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廣東省廣州市荔灣區(qū)2025年高三下學(xué)期模擬考試(一)化學(xué)試題考生須知:1.全卷分選擇題和非選擇題兩部分,全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂;非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應(yīng)位置上。2.請(qǐng)用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準(zhǔn)考證號(hào)。3.保持卡面清潔,不要折疊,不要弄破、弄皺,在草稿紙、試題卷上答題無效。一、選擇題(每題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意)1、下列儀器洗滌時(shí)選用試劑錯(cuò)誤的是()A.木炭還原氧化銅的硬質(zhì)玻璃管(鹽酸)B.碘升華實(shí)驗(yàn)的試管(酒精)C.長(zhǎng)期存放氯化鐵溶液的試劑瓶(稀硫酸)D.沾有油污的燒杯(純堿溶液)2、主族元素W、X、Y、Z的原子序數(shù)依次增加,且均不大于20。W、X、Z最外層電子數(shù)之和為11;W與Y同族;W的氫化物為弱酸。下列說法正確的是()A.Y和Z形成的化合物的水溶液呈堿性B.W和Y具有相同的最高化合價(jià)C.離子半徑Y(jié)﹤ZD.Z的氫化物為離子化合物3、化學(xué)可以變廢為室,利用電解法處理煙道氣中的NO,將其轉(zhuǎn)化為NH4NO3的原理如下圖所示,下列說法錯(cuò)誤的是A.該電解池的陽極反反為:NO-3e-+2H2O=NO3-+4H+B.該電解池的電極材料為多孔石墨,目的是提高NO的利用率和加快反應(yīng)速率C.用NH4NO3的稀溶液代替水可以增強(qiáng)導(dǎo)電能力,有利于電解的順利進(jìn)行D.為使電解產(chǎn)物全部轉(zhuǎn)化為NH4NO3,需補(bǔ)充物質(zhì)A為HNO34、取10g碳酸鈣高溫加熱一段時(shí)間后停止加熱,測(cè)得剩余固體中鈣元素的質(zhì)量分?jǐn)?shù)為50%,則下列判斷正確的是A.生成了2g二氧化碳 B.剩余固體質(zhì)量為5gC.生成了5.6g氧化鈣 D.剩余碳酸鈣的質(zhì)量為8g5、室溫下,用0.100mol·L?1的NaOH溶液分別滴定均為20.00mL0.100mol·L?1的HCl溶液和醋酸溶液,滴定曲線如圖所示。下列說法正確的是A.Ⅰ表示的是滴定醋酸的曲線B.pH=7時(shí),滴定醋酸消耗的V(NaOH)>20.00mLC.V(NaOH)=20.00mL時(shí),兩份溶液中c(Cl-)>c(CH3COO-)D.V(NaOH)=10.00mL時(shí),醋酸中c(Na+)>c(CH3COO-)>c(H+)>c(OH-)6、鈉硫電池以熔融金屬鈉、熔融硫和多硫化鈉(Na2Sx)分別作為兩個(gè)電極的反應(yīng)物,固體Al2O3陶瓷(可傳導(dǎo)Na+)為電解質(zhì),總反應(yīng)為2Na+xSNa2Sx,其反應(yīng)原理如圖所示。下列敘述正確的是()A.放電時(shí),電極a為正極B.放電時(shí),內(nèi)電路中Na+的移動(dòng)方向?yàn)閺腷到aC.充電時(shí),電極b的反應(yīng)式為Sx2--2e-=xSD.充電時(shí),Na+在電極b上獲得電子,發(fā)生還原反應(yīng)7、下列實(shí)驗(yàn)操作規(guī)范且能達(dá)到實(shí)驗(yàn)?zāi)康氖牵ǎ┻x項(xiàng)實(shí)驗(yàn)?zāi)康膶?shí)驗(yàn)操作A除去KNO3中混有NaCl將固體混合物溶于水后蒸發(fā)結(jié)晶,過濾B制備Fe(OH)3膠體將NaOH濃溶液滴加到飽和的FeCl3溶液中CCCl4萃取碘水中的I2先從分液漏斗下口放出有機(jī)層,后從上口倒出水層D驗(yàn)證鐵的吸氧腐蝕將鐵釘放入試管中,用鹽酸浸沒A.A B.B C.C D.D8、用多孔石墨電極完成下列實(shí)驗(yàn),下列解釋或推斷不合理的是()實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象(i)中a、b兩極均有氣泡產(chǎn)生(ii)中b極上析出紅色固體(iii)中b極上析出灰白色固體A.(i)中,a電極上既發(fā)生了化學(xué)變化,也發(fā)生了物理變化B.電解一段時(shí)間后,(i)中溶液濃度不一定會(huì)升高C.(ii)中發(fā)生的反應(yīng)為H2+Cu2+=2H++Cu↓D.(iii)中發(fā)生的反應(yīng)只可能是2Ag+Cu=2Ag++Cu2+9、有氯氣參加的化學(xué)反應(yīng)一定不屬于A.復(fù)分解反應(yīng) B.置換反應(yīng) C.取代反應(yīng) D.加成反應(yīng)10、某化學(xué)小組設(shè)計(jì)了如圖甲所示的數(shù)字化實(shí)驗(yàn)裝置,研究常溫下,向1L0.1mol/LH2A溶液中逐滴加入等濃度NaOH溶液時(shí)的pH變化情況,并繪制出溶液中含A元素的粒子的物質(zhì)的量分?jǐn)?shù)與溶液pH的關(guān)系如圖乙所示,則下列說法中正確的是()A.pH=4.0時(shí),圖中n(HA-)約為0.0091molB.0.1mol/LNaHA溶液中存在c(A2-)+c(HA-)+c(H2A)=0.1mol/LC.該實(shí)驗(yàn)應(yīng)將左邊的酸式滴定管換成右邊堿式滴定管并加酚酞作指示劑D.常溫下,等物質(zhì)的量濃度的NaHA與Na2A溶液等體積混合后溶液pH=3.011、將0.1mol/LCH3COOH溶液加水稀釋或加入少量CH3COONa晶體時(shí),都會(huì)引起()A.溶液的pH增大B.CH3COOH電離度增大C.溶液的導(dǎo)電能力減弱D.溶液中c(OH-)減小12、常溫時(shí),改變?nèi)跛酭COOH溶液的pH,溶液中RCOOH分子的物質(zhì)的量分?jǐn)?shù)δ(RCOOH)隨之改變,0.1mol/L甲酸(HCOOH)與丙酸(CH3CH2COOH)溶液中δ(RCOOH)與pH的關(guān)系如圖所示。下列說法正確的是()已知:δ(RCOOH)=A.等濃度的HCOONa和CH3CH2COONa兩種溶液中水的電離程度比較:前者>后者B.將等濃度的HCOOH溶液與HCOONa溶液等體積混合,所得溶液中:c(HCOOH)+2c(H+)>c(OH-)+c(HCOO-)C.圖中M、N兩點(diǎn)對(duì)應(yīng)溶液中的Kw比較:前者>后者D.1mol/L丙酸的電離常數(shù)K﹤10-4.8813、ZulemaBorjas等設(shè)計(jì)的一種微生物脫鹽池的裝置如圖所示,下列說法正確的是()A.該裝置可以在高溫下工作B.X、Y依次為陽離子、陰離子選擇性交換膜C.負(fù)極反應(yīng)為CH3COO-+2H2O-8e-=2CO2↑+7H+D.該裝置工作時(shí),電能轉(zhuǎn)化為化學(xué)能14、設(shè)NA為阿伏加德羅常數(shù)的值,下列說法正確的是A.14.0gFe發(fā)生吸氧腐蝕生成Fe2O3·xH2O,電極反應(yīng)轉(zhuǎn)移的電子數(shù)為0.5NAB.標(biāo)準(zhǔn)狀況下,11.2LH2S溶于水,溶液中含硫粒子的數(shù)目大于0.5NAC.常溫下,0.5LpH=14的Ba(OH)2溶液中Ba2+的數(shù)目為0.5NAD.分子式為C2H6O的某種有機(jī)物4.6g,含有C-H鍵的數(shù)目一定為0.5NA15、常溫下,往飽和石灰水中加入一定量的生石灰,一段時(shí)間后恢復(fù)到原溫度,以下敘述錯(cuò)誤的是A.有溶質(zhì)析出 B.溶液中Ca2+的數(shù)目不變C.溶劑的質(zhì)量減小 D.溶液的pH不變16、化學(xué)在生活中發(fā)揮著重要的作用,下列說法錯(cuò)誤的是A.食用油脂飽和程度越大,熔點(diǎn)越高B.純鐵易被腐蝕,可以在純鐵中混入碳元素制成“生鐵”,以提高其抗腐蝕能力C.蠶絲屬于天然高分子材料D.《本草綱目》中的“石堿”條目下寫道:“采蒿蓼之屬,曬干燒灰,以水淋汁,久則凝淀如石,浣衣發(fā)面,亦去垢發(fā)面?!边@里的“石堿”是指K2CO3二、非選擇題(本題包括5小題)17、丁苯酞(J)是治療輕、中度急性腦缺血的藥物,合成J的一種路線如下:已知:②E的核磁共振氫譜只有一組峰;③C能發(fā)生銀鏡反應(yīng);④J是一種酯,分子中除苯環(huán)外還含有一個(gè)五元環(huán).回答下列問題:(1)由A生成B的化學(xué)方程式為__________,其反應(yīng)類型為__________;(2)D的化學(xué)名稱是__________,由D生成E的化學(xué)方程式為__________;(3)J的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為__________;(4)G的同分異構(gòu)體中核磁共振氫譜有4組峰且能與FeCl3溶液發(fā)生顯色反應(yīng)的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式__________(寫出一種即可);(5)由甲醛和化合物A經(jīng)下列步驟可得到2一苯基乙醇:反應(yīng)條件1為__________;反應(yīng)條件2所選擇的試劑為__________;L的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為__________。18、為探究黑色固體X(僅含兩種元素)的組成和性質(zhì),設(shè)計(jì)并完成如下實(shí)驗(yàn):請(qǐng)回答:(1)X的化學(xué)式是______________。(2)寫出藍(lán)色溶液轉(zhuǎn)化為藍(lán)色沉淀的離子方程式是______________。(3)寫出固體甲與稀硫酸反應(yīng)的化學(xué)方程式______________。19、FeBr2是一種黃綠色固體,某學(xué)習(xí)小組制備并探究它的還原性。I.實(shí)驗(yàn)室制備FeBr2實(shí)驗(yàn)室用如圖所示裝置制取溴化亞鐵。其中A為CO2發(fā)生裝置,D和d中均盛有液溴,E為外套電爐絲的不銹鋼管,e是兩個(gè)耐高溫的瓷皿,其中盛有細(xì)鐵粉。實(shí)驗(yàn)開始時(shí),先將鐵粉加熱至600—700℃,然后將干燥、純凈的CO2氣流通入D中,E管中反應(yīng)開始。不斷將d中液溴滴入溫度為100—120℃的D中。經(jīng)過幾小時(shí)的連續(xù)反應(yīng),在鐵管的一端沉積有黃綠色鱗片狀溴化亞鐵。(1)若在A中盛固體CaCO3,a中盛6mol/L鹽酸。為使導(dǎo)入D中的CO2為干燥純凈的氣體,則圖中B、C處的裝置和其中的試劑應(yīng)是:B為_____________。C為________________。為防止污染空氣,實(shí)驗(yàn)時(shí)應(yīng)在F處連接盛___________的尾氣吸收裝置。(2)反應(yīng)過程中要不斷通入CO2,其主要作用是____________________。Ⅱ.探究FeBr2的還原性(3)實(shí)驗(yàn)需要200mL0.1mol/LFeBr2溶液,配制FeBr2溶液除燒杯、量筒、膠頭滴管、玻璃棒外,還需要的玻璃儀器是_____________,需稱量FeBr2的質(zhì)量為:_________。(4)取10mL上述FeBr2溶液,向其中滴加少量新制的氯水,振蕩后溶液呈黃色。某同學(xué)對(duì)產(chǎn)生黃色的原因提出了假設(shè):假設(shè)1:Br一被Cl2氧化成Br2溶解在溶液中;假設(shè)2:Fe2+被Cl2氧化成Fe3+設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)證明假設(shè)2是正確的:________(5)請(qǐng)用一個(gè)離子方程式來證明還原性Fe2+>Br一________:(6)若在40mL上述FeBr2溶液中通入3×10-3molCl2,則反應(yīng)的離子方程式為________20、葡萄糖酸鋅{M[Zn(C6H11O7)2]=455g·mol-1)是一種重要的補(bǔ)鋅試劑,其在醫(yī)藥、食品、飼料、化妝品等領(lǐng)城中具有廣泛的應(yīng)用。純凈的葡葡糖酸鋅為白色晶體,可溶于水,極易溶于熱水,不溶于乙醇,化學(xué)興趣小組欲在實(shí)驗(yàn)室制備葡萄糖酸鋅并測(cè)定產(chǎn)率。實(shí)驗(yàn)操作分以下兩步:Ⅰ.葡萄糖酸(C6H12O7)的制備。量取50mL蒸餾水于100mL燒杯中,攪拌下緩慢加入2.7mL(0.05mol)濃H2SO4,分批加入21.5g葡萄糖酸鈣{M[Ca(C6H11O7)2]=430g·mol-1,易溶于熱水},在90℃條件下,不斷攪拌,反應(yīng)40min后,趁熱過濾。濾液轉(zhuǎn)移至小燒杯,冷卻后,緩慢通過強(qiáng)酸性陽離子交換樹脂,交換液收集在燒杯中,得到無色的葡葡糖酸溶液。Ⅱ.葡萄糖酸鋅的制備。向上述制得的葡萄糖酸溶液中分批加入足量的ZnO,在60℃條件下,不斷攪拌,反應(yīng)1h,此時(shí)溶液pH≈6。趁熱減壓過濾,冷卻結(jié)晶,同時(shí)加入10mL95%乙醇,經(jīng)過一系列操作,得到白色晶體,經(jīng)干燥后稱量晶體的質(zhì)量為18.2g?;卮鹣铝袉栴}:(1)制備葡萄糖酸的化學(xué)方程式為________________。(2)通過強(qiáng)酸性陽離子交換樹脂的目的是_______________。(3)檢驗(yàn)葡萄糖酸溶液中是否存在SO42-的操作為_________。(4)制備葡萄糖酸時(shí)選用的最佳加熱方式為_______________。(5)制備葡萄糖酸鋅時(shí)加入乙醇的目的是________,“一系列操作”具體是指_______。(6)葡萄糖酸鋅的產(chǎn)率為______(用百分?jǐn)?shù)表示),若pH≈5時(shí)就進(jìn)行后續(xù)操作,產(chǎn)率將_____(填“增大”“減小”或“不變”)。21、KMnO4是一種高效氧化劑可用來氧化吸附有機(jī)異味物.也可以與水中的雜質(zhì)如二價(jià)鐵、錳、硫、氰、酚等反應(yīng)。實(shí)驗(yàn)室常用Na2C2O4標(biāo)準(zhǔn)溶液標(biāo)定未知濃度的KMnO4溶液,發(fā)生反應(yīng):5C2O42-+2MnO4-+16H++4H2O=2[Mn(H2O)6]2++10CO2↑。根據(jù)以上信息,完成下列問題:(1)按電子排布K位于元素周期表的_______區(qū),基態(tài)Mn2+的核外電子排布式可表示為_____。(2)1mol[Mn(H2O)6]2+中所含有的共價(jià)鍵數(shù)目為__________。(3)基態(tài)C原子的核外電子中占據(jù)最高能級(jí)的電子云輪廓圖為_______.C2O42-中碳原子的軌道雜化類型是___________________.(4)同主族元素氧、硫、硒對(duì)應(yīng)最簡(jiǎn)單氫化物的沸點(diǎn):H2O>H2Se>H2S,原因是__________。(5)β-MnSe的結(jié)構(gòu)中Se為面心立方最密堆積,晶胞結(jié)構(gòu)如圖所示。①β-MnSe中Mn的配位數(shù)為_____________。②若該晶體的晶胞參數(shù)為apm,阿伏加德羅常數(shù)的值為NA。則距離最近的兩個(gè)錳原子之間的距離為______pm,β-MnSe的密度ρ=______(列出表達(dá)式)g·cm-3。
參考答案一、選擇題(每題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意)1、A【解析】
A項(xiàng),氧化銅的還原產(chǎn)物為金屬銅,而鹽酸不能溶解銅,難以洗凈該硬質(zhì)玻璃管,故A項(xiàng)錯(cuò)誤;B項(xiàng),碘易溶于有機(jī)物,酒精可溶解碘,故B項(xiàng)正確;C項(xiàng),長(zhǎng)期存放的氯化鐵水解最終生成氫氧化鐵和HCl,HCl不斷揮發(fā),氫氧化鐵則會(huì)不斷沉積于試劑瓶?jī)?nèi)壁,而稀硫酸可溶解氫氧化鐵,故C項(xiàng)正確;D項(xiàng),純堿溶液顯堿性,可與油污反應(yīng),轉(zhuǎn)化為可溶于水的脂肪酸鈉和多元醇,故D項(xiàng)正確。故答案選A。本題的易錯(cuò)項(xiàng)為C項(xiàng);錯(cuò)選C項(xiàng),可能是學(xué)生對(duì)長(zhǎng)期存放FeCl3的試劑瓶?jī)?nèi)壁的物質(zhì)不清楚,或認(rèn)為就是FeCl3,用水即可洗掉。2、D【解析】
W與Y同族;W的氫化物為弱酸,則W為第二周期的非金屬元素,由此可推出W為氟(F),Y為Cl;W、X、Z最外層電子數(shù)之和為11,則X、Z的最外層電子數(shù)之和為4,Z可能為K或Ca,則X可能為Al或Mg?!驹斀狻緼.Y和Z形成的化合物,不管是CaCl2還是NaCl,其水溶液都呈中性,A錯(cuò)誤;B.F沒有正價(jià),Cl的最高化合價(jià)為+7,B錯(cuò)誤;C.離子半徑Cl->K+>Ca2+,則離子半徑Y(jié)>Z,C錯(cuò)誤;D.CaH2、KH都是離子化合物,D正確;故選D。3、D【解析】
A.根據(jù)裝置圖可知:在陽極NO失去電子,被氧化產(chǎn)生NO3-,該電極反應(yīng)式為:NO-3e-+2H2O=NO3-+4H+,A正確;B.電解池中電極為多孔石墨,由于電極表面積大,吸附力強(qiáng),因此可吸附更多的NO發(fā)生反應(yīng),因而可提高NO的利用率和加快反應(yīng)速率,B正確;C.NH4NO3的稀溶液中自由移動(dòng)的離子濃度比水大,因此用NH4NO3稀溶液代替水可以增強(qiáng)導(dǎo)電能力,有利于電解的順利進(jìn)行,C正確;D.在陽極NO被氧化變?yōu)镹O3-,電極反應(yīng)式為NO-3e-+2H2O=NO3-+4H+;在陰極NO被還原產(chǎn)生NH4+,電極反應(yīng)式為NO+5e-+6H+=NH4++H2O,從兩個(gè)電極反應(yīng)式可知,要使電子得失守恒,陽極產(chǎn)生的NO3-的物質(zhì)的量比陰極產(chǎn)生的NH4+的物質(zhì)的量多,總反應(yīng)方程式為8NO+7H2O3NH4NO3+2HNO3,為使電解產(chǎn)物全部轉(zhuǎn)化為NH4NO3,要適當(dāng)補(bǔ)充NH3,D錯(cuò)誤;故合理選項(xiàng)是D。4、A【解析】
原碳酸鈣10g中的鈣元素質(zhì)量為:10g×
×100%=4g,反應(yīng)前后鈣元素質(zhì)量不變,則剩余固體中鈣元素質(zhì)量仍為4g,則含鈣50%的剩余固體質(zhì)量==8g,根據(jù)質(zhì)量守恒定律,反應(yīng)生成二氧化碳的質(zhì)量=10g-8g=2g,設(shè)生成的氧化鈣質(zhì)量是x,
=
,x=2.56g,A.根據(jù)上述計(jì)算分析,生成了2g二氧化碳,故A正確;B.根據(jù)上述計(jì)算分析,剩余固體質(zhì)量為8g,故B錯(cuò)誤;C.根據(jù)上述計(jì)算分析,生成了2.56g氧化鈣,故C錯(cuò)誤;D.根據(jù)上述計(jì)算分析,剩余碳酸鈣的質(zhì)量小于8g,故D錯(cuò)誤;答案選A。易錯(cuò)點(diǎn)為D選項(xiàng),加熱分解后的產(chǎn)物為混合物,混合物的總質(zhì)量為8g,則未反應(yīng)的碳酸鈣的質(zhì)量小于8g。5、C【解析】
A.0.100mol·L-1的HCl溶液和醋酸溶液,醋酸屬于弱酸,存在電離平衡,所以起點(diǎn)pH較小的Ⅰ表示的是滴定鹽酸的曲線,A項(xiàng)錯(cuò)誤;B.當(dāng)醋酸與氫氧化鈉恰好完全反應(yīng)時(shí),形成醋酸鈉溶液,醋酸鈉水解使溶液pH>7,所以pH=7時(shí),滴定醋酸消耗的V(NaOH)<20.00mL,B項(xiàng)錯(cuò)誤;C.V(NaOH)=20.00mL時(shí),酸堿恰好完全反應(yīng),因?yàn)镃H3COO-水解而消耗,所以兩份溶液中c(Cl-)>c(CH3COO-),C項(xiàng)正確;D.V(NaOH)=10.00mL時(shí),生成的醋酸鈉與剩余醋酸濃度相等,由于醋酸的電離程度大于醋酸鈉的水解程度,所以溶液中c(CH3COO-)>c(Na+)>c(H+)>c(OH-),D項(xiàng)錯(cuò)誤;答案選C。6、C【解析】
A.放電時(shí)Na失電子,故電極a為負(fù)極,故A錯(cuò)誤;B.放電時(shí)該裝置是原電池,Na+向正極移動(dòng),應(yīng)從a到b,故B錯(cuò)誤;C.充電時(shí)該裝置是電解池,電極b是陽極,失電子發(fā)生氧化反應(yīng),電極反應(yīng)式為:Sx2--2e-=xS,故C正確;D.充電時(shí),電極a是陰極,Na+在電極a上獲得電子發(fā)生還原反應(yīng),故D錯(cuò)誤;故答案為C。7、C【解析】
A.KNO3的溶解度受溫度影響大,而NaCl的溶解度受溫度影響不大,可將固體溶解后蒸發(fā)濃縮,冷卻結(jié)晶,過濾、洗滌、干燥,以除去KNO3固體中少量的NaCl固體,故A錯(cuò)誤;B.將NaOH濃溶液滴加到飽和的FeCl3溶液中,二者反應(yīng)生成Fe(OH)3沉淀,無法獲得氫氧化鐵膠體,故B錯(cuò)誤;C.CCl4與水不互溶,且不發(fā)生任何發(fā)應(yīng),可用CCl4萃取碘水中的I2,CCl4的密度比水的密度大,則混合液分層后先從分液漏斗下口放出有機(jī)層,后從上口倒出水層,故C正確;D.鐵在中性溶液或弱酸性溶液中可發(fā)生吸氧腐蝕,鹽酸為酸性溶液,發(fā)生析氫腐蝕,故D錯(cuò)誤;故選C。8、D【解析】
A.陰極b極反應(yīng):2H++2e-=H2↑產(chǎn)生氫氣發(fā)生了化學(xué)過程,氫氣又被吸附在多孔石墨電極中發(fā)生了物理變化,故A正確;B.(i)為電解池,a、b兩極均產(chǎn)生氣泡即相當(dāng)于電解水,如果原溶液是飽和溶液則電解一段時(shí)間后c(NaNO3)不變,如果原溶液是不飽和溶液,則電解一段時(shí)間后c(NaNO3)增大,故B正確;C.取出b放到(ii)中即硫酸銅溶液中析出紅色固體,說明b產(chǎn)生的氫氣吸附在多孔石墨電極中將銅置換出來,反應(yīng)為:Cu2++H2=Cu+2H+,故C正確;D.(ii)中取出b,則b表面已經(jīng)有析出的銅,所以放到(iii)中析出白色固體即Ag,可能是銅置換的、也可能是b產(chǎn)生的氫氣吸附在多孔石墨電極中置換,則可能發(fā)生反應(yīng)為:2Ag++Cu=Cu2++2Ag和2Ag++H2=2Ag+2H+,故D錯(cuò)誤;故答案為D。9、A【解析】
A.復(fù)分解反應(yīng)中一定沒有單質(zhì)參與與生成,而氯氣屬于單質(zhì),則有氯氣參加的化學(xué)反應(yīng)一定不屬于復(fù)分解反應(yīng),選項(xiàng)A選;B.氯氣與KI等的置換反應(yīng),有氯氣參加,選項(xiàng)B不選;C.甲烷等與氯氣的取代反應(yīng),有氯氣參加,選項(xiàng)C不選;D.乙烯等與氯氣的加成反應(yīng)中,有氯氣參加,選項(xiàng)D不選;答案選A。本題考查氯氣的化學(xué)性質(zhì)及反應(yīng)類型,為高頻考點(diǎn),把握氯氣的氧化性及有機(jī)反應(yīng)中氯氣的作用為解答的關(guān)鍵,注重基礎(chǔ)知識(shí)的考查,注意利用實(shí)例分析,氯氣具有氧化性,有氯氣參加的反應(yīng)為氧化還原反應(yīng),也可發(fā)生有機(jī)的取代、加成反應(yīng),則不可能為復(fù)分解反應(yīng)。10、A【解析】
A.pH=3時(shí)A2?、HA?的物質(zhì)的量分?jǐn)?shù)相等,所以二者的濃度相等,則Ka2==c(H+)=0.001mol/L,由同一溶液中=,pH=4時(shí)該酸的第二步電離常數(shù)不變,且原溶液中n(HA?)+n(A2?)=0.1mol,據(jù)此計(jì)算n(HA?);B.該二元酸第一步完全電離,第二步部分電離,所以NaHA溶液中不存在H2A;C.根據(jù)圖知,滴定終點(diǎn)時(shí)溶液呈酸性;D.pH=3時(shí),溶液中不存在H2A,說明該酸第一步完全電離,第二步部分電離,則NaHA只電離不水解,Na2A能水解,且c(A2?)=c(HA?)?!驹斀狻緼.pH=3時(shí)A2?、HA?的物質(zhì)的量分?jǐn)?shù)相等,所以二者的濃度相等,則Ka2==c(H+)=0.001mol/L,由同一溶液中=,pH=4時(shí)該酸的第二步電離常數(shù)不變,且原溶液中n(HA?)+n(A2?)=0.1mol,Ka2==×c(H+)=×0.0001mol/L=0.001mol/L,n(HA?)約為0.0091mol,故A正確;B.該二元酸第一步完全電離,第二步部分電離,所以NaHA只能電離不能水解,則溶液中不存在H2A,根據(jù)物料守恒得c(A2?)+c(HA?)=0.1mol/L,故B錯(cuò)誤;C.根據(jù)圖知,滴定終點(diǎn)時(shí)溶液呈酸性,應(yīng)該選取甲基橙作指示劑,故C錯(cuò)誤;D.pH=3時(shí),溶液中不存在H2A,說明該酸第一步完全電離,第二步部分電離,則NaHA只電離不水解,Na2A能水解,且c(A2?)=c(HA?);等物質(zhì)的量濃度的NaHA與Na2A溶液等體積混合,因?yàn)殡婋x、水解程度不同導(dǎo)致c(A2?)、c(HA?)不一定相等,則混合溶液的pH不一定等于3,故D錯(cuò)誤;故答案選A。正確判斷該二元酸“第一步完全電離、第二步部分電離”是解本題關(guān)鍵,注意電離平衡常數(shù)只與溫度有關(guān),與溶液中溶質(zhì)及其濃度無關(guān)。11、A【解析】
A.CH3COOH溶液加水稀釋,CH3COOH的電離平衡CH3COOHCH3COO-+H+向正反應(yīng)方向移動(dòng),溶液的pH增加,向CH3COOH溶液加入少量CH3COONa晶體時(shí),溶液中c(CH3COO-)增大,醋酸的電離平衡向逆反應(yīng)方向移動(dòng),溶液的pH增加,正確;B.CH3COOH溶液加水稀釋,平衡向正反應(yīng)方向移動(dòng),電離程度增大,加入少量CH3COONa晶體時(shí)平衡向逆反應(yīng)方向移動(dòng),電離程度減小,錯(cuò)誤;C.CH3COOH溶液加水稀釋,離子濃度減小,溶液的導(dǎo)電能力減弱,加入少量CH3COONa晶體時(shí),離子濃度增大,溶液的導(dǎo)電能力增強(qiáng),錯(cuò)誤;D.加水稀釋,促進(jìn)醋酸電離,但溶液中氫離子濃度減小,加入少量CH3COONa晶體時(shí)平衡向逆反應(yīng)方向移動(dòng),電離程度減小,氫離子濃度減小,溫度不變,水的離子積常數(shù)不變,所以氫氧根離子濃度增大,錯(cuò)誤。故選A。12、B【解析】
A.當(dāng)pH相同時(shí),酸分子含量越高,電離平衡常數(shù)越小,酸性越弱,根據(jù)圖像,當(dāng)pH相同時(shí),丙酸含量較高,則酸性較甲酸弱,所以等濃度的HCOONa和CH3CH2COONa兩種溶液的pH,前者<后者,則水的電離程度前者<后者,A選項(xiàng)錯(cuò)誤;B.將等濃度的HCOOH溶液與HCOONa溶液等體積混合,所得溶液中存在物料守恒:c(Na+)=c(HCOOH)+c(HCOO-),電荷守恒:c(H+)+c(Na+)=c(OH-)+c(HCOO-),兩式相加減有c(H+)+c(HCOOH)=c(OH-),又溶液中c(H+)>c(HCOO-),則有c(HCOOH)+2c(H+)>c(OH-)+c(HCOO-),B選項(xiàng)正確;C.因?yàn)闇囟染鶠槌?,所以M、N兩點(diǎn)對(duì)應(yīng)溶液中的Kw相等,C選項(xiàng)錯(cuò)誤;D.pH=4.88時(shí),溶液中c(H+)=10-4.88mol/L,丙酸分子的分布分?jǐn)?shù)為50%,則c(CH3CH2COOH)=0.05mol/L,所以,D選項(xiàng)錯(cuò)誤;答案選B。13、C【解析】
A.高溫能使微生物蛋白質(zhì)凝固變性,導(dǎo)致電池工作失效,所以該裝置不能在高溫下工作,A錯(cuò)誤;B.原電池內(nèi)電路中:陽離子移向正極、陰離子移向負(fù)極,從而達(dá)到脫鹽目的,所以Y為陽離子交換膜、X為陰離子交換膜,B錯(cuò)誤;C.由圖片可知,負(fù)極為有機(jī)廢水CH3COO-的電極,失電子發(fā)生氧化反應(yīng),電極反應(yīng)為CH3COO-+2H2O-8e-=2CO2↑+7H+,C正確;D.該裝置工作時(shí)為原電池,是將化學(xué)能轉(zhuǎn)化為電能的裝置,D錯(cuò)誤;故合理選項(xiàng)是C。14、A【解析】
A.14.0gFe的物質(zhì)的量為,F(xiàn)e發(fā)生吸氧腐蝕的負(fù)極反應(yīng)式為Fe-2e-=Fe2+,則電極反應(yīng)轉(zhuǎn)移的電子數(shù)為0.25mol×2NA=0.5NA,A項(xiàng)正確;B.標(biāo)況下,H2S為氣體,11.2LH2S氣體為0.5mol,H2S溶于水,電離產(chǎn)生HS-和S2-,根據(jù)S元素守恒可知,含硫微粒共0.5NA,B項(xiàng)錯(cuò)誤;C.常溫下,pH=14的Ba(OH)2溶液中氫氧根離子的濃度為1mol/L,則Ba2+的濃度為0.5mol/L,則Ba2+的數(shù)目為0.5mol/L×0.5LNA=0.25NA,C項(xiàng)錯(cuò)誤;D.C2H6O的摩爾質(zhì)量為46g/mol,4.6gC2H6O的物質(zhì)的量為0.1mol,分子式為C2H6O的有機(jī)物,可能為CH3CH2OH,也可能為CH3OCH3,則含有C-H鍵的數(shù)目可能為0.5NA,也可能0.6NA,D項(xiàng)錯(cuò)誤;答案選A。鋼鐵發(fā)生吸氧腐蝕的電極反應(yīng)式:正極:O2+2H2O+4e-=4OH-;負(fù)極:2Fe-4e-=2Fe2+;總反應(yīng):2Fe+O2+2H2O=Fe(OH)2;Fe(OH)2繼續(xù)與空氣中的氧氣作用,生成Fe(OH)3,發(fā)生反應(yīng):4Fe(OH)2+O2+2H2O=4Fe(OH)3,F(xiàn)e(OH)3脫去一部分水就生成Fe2O3?xH2O,它就是鐵銹的主要成分。15、B【解析】
常溫下,往飽和石灰水中加入一定量的生石灰,氧化鈣與水反應(yīng)生成氫氧化鈣,一段時(shí)間后恢復(fù)到原溫度,Ksp不變,溶解度不變,由于反應(yīng)消耗水,溶質(zhì)、溶劑、溶液質(zhì)量均減少,則:A.有溶質(zhì)氫氧化鈣析出,A正確;B.溶液中Ca2+的濃度不變,但數(shù)目減少,B錯(cuò)誤;C.氧化鈣消耗水,則溶劑的質(zhì)量減小,C正確;D.OH-濃度不變,則溶液的pH不變,D正確;答案選B。16、B【解析】
A.油脂是高級(jí)脂肪酸跟甘油生成的酯,其中形成油脂的脂肪酸的飽和程度對(duì)油脂的熔點(diǎn)有著重要的影響,由飽和的脂肪酸生成的甘油酯熔點(diǎn)較高,所以食用油脂飽和程度越大,熔點(diǎn)越高,故A正確;B.生鐵中的鐵、碳和電解質(zhì)溶液易形成原電池,發(fā)生電化學(xué)腐蝕,所以生鐵比純鐵更易腐蝕,故B錯(cuò)誤;C.蠶絲主要成分為蛋白質(zhì),屬于天然高分子化合物,故C正確;D.采蒿蓼之屬,曬干燒灰”,說明“石堿”成分來自植物燒成的灰中的成分,“以水淋汁”,該成分易溶于水,久則凝淀如石,亦去垢,能洗去油污,發(fā)面,能作為發(fā)酵劑,植物燒成的灰中的成分主要為碳酸鹽,所以是碳酸鉀,故D正確;答案選B。生鐵是鐵的合金,易形成原電池,發(fā)生電化學(xué)腐蝕。二、非選擇題(本題包括5小題)17、+Br2+HBr取代反應(yīng)2-甲基丙烯CH2=C(CH3)2+HBr→(CH3)3CBr或或光照鎂、乙醚【解析】
比較A、B的分子式可知,A與HBr發(fā)生加成反應(yīng)生成B,B的核磁共振氫譜只有一組峰,則可知D為CH2=C(CH3)2,E為(CH3)3CBr,根據(jù)題中已知①可知F為(CH3)3CMgBr,C能發(fā)生銀鏡反應(yīng),同時(shí)結(jié)合G和F的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式可推知C為,進(jìn)而可以反推得,B為,A為,根據(jù)題中已知①,由G可推知H為,J是一種酯,分子中除苯環(huán)外,還含有一個(gè)五元環(huán),則J為,與溴發(fā)生取代生成K為,K在鎂、乙醚的條件下生成L為,L與甲醛反應(yīng)生成2-苯基乙醇【詳解】(1)由A生成B的化學(xué)方程式為+Br2+HBr,其反應(yīng)類型為取代反應(yīng);(2)D為CH2=C(CH3)2,名稱是2-甲基丙烯,由D生成E的化學(xué)方程式為CH2=C(CH3)2+HBr→(CH3)3CBr,故答案為2-甲基丙烯;CH2=C(CH3)2+HBr→(CH3)3CBr;(3)根據(jù)上面的分析可知,J的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為,故答案為;(4)G的同分異構(gòu)體中核磁共振氫譜有4組峰且能與FeCl3溶液發(fā)生顯色反應(yīng),說明有酚羥基,這樣的結(jié)構(gòu)為苯環(huán)上連有-OH、-CH2Br呈對(duì)位連結(jié),另外還有四個(gè)-CH3基團(tuán),呈對(duì)稱分布,或者是-OH、-C(CH3)2Br呈對(duì)位連結(jié),另外還有2個(gè)-CH3基團(tuán),以-OH為對(duì)稱軸對(duì)稱分布,這樣有或或;(5)反應(yīng)Ⅰ的為與溴發(fā)生取代生成K為,反應(yīng)條件為光照,K在鎂、乙醚的條件下生成L為,故答案為光照;鎂、乙醚;。18、CuOCu2++2OH-=Cu(OH)2Cu2O+H2SO4=Cu+CuSO4+H2O【解析】
流程中32gX隔絕空氣加熱分解放出了能使帶火星的木條復(fù)燃的氣體為氧氣,質(zhì)量:32.0g-28.8g=3.2g,證明X中含氧元素,28.8g固體甲和稀硫酸溶液反應(yīng)生成藍(lán)色溶液,說明含銅離子,證明固體甲中含銅元素,即X中含銅元素,銅元素和氧元素形成的黑色固體為CuO,X為氧化銅,n(CuO)==0.4mol,結(jié)合質(zhì)量守恒得到n(O2)==0.1mol,氧元素守恒得到甲中n(Cu):n(O)=0.4mol:(0.4mol-0.1mol×2)=2:1,固體甲化學(xué)式為Cu2O,固體乙為Cu,藍(lán)色溶液為硫酸銅,加入氫氧化鈉溶液生成氫氧化銅沉淀,加熱分解得到16.0g氧化銅?!驹斀狻?1)分析可知X為CuO,故答案為CuO;(2)藍(lán)色溶液為硫酸銅溶液,轉(zhuǎn)化為藍(lán)色沉淀氫氧化銅的離子方程式為Cu2++2OH-=Cu(OH)2,故答案為Cu2++2OH-=Cu(OH)2;(3)固體甲為Cu2O,氧化亞銅和稀硫酸溶液發(fā)生歧化反應(yīng)生成銅、二價(jià)銅離子和水,反應(yīng)的化學(xué)方程式為:Cu2O+H2SO4=Cu+CuSO4+H2O,故答案為Cu2O+H2SO4=Cu+CuSO4+H2O。19、飽和NaHCO3溶液的洗氣瓶濃H2SO4的洗氣瓶NaOH溶液用CO2把反應(yīng)器中的空氣趕盡,將溴蒸氣帶入E管中250mL容量瓶5.4g取適量黃色溶液,向其中加入少量KSCN溶液,若溶液變血紅色,則證明假設(shè)2正確2Fe2++Br2=2Fe3++2Br-4Fe2++2Br-+3Cl2=4Fe3++Br2+6Cl-【解析】
I.裝置A用碳酸鈣和鹽酸制取二氧化碳,裝置B中盛有的NaHCO3飽和溶液用于除去二氧化碳中的氯化氫氣體,裝置C中盛有的濃H2SO4是干燥二氧化碳,二氧化碳把反應(yīng)器中的空氣趕盡,并將油浴加熱的裝置D中溴蒸氣帶入E管中,在加熱條件下與鐵反應(yīng)生成黃綠色鱗片狀溴化亞鐵,在裝置F處連接盛有氫氧化鈉溶液的尾氣吸收裝置,吸收有毒的溴蒸汽,防止污染環(huán)境;Ⅱ.Fe2+和Br-的還原性強(qiáng)弱順序?yàn)椋篎e2+>Br-,向FeBr2溶液中滴加少量新制的氯水,氯氣先氧化Fe2+,再氧化Br-?!驹斀狻浚?)實(shí)驗(yàn)時(shí)用碳酸鈣和鹽酸制取二氧化碳,鹽酸易揮發(fā),制得的二氧化碳中混有氯化氫和水蒸氣,裝置B的作用是除去二氧化碳中的氯化氫氣體,可以用盛有NaHCO3飽和溶液的洗氣瓶洗氣,裝置C的作用是干燥二氧化碳,可以用盛有濃H2SO4的洗氣瓶干燥,溴蒸汽有毒,不能排到空氣中,氫氧化鈉溶液能夠與溴單質(zhì)反應(yīng),為防止污染空氣,實(shí)驗(yàn)時(shí)應(yīng)在F處連接氫氧化鈉溶液的尾氣吸收裝置,故答案為飽和NaHCO3溶液的洗氣瓶;濃H2SO4的洗氣瓶;NaOH溶液;(2)反應(yīng)前先通入一段時(shí)間CO2,將容器中的空氣趕凈,避免空氣中的氧氣干擾實(shí)驗(yàn);反應(yīng)過程中要不斷通入CO2,還可以油浴加熱的裝置D中溴蒸氣帶入E管中,使溴能夠與鐵粉充分反應(yīng),故答案為用CO2把反應(yīng)器中的空氣趕盡,將溴蒸氣帶入E管中;(3)配制200mL0.1mol/LFeBr2溶液的玻璃儀器有燒杯、量筒、膠頭滴管、玻璃棒和250mL容量瓶;250mL0.1mol/LFeBr2溶液中FeBr2的物質(zhì)的量為0.25mol,則FeBr2的質(zhì)量為0.25mol×216g/mol=5.4g,故答案為250mL容量瓶;5.4g;(4)若假設(shè)2正確,向FeBr2溶液中滴加少量新制的氯水,F(xiàn)e2+被Cl2氧化成Fe3+,向反應(yīng)后的黃色溶液中加入KSCN溶液,溶液會(huì)變?yōu)榧t色,故答案為取適量黃色溶液,向其中加入少量KSCN溶液,若溶液變血紅色,則證明假設(shè)2正確;(5)溶液中Fe2+和Br2能夠發(fā)生氧化還原反應(yīng)生成Fe3+和Br-,反應(yīng)的離子方程式為2Fe2++Br2=2Fe3++2Br-,則故答案為2Fe2++Br2=2Fe3++2Br-;(6)40mL0.1mol/LFeBr2溶液中FeBr2的物質(zhì)的量為0.004mol,0.004molFe2+消耗Cl2的物質(zhì)的量為0.002mol,3×10-3molCl2有0.001molCl2與Br-反應(yīng),反應(yīng)消耗Br-的物質(zhì)的量為0.002mol,參與反應(yīng)的Fe2+、Br-和Cl2的物質(zhì)的量比為0.004mol:0.002mol:0.003mol=4:2:3,則反應(yīng)的離子方程式為4Fe2++2Br-+3Cl2=4Fe3++Br2+6Cl-,故答案為4Fe2++2Br-+3Cl2=4Fe3++Br2+6Cl-。本題考查了實(shí)驗(yàn)方案的設(shè)計(jì)與評(píng)價(jià)和探究實(shí)驗(yàn),試題知識(shí)點(diǎn)較多、綜合性較強(qiáng),充分考查了學(xué)分析、理解能力及靈活應(yīng)用基礎(chǔ)知識(shí)的能力,注意掌握化學(xué)實(shí)驗(yàn)基本操作方法,明確常見物質(zhì)的性質(zhì)及化學(xué)實(shí)驗(yàn)方案設(shè)計(jì)原則是解答關(guān)鍵。20、將未充分反應(yīng)的葡萄糖轉(zhuǎn)化為葡萄糖酸取適量葡萄糖酸試液,向其中加入足量的稀鹽酸,無明顯現(xiàn)象,再滴加BaCl2溶液,若產(chǎn)生白色沉淀,則證明葡萄糖酸溶液中還存在SO42-,反之則不存在水浴加熱(或熱水浴)降低葡萄糖酸鋅溶解度,便于晶體析出
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