2023-2024學(xué)年山東省濟(jì)寧市高一下學(xué)期質(zhì)量檢測(cè)化學(xué)試卷（解析版）

高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE1山東省濟(jì)寧市2023-2024學(xué)年高一下學(xué)期質(zhì)量檢測(cè)試卷2024.07注意事項(xiàng)：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、考生號(hào)等填寫(xiě)在答題卡和試卷指定位置．2．回答選擇題時(shí)，選出每小題〖答案〗后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的〖答案〗標(biāo)號(hào)涂黑．如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他〖答案〗標(biāo)號(hào)．回答非選擇題時(shí)，將〖答案〗寫(xiě)在答題卡上．寫(xiě)在本試卷上無(wú)效．3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回．可能用到的相對(duì)原子質(zhì)量：一、選擇題：本題共10小題，每小題2分，共20分．每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求．1.科技發(fā)展與材料化學(xué)密切相關(guān)．下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）A.鋼是用途最廣的金屬材料，鋼屬于鐵合金B(yǎng).網(wǎng)絡(luò)強(qiáng)國(guó)戰(zhàn)略的實(shí)施離不開(kāi)光纜，其主要成分是晶體硅C.石墨烯可用于制造空間站存儲(chǔ)器，石墨烯屬于新型無(wú)機(jī)非金屬材料D.橡膠消聲瓦可有效降低潛艇航行時(shí)的噪聲，其主要成分屬于有機(jī)高分子材料〖答案〗B〖解析〗【詳析】A．鋼是用途最廣的金屬材料，鋼是鐵和碳的合金，故A正確；B．光纜的主要成分是二氧化硅，故B錯(cuò)誤；C．石墨烯是碳單質(zhì)，屬于新型無(wú)機(jī)非金屬材料，故C正確；D．橡膠消聲瓦主要成分是橡膠，屬于有機(jī)高分子材料，故D正確；故選B2.下列化學(xué)用語(yǔ)表示正確的是（）A.中子數(shù)為20的氯原子： B.乙烯的結(jié)構(gòu)式：C.的電子式： D.和互為同素異形體〖答案〗A〖解析〗【詳析】A．質(zhì)量數(shù)等于質(zhì)子數(shù)加中子數(shù)，故中子數(shù)為20的氯原子表示為：，A正確；B．乙烯的結(jié)構(gòu)式為：，是乙烯的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式，B錯(cuò)誤；C．CCl4的電子式為：，C錯(cuò)誤；D．和是質(zhì)子數(shù)相同而中子數(shù)不同的原子，互為同位素，D錯(cuò)誤；故〖答案〗為：A。3.下列物質(zhì)中含有共價(jià)鍵的離子化合物是（）A.C2H6 B.Na2O2 C.CH3COOH D.MgCl2〖答案〗B〖解析〗【詳析】A．C2H6是只含共價(jià)鍵的共價(jià)化合物，A不合題意；B．Na2O2是由Na+和通過(guò)離子鍵形成的離子化合物，中含有共價(jià)鍵，B符合題意；C．CH3COOH只含共價(jià)鍵，屬于共價(jià)化合物，C不合題意；D．MgCl2是只含離子鍵的離子化合物，D不合題意；故〖答案〗為：B。4.化學(xué)與生產(chǎn)生活密切相關(guān)，下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）A.新制的Cu(OH)2懸濁液可用于檢測(cè)尿液中的葡萄糖B.葡萄汁中加適量SO2可以起到殺菌作用C.碳酸鋇可用于腸胃X射線造影檢查D.Al(OH)3可用于治療胃酸過(guò)多〖答案〗C〖解析〗【詳析】A．已知葡萄糖為還原性糖，含有醛基，故新制的Cu(OH)2懸濁液可用于檢測(cè)尿液中的葡萄糖，A正確；B．SO2能夠抑制細(xì)菌的生成，故葡萄汁中加適量SO2可以起到殺菌作用，B正確；C．碳酸鋇能與胃酸HCl反應(yīng)生成BaCl2，釋放重金屬離子導(dǎo)致蛋白質(zhì)變性，故不可用于腸胃X射線造影檢查，應(yīng)該是BaSO4，C錯(cuò)誤；D．Al(OH)3是弱堿，能與HCl反應(yīng)，故可用于治療胃酸過(guò)多，D正確；故〖答案〗為：C。5.下列各組離子，能在水溶液中大量共存的是（）A. B.C. D.〖答案〗D〖解析〗【詳析】A．三者發(fā)生氧化還原反應(yīng)，不能大量共存，A不合題意；B．發(fā)生反應(yīng)生成H2O和，不能大量共存，B不合題意；C．發(fā)生反應(yīng)生成難電離的物質(zhì)Fe(SCN)3而不能大量共存，C不合題意；D．各離子間不反應(yīng)，能夠大量共存，D符合題意；故〖答案〗為：D。6.下列關(guān)于物質(zhì)用途及解釋均合理的是（）物質(zhì)用途解釋A鹵水點(diǎn)豆腐利用了膠體的性質(zhì)B燃煤中添加石灰石可以減少二氧化硫的排放碳酸鈣與產(chǎn)生的二氧化硫最終生成亞硫酸鈣C漂白粉在空氣中放置時(shí)間越長(zhǎng)漂白效果越好D制作糕點(diǎn)時(shí)添加蘇打作膨松劑〖答案〗A〖解析〗【詳析】A．鹵水點(diǎn)豆腐，利用了膠體遇到電解質(zhì)溶液發(fā)生聚沉的性質(zhì)，故A正確；B．燃煤中添加石灰石，在燃燒時(shí)石灰石分解成氧化鈣和二氧化碳，氧化鈣與二氧化硫反應(yīng)生成亞硫酸鈣，從而減少二氧化硫的排放，故B錯(cuò)誤；C．漂白粉在空氣中放置時(shí)間越長(zhǎng)漂白效果越差，原因?yàn)椋?，故C錯(cuò)誤；D．制作糕點(diǎn)時(shí)添加小蘇打()作膨松劑，故D錯(cuò)誤；故選A。7.實(shí)驗(yàn)室制氯氣涉及MnO2、濃鹽酸、Cl2、MnCl2和H2O，設(shè)NA為阿伏加德羅常數(shù)值．下列敘述正確的是（）A.溶液中含有個(gè)B.標(biāo)況下含有共價(jià)鍵的數(shù)目為C.反應(yīng)過(guò)程中消耗轉(zhuǎn)移個(gè)電子D.中含有個(gè)中子〖答案〗C〖解析〗〖祥解〗已知實(shí)驗(yàn)室制氯氣的反應(yīng)方程式為：MnO2+4HCl(濃)Cl2↑+MnCl2+2H2O，據(jù)此分析解題。【詳析】A．由于題干未告知溶液體積，故無(wú)法計(jì)算溶液中的數(shù)目，A錯(cuò)誤；B．標(biāo)況下H2O為液體，故無(wú)法計(jì)算含有共價(jià)鍵的數(shù)目，B錯(cuò)誤；C．反應(yīng)過(guò)程中MnO2中的Mn由+4價(jià)降低到+2價(jià)，故消耗轉(zhuǎn)移個(gè)電子，C正確；D．已知35Cl中含有35-17=18個(gè)中子，故中含有0.1mol×2×18×NAmol-1=個(gè)中子，D錯(cuò)誤；故〖答案〗為：C。8.藿香薊在一定條件下會(huì)發(fā)生以下反應(yīng)，下列說(shuō)法錯(cuò)混的是（）A.M分子有2種含氧官能團(tuán)B.N分子中5個(gè)碳原子一定在同一平面內(nèi)C.藿香薊在一定條件下可生成多種加聚產(chǎn)物 D.乙酸與N互為同系物〖答案〗D〖解析〗【詳析】A．M分子中的官能團(tuán)有碳碳雙鍵、醚鍵和酚羥基，含氧官能團(tuán)為醚鍵、酚羥基，故A正確；B．N分子中含有碳碳雙鍵，碳碳雙鍵是平面結(jié)構(gòu)，則N分子中5個(gè)C原子一定共面，故B正確；C．藿香薊分子中含有2個(gè)碳碳雙鍵，可以生成不同種的加聚產(chǎn)物，故C正確；D．N分子中含有羧基、碳碳雙鍵，乙酸分子中只含有羧基，官能團(tuán)種類(lèi)不同，不能互為同系物，故D錯(cuò)誤；故選D。9.為探究金屬電極在原電池中的作用，某實(shí)驗(yàn)小組設(shè)計(jì)并進(jìn)行了下列實(shí)驗(yàn)，實(shí)驗(yàn)記錄如下：編號(hào)電極材料電解質(zhì)溶液電流計(jì)指針偏轉(zhuǎn)方向1稀硫酸偏向2稀硫酸偏向3溶液③下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）A.實(shí)驗(yàn)1中，作正極B.實(shí)驗(yàn)2中，負(fù)極的電極反應(yīng)式為C.③應(yīng)表述為：偏向D.由實(shí)驗(yàn)可知，金屬電極在原電池中的作用與電解質(zhì)溶液成分有關(guān)〖答案〗B〖解析〗【詳析】A．實(shí)驗(yàn)1中活潑金屬做負(fù)極，不活潑金屬做正極，則Al為負(fù)極，Cu為正極，故A正確；B．實(shí)驗(yàn)2中，Mg的活動(dòng)性大于Al，則Mg做負(fù)極，電極反應(yīng)為，故B錯(cuò)誤；C．實(shí)驗(yàn)3中電解質(zhì)溶液為NaOH，金屬Al可以和NaOH反應(yīng)，則Al做負(fù)極，電流計(jì)指針偏向正極，則偏向，故C正確；D．對(duì)比實(shí)驗(yàn)可知，金屬電極在不同的電解質(zhì)溶液中，他們的作用不相同，故D正確；故選B。10.短周期元素原子序數(shù)依次增大，為以上四種元素形成的化合物，e為Z的單質(zhì)，它們的轉(zhuǎn)化關(guān)系如下圖所示，其中a為淡黃色固體，b是含10電子分子，c的產(chǎn)量可以衡量一個(gè)國(guó)家的石油化工發(fā)展水平，g是一種常見(jiàn)溫室氣體．下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）A.d可用于的尾氣處理 B.均可與W的單質(zhì)反應(yīng)C.與溶液完全反應(yīng)，生成 D.等物質(zhì)的量的g和b分別與足量a反應(yīng)，轉(zhuǎn)移電子數(shù)目相同〖答案〗C〖解析〗〖祥解〗其中a為淡黃色固體，則a為過(guò)氧化鈉，b是含10電子分子，則b為水，e為Z的單質(zhì)，則e為氧氣，d為氫氧化鈉，c的產(chǎn)量可以衡量一個(gè)國(guó)家的石油化工發(fā)展水平，則c為乙烯，乙烯和水發(fā)生加成反應(yīng)生成f，則f為乙醇，g是一種常見(jiàn)溫室氣體，則g為二氧化碳，則四種元素分別為H、C、O、Na，據(jù)此解答?！驹斘觥緼．d為氫氧化鈉，可用于吸收二氧化硫尾氣，故A正確；B．分別為水和乙醇，都可以和金屬鈉反應(yīng)，故B正確；C．與1.5molNaOH反應(yīng)的化學(xué)方程式為，生成物質(zhì)的量為0.5mol，故C錯(cuò)誤；D．等物質(zhì)的量的H2O、CO2與足量的Na2O2反應(yīng)，化學(xué)方程式為、，其消耗Na2O2的物質(zhì)的量相同，則轉(zhuǎn)移電子數(shù)目相同，故D正確；故選C。二、選擇題：本題共5小題，每小題4分，共20分．每小題有一個(gè)或兩個(gè)選項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分．11.根據(jù)下列實(shí)驗(yàn)操作和現(xiàn)象，所得出的結(jié)論或解釋正確的是（）實(shí)驗(yàn)操作和現(xiàn)象結(jié)論或解釋A把紅熱的碳加入濃硝酸中，出現(xiàn)紅棕色氣體硝酸被碳還原生成了NO2B用Fe片、Cu片、濃硝酸溶液組成原電池，F(xiàn)e片上出現(xiàn)大量紅棕色氣泡金屬性：Fe＞CuC向淀粉-KI溶液中滴加少量氯化鐵溶液，溶液變藍(lán)氧化性：Fe3+＞I2D向雞蛋清溶液中加入少量(NH4)2SO4或CuSO4溶液，溶液中均有固體析出(NH4)2SO4或CuSO4溶液都能使雞蛋清變性〖答案〗C〖解析〗【詳析】A．濃硝酸可受熱分解生成二氧化氮，不能證明濃硝酸與碳反應(yīng)，A不合題意；B．用Fe片、Cu片、濃硝酸溶液組成原電池，F(xiàn)e片上出現(xiàn)大量紅棕色氣泡，說(shuō)明Fe作正極，Cu作負(fù)極，但由于Fe遇到濃硝酸在常溫下發(fā)生鈍化，不能用于比較Fe和Cu的金屬性強(qiáng)弱，B不合題意；C．向淀粉-KI溶液中滴加少量氯化鐵溶液，溶液變藍(lán)，說(shuō)明有I2生成，即發(fā)生了2Fe3++2I-=2Fe2++I2，根據(jù)氧化劑的氧化性強(qiáng)于氧化產(chǎn)物可知，氧化性：Fe3+＞I2，C符合題意；D．向雞蛋清溶液中加入少量(NH4)2SO4或CuSO4溶液，溶液中均有固體析出，(NH4)2SO4使雞蛋清發(fā)生鹽析，CuSO4溶液使雞蛋清變性，D不合題意；故〖答案〗為：C。12.一定溫度下，在剛性密閉容器中以投料，發(fā)生反應(yīng)：，部分物質(zhì)濃度變化如下圖所示，以下說(shuō)法正確的是（）A.b曲線代表的物質(zhì)的量濃度變化B.第時(shí)大于第時(shí)C.當(dāng)混合氣體密度不變時(shí)，說(shuō)明反應(yīng)達(dá)到平衡D.前〖答案〗AD〖解析〗〖祥解〗由題干圖像信息可知，a的起始濃度為0.4mol，且隨著反應(yīng)進(jìn)行濃度逐漸減小，說(shuō)明a為反應(yīng)物，b的濃度逐漸增大，即為生成物，且10min內(nèi)a的減小量是b的增加量的4倍，根據(jù)變化量之比等于化學(xué)計(jì)量系數(shù)之比，故a代表H2，b為CH4，據(jù)此分析解題?！驹斘觥緼．由分析可知，b曲線代表的物質(zhì)的量濃度變化，A正確；B．由題干圖像信息可知，3min是反應(yīng)還在正向進(jìn)行，隨著反應(yīng)的進(jìn)行CO2濃度減小，即正反應(yīng)速率逐漸減小，而逆反應(yīng)速率逐漸增大，即第時(shí)小于，第12min時(shí)反應(yīng)達(dá)到平衡，等于，小于，即第3min小于第時(shí)，B錯(cuò)誤；C．由題干反應(yīng)信息可知，反應(yīng)過(guò)程中混合氣體的質(zhì)量保持不變，體積不變，即混合氣體的密度始終保持不變，故當(dāng)混合氣體密度不變時(shí)，不能說(shuō)明反應(yīng)達(dá)到平衡，C錯(cuò)誤；D．由分析可知，b代表CH4，結(jié)合反應(yīng)速率之比等于化學(xué)計(jì)量系數(shù)之比可得，前10min，，D正確；故〖答案〗為：AD。13.一種微生物電池的結(jié)構(gòu)如下圖所示，下列說(shuō)法正確的是（）A.b極電極反應(yīng)式為B.電池工作時(shí)，電子由a極經(jīng)用電器流向b極C.該電池可以在高溫下工作D.當(dāng)b極產(chǎn)生標(biāo)況下時(shí)，a極會(huì)有生成〖答案〗A〖解析〗〖祥解〗由a電極中Co的化合價(jià)由+3價(jià)降低為+2價(jià)，可知a電極發(fā)生得電子的還原反應(yīng)，則a電極為正極，電極反應(yīng)為，b為原電池負(fù)極，發(fā)生失去電子的氧化反應(yīng)，電極反應(yīng)為，據(jù)此解答?！驹斘觥緼．由分析可知b為原電池負(fù)極，發(fā)生失去電子的氧化反應(yīng)，電極反應(yīng)為，故A正確；B．電池工作時(shí)，電子由負(fù)極經(jīng)用電器流向正極，則由b極經(jīng)用電器流向a極，故B錯(cuò)誤；C．高溫條件下，微生物中蛋白質(zhì)發(fā)生變性，導(dǎo)致電池不能正常工作，故C錯(cuò)誤；D．當(dāng)b極產(chǎn)生標(biāo)況下，即0.5mol，則轉(zhuǎn)移電子數(shù)為2mol，由a電極的反應(yīng)式可知，轉(zhuǎn)移電子數(shù)為2mol，a極會(huì)有生成，故D錯(cuò)誤；故選A。14.由短周期主族元素組成的物質(zhì)WX3Y3Z3R2是一種高效廣譜殺菌消毒劑，其結(jié)構(gòu)如圖所示，結(jié)構(gòu)中的各元素微粒均達(dá)到8電子穩(wěn)定結(jié)構(gòu)，已知X、Y、Z、W、R的原子序數(shù)依次增大，下列說(shuō)法正確的是（）A.簡(jiǎn)單的氣態(tài)氫化物穩(wěn)定性：B.簡(jiǎn)單離子半徑：C.含氧酸的酸性：D.將R的單質(zhì)溶于中，溶液中存在7種微?！即鸢浮紹D〖解析〗〖祥解〗由題干信息可知，X、Y、Z、W、R的原子序數(shù)依次增大，結(jié)構(gòu)中的各元素微粒均達(dá)到8電子穩(wěn)定結(jié)構(gòu)，根據(jù)該消毒劑的結(jié)構(gòu)圖可知，Z形成了2個(gè)共價(jià)鍵，則Z為O或者S，R只形成1個(gè)共價(jià)鍵，則R為F或Cl，X形成4個(gè)共價(jià)鍵，則X為C或Si，Y形成3個(gè)共價(jià)鍵，則Y為N或者P，W為+1價(jià)陽(yáng)離子，則W為Na，故可推斷出X為C、Y為N、Z為O、W為Na、R為Cl，據(jù)此分析解題?！驹斘觥緼．由分析可知，X為C、Y為N、R為Cl，根據(jù)非金屬性Cl＞N＞C，則簡(jiǎn)單的氣態(tài)氫化物穩(wěn)定性HCl＞NH3＞CH4即，A錯(cuò)誤；B．由分析可知，YN、Z為O、W為Na、R為Cl，Cl-核外由三個(gè)電子層，半徑最大，N3-、O2-、Na+均為2個(gè)電子層，且核電荷數(shù)依次增大，故半徑依次減小，即簡(jiǎn)單離子半徑Cl-＞N3-＞O2-＞Na+即，B正確；C．由分析可知，Y為N、X為C、R為Cl，它們最高價(jià)含氧酸的酸性為HClO4＞HNO3＞H2CO3即，但題目中為注明最高價(jià)，則酸性無(wú)法比較，如HNO3＞HClO等，C錯(cuò)誤；D．由分析可知，Z為O，R為Cl2，將R的單質(zhì)溶于H2Z中即形成新制氯水，溶液中存在H2O、HClO、Cl-、H+、ClO-、Cl2和OH-等7種微粒，D正確；故〖答案〗為：BD。15.碘及其化合物在醫(yī)藥中間體的合成中應(yīng)用廣泛．下圖為I2的一種制備方法：已知：氧化性，下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）A.加入AgNO3的目的是富集海水中的碘元素B.加入Fe粉進(jìn)行轉(zhuǎn)化的反應(yīng)中，氧化劑與還原劑之比為C.通入Cl2越多，I2的產(chǎn)率越大D.通入Cl2的過(guò)程中，若時(shí)，產(chǎn)物中〖答案〗BC〖解析〗〖祥解〗凈化除氯后的海水，加入硝酸銀，進(jìn)行富集，生成含有AgI的懸濁液，繼續(xù)即加入鐵粉，發(fā)生反應(yīng)Fe+2AgI=2I-+2Ag+Fe2+；過(guò)濾掉析出的Ag，向FeI2中加入過(guò)量Cl2，具體生成物與氯氣的通入量有關(guān)，據(jù)此分析回答問(wèn)題；【詳析】A．由分析可知，加入AgNO3的目的是富集海水中的碘元素，A正確；B．由分析可知，加入Fe粉進(jìn)行轉(zhuǎn)化的反應(yīng)Fe+2AgI=2I-+2Ag+Fe2+中，氧化劑與還原劑之比為2:1，B錯(cuò)誤；C．Cl2的氧化性大于，通入Cl2過(guò)多能將部分I2氧化為，故通入Cl2越多，I2的產(chǎn)率不一定就越大，C錯(cuò)誤；D．由題干信息氧化性可知，通入Cl2的過(guò)程中，I-先被氧化，根據(jù)反應(yīng)：2I-+Cl2=I2+2Cl-，2Fe2++Cl2=2Fe3++2Cl-，若時(shí)，每有1molCl2與I-反應(yīng)，只有0.2molCl2與Fe2+反應(yīng)，根據(jù)上述反應(yīng)可知，產(chǎn)物中，D正確；故〖答案〗為：BC。三、非選擇題：本題共5小題，共60分．16.下表是三角形元素周期表的一部分，每個(gè)方格代表一種元素，回答下列問(wèn)題：（1）畫(huà)出Z元素的原子結(jié)構(gòu)示意圖：_______（2）Q2M中所含化學(xué)鍵的類(lèi)型為_(kāi)______；根據(jù)M的化合價(jià)判斷Q2M具有_______性（填“氧化”或“還原”）；（3）W、M、Y三種元素簡(jiǎn)單氫化物穩(wěn)定性由大到小的順序是_______（用化學(xué)式表示）；Q、X兩種元素原子半徑由大到小的順序?yàn)開(kāi)______（用元素符號(hào)表示）；（4）X的單質(zhì)與Q的最高價(jià)氧化物對(duì)應(yīng)水化物反應(yīng)，其離子方程式是______________；（5）Y的最高價(jià)氧化物可溶于足量Q的最高價(jià)氧化物對(duì)應(yīng)水化物的溶液，其化學(xué)方程式為_(kāi)______；〖答案〗（1）（2）①.離子鍵②.還原（3）①.HF＞H2S＞SiH4②.Na+＞Al3+（4）2Al+2OH-+6H2O=2[Al(OH)4]-+3H2↑（5）SiO2+2NaOH=Na2SiO3+H2O〖解析〗由題干三角形元素周期表信息可知，W為F、Q為Na、X為Al、Y為Si、M為S、Z為Br，據(jù)此分析解題。（1）由分析可知，Z為Br，則Z元素的原子結(jié)構(gòu)示意圖為：，故〖答案〗為：；（2）由分析可知，Q為Na、M為S，故Q2M即Na2S中所含化學(xué)鍵的類(lèi)型為離子鍵，Q2M中M的化合價(jià)為-2價(jià)，是S的最低價(jià)，故根據(jù)M的化合價(jià)判斷Q2M具有還原性，故〖答案〗為：離子鍵；還原；（3）由分析可知，W為F、M為S、Y為Si，非金屬性F＞S＞Si，故W、M、Y三種元素簡(jiǎn)單氫化物穩(wěn)定性由大到小的順序是HF＞H2S＞SiH4，Q為Na、X為Al，則Na+和Al3+具有相同的核外電子排布，且Al的核電荷數(shù)更大，故Q、X兩種元素原子半徑由大到小的順序?yàn)镹a+＞Al3+，故〖答案〗為：HF＞H2S＞SiH4；Na+＞Al3+；（4）由分析可知，X為Al，Q為Na，則X的單質(zhì)即Al與Q的最高價(jià)氧化物對(duì)應(yīng)水化物即NaOH反應(yīng)，其離子方程式是2Al+2OH-+6H2O=2[Al(OH)4]-+3H2↑，故〖答案〗為：2Al+2OH-+6H2O=2[Al(OH)4]-+3H2↑；（5）由分析可知，Y為Si、Q為Na，則Y的最高價(jià)氧化物即SiO2可溶于足量Q的最高價(jià)氧化物對(duì)應(yīng)水化物即NaOH的溶液，其化學(xué)方程式為：SiO2+2NaOH=Na2SiO3+H2O，故〖答案〗為：SiO2+2NaOH=Na2SiO3+H2O。17.下圖是物質(zhì)A~F的轉(zhuǎn)化關(guān)系圖，其中A為常見(jiàn)過(guò)渡金屬元素的單質(zhì)，D和E組成元素相同，回答下列問(wèn)題：（1）B的電子式為_(kāi)______組成C的元素在周期表中的位置是_______；（2）一定溫度下，B溶液和C反應(yīng)生成的和的物質(zhì)的量之比為，此時(shí)反應(yīng)的離子方程式為_(kāi)______（3）用質(zhì)量分?jǐn)?shù)為濃硫酸和亞硫酸鈉制取D，寫(xiě)出化學(xué)方程式_______；反應(yīng)④中活性炭做催化劑，它能改變反應(yīng)的_______，但不能改變反應(yīng)的最大限度；（4）按下圖裝置進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，驗(yàn)證反應(yīng)⑤產(chǎn)生的氣體．現(xiàn)有試劑a．溶液b．溶液c．品紅溶液d．溶液，則裝置Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ中所需試劑依次為_(kāi)______（填標(biāo)號(hào)）（5）為探究反應(yīng)⑥反應(yīng)后的固體成分中是否含有Fe3+進(jìn)行了以下實(shí)驗(yàn)．取少量反應(yīng)后固體置于試管中，滴加稀鹽酸并微熱，固體逐漸溶解，同時(shí)有少量氣泡產(chǎn)生，再向試管中滴加幾滴KSCN溶液，溶液未變紅．根據(jù)實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象，_______（填“能”或“不能”）確定固體中是否含有Fe3+，原因是______________〖答案〗（1）①.②.第三周期第ⅦA族（2）6Cl2+12OH-＝3ClO-++8Cl-+6H2O（3）①.Na2SO3+H2SO4＝Na2SO4+H2O+SO2↑②.途徑或速率（4）bcd（5）①.不能②.由于原固體中含有Fe能夠?qū)e3+還原為Fe2+，反應(yīng)為Fe+2F3+＝3Fe2+〖解析〗已知電解飽和食鹽水得到H2、NaOH溶液和Cl2，即B為NaOH、C為Cl2，綠礬為FeSO4·7H2O，則A為Fe，足量的Fe與濃硫酸共熱得到SO2、FeSO4溶液和H2O，即D為SO2，SO2和Cl2在活性炭作用下生成SO2Cl2，F(xiàn)eSO4溶液經(jīng)過(guò)蒸發(fā)濃縮、冷卻結(jié)晶，過(guò)濾洗滌干燥得到綠礬，綠礬加熱失去結(jié)晶水得到無(wú)水FeSO4，F(xiàn)eSO4高溫加熱分解生成鐵紅即Fe2O3，D為SO2，則E為SO3，F(xiàn)e和水蒸氣在高溫條件下反應(yīng)生成H2和Fe3O4，即F為Fe3O4，據(jù)此分析解題。（1）由分析可知，B為NaOH，則B的電子式為，C為Cl2，則組成C的元素即Cl在周期表中的位置是第三周期第ⅦA族，故〖答案〗為：；第三周期第ⅦA族；（2）由分析可知，B為NaOH、C為Cl2，一定溫度下，B溶液和C反應(yīng)生成的和的物質(zhì)的量之比為，此時(shí)反應(yīng)的離子程式為6Cl2+12OH-＝3ClO-++8Cl-+6H2O，故〖答案〗為：6Cl2+12OH-＝3ClO-++8Cl-+6H2O；（3）由分析可知，D為SO2，用質(zhì)量分?jǐn)?shù)為濃硫酸和亞硫酸鈉制取D，該反應(yīng)的化學(xué)方程式為：Na2SO3+H2SO4＝Na2SO4+H2O+SO2↑；反應(yīng)④中活性炭做催化劑，催化劑能夠改變反應(yīng)速率，不能使平衡發(fā)生移動(dòng)，即它能改變反應(yīng)的途徑或速率，但不能改變反應(yīng)的最大限度；故〖答案〗為：Na2SO3+H2SO4＝Na2SO4+H2O+SO2↑；途徑或速率；（4）由分析可知，反應(yīng)⑤產(chǎn)生的氣體D為SO2、E為SO3，已知SO3極易溶于水，與水反應(yīng)生成H2SO4，即SO3通入BaCl2溶液中能夠產(chǎn)生白色沉淀，而SO2通入BaCl2溶液不能產(chǎn)生白色沉淀，SO2能使品紅溶液褪色，最后通入NaOH溶液中吸收多余的SO2，才能排入空氣中，防止污染環(huán)境，故按下圖裝置進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，驗(yàn)證反應(yīng)⑤產(chǎn)生的氣體則裝置Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ中所需試劑依次為bcd，故〖答案〗為：bcd；（5）由分析可知，反應(yīng)⑥即為Fe和水蒸氣反應(yīng)生成Fe3O4和H2，為探究反應(yīng)⑥反應(yīng)后的固體成分中是否含有Fe3+進(jìn)行了以下實(shí)驗(yàn)。取少量反應(yīng)后固體置于試管中，滴加稀鹽酸并微熱，固體逐漸溶解，同時(shí)有少量氣泡產(chǎn)生即說(shuō)明原固體中含有Fe，由于Fe+2F3+＝3Fe2+，再向試管中滴加幾滴KSCN溶液，溶液未變紅，根據(jù)實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象，不能確定固體中是否含有Fe3+，故〖答案〗為：不能；由于原固體中含有Fe能夠?qū)e3+還原為Fe2+，反應(yīng)為Fe+2F3+＝3Fe2+。18.下圖是以丙烯為原料模擬合成其他重要化工原料的流程圖．回答下列問(wèn)題．（1）A的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為_(kāi)______反應(yīng)②還會(huì)生成A的一種同分異構(gòu)體，其結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為_(kāi)______；（2）B中含有官能團(tuán)的名稱(chēng)為_(kāi)______；（3）①~⑧中屬于取代反應(yīng)的是_______；屬于加成反應(yīng)的是_______；（填反應(yīng)標(biāo)號(hào)）（4）反應(yīng)⑦的化學(xué)方程式是_______；（5）反應(yīng)⑥消耗標(biāo)況下2.24LCl2，理論上反應(yīng)⑦中參與反應(yīng)的O2物質(zhì)的量是_______。〖答案〗（1）①.(CH3)2CHOH②.CH3CH2CH2OH（2）碳碳雙鍵和酯基（3）①.③⑤②.②⑥（4）2+3O22+6H2O（5）0.15mol〖解析〗由題干轉(zhuǎn)化信息可知，CH3CH=CH2被催化氧化為CH2=CHCOOH，CH3CH=CH2與H2O催化加成轉(zhuǎn)化為A，A和CH2=CHCOOH發(fā)生酯化反應(yīng)生成B，B發(fā)生加聚反應(yīng)生成聚丙烯酸異丙酯，故A的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為：(CH3)2CHOH，B為CH2=CHCOOCH(CH3)2，CH3CH=CH2與Cl2光照條件下發(fā)生取代反應(yīng)生成ClCH2CH=CH2，ClCH2CH=CH2與Cl2繼續(xù)發(fā)生加成反應(yīng)生成ClCH2ClCHCH2Cl，ClCH2ClCHCH2Cl在NaOH水溶液中加熱發(fā)生水解反應(yīng)生成甘油即丙三醇，在Cu作催化劑下催化氧化為，繼續(xù)被氧化為，據(jù)此分析解題。（1）由分析可知，A的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為(CH3)2CHOH，反應(yīng)②還會(huì)生成A的一種同分異構(gòu)體，其結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為：CH3CH2CH2OH，故〖答案〗為：(CH3)2CHOH；CH3CH2CH2OH；（2）由分析可知，B的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為CH2=CHCOOCH(CH3)2，B中含有官能團(tuán)的名稱(chēng)為碳碳雙鍵和酯基，故〖答案〗為：碳碳雙鍵和酯基；（3）由題干轉(zhuǎn)化關(guān)系圖可知，反應(yīng)①為氧化反應(yīng)，反應(yīng)②為加成反應(yīng)，反應(yīng)③為酯化反應(yīng)或取代反應(yīng)，反應(yīng)④為加聚反應(yīng)，反應(yīng)⑤為取代反應(yīng)，反應(yīng)⑥為加成反應(yīng)，反應(yīng)⑦為氧化反應(yīng)，反應(yīng)⑧為氧化反應(yīng)，故①~⑧中屬于取代反應(yīng)的是③⑤；屬于加成反應(yīng)的是②⑥，故〖答案〗為：③⑤；②⑥；（4）由題干轉(zhuǎn)化關(guān)系圖可知，反應(yīng)⑦即在Cu作催化劑下催化氧化為，該反應(yīng)的化學(xué)方程式是2+3O22+6H2O，故〖答案〗為：2+3O22+6H2O；（5）由題干轉(zhuǎn)化關(guān)系圖可知，反應(yīng)⑥每消耗1molCl2就能制得1molClCH2ClCHCH2Cl，經(jīng)水解就能制得1mol，1mol發(fā)生反應(yīng)⑦催化氧化消耗1.5molO2，反應(yīng)⑥消耗標(biāo)況下2.24L即為=0.1molCl2，理論上反應(yīng)⑦中參與反應(yīng)的O2物質(zhì)的量是0.15mol，故〖答案〗為：0.15mol。19.利用“直接法”制備發(fā)煙硝酸的實(shí)驗(yàn)裝置如下圖所示（夾持裝置略）；已知：①時(shí)，的濃硝酸可以將氧化為②制備發(fā)煙硝酸原理為：請(qǐng)回答下列問(wèn)題：（1）裝置a中發(fā)生反應(yīng)的化學(xué)方程式為_(kāi)______；（2）儀器b的名稱(chēng)是_______的作用為_(kāi)______；（3）裝置c中的現(xiàn)象是______________；（4）裝置d中發(fā)生反應(yīng)的化學(xué)方程式為_(kāi)_____________；（5）將發(fā)煙硝酸稀釋成質(zhì)量分?jǐn)?shù)為的濃硝酸（常溫下的密度為）；實(shí)驗(yàn)需要配制稀硝酸需要用量筒量取_______的濃硝酸．下列操作可能導(dǎo)致所配溶液物質(zhì)的量濃度偏低的是_______（填標(biāo)號(hào)）。A．用量筒量取濃硝酸時(shí)仰視刻度線B．濃稀釋后未冷卻就轉(zhuǎn)移到容量瓶中C．定容時(shí)仰視容量瓶刻度線〖答案〗（1）4NH3+5O24NO+6H2O（2）①.干燥管②.除去未反應(yīng)的NH3并干燥混合氣體（3）氣體變?yōu)榧t棕色（4）2HNO3(濃)+NO3NO2+H2O（5）①.36.5②.C〖解析〗氨氣和干燥空氣混合，在催化劑作用下加熱，氨氣被空氣中氧氣催化氧化為NO，通過(guò)P2O5除去未反應(yīng)的NH3并干燥混合氣體，40℃時(shí)，用98%的濃硝酸將NO氧化為NO2，再將NO2在-10℃的條件下通入98%濃硝酸，得發(fā)煙硝酸。（1）在裝置a中，氨氣被空氣中氧氣催化氧化為NO，反應(yīng)的化學(xué)方程式為4NH3+5O24NO+6H2O；（2）由裝置圖，儀器b的名稱(chēng)為干燥管，P2O5的作用是除去未反應(yīng)的NH3并干燥混合氣體；（3）c中原本有空氣，通入一氧化氮后，會(huì)出現(xiàn)紅棕色氣體；（4）裝置d中是在40℃時(shí)，用98%的濃硝酸將NO氧化為NO2，反應(yīng)的化學(xué)方程式為2HNO3(濃)+NO3NO2+H2O；（5）500mL1mol?L?1稀硝酸中硝酸物質(zhì)的量為0.5mol，質(zhì)量分?jǐn)?shù)為63%的硝酸物質(zhì)的量濃度是c(HNO3)=，故所需濃硝酸的體積為；A．用量筒量取濃硝酸時(shí)仰視刻度線，濃硝酸體積偏大，所配溶液物質(zhì)的量濃度偏高，A不選；B．濃HNO3稀釋后未冷卻就轉(zhuǎn)移到容量瓶中，由于熱脹冷縮，冷卻后液體體積變小，故濃度偏高，B不選；C．定容時(shí)仰視容量瓶刻度線，容量瓶中液體體積偏大，所配溶液濃度偏低，C選；故選C。20.用消除煙氣中的，發(fā)生的反應(yīng)為，某溫度下在恒容密閉容器中充入和發(fā)生該反應(yīng)．圖1表示物質(zhì)的量濃度隨時(shí)間的變化關(guān)系，圖2表示的轉(zhuǎn)化率隨時(shí)間的變化關(guān)系，回答下列問(wèn)題（1）實(shí)驗(yàn)室可用氯化銨和氫氧化鈣來(lái)制取氨氣，寫(xiě)出反應(yīng)化學(xué)方程式______________；（2）_______（保留小數(shù)點(diǎn)后兩位）（3）在恒溫恒容密閉容器中，下列可以作為反應(yīng)達(dá)到化學(xué)平衡狀態(tài)依據(jù)的是_______；A．B．混合氣體的平均摩爾質(zhì)量保持不變C．單位時(shí)間內(nèi)斷裂鍵的同時(shí)斷裂鍵（4）在內(nèi)，_______（保留小數(shù)點(diǎn)后兩位）；（5）將含有的煙氣和一定物質(zhì)的量的同時(shí)通入溶液，若要煙氣中的完全轉(zhuǎn)化成溶液，所用溶液的物質(zhì)的量濃度至少為_(kāi)______，需要標(biāo)況下的至少_______L?！即鸢浮剑?）2NH4Cl+Ca(OH)2CaCl2+2NH3↑+2H2O（2）0.42（3）BC（4）0.08（5）①.②.16.8b〖解析〗（1）實(shí)驗(yàn)室用氯化銨和氫氧化鈣在加熱條件下反應(yīng)制取氨氣，反應(yīng)的化學(xué)方程式為2NH4Cl+Ca(OH)2CaCl2+2NH3↑+2H2O；（2）由圖2知，3min時(shí)，NH3的轉(zhuǎn)化率為28%，即反應(yīng)消耗NH3物質(zhì)的量為2mol×28%=0.56mol，根據(jù)化學(xué)方程式，生成水的物質(zhì)的量為0.56mol=0.84mol，故3min時(shí)H2O(g)物質(zhì)的量濃度為0.42mol/L，即a=0.42；（3）A．化學(xué)反應(yīng)用不同物質(zhì)表達(dá)的反應(yīng)速率之比等于化學(xué)計(jì)量數(shù)之比，故6v正(N2)=5v逆(H2O)反應(yīng)達(dá)到化學(xué)平衡狀態(tài)，A錯(cuò)誤；B．反應(yīng)無(wú)固體參與，反應(yīng)是氣體體積增大的反應(yīng)，反應(yīng)正向進(jìn)行混合氣體平均摩爾質(zhì)量變小，故混合氣體的平均摩爾質(zhì)量保持不變反應(yīng)到達(dá)平衡，B正確；C．單位時(shí)間內(nèi)斷裂3molN?H鍵的同時(shí)斷裂1.25molN≡N鍵，正逆反應(yīng)速率相等，C正確；故選BC；（4）由圖2知，6min時(shí)，NH3的轉(zhuǎn)化率為40%，即反應(yīng)消耗NH3物質(zhì)的量為2mol×40%=0.8mol，根據(jù)化學(xué)方程式，生成N2的物質(zhì)的量為0.8mol=1mol，故v(N2)=0.08mol?L?1?min?1；（5）NO和O2同時(shí)通入NaOH溶液完全轉(zhuǎn)化成NaNO3溶液發(fā)生反應(yīng)為4NO+3O2+4NaOH=4NaNO3+2H2O，根據(jù)化學(xué)方程式，bmolNO完全反應(yīng)，需消耗NaOHbmol，需O2物質(zhì)的量為mol，故所用NaOH溶液的物質(zhì)的量濃度至少為mol?L?1，需要標(biāo)況下的O2至少mol×22.4L/mol=16.8bL。山東省濟(jì)寧市2023-2024學(xué)年高一下學(xué)期質(zhì)量檢測(cè)試卷2024.07注意事項(xiàng)：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、考生號(hào)等填寫(xiě)在答題卡和試卷指定位置．2．回答選擇題時(shí)，選出每小題〖答案〗后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的〖答案〗標(biāo)號(hào)涂黑．如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他〖答案〗標(biāo)號(hào)．回答非選擇題時(shí)，將〖答案〗寫(xiě)在答題卡上．寫(xiě)在本試卷上無(wú)效．3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回．可能用到的相對(duì)原子質(zhì)量：一、選擇題：本題共10小題，每小題2分，共20分．每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求．1.科技發(fā)展與材料化學(xué)密切相關(guān)．下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）A.鋼是用途最廣的金屬材料，鋼屬于鐵合金B(yǎng).網(wǎng)絡(luò)強(qiáng)國(guó)戰(zhàn)略的實(shí)施離不開(kāi)光纜，其主要成分是晶體硅C.石墨烯可用于制造空間站存儲(chǔ)器，石墨烯屬于新型無(wú)機(jī)非金屬材料D.橡膠消聲瓦可有效降低潛艇航行時(shí)的噪聲，其主要成分屬于有機(jī)高分子材料〖答案〗B〖解析〗【詳析】A．鋼是用途最廣的金屬材料，鋼是鐵和碳的合金，故A正確；B．光纜的主要成分是二氧化硅，故B錯(cuò)誤；C．石墨烯是碳單質(zhì)，屬于新型無(wú)機(jī)非金屬材料，故C正確；D．橡膠消聲瓦主要成分是橡膠，屬于有機(jī)高分子材料，故D正確；故選B2.下列化學(xué)用語(yǔ)表示正確的是（）A.中子數(shù)為20的氯原子： B.乙烯的結(jié)構(gòu)式：C.的電子式： D.和互為同素異形體〖答案〗A〖解析〗【詳析】A．質(zhì)量數(shù)等于質(zhì)子數(shù)加中子數(shù)，故中子數(shù)為20的氯原子表示為：，A正確；B．乙烯的結(jié)構(gòu)式為：，是乙烯的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式，B錯(cuò)誤；C．CCl4的電子式為：，C錯(cuò)誤；D．和是質(zhì)子數(shù)相同而中子數(shù)不同的原子，互為同位素，D錯(cuò)誤；故〖答案〗為：A。3.下列物質(zhì)中含有共價(jià)鍵的離子化合物是（）A.C2H6 B.Na2O2 C.CH3COOH D.MgCl2〖答案〗B〖解析〗【詳析】A．C2H6是只含共價(jià)鍵的共價(jià)化合物，A不合題意；B．Na2O2是由Na+和通過(guò)離子鍵形成的離子化合物，中含有共價(jià)鍵，B符合題意；C．CH3COOH只含共價(jià)鍵，屬于共價(jià)化合物，C不合題意；D．MgCl2是只含離子鍵的離子化合物，D不合題意；故〖答案〗為：B。4.化學(xué)與生產(chǎn)生活密切相關(guān)，下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）A.新制的Cu(OH)2懸濁液可用于檢測(cè)尿液中的葡萄糖B.葡萄汁中加適量SO2可以起到殺菌作用C.碳酸鋇可用于腸胃X射線造影檢查D.Al(OH)3可用于治療胃酸過(guò)多〖答案〗C〖解析〗【詳析】A．已知葡萄糖為還原性糖，含有醛基，故新制的Cu(OH)2懸濁液可用于檢測(cè)尿液中的葡萄糖，A正確；B．SO2能夠抑制細(xì)菌的生成，故葡萄汁中加適量SO2可以起到殺菌作用，B正確；C．碳酸鋇能與胃酸HCl反應(yīng)生成BaCl2，釋放重金屬離子導(dǎo)致蛋白質(zhì)變性，故不可用于腸胃X射線造影檢查，應(yīng)該是BaSO4，C錯(cuò)誤；D．Al(OH)3是弱堿，能與HCl反應(yīng)，故可用于治療胃酸過(guò)多，D正確；故〖答案〗為：C。5.下列各組離子，能在水溶液中大量共存的是（）A. B.C. D.〖答案〗D〖解析〗【詳析】A．三者發(fā)生氧化還原反應(yīng)，不能大量共存，A不合題意；B．發(fā)生反應(yīng)生成H2O和，不能大量共存，B不合題意；C．發(fā)生反應(yīng)生成難電離的物質(zhì)Fe(SCN)3而不能大量共存，C不合題意；D．各離子間不反應(yīng)，能夠大量共存，D符合題意；故〖答案〗為：D。6.下列關(guān)于物質(zhì)用途及解釋均合理的是（）物質(zhì)用途解釋A鹵水點(diǎn)豆腐利用了膠體的性質(zhì)B燃煤中添加石灰石可以減少二氧化硫的排放碳酸鈣與產(chǎn)生的二氧化硫最終生成亞硫酸鈣C漂白粉在空氣中放置時(shí)間越長(zhǎng)漂白效果越好D制作糕點(diǎn)時(shí)添加蘇打作膨松劑〖答案〗A〖解析〗【詳析】A．鹵水點(diǎn)豆腐，利用了膠體遇到電解質(zhì)溶液發(fā)生聚沉的性質(zhì)，故A正確；B．燃煤中添加石灰石，在燃燒時(shí)石灰石分解成氧化鈣和二氧化碳，氧化鈣與二氧化硫反應(yīng)生成亞硫酸鈣，從而減少二氧化硫的排放，故B錯(cuò)誤；C．漂白粉在空氣中放置時(shí)間越長(zhǎng)漂白效果越差，原因?yàn)?，，故C錯(cuò)誤；D．制作糕點(diǎn)時(shí)添加小蘇打()作膨松劑，故D錯(cuò)誤；故選A。7.實(shí)驗(yàn)室制氯氣涉及MnO2、濃鹽酸、Cl2、MnCl2和H2O，設(shè)NA為阿伏加德羅常數(shù)值．下列敘述正確的是（）A.溶液中含有個(gè)B.標(biāo)況下含有共價(jià)鍵的數(shù)目為C.反應(yīng)過(guò)程中消耗轉(zhuǎn)移個(gè)電子D.中含有個(gè)中子〖答案〗C〖解析〗〖祥解〗已知實(shí)驗(yàn)室制氯氣的反應(yīng)方程式為：MnO2+4HCl(濃)Cl2↑+MnCl2+2H2O，據(jù)此分析解題?！驹斘觥緼．由于題干未告知溶液體積，故無(wú)法計(jì)算溶液中的數(shù)目，A錯(cuò)誤；B．標(biāo)況下H2O為液體，故無(wú)法計(jì)算含有共價(jià)鍵的數(shù)目，B錯(cuò)誤；C．反應(yīng)過(guò)程中MnO2中的Mn由+4價(jià)降低到+2價(jià)，故消耗轉(zhuǎn)移個(gè)電子，C正確；D．已知35Cl中含有35-17=18個(gè)中子，故中含有0.1mol×2×18×NAmol-1=個(gè)中子，D錯(cuò)誤；故〖答案〗為：C。8.藿香薊在一定條件下會(huì)發(fā)生以下反應(yīng)，下列說(shuō)法錯(cuò)混的是（）A.M分子有2種含氧官能團(tuán)B.N分子中5個(gè)碳原子一定在同一平面內(nèi)C.藿香薊在一定條件下可生成多種加聚產(chǎn)物 D.乙酸與N互為同系物〖答案〗D〖解析〗【詳析】A．M分子中的官能團(tuán)有碳碳雙鍵、醚鍵和酚羥基，含氧官能團(tuán)為醚鍵、酚羥基，故A正確；B．N分子中含有碳碳雙鍵，碳碳雙鍵是平面結(jié)構(gòu)，則N分子中5個(gè)C原子一定共面，故B正確；C．藿香薊分子中含有2個(gè)碳碳雙鍵，可以生成不同種的加聚產(chǎn)物，故C正確；D．N分子中含有羧基、碳碳雙鍵，乙酸分子中只含有羧基，官能團(tuán)種類(lèi)不同，不能互為同系物，故D錯(cuò)誤；故選D。9.為探究金屬電極在原電池中的作用，某實(shí)驗(yàn)小組設(shè)計(jì)并進(jìn)行了下列實(shí)驗(yàn)，實(shí)驗(yàn)記錄如下：編號(hào)電極材料電解質(zhì)溶液電流計(jì)指針偏轉(zhuǎn)方向1稀硫酸偏向2稀硫酸偏向3溶液③下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）A.實(shí)驗(yàn)1中，作正極B.實(shí)驗(yàn)2中，負(fù)極的電極反應(yīng)式為C.③應(yīng)表述為：偏向D.由實(shí)驗(yàn)可知，金屬電極在原電池中的作用與電解質(zhì)溶液成分有關(guān)〖答案〗B〖解析〗【詳析】A．實(shí)驗(yàn)1中活潑金屬做負(fù)極，不活潑金屬做正極，則Al為負(fù)極，Cu為正極，故A正確；B．實(shí)驗(yàn)2中，Mg的活動(dòng)性大于Al，則Mg做負(fù)極，電極反應(yīng)為，故B錯(cuò)誤；C．實(shí)驗(yàn)3中電解質(zhì)溶液為NaOH，金屬Al可以和NaOH反應(yīng)，則Al做負(fù)極，電流計(jì)指針偏向正極，則偏向，故C正確；D．對(duì)比實(shí)驗(yàn)可知，金屬電極在不同的電解質(zhì)溶液中，他們的作用不相同，故D正確；故選B。10.短周期元素原子序數(shù)依次增大，為以上四種元素形成的化合物，e為Z的單質(zhì)，它們的轉(zhuǎn)化關(guān)系如下圖所示，其中a為淡黃色固體，b是含10電子分子，c的產(chǎn)量可以衡量一個(gè)國(guó)家的石油化工發(fā)展水平，g是一種常見(jiàn)溫室氣體．下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）A.d可用于的尾氣處理 B.均可與W的單質(zhì)反應(yīng)C.與溶液完全反應(yīng)，生成 D.等物質(zhì)的量的g和b分別與足量a反應(yīng)，轉(zhuǎn)移電子數(shù)目相同〖答案〗C〖解析〗〖祥解〗其中a為淡黃色固體，則a為過(guò)氧化鈉，b是含10電子分子，則b為水，e為Z的單質(zhì)，則e為氧氣，d為氫氧化鈉，c的產(chǎn)量可以衡量一個(gè)國(guó)家的石油化工發(fā)展水平，則c為乙烯，乙烯和水發(fā)生加成反應(yīng)生成f，則f為乙醇，g是一種常見(jiàn)溫室氣體，則g為二氧化碳，則四種元素分別為H、C、O、Na，據(jù)此解答。【詳析】A．d為氫氧化鈉，可用于吸收二氧化硫尾氣，故A正確；B．分別為水和乙醇，都可以和金屬鈉反應(yīng)，故B正確；C．與1.5molNaOH反應(yīng)的化學(xué)方程式為，生成物質(zhì)的量為0.5mol，故C錯(cuò)誤；D．等物質(zhì)的量的H2O、CO2與足量的Na2O2反應(yīng)，化學(xué)方程式為、，其消耗Na2O2的物質(zhì)的量相同，則轉(zhuǎn)移電子數(shù)目相同，故D正確；故選C。二、選擇題：本題共5小題，每小題4分，共20分．每小題有一個(gè)或兩個(gè)選項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分．11.根據(jù)下列實(shí)驗(yàn)操作和現(xiàn)象，所得出的結(jié)論或解釋正確的是（）實(shí)驗(yàn)操作和現(xiàn)象結(jié)論或解釋A把紅熱的碳加入濃硝酸中，出現(xiàn)紅棕色氣體硝酸被碳還原生成了NO2B用Fe片、Cu片、濃硝酸溶液組成原電池，F(xiàn)e片上出現(xiàn)大量紅棕色氣泡金屬性：Fe＞CuC向淀粉-KI溶液中滴加少量氯化鐵溶液，溶液變藍(lán)氧化性：Fe3+＞I2D向雞蛋清溶液中加入少量(NH4)2SO4或CuSO4溶液，溶液中均有固體析出(NH4)2SO4或CuSO4溶液都能使雞蛋清變性〖答案〗C〖解析〗【詳析】A．濃硝酸可受熱分解生成二氧化氮，不能證明濃硝酸與碳反應(yīng)，A不合題意；B．用Fe片、Cu片、濃硝酸溶液組成原電池，F(xiàn)e片上出現(xiàn)大量紅棕色氣泡，說(shuō)明Fe作正極，Cu作負(fù)極，但由于Fe遇到濃硝酸在常溫下發(fā)生鈍化，不能用于比較Fe和Cu的金屬性強(qiáng)弱，B不合題意；C．向淀粉-KI溶液中滴加少量氯化鐵溶液，溶液變藍(lán)，說(shuō)明有I2生成，即發(fā)生了2Fe3++2I-=2Fe2++I2，根據(jù)氧化劑的氧化性強(qiáng)于氧化產(chǎn)物可知，氧化性：Fe3+＞I2，C符合題意；D．向雞蛋清溶液中加入少量(NH4)2SO4或CuSO4溶液，溶液中均有固體析出，(NH4)2SO4使雞蛋清發(fā)生鹽析，CuSO4溶液使雞蛋清變性，D不合題意；故〖答案〗為：C。12.一定溫度下，在剛性密閉容器中以投料，發(fā)生反應(yīng)：，部分物質(zhì)濃度變化如下圖所示，以下說(shuō)法正確的是（）A.b曲線代表的物質(zhì)的量濃度變化B.第時(shí)大于第時(shí)C.當(dāng)混合氣體密度不變時(shí)，說(shuō)明反應(yīng)達(dá)到平衡D.前〖答案〗AD〖解析〗〖祥解〗由題干圖像信息可知，a的起始濃度為0.4mol，且隨著反應(yīng)進(jìn)行濃度逐漸減小，說(shuō)明a為反應(yīng)物，b的濃度逐漸增大，即為生成物，且10min內(nèi)a的減小量是b的增加量的4倍，根據(jù)變化量之比等于化學(xué)計(jì)量系數(shù)之比，故a代表H2，b為CH4，據(jù)此分析解題?！驹斘觥緼．由分析可知，b曲線代表的物質(zhì)的量濃度變化，A正確；B．由題干圖像信息可知，3min是反應(yīng)還在正向進(jìn)行，隨著反應(yīng)的進(jìn)行CO2濃度減小，即正反應(yīng)速率逐漸減小，而逆反應(yīng)速率逐漸增大，即第時(shí)小于，第12min時(shí)反應(yīng)達(dá)到平衡，等于，小于，即第3min小于第時(shí)，B錯(cuò)誤；C．由題干反應(yīng)信息可知，反應(yīng)過(guò)程中混合氣體的質(zhì)量保持不變，體積不變，即混合氣體的密度始終保持不變，故當(dāng)混合氣體密度不變時(shí)，不能說(shuō)明反應(yīng)達(dá)到平衡，C錯(cuò)誤；D．由分析可知，b代表CH4，結(jié)合反應(yīng)速率之比等于化學(xué)計(jì)量系數(shù)之比可得，前10min，，D正確；故〖答案〗為：AD。13.一種微生物電池的結(jié)構(gòu)如下圖所示，下列說(shuō)法正確的是（）A.b極電極反應(yīng)式為B.電池工作時(shí)，電子由a極經(jīng)用電器流向b極C.該電池可以在高溫下工作D.當(dāng)b極產(chǎn)生標(biāo)況下時(shí)，a極會(huì)有生成〖答案〗A〖解析〗〖祥解〗由a電極中Co的化合價(jià)由+3價(jià)降低為+2價(jià)，可知a電極發(fā)生得電子的還原反應(yīng)，則a電極為正極，電極反應(yīng)為，b為原電池負(fù)極，發(fā)生失去電子的氧化反應(yīng)，電極反應(yīng)為，據(jù)此解答?！驹斘觥緼．由分析可知b為原電池負(fù)極，發(fā)生失去電子的氧化反應(yīng)，電極反應(yīng)為，故A正確；B．電池工作時(shí)，電子由負(fù)極經(jīng)用電器流向正極，則由b極經(jīng)用電器流向a極，故B錯(cuò)誤；C．高溫條件下，微生物中蛋白質(zhì)發(fā)生變性，導(dǎo)致電池不能正常工作，故C錯(cuò)誤；D．當(dāng)b極產(chǎn)生標(biāo)況下，即0.5mol，則轉(zhuǎn)移電子數(shù)為2mol，由a電極的反應(yīng)式可知，轉(zhuǎn)移電子數(shù)為2mol，a極會(huì)有生成，故D錯(cuò)誤；故選A。14.由短周期主族元素組成的物質(zhì)WX3Y3Z3R2是一種高效廣譜殺菌消毒劑，其結(jié)構(gòu)如圖所示，結(jié)構(gòu)中的各元素微粒均達(dá)到8電子穩(wěn)定結(jié)構(gòu)，已知X、Y、Z、W、R的原子序數(shù)依次增大，下列說(shuō)法正確的是（）A.簡(jiǎn)單的氣態(tài)氫化物穩(wěn)定性：B.簡(jiǎn)單離子半徑：C.含氧酸的酸性：D.將R的單質(zhì)溶于中，溶液中存在7種微?！即鸢浮紹D〖解析〗〖祥解〗由題干信息可知，X、Y、Z、W、R的原子序數(shù)依次增大，結(jié)構(gòu)中的各元素微粒均達(dá)到8電子穩(wěn)定結(jié)構(gòu)，根據(jù)該消毒劑的結(jié)構(gòu)圖可知，Z形成了2個(gè)共價(jià)鍵，則Z為O或者S，R只形成1個(gè)共價(jià)鍵，則R為F或Cl，X形成4個(gè)共價(jià)鍵，則X為C或Si，Y形成3個(gè)共價(jià)鍵，則Y為N或者P，W為+1價(jià)陽(yáng)離子，則W為Na，故可推斷出X為C、Y為N、Z為O、W為Na、R為Cl，據(jù)此分析解題?！驹斘觥緼．由分析可知，X為C、Y為N、R為Cl，根據(jù)非金屬性Cl＞N＞C，則簡(jiǎn)單的氣態(tài)氫化物穩(wěn)定性HCl＞NH3＞CH4即，A錯(cuò)誤；B．由分析可知，YN、Z為O、W為Na、R為Cl，Cl-核外由三個(gè)電子層，半徑最大，N3-、O2-、Na+均為2個(gè)電子層，且核電荷數(shù)依次增大，故半徑依次減小，即簡(jiǎn)單離子半徑Cl-＞N3-＞O2-＞Na+即，B正確；C．由分析可知，Y為N、X為C、R為Cl，它們最高價(jià)含氧酸的酸性為HClO4＞HNO3＞H2CO3即，但題目中為注明最高價(jià)，則酸性無(wú)法比較，如HNO3＞HClO等，C錯(cuò)誤；D．由分析可知，Z為O，R為Cl2，將R的單質(zhì)溶于H2Z中即形成新制氯水，溶液中存在H2O、HClO、Cl-、H+、ClO-、Cl2和OH-等7種微粒，D正確；故〖答案〗為：BD。15.碘及其化合物在醫(yī)藥中間體的合成中應(yīng)用廣泛．下圖為I2的一種制備方法：已知：氧化性，下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）A.加入AgNO3的目的是富集海水中的碘元素B.加入Fe粉進(jìn)行轉(zhuǎn)化的反應(yīng)中，氧化劑與還原劑之比為C.通入Cl2越多，I2的產(chǎn)率越大D.通入Cl2的過(guò)程中，若時(shí)，產(chǎn)物中〖答案〗BC〖解析〗〖祥解〗凈化除氯后的海水，加入硝酸銀，進(jìn)行富集，生成含有AgI的懸濁液，繼續(xù)即加入鐵粉，發(fā)生反應(yīng)Fe+2AgI=2I-+2Ag+Fe2+；過(guò)濾掉析出的Ag，向FeI2中加入過(guò)量Cl2，具體生成物與氯氣的通入量有關(guān)，據(jù)此分析回答問(wèn)題；【詳析】A．由分析可知，加入AgNO3的目的是富集海水中的碘元素，A正確；B．由分析可知，加入Fe粉進(jìn)行轉(zhuǎn)化的反應(yīng)Fe+2AgI=2I-+2Ag+Fe2+中，氧化劑與還原劑之比為2:1，B錯(cuò)誤；C．Cl2的氧化性大于，通入Cl2過(guò)多能將部分I2氧化為，故通入Cl2越多，I2的產(chǎn)率不一定就越大，C錯(cuò)誤；D．由題干信息氧化性可知，通入Cl2的過(guò)程中，I-先被氧化，根據(jù)反應(yīng)：2I-+Cl2=I2+2Cl-，2Fe2++Cl2=2Fe3++2Cl-，若時(shí)，每有1molCl2與I-反應(yīng)，只有0.2molCl2與Fe2+反應(yīng)，根據(jù)上述反應(yīng)可知，產(chǎn)物中，D正確；故〖答案〗為：BC。三、非選擇題：本題共5小題，共60分．16.下表是三角形元素周期表的一部分，每個(gè)方格代表一種元素，回答下列問(wèn)題：（1）畫(huà)出Z元素的原子結(jié)構(gòu)示意圖：_______（2）Q2M中所含化學(xué)鍵的類(lèi)型為_(kāi)______；根據(jù)M的化合價(jià)判斷Q2M具有_______性（填“氧化”或“還原”）；（3）W、M、Y三種元素簡(jiǎn)單氫化物穩(wěn)定性由大到小的順序是_______（用化學(xué)式表示）；Q、X兩種元素原子半徑由大到小的順序?yàn)開(kāi)______（用元素符號(hào)表示）；（4）X的單質(zhì)與Q的最高價(jià)氧化物對(duì)應(yīng)水化物反應(yīng)，其離子方程式是______________；（5）Y的最高價(jià)氧化物可溶于足量Q的最高價(jià)氧化物對(duì)應(yīng)水化物的溶液，其化學(xué)方程式為_(kāi)______；〖答案〗（1）（2）①.離子鍵②.還原（3）①.HF＞H2S＞SiH4②.Na+＞Al3+（4）2Al+2OH-+6H2O=2[Al(OH)4]-+3H2↑（5）SiO2+2NaOH=Na2SiO3+H2O〖解析〗由題干三角形元素周期表信息可知，W為F、Q為Na、X為Al、Y為Si、M為S、Z為Br，據(jù)此分析解題。（1）由分析可知，Z為Br，則Z元素的原子結(jié)構(gòu)示意圖為：，故〖答案〗為：；（2）由分析可知，Q為Na、M為S，故Q2M即Na2S中所含化學(xué)鍵的類(lèi)型為離子鍵，Q2M中M的化合價(jià)為-2價(jià)，是S的最低價(jià)，故根據(jù)M的化合價(jià)判斷Q2M具有還原性，故〖答案〗為：離子鍵；還原；（3）由分析可知，W為F、M為S、Y為Si，非金屬性F＞S＞Si，故W、M、Y三種元素簡(jiǎn)單氫化物穩(wěn)定性由大到小的順序是HF＞H2S＞SiH4，Q為Na、X為Al，則Na+和Al3+具有相同的核外電子排布，且Al的核電荷數(shù)更大，故Q、X兩種元素原子半徑由大到小的順序?yàn)镹a+＞Al3+，故〖答案〗為：HF＞H2S＞SiH4；Na+＞Al3+；（4）由分析可知，X為Al，Q為Na，則X的單質(zhì)即Al與Q的最高價(jià)氧化物對(duì)應(yīng)水化物即NaOH反應(yīng)，其離子方程式是2Al+2OH-+6H2O=2[Al(OH)4]-+3H2↑，故〖答案〗為：2Al+2OH-+6H2O=2[Al(OH)4]-+3H2↑；（5）由分析可知，Y為Si、Q為Na，則Y的最高價(jià)氧化物即SiO2可溶于足量Q的最高價(jià)氧化物對(duì)應(yīng)水化物即NaOH的溶液，其化學(xué)方程式為：SiO2+2NaOH=Na2SiO3+H2O，故〖答案〗為：SiO2+2NaOH=Na2SiO3+H2O。17.下圖是物質(zhì)A~F的轉(zhuǎn)化關(guān)系圖，其中A為常見(jiàn)過(guò)渡金屬元素的單質(zhì)，D和E組成元素相同，回答下列問(wèn)題：（1）B的電子式為_(kāi)______組成C的元素在周期表中的位置是_______；（2）一定溫度下，B溶液和C反應(yīng)生成的和的物質(zhì)的量之比為，此時(shí)反應(yīng)的離子方程式為_(kāi)______（3）用質(zhì)量分?jǐn)?shù)為濃硫酸和亞硫酸鈉制取D，寫(xiě)出化學(xué)方程式_______；反應(yīng)④中活性炭做催化劑，它能改變反應(yīng)的_______，但不能改變反應(yīng)的最大限度；（4）按下圖裝置進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，驗(yàn)證反應(yīng)⑤產(chǎn)生的氣體．現(xiàn)有試劑a．溶液b．溶液c．品紅溶液d．溶液，則裝置Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ中所需試劑依次為_(kāi)______（填標(biāo)號(hào)）（5）為探究反應(yīng)⑥反應(yīng)后的固體成分中是否含有Fe3+進(jìn)行了以下實(shí)驗(yàn)．取少量反應(yīng)后固體置于試管中，滴加稀鹽酸并微熱，固體逐漸溶解，同時(shí)有少量氣泡產(chǎn)生，再向試管中滴加幾滴KSCN溶液，溶液未變紅．根據(jù)實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象，_______（填“能”或“不能”）確定固體中是否含有Fe3+，原因是______________〖答案〗（1）①.②.第三周期第ⅦA族（2）6Cl2+12OH-＝3ClO-++8Cl-+6H2O（3）①.Na2SO3+H2SO4＝Na2SO4+H2O+SO2↑②.途徑或速率（4）bcd（5）①.不能②.由于原固體中含有Fe能夠?qū)e3+還原為Fe2+，反應(yīng)為Fe+2F3+＝3Fe2+〖解析〗已知電解飽和食鹽水得到H2、NaOH溶液和Cl2，即B為NaOH、C為Cl2，綠礬為FeSO4·7H2O，則A為Fe，足量的Fe與濃硫酸共熱得到SO2、FeSO4溶液和H2O，即D為SO2，SO2和Cl2在活性炭作用下生成SO2Cl2，F(xiàn)eSO4溶液經(jīng)過(guò)蒸發(fā)濃縮、冷卻結(jié)晶，過(guò)濾洗滌干燥得到綠礬，綠礬加熱失去結(jié)晶水得到無(wú)水FeSO4，F(xiàn)eSO4高溫加熱分解生成鐵紅即Fe2O3，D為SO2，則E為SO3，F(xiàn)e和水蒸氣在高溫條件下反應(yīng)生成H2和Fe3O4，即F為Fe3O4，據(jù)此分析解題。（1）由分析可知，B為NaOH，則B的電子式為，C為Cl2，則組成C的元素即Cl在周期表中的位置是第三周期第ⅦA族，故〖答案〗為：；第三周期第ⅦA族；（2）由分析可知，B為NaOH、C為Cl2，一定溫度下，B溶液和C反應(yīng)生成的和的物質(zhì)的量之比為，此時(shí)反應(yīng)的離子程式為6Cl2+12OH-＝3ClO-++8Cl-+6H2O，故〖答案〗為：6Cl2+12OH-＝3ClO-++8Cl-+6H2O；（3）由分析可知，D為SO2，用質(zhì)量分?jǐn)?shù)為濃硫酸和亞硫酸鈉制取D，該反應(yīng)的化學(xué)方程式為：Na2SO3+H2SO4＝Na2SO4+H2O+SO2↑；反應(yīng)④中活性炭做催化劑，催化劑能夠改變反應(yīng)速率，不能使平衡發(fā)生移動(dòng)，即它能改變反應(yīng)的途徑或速率，但不能改變反應(yīng)的最大限度；故〖答案〗為：Na2SO3+H2SO4＝Na2SO4+H2O+SO2↑；途徑或速率；（4）由分析可知，反應(yīng)⑤產(chǎn)生的氣體D為SO2、E為SO3，已知SO3極易溶于水，與水反應(yīng)生成H2SO4，即SO3通入BaCl2溶液中能夠產(chǎn)生白色沉淀，而SO2通入BaCl2溶液不能產(chǎn)生白色沉淀，SO2能使品紅溶液褪色，最后通入NaOH溶液中吸收多余的SO2，才能排入空氣中，防止污染環(huán)境，故按下圖裝置進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，驗(yàn)證反應(yīng)⑤產(chǎn)生的氣體則裝置Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ中所需試劑依次為bcd，故〖答案〗為：bcd；（5）由分析可知，反應(yīng)⑥即為Fe和水蒸氣反應(yīng)生成Fe3O4和H2，為探究反應(yīng)⑥反應(yīng)后的固體成分中是否含有Fe3+進(jìn)行了以下實(shí)驗(yàn)。取少量反應(yīng)后固體置于試管中，滴加稀鹽酸并微熱，固體逐漸溶解，同時(shí)有少量氣泡產(chǎn)生即說(shuō)明原固體中含有Fe，由于Fe+2F3+＝3Fe2+，再向試管中滴加幾滴KSCN溶液，溶液未變紅，根據(jù)實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象，不能確定固體中是否含有Fe3+，故〖答案〗為：不能；由于原固體中含有Fe能夠?qū)e3+還原為Fe2+，反應(yīng)為Fe+2F3+＝3Fe2+。18.下圖是以丙烯為原料模擬合成其他重要化工原料的流程圖．回答下列問(wèn)題．（1）A的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為_(kāi)______反應(yīng)②還會(huì)生成A的一種同分異構(gòu)體，其結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為_(kāi)______；（2）B中含有官能團(tuán)的名稱(chēng)為_(kāi)______；（3）①~⑧中屬于取代反應(yīng)的是_______；屬于加成反應(yīng)的是_______；（填反應(yīng)標(biāo)號(hào)）（4）反應(yīng)⑦的化學(xué)方程式是_______；（5）反應(yīng)⑥消耗標(biāo)況下2.24LCl2，理論上反應(yīng)⑦中參與反應(yīng)的O2物質(zhì)的量是_______。〖答案〗（1）①.(CH3)2CHOH②.CH3CH2CH2OH（2）碳碳雙鍵和酯基（3）①.③⑤②.②⑥（4）2+3O22+6H2O（5）0.15mol〖解析〗由題干轉(zhuǎn)化信息可知，CH3CH=CH2被催化氧化為CH2=CHCOOH，CH3CH=CH2與H2O催化加成轉(zhuǎn)化為A，A和CH2=CHCOOH發(fā)生酯化反應(yīng)生成B，B發(fā)生加聚反應(yīng)生成聚丙烯酸異丙酯，故A的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為：(CH3)2CHOH，B為CH2=CHCOOCH(CH3)2，CH3CH=CH2與Cl2光照條件下發(fā)生取代反應(yīng)生成ClCH2CH=CH2，ClCH2CH=CH2與Cl2繼續(xù)發(fā)生加成反應(yīng)生成ClCH2ClCHCH2Cl，ClCH2ClCHCH2Cl在NaOH水溶液中加熱發(fā)生水解反應(yīng)生成甘油即丙三醇，在Cu作催化劑下催化氧化為，繼續(xù)被氧化為，據(jù)此分析解題。（1）由分析可知，A的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為(CH3)2CHOH，反應(yīng)②還會(huì)生成A的一種同分異構(gòu)體，其結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為：CH3CH2CH2OH，故〖答案〗為：(CH3)2CHOH；CH3CH2CH2OH；（2）由分析可知，B的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為CH2=CHCOOCH(CH3)2，B中含有官能團(tuán)的名稱(chēng)為碳碳雙鍵和酯基，故〖答案〗為：碳碳雙鍵和酯基；（3）