江西省宜春市上高縣第二中學2024-2025學年高二物理下學期6月第二次月考試題含解析

PAGE17-江西省宜春市上高縣其次中學2024-2025學年高二物理下學期6月其次次月考試題（含解析）一、選擇題1.下列說法正確的是（）A.有些小昆蟲能在水面上行走是因為受到液體的表面張力的作用B.氣體從外界汲取熱量，氣體的內(nèi)能肯定增大C.其次類永動機不行能造成的根木緣由，在于其違反了能量守恒定律D.晶體均有固定的熔點，但未必有規(guī)則的形態(tài)【答案】AD【解析】【詳解】A．小昆蟲能在水面上自由來往而不陷入水中靠的是液體表面張力的作用，故A正確；B．氣體從外界汲取熱量，可能同時對外做功，依據(jù)熱力學第肯定律公式，內(nèi)能不肯定增加，故B錯誤；C．其次類永動機是不行能制造出來的，因為它違反了熱力學其次定律，不違反能量守恒定律，故C錯誤；D．晶體均有固定的熔點，單晶體有規(guī)則的形態(tài)，多晶體一般沒有規(guī)則的形態(tài)，故D正確。故選AD。2.如圖所示，質(zhì)量為M的小船在靜止水面上以速率v0向右勻速行駛，一質(zhì)量為m的救生員站在船尾，相對小船靜止．若救生員以相對水面速率v水平向左躍入水中，則救生員躍出后小船的速率為()A.v0＋(v0＋v) B.v0－vC.v0＋v D.v0＋(v0－v)【答案】A【解析】【詳解】人在躍出的過程中船人組成的系統(tǒng)水平方向動量守恒，規(guī)定向右為正方向，由動量守恒定律得：（M+m）v0=Mv′-mv，解得：v′=v0+（v0+v）；A.v0＋(v0＋v)，與結(jié)論相符，選項A正確；B.v0－v，與結(jié)論不相符，選項B錯誤；C.v0＋v，與結(jié)論不相符，選項C錯誤；D.v0＋(v0－v)，與結(jié)論不相符，選項D錯誤；3.一個小型電熱器若接在輸出電壓為10v的直流電源上，消耗電功率為P；若把它接在某個正弦溝通電源上，其消耗的電功率為．假如電熱器電阻不變，則此溝通電源輸出電壓的最大值為()A.5V B.5V C.10V D.10V【答案】C【解析】試題分析：依據(jù)焦耳定律Q=I2Rt求解電流的有效值，其中I是有效值．再依據(jù)有效值與最大值的關系求出最大值．解：設電熱器的電阻為R，t時間內(nèi)產(chǎn)生的熱量為Q，則：Q=此熱量是接溝通電源上產(chǎn)生的熱功率的2倍，所以Q′=Q=所以：=解得：V所以最大值為故選C4.某同學為了驗證斷電自感現(xiàn)象，自己找來帶鐵芯的線圈L、小燈泡A、開關S和電池組E，用導線將它們連接成如圖所示的電路．檢查電路后，閉合開關S，小燈泡發(fā)光；再斷開開關S，小燈泡僅有不顯著的延時熄滅現(xiàn)象．雖然多次重復，仍未見老師演示時出現(xiàn)的小燈泡閃亮現(xiàn)象，他冥思苦想找不出緣由．你認為最有可能造成小燈泡未閃亮的緣由是()A.電源的內(nèi)阻較大B.小燈泡電阻偏大C.線圈電阻偏大D.線圈的自感系數(shù)較大【答案】C【解析】A、開關斷開開關時，燈泡能否發(fā)生閃亮，取決于燈泡的電流有沒有增大，與電源的內(nèi)阻無關，A錯誤；

B、若小燈泡電阻偏大，穩(wěn)定時流過燈泡的電流小于線圈的電流，斷開開關時，依據(jù)楞次定律，流過燈泡的電流從線圈原來的電流漸漸減小，燈泡將發(fā)生閃亮現(xiàn)象，B錯誤；C、線圈電阻偏大，穩(wěn)定時流過燈泡的電流大于線圈的電流，斷開開關時，依據(jù)楞次定律，流過燈泡的電流從線圈原來的電流漸漸減小，燈泡不發(fā)生閃亮現(xiàn)象，C正確；

D、線圈的自感系數(shù)較大，產(chǎn)生的自感電動勢較大，但不能變更穩(wěn)定時燈泡和線圈中電流的大小，D錯誤；

故選C．5.如圖甲所示，豎直長直導線右側(cè)固定的矩形線框與長直導線位于同一平面內(nèi)，導線中通有向下的電流，當長直導線中的電流i隨時間t變更的規(guī)律如圖乙所示時，關于線框中的感應電流及線框受到的安培力，下列說法正確的是A.感應電流沿逆時針方向且漸漸增大，線框受到的安培力方向向左B.感應電流沿順時針方向且漸漸增大，線框受到的安培力方向向右C.感應電流沿逆時針方向且漸漸減小，線框受到的安培力方向向左D.感應電流沿逆時針方向且漸漸減小，線框受到的安培力方向向右【答案】C【解析】【詳解】AB.直線電流方向向下，依據(jù)安培定則，知導線右側(cè)磁場的方向垂直紙面對外，電流漸漸減小，則磁場漸漸減弱，依據(jù)楞次定律，金屬線框中產(chǎn)生逆時針方向的感應電流．由題目圖象可知，直導線電流的變更率減小，則穿過線圈的磁場變更率也減小，那么感應電動勢也減小，因此感應電流大小會減小，故AB錯誤．CD.依據(jù)左手定則，知金屬框左邊受到的安培力方向水平向左，右邊受到的安培力水平向右，離導線越近，磁場越強，則左邊受到的安培力大于右邊受到的安培力，所以金屬框所受安培力的合力水平向左，故C正確D錯誤．6.在直角坐標系xOy的第一象限內(nèi)，存在一垂直于xOy平面、磁感應強度大小為2T的勻強磁場，如圖所示，一帶電粒子(重力不計)在x軸上的A點沿著y軸正方向以大小為2m/s的速度射入第一象限，并從y軸上的B點穿出．已知A、B兩點的坐標分別為(8m，0)，(0，4m)，則該粒子的比荷為A.0.1C/kg B.0.2C/kg C.0.3C/kg D.0.4C/kg【答案】B【解析】詳解】粒子運動軌跡如圖所示：由幾何學問得：解得：r=5m，粒子在磁場中做圓周運動，洛倫茲力供應向心力，由牛頓其次定律得：，解得：A.0.1C/kg與計算結(jié)果不符，故A錯誤．B.0.2C/kg與計算結(jié)果相符，故B正確．C.0.3C/kg與計算結(jié)果不符，故C錯誤．D.0.4C/kg與計算結(jié)果不符，故D錯誤．7.如圖所示，一志向變壓器的原、副線圈匝數(shù)比為3：1，圖中四只燈泡完全相同，在L1、L2、L3正常發(fā)光的條件下，若斷開L4，則（）A.L1、L2、L3變亮B.L1、L2、L3變暗C.L1變亮，L2、L3變暗D.L1變暗，L2、L3變亮【答案】D【解析】【詳解】設燈泡正常工作時的電壓為U，電流為I，由原、副線圈匝數(shù)之比3：1，可得原、副線圈的電壓之比3：1，原線圈兩側(cè)的電壓為3U；也正常發(fā)光，兩端的電壓也電壓U。所以最左側(cè)的溝通電的電壓為4U。若沒有，設燈泡的電流為，則副線圈上的電流為，此時原線圈上的電流，則所以設燈泡的電阻值都是R，則副線圈兩側(cè)的電壓原線圈兩側(cè)的電壓燈泡L1兩側(cè)的電壓此時聯(lián)立得所以、亮度變亮；兩側(cè)的電壓所以變暗，故D正確，ABC錯誤。故選D。8.圖甲和圖乙分別表示正弦脈沖波和方波的交變電流與時間的變更關系．若使這兩種電流分別通過兩個完全相同的電阻，則經(jīng)過1min的時間，兩電阻消耗的電功W甲：W乙之比為（）A1： B.1：2 C.1：3 D.1：6【答案】C【解析】【詳解】甲圖中，在一個周期6×10-2s內(nèi)，電阻發(fā)熱的時間是0～2×10-2s、4×10-2s～6×10-2s內(nèi)，依據(jù)電流的熱效應有：，代入數(shù)據(jù)得，解得電流的有效值．乙圖中，在一個周期4×10-4s內(nèi)，電阻發(fā)熱的時間為0～4×10-4s，依據(jù)電流的熱效應有：，代入數(shù)據(jù)得，，解得電流的有效值I′=1A．依據(jù)知，在相同時間內(nèi)相同的電阻，消耗的電功之比等于．故C正確，A、B、D錯誤．9.關于光電效應的規(guī)律，下列說法中正確的是（）A.發(fā)生光電效應時，不變更入射光的頻率，增大入射光強度，則單位時間內(nèi)從金屬內(nèi)逸出的光電子數(shù)目增多B.光電子的最大初動能跟入射光強度成正比C.發(fā)生光電效應的反應時間一般都大于10－7sD.只有入射光的波長小于該金屬的極限波長，光電效應才能發(fā)生【答案】AD【解析】【詳解】A．發(fā)生光電效應時，不變更入射光的頻率，增大入射光強度，則單位時間內(nèi)打到金屬上的光子個數(shù)增加，則從金屬內(nèi)逸出的光電子數(shù)目增多，選項A正確；B．光電子的最大初動能跟入射光強度無關，隨入射光的頻率增大而增大，選項B錯誤；C．發(fā)生光電效應的反應時間一般都不超過10－9s，選項C錯誤；D．只有入射光的頻率大于該金屬的極限頻率時，即入射光的波長小于該金屬的極限波長時，光電效應才能產(chǎn)生，選項D正確。故選AD。10.圖示是氫原子能級示意圖，一群處于n＝4能級的氫原子回到n＝1的過程中A.放出4種頻率不同的光子B.放出6種頻率不同的光子C.放出的光子的最大能量為12.75eV，最小能量是0.66eVD.放出的光子能使逸出功為13.0eV的金屬發(fā)生光電效應【答案】BC【解析】【詳解】AB.一群原來處于n=4能級的氫原子躍遷到n=1能級的過程中，依據(jù)知，輻射的光子頻率為6種．故A錯誤，B正確．C.由n=4向n=1能級躍遷時輻射的光子能量最大，為13.6-0.85eV=12.75eV由n=4向n=3能級躍遷輻射的光子能量最小，為-0.85+1.51eV=0.66eV故C正確．D.由C選項分析可知，放出的光子的最大能量為12.75eV，仍小于逸出功為13eV，所以不能使逸出功為13.0eV的金屬發(fā)生光電效應，故D錯誤．11.如圖甲所示的志向變壓器原、副線圈的匝數(shù)分別為100和20，現(xiàn)在變壓器原線圈兩端接入按圖乙所示規(guī)律變更的正弦交變電壓，則（）A.變壓器的輸出電壓為200VB.變壓器的輸出功率小于輸入功率C.變壓器副線圈中通過的電流的頻率為5HzD.變壓器原線圈兩端電壓的瞬時值表達式為【答案】CD【解析】【詳解】A．依據(jù)圖乙輸入電壓的最大值為，故電壓的有效值為200V，副線圈上的輸出電壓解得A錯誤；B．志向變壓器忽視了各種損耗，輸入功率等于輸出功率，B錯誤；C．依據(jù)圖乙，輸入電壓的周期為，故頻率為5Hz，C正確；D．依據(jù)圖乙，輸入電壓的最大值為，電壓的周期為，依據(jù)變壓器原線圈兩端電壓的瞬時值表達式為D正確。故選CD。12.一個鈹原子核（）俘獲一個核外電子（通常是最靠近原子核的K殼層的電子）后發(fā)生衰變，生成一個鋰核（），并放出一個不帶電的質(zhì)量接近零的中微子νe，人們把這種衰變稱為“K俘獲”．靜止的鈹核發(fā)生零“K俘獲”，其核反應方程為已知鈹原子的質(zhì)量為MBe=7.016929u，鋰原子的質(zhì)量為MLi=7.016004u，1u相當于9.31×102MeV．下列說法正確的是A.中微子的質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)均為零B.鋰核（）獲得的動能約為0.86MeVC.中微子與鋰核（）的動量之和等于反應前電子的動量D.中微子與鋰核（）的能量之和等于反應前電子的能量【答案】AC【解析】【詳解】反應方程為，依據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒可知中微子的質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)均為零，A正確；依據(jù)質(zhì)能方程，質(zhì)量削減，為釋放的核能，不是鋰核獲得的動能，B錯誤；衰變過程中內(nèi)力遠大于外力，故反應前后動量守恒，故中微子與鋰核（）的動量之和等于反應前電子的動量，C正確；由于反應過程中存在質(zhì)量虧損，所以中微子與鋰核（）的能量之和小于反應前電子的能量，D錯誤．二、填空題13.某學習愛好小組欲采納如圖所示電路測量電壓表的內(nèi)阻RV，待測電壓表的量程為1V，內(nèi)阻約為1000．(1)在備選的甲、乙兩個滑動變阻器的銘牌上分別標有(2001A)、(102A)，為盡可能提高測量精度且便于調(diào)整，滑動變阻器R1應選用___________(填“甲”或“乙”)(2)同學們的試驗步驟如下，請將步驟Ⅰ補充完整：Ⅰ.正確連接好電路后，在閉合開關之前，將滑動變阻器R1滑片移到_________(填“左端”或“右端”)Ⅱ.閉合開關S1和S2，調(diào)整R1，使電壓表指針指到1V刻度處，Ⅲ.保持S1閉合、變阻器R1的滑片位置不變，斷開S2，調(diào)整電阻箱R2的阻值，使電壓表的指針指到0.5V刻度處，此時電阻箱R2的示數(shù)為990．(3)該電壓表內(nèi)阻的測量值為_____________．【答案】(1).乙(2).左端(3).990【解析】【詳解】（1）[1]由題意可知，滑動變阻器乙的最大阻值較小，乙的額定電流較大，試驗電路選擇分壓式，所以為保證平安便利試驗操作，滑動變阻器應選擇乙．（2）[2]由圖示電路圖可知，滑動變阻器采納分壓接法，為愛護電路，在閉合開關之前，將滑動變阻器R1的滑片移到左端，使待測支路電流為零．（3）[3]斷開開關S2后認為分壓電路分壓不變，仍為1V，電壓表示數(shù)為0.5V，說明電阻箱兩端電壓為0.5V，電壓表與電阻箱串聯(lián)，它們兩端電壓相等，由串聯(lián)電路特點可知，它們的阻值相等，則電壓表內(nèi)阻等于電阻箱阻值990Ω．14.為了驗證碰撞中的動量守恒和檢驗兩個小球的碰撞是否為彈性碰撞，某同學選取了兩個體積相同、質(zhì)量不相等的小球，按下述步驟做了如下試驗：①用天平測出兩個小球的質(zhì)量(分別為m1和m2，且m1＞m2)。②依據(jù)如圖所示的那樣，安裝好試驗裝置。將斜槽AB固定在桌邊，使槽的末端處的切線水平，將一斜面BC連接在斜槽末端。③先不放小球m2，讓小球m1從斜槽頂端A處由靜止起先滾下，登記小球在斜面上的落點位置。④將小球m2放在斜槽末端邊緣處，讓小球m1從斜槽頂端A處由靜止起先滾下，使它們發(fā)生碰撞，登記小球m1和m2在斜面上的落點位置。⑤用毫米刻度尺量出各個落點位置到斜槽末端點B的距離，圖中D、E、F點是該同學登記的小球在斜面上的幾個落點位置，到B點的距離分別為LD、LE、LF。(1)小球m1和m2發(fā)生碰撞后，m1的落點是圖中的______點；(2)用測得的物理量來表示，只要滿意關系式______________________，則說明碰撞中動量守恒；(3)用測得的物理量來表示，只要再滿意關系式______________________，則說明兩小球的碰撞是彈性碰撞?！敬鸢浮?1).D(2).m1＝m1＋m2(3).m1LE＝m1LD＋m2LF【解析】【詳解】（1）[1]小球和小球相撞后，小球的速度增大，小球的速度減小，都做平拋運動，所以碰撞后球的落地點是D點。（2）[2]碰撞前，小于落在圖中的E點，設其水平初速度為，小球和發(fā)生碰撞后，的落點在圖中的D點，設其水平初速度為，的落點是圖中的F點，設其水平初速度為，設斜面BC與水平面的傾角為，由平拋運動規(guī)律得解得同理可解得所以只要滿意即則說明兩球碰撞過程中動量守恒。（3）[3]若兩小球的碰撞是彈性碰撞，則碰撞前后機械能沒有損失。則要滿意關系式即。三、計算題15.一小型水電站，其溝通發(fā)電機與升壓變壓器原線圈連接，如圖為輸電示意圖。原線圈的輸入功率，輸入電壓U1=1000V，在輸電過程中，要求能量損耗等于原線圈輸入功率的4%，已知輸電線電阻為16Ω，用戶降壓變壓器的輸出電壓為240V，求：(1)升壓變壓器原線圈中的電流I1；(2)輸電線中的電流線；(3)升壓變壓器和降壓變壓器的匝數(shù)比?！敬鸢浮?1)1000A；(2)50A；(3)1：20，80：1【解析】【詳解】（1）升壓變壓器原線圈中的電流為（2）依據(jù)得（3）升壓變壓器的匝數(shù)比為得升壓變壓器副線圈電壓得導線上的電壓損失得降壓變壓器的原線圈的電壓降壓變壓器的匝數(shù)比為得16.如圖所示，一輛質(zhì)量為M=3kg的小車A靜止在光滑的水平面上，小車上有質(zhì)量為m=1kg的光滑小球B，將一輕質(zhì)彈簀壓縮并鎖定，此時彈簧的彈性勢能為Ep=6J，小球與小車右壁距離為L，解除鎖定，小球脫離彈簧后與小車右壁的油灰阻擋層碰撞并被粘住，求：(1)小球脫離彈簧時小球和小車各自的速度大??；(2)在整個過程中，小車移動距離?！敬鸢浮?1)v1=3m/s，v2=1m/s；(2)【解析】【詳解】(1)設小球脫離彈簧時小球和小車各自的速度大小分別為v1、v2，則解得v1=3m/s，v2=1m/s(2)設小車移動x2距離，小球移動x1距離，整個過程中，依據(jù)平均動量守恒（人船模型）得x1+x2=L解得17.如圖所示，用質(zhì)量為m、橫截