲車發(fā)覺前方有險情，馬上剎車，剎車的制動力為車重的0.5倍，乙車駕駛員看到甲車制車，經(jīng)0.5s的反應(yīng)時間后也進行剎車，他起先剎車的制動力為車重的0.4倍，剎車2s后改剎車的制動力為車重的0.2倍，結(jié)果兩車停下時剛好不相撞，已知重力加速度為10m/s2.求：(1)乙車剎車的時間；(2)剎車前甲、乙兩車相距的距離?！敬鸢浮?1)8.5s(2)3m【解析】【詳解】(1)乙車起先剎車的加速度為剎車2s后的速度為剎車2s后改剎車的制動力為車重的0.2倍時的加速度為乙車停止所用的時間為所以乙車剎車時間為(2)乙車從開剎車到停止運動的位移為甲車起先剎車的加速度為甲車從起先剎車到停止所用的時間甲車運動的位移為所以剎車前甲、乙兩車相距的距離17.如圖所示，一個滑塊套在粗細勻稱的水平固定直桿上，小球有細線與滑塊相連，對小球施加大小為F的拉力，結(jié)果小球處于靜止，滑塊剛好要滑動，細線與水平方向的夾角為，拉力與水平方向的夾角為，滑塊與直桿間的動摩擦因數(shù)為0.5，重力加速度為g，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。求：