全國卷Ⅱ2024年高考理綜壓軸卷含解析

PAGEPAGE41（全國卷Ⅱ）2024年高考理綜壓軸卷（含解析）一、選擇題：本題共6個小題，每小題6分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下列關于細胞結構的說法中，正確的是（）A.細胞壁對細胞內(nèi)部具有愛護作用，所以它是細胞與外界的邊界B.1959年羅伯特森在光學顯微鏡下看到細胞膜的暗-亮-暗的三層結構C.有中心體的細胞，中心體與細胞有絲分裂有關D.將真核細胞線粒體置于蒸餾水中，首先脹破的是內(nèi)膜2、如圖為新冠病毒在肺部細胞內(nèi)的增殖過程，下列敘述錯誤的是（）

A.過程①需RNA復制酶，與HIV的增殖不同B.過程②須要三種RNA以及游離的氨基酸共同參加C.過程③產(chǎn)生的+RNA與-RNA中A+U的比例相同D.理論上用逆轉錄的抑制藥物能夠抑制新冠病毒的增殖3、圖是造血干細胞逐級分化為各種血細胞的部分示意圖，下列敘述錯誤的是（）①圖中細胞均可通過核移植技術體現(xiàn)細胞的全能性②造血干細胞逐級分化過程中遺傳信息的執(zhí)行狀況不同③造血干細胞癌變后形態(tài)結構變更，黏著性增加④圖中免疫細胞均可參加特異性免疫A.①③ B.②③ C.①④ D.②④4、某課題組為了探討赤霉素（GA3）和生長素（IAA）對植物生長的影響，切取菟絲子莖頂端相同長度的部分莖芽，分為A、B兩組，置于無菌水中分別處理1h和8h，再用含相宜濃度激素的培育基處理7天，測量莖芽長度，結果如圖，下列說法不合理的是（）

A.GA3和IAA對離體莖芽的生長表現(xiàn)出相互協(xié)同的作用B.本試驗中用IAA單獨處理比用GA3單獨處理對植物生長的促進作用弱C.與無菌水處理1h相比，處理8h后莖芽中內(nèi)源性GA3含量下降相對較少，IAA含量下降相對較多D.GA3單獨處理7天后A組莖芽長度更大，與莖芽中源性IAA含量較高有關5、已知小鼠某染色體片段上有基因M、N、Y、Q，但不知其排列依次。先用基因組成mmnnyyqq的個體甲和四種缺失突變體（只從染色體兩端缺失且均存在某些顯性基因所在片段缺失）雜交，子代表現(xiàn)型如表所示。則M、N、Y、Q在染色體上的排列依次可能是（）雜交類型子代表現(xiàn)性狀試驗一mmnnttqq×缺失1MnTQ試驗.二mmnnttqq×缺失2mNtQ試驗三mmnnttqq×缺失3mNTQ試驗四mmnttqq×缺失4MnTqA.YMNQ B.MQYN C.NQYM D.YNMQ6、生態(tài)扶貧是將生態(tài)愛護與扶貧開發(fā)相結合的一種扶貧工作模式。沙丘改造、退耕還林、濕地愛護、封山育林等是生態(tài)扶貧工作中的重要舉措，下列有關敘述錯誤的是（）A.沙丘的人工生態(tài)改造與退耕還林的群落演替類型不相同B.封山育林過程將使群落結構更困難，利用資源的實力更強C.若某濕地經(jīng)過愛護后物種豐富度未發(fā)生變更，其群落結構可能不變D.退耕還林過程中，后一階段優(yōu)勢物種的興起伴隨前一階段優(yōu)勢物種的消亡第Ⅱ卷二、非選擇題：本卷包括必考題和選考題兩部分。第29~32題為必考題，每個試題考生都必需作答。第37~38題為選考題，考生依據(jù)要求作答。（一）必考題（共39分）29、（12分）土壤鹽漬化是一個全球性的生態(tài)問題，世界上約有20%的可耕地受到了鹽漬的影響，鹽脅迫使農(nóng)業(yè)生產(chǎn)受到了嚴峻損失。某試驗小組以2年生盆栽酸柚苗作為材料，進行鹽脅迫處理，分別設置0%、0．3%、0．6%、0．9%4個NaCl濃度，每隔7d用1000mL相應處理濃度的溶液澆灌，49d后分別測定葉綠素含量、凈光合速率（Pn）、氣孔導度（Gs）和胞間CO2濃度（Ci），結果如下圖。（注：氣孔導度用單位時間單位葉面積通過氣孔的氣體量表示）

（1）由圖（a）可知鹽脅迫可以降低葉綠素含量。試從光合作用過程分析葉綠素含量下降會對光合作用產(chǎn)生的影響________。（2）由圖（b）、（c）、（d）可知，在0．3%NaCl脅迫下酸柚葉片的凈光合速率下降，同時________也下降，這說明在該濃度NaCl脅迫下，光合速率下降主要是由于不良環(huán)境導致________引起的；當鹽濃度由0．3%升到0．6%時，氣孔導度上升，而胞間CO2濃度下降，試分析其緣由：________；而在0．9%NaCl脅迫下，氣孔導度下降，而胞間CO2濃度反而上升，說明在該濃度NaCl脅迫下，引起酸柚苗光合速率降低的緣由是________（填“氣孔限制”或“非氣孔限制”）。（3）為了使試驗結果更牢靠，本試驗中每處理組需進行多次試驗，這遵循了試驗的________原則。30、（8分）榮獲“人民英雄”國家榮譽稱號的張定宇醫(yī)生是一名“漸凍癥”患者（全稱肌萎縮側索硬化癥，簡稱ALS）。該病是一種運動神經(jīng)元疾病，氨基酸毒性學說是其發(fā)病機制的假說之一?；卮鹣铝邢嚓P問題:

（1）調控人體四肢的隨意運動受____________等的共同調控，而漸凍人將會漸漸丟失調控四肢隨意運動這一功能。（2）如圖是ALS患者病變部位的有關生理過程。谷基酸以____________的方式通過突觸間隙，與NMDA結合。據(jù)圖推想谷氨酸屬于____________（填“興奮”或“抑制”）性神經(jīng)遞質，推斷理由是____________。（3）興奮在該結構中的傳遞過程是單向的，緣由是____________。31、（8分）“時代楷?！薄拭C省古浪縣八步沙林場“六老漢”用三代人的汗水與心血治理沙漠，將荒漠變?yōu)榫G林。下圖為林場內(nèi)能量流向野兔所處的養(yǎng)分級示意圖，據(jù)圖回答下列問題：

（1）在治理荒漠的過程中，群落發(fā)生了_____演替，推斷依據(jù)是_____。（2）圖中B表示_____。（3）若野兔所處的養(yǎng)分級獲得的傳遞效率最大，則計算雜草所處的養(yǎng)分級的同化量為_____J/（cm2a），計算方法是_____。32、（11分）回答下列與三倍體西瓜育種的相關問題：（1）通常將幼苗期二倍體西瓜植株（2n＝22）用_______________溶液處理，可得到四倍體西瓜植株。該試劑能_____________________，從而誘導染色體數(shù)目加倍。將二倍體西瓜植株的花粉撒在四倍體西瓜植株的雌蕊上進行授粉，雜交得到的正在發(fā)育的種子中某個胚細胞可能含有___________條染色體。（2）將三倍體西瓜植株與二倍體西瓜植株進行間行種植，二倍體西瓜植株的花粉與三倍體西瓜植株受粉后，能使子房產(chǎn)生的_______________，從而促進子房發(fā)育成三倍體西瓜。（3）四倍體西瓜植株的部安排子可發(fā)育成種子，四倍體母本所結的子代具有多種倍性。果皮有條紋（A）對果皮無條紋（a）為顯性，現(xiàn)選擇性狀分別為____________的純合二倍體父本和純合四倍體母本進行雜交，則依據(jù)果皮性狀可區(qū)分子代三倍體西瓜，緣由是_______________。（二）選考題：共15分。請考生從2道題中選一題作答。假如多做，則按所做的第一題計分。37．[生物——選修1：生物技術實踐]（15分）新疆伊犁有著我國最大的薰衣草種植基地，薰衣草精油由薰衣草花穗提取而得，具有怡神、助睡眠、舒緩壓力的作用，其化學性質穩(wěn)定，難溶于水，易溶于有機溶劑，廣泛應用于美容、香薰、食品等行業(yè)。請回答以下問題:（1）用于提取精油的薰衣草花穗在____________（填“花開的盛期”或“花開的晚期”）采收，提取效果更佳。（2）可選用水蒸氣蒸餾法提取薰衣草精油，該技術利用了薰衣草精油____________的特性。形成油水混合物，冷卻后加入____________，混合物又會重新分出油層和水層。蒸餾時，影響產(chǎn)品品質的主要因素有________________________。（3依據(jù)常農(nóng)草精油的化學性質，還可選用萃取法進行提敢。萃取時選擇的有機溶劑應具有的特點是____________，若產(chǎn)品用于食品制造業(yè)，還需考慮____________。（4）精確稱取10．0g藏衣草花秘碎末，運用水蒸氣蒸餾法和萃取法提取并測定薰衣草精油品質和得率，數(shù)據(jù)如下:熏衣草樣品的精油得率提取方法精油狀態(tài)得率（%）平行樣1平行樣2平行樣3水蒸氣蒸餾法淺黃色透亮油狀2．782．512．69有機溶劑萃取法棕黃色浸膏狀3．933．784．05①依據(jù)數(shù)據(jù)計算兩種提取方法的出油率分別是:____________。②依據(jù)數(shù)據(jù)和所學學問，分別說出兩種方法的優(yōu)點:____________（各說出一點即可）。38．[生物——選修3：現(xiàn)代生物科技專題]（15分）回答下列有關動物細胞培育的問題：（1）在動物細胞培育過程中，當貼壁細胞分裂生長到細胞表面相互接觸時，細胞會停止分裂增殖，這種現(xiàn)象稱為______。此時，瓶壁上形成的細胞層數(shù)是______。可以運用胰蛋白酶將貼壁的細胞從瓶壁上分別下來。（2）隨著細胞傳代次數(shù)的增多，絕大部分細胞分裂停止，進而出現(xiàn)______現(xiàn)象；但極少數(shù)細胞可以連續(xù)增殖，其中有些細胞會因遺傳物質發(fā)生變更而變成不死性細胞，這種細胞除連續(xù)增殖以外，還具有的特點是_________________。（3）進行動物細胞傳代培育時用胰蛋白酶分別細胞，但不能用胃蛋白酶，理由是_________________。運用胰蛋白酶時須要嚴格限制好消化時間，因為_________________。（4）分化程度低的與分化程度高的組織細胞比較，________（填“前者”或“后者”）更易于培育，緣由是_________________。參考答案及解析1.【答案】C【解析】A、細胞膜是系統(tǒng)的邊界，A錯誤；B、1959年羅伯特森在電子顯微鏡下看到細胞膜的暗-亮-暗的三層結構，B錯誤；C、中心體與細胞有絲分裂有關，中心體與紡錘體的形成有關，C正確；D、線粒體內(nèi)膜向內(nèi)折疊成嵴，把離體的線粒體置于蒸餾水中，其外膜比內(nèi)膜先漲破，D錯誤。故選C。2.【答案】D【解析】A、過程①為RNA復制，須要RNA復制酶，該過程與HIV增殖過程相同，A正確；B、過程②為翻譯，須要mRNA、tRNA和rRNA的參加，還需游離的氨基酸作為原料，B正確；C、過程③產(chǎn)生的+RNA與－RNA堿基是互補配對的，A與U配對，所以過程③產(chǎn)生的＋RNA與－RNA中A＋U的比例相同，C正確；D、新冠病毒的增殖沒有逆轉錄過程，用逆轉錄的抑制藥物不能抑制新冠病毒的增殖，D錯誤。3.【答案】A【解析】①成熟紅細胞無細胞核，不行通過核移植技術體現(xiàn)細胞的全能性，①錯誤；②造血干細胞逐級分化過程中遺傳信息的執(zhí)行狀況不同(即基因的選擇性表達)，②正確；③造血干細胞癌變后形態(tài)結構發(fā)生變更，細胞間粘著性降低，使得癌細胞易于擴散和轉移，③錯誤；④圖中的免疫細胞有T細胞，B細胞，吞噬細胞，均可參加特異性免疫，④正確。綜上所述，錯誤的是①③，A符合題意，BCD錯誤。故選A。4.【答案】C【解析】A、依據(jù)B組的試驗數(shù)據(jù)可知，兩種激素聯(lián)合處理對莖芽伸長生長的作用是13，大于GA3和IAA單獨對離體莖芽的生長作用之和（6.5+4.5=11），說明GA3和IAA對離體莖芽的生長表現(xiàn)出相互協(xié)同的作用，A正確；B、依據(jù)A組和B組中單獨運用GA3處理組的柱形圖高于單獨運用IAA處理組的柱形圖，但兩種處理組的柱形圖高度均高于比照組，可知用IAA單獨處理比用GA3單獨處理對植物生長的促進作用弱，B正確；C、與無菌水處理1h相比，處理8h后GA3單獨處理組比IAA單獨處理組莖芽長度削減的更多，因而內(nèi)源性GA3含量下降的更多，IAA含量下降相對較少，C錯誤；D、由于IAA能促進植物生長，所以GA3單獨處理7天后A組莖芽長度更大，可能與莖芽中內(nèi)源性IAA含量有關，D正確。故選C。5.【答案】C【解析】因為“四種缺失突變體（只從染色體兩端缺失且均存在某些顯性基因所在片段缺失”，結合試驗一和試驗三的結果，可推出基因N和M位于染色體的兩端；再結合試驗二和試驗四的雜交結果，可推出基因T和基因Q位于染色體的中間，T靠近M，Q靠近N，C正確。故選C。6.【答案】D【解析】A、群落演替類型包括初生演替和次生演替，沙丘的人工生態(tài)改造屬于初生演替而退耕還林的群落演替屬于次生演替，二者演替類型不同，A正確；B、封山育林過程可使生態(tài)環(huán)境得到改善，更加適合生物的生存，加快演替的進程，將使群落的結構更困難，利用資源的實力更強，B正確；C、不同群落的物種數(shù)目有差別，群落中物種數(shù)目的多少稱為豐富度，群落的空間結構包括水平結構和垂直結構，若某濕地經(jīng)過愛護后物種豐富度未發(fā)生變更，則其群落結構可能不發(fā)生變更，C正確；D、是在這個演替過程中，前一階段優(yōu)勢物種的并沒有消亡，而是優(yōu)勢地位被取代，D錯誤。故選D。29.【答案】(1).葉綠素含量降低，汲取和轉化的光能削減，光反應產(chǎn)生的ATP和[H]（或NADPH）削減，導致暗反應減弱，光合作用強度下降(2).氣孔導度（Gs）和胞間CO2濃度（Ci）(3).氣孔導度下降（或部分氣孔關閉）(4).氣孔導度上升，進入細胞的CO2增多，凈光合作用利用掉的CO2量增多，使胞間CO2濃度下降(5).非氣孔限制(6).平行重復【解析】（1）葉綠素的作用是汲取、傳遞和轉化光能，葉綠素含量降低，汲取和轉化的光能削減，光反應產(chǎn)生的ATP和[H]（或NADPH）削減，導致暗反應減弱，光合作用強度下降。（2）依據(jù)以上試驗結果分析：在0．3%NaCl脅迫下，氣孔導度、胞間CO2濃度和凈光合速率同時下降，說明此時間合速率下降的主要限制因子是氣孔導度下降，CO2供應削減（即氣孔限制）；當鹽濃度由0．3%升到0．6%時，氣孔導度上升，進入細胞的CO2增多，凈光合作用利用掉的CO2量增多，使胞間CO2濃度下降；而在0．9%NaCl脅迫下，氣孔導度下降，而胞間CO2濃度上升，且凈光合速率下降，說明此時間合速率下降的主要限制因子不是CO2濃度（即非氣孔限制）。（3）為了使試驗結果更牢靠，本試驗中每處理組需進行多次試驗，這遵循了試驗的平行重復原則。30.【答案】(1).大腦皮層、脊髓(2).擴散(3).興奮(4).谷氨酸與突觸后膜上的NMDA結合后，促進Na+內(nèi)流，引發(fā)突觸后膜電位變更(5).神經(jīng)遞質只能由突觸前膜釋放，作用于突觸后膜【解析】（1）人體四肢的隨意運動離不開大腦皮層和脊髓中的神經(jīng)中樞的調控。（2）氨基酸屬于神經(jīng)遞質，遞質的釋放屬于胞吐作用，但在突觸間隙通過擴散方式與突觸后膜上的受體結合。據(jù)圖可知，谷氨酸與突觸后膜上的NMDA結合后，促進Na+內(nèi)流，引發(fā)突觸后膜電位變更，產(chǎn)生動作電位，谷氨酸屬于興奮性的神經(jīng)遞質。（3）神經(jīng)遞質只能由突觸前膜釋放，作用于突觸后膜，確定了興奮在細胞間的傳遞是單向的。31.【答案】(1).次生演替(2).土壤條件基本保留，土壤中有種子和繁殖體(3).野兔所處養(yǎng)分級同化的能量(4).400(5).80÷20%=400J/（cm2a）【解析】（1）次生演替是指在原有植被雖已不存在，但原有土壤條件基本保留，甚至還保留了植物的種子或其他繁殖體的地方發(fā)生的演替。在治理荒漠的過程中，土壤條件基本保留，土壤中有種子和繁殖體，故群落發(fā)生了次生演替。（2）某一養(yǎng)分級的攝入量包括該養(yǎng)分級的同化量和糞便量（上一養(yǎng)分級的同化量），所以B表示野兔所處養(yǎng)分級同化的能量。（3）養(yǎng)分級之間能量傳遞效率為10%—20%，若野兔所處的養(yǎng)分級獲得的傳遞效率最大，則用20%計算。野兔所處養(yǎng)分級同化的能量=攝入量—糞便量=100—20=80J/（cm2a），假設雜草所處的養(yǎng)分級的同化量為M，則M×20%=80，則M=400J/（cm2a）。32.【答案】(1).秋水仙素(2).抑制紡錘體的形成，導致染色體不能移向細胞兩極(3).33或66(4).生長素(5).父本為果皮有條紋西瓜植株，母本為果皮無條紋西瓜植株(6).因為只有二倍體父本有條紋，四倍體母本無條紋，子代三倍體均有條紋，單倍體均無條紋，才能區(qū)分子代三倍體【解析】（1）用相宜濃度的秋水仙素溶液處理二倍體西瓜幼苗（2n＝22），由于秋水仙素能抑制紡錘體的形成，導致染色體不能移向細胞兩極，因此，可得到四倍體西瓜植株。將二倍體西瓜植株的花粉撒在四倍體西瓜植株的雌蕊上進行授粉，雜交可得到三倍體種子（3n＝33），該正在發(fā)育的種子中某個胚細胞可能含有33條染色體，若該細胞處于有絲分裂后期，則可能含有66條染色體。（2）將三倍體西瓜植株與二倍體西瓜植株進行間行種植，二倍體西瓜植株的花粉與三倍體西瓜植株受粉后，由于三倍體西瓜減數(shù)分裂過程中聯(lián)會紊亂，不能產(chǎn)生可育的配子，因此，在二倍體西瓜花粉的刺激下，能使子房產(chǎn)生生長素，從而促進子房發(fā)育成三倍體無子西瓜。（3）四倍體西瓜植株的部安排子可發(fā)育成種子，四倍體母本所結的子代具有多種倍性。果皮有條紋（A）對果皮無條紋（a）為顯性，現(xiàn)選擇性狀分別為有條紋AA二倍體父本和純合四倍體母本aaaa進行雜交，則四倍體植株上由配子干脆發(fā)育成的植株的基因型為aa，所結的西瓜表現(xiàn)為無條紋，而三倍體西瓜的基因型為Aaa，該植株上所結的西瓜為三倍體，表現(xiàn)為有條紋，明顯在該條件下獲得的西瓜可依據(jù)果皮性狀即可區(qū)分子代三倍體西瓜和單倍體西瓜。37.【答案】(1).花開的盛期(2).揮發(fā)性較強(3).NaCl(4).蒸餾的時間和溫度(5).具有較高的沸點、能夠充分溶解有效成分、不與水混溶(6).萃取劑對人的毒性(7).2．66%，3．92%(8).水蒸氣蒸餾法提取品質較好，萃取法提取產(chǎn)量較高【解析】（1）薰衣草的花開的盛花期含油高，所以此時采收是最佳時期。（2）薰衣草精油的化學性質穩(wěn)定，難溶于水，易溶于有機溶劑，能隨水蒸氣一同蒸餾（揮發(fā)性較強），薰衣草精油常采納水蒸氣蒸餾法提取。形成油水混合物，冷卻后加入NaCl，混合物又會重新分出油層和水層。蒸餾時，影響產(chǎn)品品質的主要因素有蒸餾的時間和溫度。（3）薰衣草化學性質穩(wěn)定，難溶于水，易溶于有機溶劑，萃取時選擇的有機溶劑應具有的特點是具有較高的沸點、能夠充分溶解有效成分、不與水混溶。若產(chǎn)品用于食品制造業(yè)，還需考慮萃取劑對人的毒性。（4）①出油率的計算:公式:出油率=薰衣草精油質量/原料質量，三個樣本取平均值，分別為2.78+2.51+2.69=2.66%，3.93+3.78+4.05=3.92%。②兩種方法的優(yōu)點：水蒸氣蒸餾法能將揮發(fā)性強的薰衣草精油提取出來，其品質較好，萃取法獲得的出油率比較高，提取產(chǎn)量較高。38.【答案】(1).接觸抑制(2).一(3).蒼老、死亡(4).細胞膜表面糖蛋白削減，細胞間的黏著性降低(5).當pH大于6時，胃蛋白酶失去活性，多數(shù)動物細胞培育的相宜pH為7.2~7.4，在此環(huán)境下，胃蛋白酶失去活性，而胰白酶活性較高(6).時間長，胰蛋白酶會消化細胞(7).前者(8).分化程度高的細胞功能專一，分裂實力差【解析】（1）在動物細胞培育過程中，當貼壁細胞分裂生長到細胞表面相互接觸時，細胞會停止分裂增殖，這種現(xiàn)象稱為細胞接觸性抑制。此時，瓶壁上形成的細胞層數(shù)是單層。（2）隨著細胞傳代次數(shù)的增多，絕大部分細胞分裂停止，進而出現(xiàn)蒼老甚至死亡的現(xiàn)象。細胞發(fā)生癌變后，細胞間的黏著性降低，與細胞膜表面糖蛋白含量削減有關。（3）動物細胞培育過程中用胰蛋白酶分散細胞，說明細胞間的物質主要是蛋白質。不能改用胃蛋白酶，因為胃蛋白酶作用的相宜pH約為2，當pH大于6時，胃蛋白酶就會失去活性，而多數(shù)細胞培育的相宜pH為7.2～7.4。運用胰蛋白酶時須要嚴格限制好消化時間，因為時間長，胰蛋白酶會消化細胞，從而破壞細胞結構。（4）分化程度低的組織細胞比分化程度高的組織細胞更易于培育，主要因為組織細胞分化程度低、分裂實力強，有利于動物細胞培育，分化程度高的細胞功能專一，分裂實力差。絕密★啟用前KSSU2024年全國新課標Ⅱ高考壓軸卷（物理）第Ⅰ卷(選擇題，共48分)一、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個選項中，第14～17題只有一項符合題目要求，第18～21題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。14．目前，在居室裝修中常常用到花崗巖、大理石等裝飾材料，這些巖石都不同程度地含有放射性元素。比如，有些含有鈾、釷的花崗巖等巖石會釋放出放射性惰性氣體氡，而氡會發(fā)生放射性衰變，放射出α、β、γ射線，這些射線會導致細胞發(fā)生癌變及呼吸道等方面的疾病。依據(jù)有關放射性學問可知，下列說法正確的是()A．氡的半衰期為3.8天，若取4個氡原子核，經(jīng)7.6天后就剩下一個原子核了B．β衰變所釋放的電子是原子核內(nèi)的中子轉化成質子和電子所產(chǎn)生的C．γ射線一般伴隨著α或β射線產(chǎn)生，在這三種射線中，α射線的穿透實力最強，電離實力最弱D．發(fā)生α衰變時，生成核與原來的原子核相比，中子數(shù)削減了415.如圖所示，在水平放置的半徑為R的圓柱體的正上方的P點將一小球以水平速度v0沿垂直于圓柱體的軸線方向拋出，小球飛行一段時間后恰好從圓柱體的Q點沿切線飛過，測得O、Q連線與豎直方向的夾角為θ，那么小球完成這段飛行的時間是()A.B．C. D．16.將一段導線繞成圖甲所示的閉合回路，并固定在水平面(紙面)內(nèi)。回路的ab邊置于垂直紙面對里的勻強磁場Ⅰ中。回路的圓環(huán)區(qū)域內(nèi)有垂直紙面的磁場Ⅱ，以向里為磁場Ⅱ的正方向，其磁感應強度B隨時間t變更的圖象如圖乙所示。用F表示ab邊受到的安培力，以水平向右為F的正方向，能正確反映F隨時間t變更的圖象是()17.真空中的某裝置如圖所示，其中平行金屬板A、B之間有加速電場，C、D之間有偏轉電場，M為熒光屏。今有質子、氘核和α粒子均由A板從靜止起先被加速電場加速后垂直于電場方向進入偏轉電場，最終打在熒光屏上。已知質子、氘核和α粒子的質量之比為1∶2∶4，電荷量之比為1∶1∶2，則下列推斷正確的是()A．三種粒子從B板運動到熒光屏經(jīng)驗的時間相同B．三種粒子打到熒光屏上的位置相同C．偏轉電場的電場力對三種粒子做功之比為1∶2∶2D．偏轉電場的電場力對三種粒子做功之比為1∶2∶418.發(fā)動機額定功率為80kW的汽車，質量為2×103kg，在水平路面上行駛時汽車所受摩擦阻力恒為4×103N，若汽車在平直馬路上以額定功率啟動，則下列說法中正確的是()A．汽車的加速度和速度都漸漸增加B．汽車勻速行駛時，所受的牽引力為零C．汽車的最大速度為20m/sD．當汽車速度為5m/s時，其加速度為6m/s219.宇宙間存在一些離其他恒星較遠的三星系統(tǒng)，其中有一種三星系統(tǒng)如圖所示，三顆質量均為m的星位于等邊三角形的三個頂點，三角形邊長為R，忽視其他星體對它們的引力作用，三星在同一平面內(nèi)繞三角形中心O做勻速圓周運動，萬有引力常量為G，則()A．每顆星做圓周運動的線速度為B．每顆星做圓周運動的角速度為C．每顆星做圓周運動的周期為2πD．每顆星做圓周運動的加速度與三星的質量無關20.如圖是自耦變壓器的示意圖，負載變更時輸入電壓不會有大的變更。輸電線的電阻用R0表示，假如變壓器上的能量損失可以忽視。以下說法正確的是()A．開關S1接a，閉合開關S后，電壓表V示數(shù)減小，電流表A示數(shù)增大B．開關S1接a，閉合開關S后，原線圈輸入功率減小C．斷開開關S，開關S1接a時電流表的示數(shù)為I1，開關S1接b時電流表的示數(shù)為I2，則I1>I2D．斷開開關S，開關S1接a時原線圈輸入功率為P1，開關S1接b時原線圈輸入功率為P2，則P1<P221.如圖所示，斜劈B固定在彈簧上，斜劈A扣放在B上，A、B相對靜止，待系統(tǒng)平衡后用豎直向下的變力F作用于A，使A、B緩慢壓縮彈簧，彈簧始終在彈性限度內(nèi)，則下列說法正確的是()A．壓縮彈簧的過程中，B對A的摩擦力漸漸增大B．壓縮彈簧的過程中，A可能相對B滑動C．當彈簧壓縮量為某值時，撤去力F，在A、B上升的過程中，B對A的作用力先增大后減小D．當彈簧壓縮量為某值時，撤去力F，在A、B上升的過程中，A、B分別時，彈簧復原原長第Ⅱ卷二、非選擇題：共62分，第22～25題為必考題，每個試題考生都必需作答。第33～34題為選考題，考生依據(jù)要求作答。（一）必考題：共47分。22.（6分）如圖是一個多用表歐姆擋內(nèi)部電路示意圖。電流表滿偏電流0.5mA、內(nèi)阻10Ω；電池電動勢1.5V、內(nèi)阻1Ω；變阻器R0阻值0～5000Ω。(1)該歐姆表的刻度值是按電池電動勢為1.5V刻度的，當電池的電動勢下降到1.45V、內(nèi)阻增大到4Ω時仍可調零。調零后R0阻值將變(選填“大”或“小”)；若測得某電阻阻值為300Ω，則這個電阻的真實值是Ω。(2)該歐姆表換了一個電動勢為1.5V，內(nèi)阻為10Ω的電池，調零后測量某電阻的阻值，其測量結果(選填“偏大”“偏小”或“精確”)。23.（9分）圖甲為驗證牛頓其次定律的試驗裝置示意圖。圖中打點計時器的電源為50Hz的溝通電源，打點的時間間隔用Δt表示。在小車質量未知的狀況下，某同學設計了一種方法用來探究“在外力肯定的條件下，物體的加速度與其質量間的關系”。甲(1)完成下列試驗步驟中的填空：①平衡小車所受的阻力：小吊盤中不放物塊，調整木板右端的高度，用手輕撥小車，直到打點計時器打出一系列________的點。②按住小車，在小吊盤中放入適當質量的物塊，在小車中放入砝碼。③打開打點計時器電源，釋放小車，獲得帶有點列的紙帶，在紙帶上標出小車中砝碼的質量m。④按住小車，變更小車中砝碼的質量，重復步驟③。⑤在每條紙帶上清楚的部分，每5個間隔標注一個計數(shù)點。測量相鄰計數(shù)點的間距x1、x2、…。求出與不同m相對應的加速度a。⑥以砝碼的質量m為橫坐標，為縱坐標，在坐標紙上作出m關系圖線。若加速度與小車和砝碼的總質量成反比，則與m應成________(填“線性”或“非線性”)關系。(2)完成下列填空：(ⅰ)本試驗中，為了保證在變更小車中砝碼的質量時，小車所受的拉力近似不變，小吊盤和盤中物塊的質量之和應滿意的條件是_________________________________________(ⅱ)設紙帶上三個相鄰計數(shù)點的間距為x1、x2和x3。a可用x1、x3和Δt表示為a＝________。圖乙為用米尺測量某一紙帶上的x1、x3的狀況，由圖可讀出x1＝________mm，x3＝________mm，由此求得加速度的大小a＝________m/s2。(ⅲ)圖丙為所得試驗圖線的示意圖。設圖中直線的斜率為k，在縱軸上的截距為b，若牛頓定律成立，則小車受到的拉力為________，小車的質量為________。24.（12分）如圖所示，一輛質量M＝3kg的小車A靜止在光滑的水平面上，小車上有一質量m＝1kg的光滑小球B，將一輕質彈簧壓縮并鎖定，此時彈簧的彈性勢能為Ep＝6J，小球與小車右壁距離為L＝0.4m，解除鎖定，小球脫離彈簧后與小車右壁的油灰阻擋層碰撞并被粘住，求：(1)小球脫離彈簧時小球和小車各自的速度大小。(2)在整個過程中，小車移動的距離。25.（20分）如圖所示，在平面直角坐標系xOy中，第一象限內(nèi)存在正交的勻強電、磁場，電場強度E1＝40N/C；第四象限內(nèi)存在一方向向左的勻強電場E2＝N/C。一質量為m＝2×10－3kg帶正電的小球，從點M(3.64m,3.2m)以v0＝1m/s的水平速度起先運動。已知小球在第一象限內(nèi)做勻速圓周運動，從點P(2.04m,0)進入第四象限后經(jīng)過y軸上的點N(0，－2.28m)(圖中未標出)。(g取10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8)求：(1)勻強磁場的磁感應強度B；(2)小球由P點運動到N點的時間。選考題：共15分。請考生從2道物理題中任選一題作答。假如多做，則按所做的第一題計分。33.【物理一一選修3–3】（15分）（1）（5分）封閉在汽缸內(nèi)肯定質量的志向氣體由狀態(tài)A變到狀態(tài)D，其體積V與熱力學溫度T關系如圖所示，O、A、D三點在同始終線上。則________(填正確答案標號)。A．由狀態(tài)A變到狀態(tài)B過程中，氣體汲取熱量B．由狀態(tài)B變到狀態(tài)C過程中，氣體從外界汲取熱量，內(nèi)能增加C．C狀態(tài)氣體的壓強小于D狀態(tài)氣體的壓強D．D狀態(tài)時單位時間內(nèi)與器壁單位面積碰撞的分子數(shù)比A狀態(tài)少E．D狀態(tài)與A狀態(tài)，相等時間內(nèi)氣體分子對器壁單位面積的沖量相等（2）（10分）肯定質量的志向氣體被活塞封閉在水平放置的汽缸內(nèi)，如圖所示?；钊馁|量m＝20kg，橫截面積S＝100cm2，活塞可沿汽缸壁無摩擦滑動但不漏氣，起先使汽缸水平放置，活塞與汽缸底的距離L1＝12cm，離汽缸口的距離L2＝3cm。汽缸內(nèi)氣體的初始溫度為27℃，大氣壓強為1.0×105Pa，將汽缸緩慢地轉到開口向上的豎直位置，待穩(wěn)定后對缸內(nèi)氣體漸漸加熱，使活塞上表面剛好與汽缸口相平，取g＝10m/s2，求：(1)此時氣體的溫度為多少；(2)在對缸內(nèi)氣體加熱的過程中，氣體膨脹對外做功，同時汲取Q＝370J的熱量，則氣體增加的內(nèi)能ΔU多大？【物理一一選修3–4】（15分）（1）（5分）如圖所示為一列向左傳播的橫波的圖象，圖中實線表示t時刻的波形，虛線表示又經(jīng)Δt＝0.2s時刻的波形，已知波長為2m，下列說法正確的是________。A．波的周期的最大值為2sB．波的周期的最大值為sC．波的速度的最小值為9m/sD．這列波不能發(fā)生偏振現(xiàn)象E．這列波遇到直徑r＝1m的障礙物會發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象(2)（10分）如圖所示，ABC為一塊立在水平地面上的玻璃磚的截面示意圖，△ABC為始終角三角形，∠ABC＝90°，∠BAC＝60°，AB邊長度為l＝20cm，AC垂直于地面放置。現(xiàn)在有一束單色光垂直于AC邊從P點射入玻璃磚，已知PA＝l，玻璃的折射率n＝，該束光最終射到了水平地面上的K點，求K點到C點的距離(取tan15°≈0.25，結果保留三位有效數(shù)字)。參考答案+解析14.【答案】B【解析】：半衰期遵循統(tǒng)計規(guī)律，對單個或少數(shù)原子核是沒有意義的，A錯誤。依據(jù)3種射線的特性以及衰變實質可知B正確，C、D錯誤。15.【答案】C【答案】：小球做平拋運動，tanθ＝＝，則時間t＝，選項A、B錯誤；在水平方向上有Rsinθ＝v0t，則t＝，選項C正確，D錯誤。16.【答案】B【解析】依據(jù)Bt圖象可知，在0～時間內(nèi)，Bt圖線的斜率為負且為定值，依據(jù)法拉第電磁感應定律E＝nS可知，該段時間圓環(huán)區(qū)域內(nèi)感應電動勢和感應電流是恒定的，由楞次定律可知，ab中電流方向為b→a，再由左手定則可推斷ab邊受到向左的安培力，且0～時間內(nèi)安培力恒定不變，方向與規(guī)定的正方向相反；在～T時間內(nèi)，Bt圖線的斜率為正且為定值，故ab邊所受安培力仍恒定不變，但方向與規(guī)定的正方向相同。綜上可知，B正確。17.【答案】B【解析】設加速電壓為U1，偏轉電壓為U2，偏轉極板的長度為L，板間距離為d，在加速電場中，由動能定理得qU1＝mv，解得v0＝，三種粒子從B板運動到熒光屏的過程，水平方向做速度為v0的勻速直線運動，由于三種粒子的比荷不同，則v0不同，所以三種粒子從B板運動到熒光屏經(jīng)驗的時間不同，故A錯誤；依據(jù)推論y＝、tanθ＝可知，y與粒子的種類、質量、電荷量無關，故三種粒子偏轉距離相同，打到熒光屏上的位置相同，故B正確；偏轉電場的電場力做功為W＝qEy，則W與q成正比，三種粒子的電荷量之比為1∶1∶2，則有電場力對三種粒子做功之比為1∶1∶2，故C、D錯誤。18.【答案】CD【解析】由P＝Fv，F(xiàn)－Ff＝ma可知，在汽車以額定功率啟動的過程中，F(xiàn)漸漸減小，汽車的加速度a漸漸減小，但速度漸漸增加，當勻速行駛時，F(xiàn)＝Ff，此時加速度為零，速度達到最大值，則vm＝＝m/s＝20m/s，故A、B錯誤，C正確；當汽車速度為5m/s時，由牛頓其次定律得－Ff＝ma，解得a＝6m/s2，故D正確。19.【答案】ABC【解析】每顆星受到的合力為F＝2Gsin60°＝G，軌道半徑為r＝R，由向心力公式F＝ma＝m＝mω2r＝m，解得a＝，v＝，ω＝，T＝2π，明顯加速度a與m有關，故A、B、C正確。20.【答案】AD【解析】閉合開關S，不影響變壓器副線圈兩端電壓，副線圈所接負載的電阻變小，依據(jù)歐姆定律，電流表的讀數(shù)變大，輸電線上的電壓變大，導致電壓表的讀數(shù)變小，選項A正確；依據(jù)P＝UI，副線圈輸出功率變大，志向變壓器的輸入功率等于輸出功率，故原線圈輸入功率增大，選項B錯誤；開關S1從接a變到接b，志向變壓器的原線圈的匝數(shù)變小，副線圈兩端電壓變大，電流表的讀數(shù)變大，選項C錯誤；依據(jù)P＝UI，副線圈輸出功率變大，志向變壓器的輸入功率等于輸出功率，故原線圈輸入功率增大，選項D正確。21.【答案】AD【解析】起先A相對于B靜止，則A的重力在沿斜面方向的分力小于等于最大靜摩擦力，設斜劈B的傾角為θ，有mgsinθ≤μmgcosθ，所以(mg＋F)sinθ≤μ(mg＋F)cosθ，所以A、B在緩慢壓縮彈簧的過程中，仍舊能保持相對靜止，A所受的摩擦力Ff＝(mg＋F)sinθ，對整體分析，F(xiàn)漸漸增大，可知摩擦力漸漸增大，故A正確，B錯誤。撤去F后，在彈簧復原原長前，整體的加速度漸漸減小，隔離對A分析，有F′－mg＝ma，則B對A的作用力F′漸漸減小。當彈簧復原原長時，A、B具有相同的加速度g，A、B間彈力為零，發(fā)生分別。故C錯誤，D正確。22.【答案】:（1）減小（1分）、290Ω（3分）（2）精確（2分）【解析】(1)由閉合電路歐姆定律：Ig＝得：R0＝－Rg－r，因為式中E變小，r變大，故R0將減?。灰驗樵摎W姆表的刻度是按電池電動勢為E＝1.5V刻度的。測得某電阻阻值為300Ω時，電流表中的電流I＝，其中RΩ＝，當電池電動勢下降到E′＝1.45V時，此時歐姆表的內(nèi)阻R′Ω＝，由閉合電路的歐姆定律得I＝，解得真實值R′＝290Ω。(2)該歐姆表換了一個電動勢為1.5V，內(nèi)阻為10Ω的電池，調零后測量某電阻的阻值的測量結果精確，因為電源的內(nèi)阻的變更，可以通過調零電阻的阻值的變更來抵消。23.【答案】:(1)等間距線性(2)(ⅰ)遠小于小車和砝碼的總質量(ⅱ)24.2(23.9～24.5均對)47.3(47.0～47.6均對)1.16(1.13～1.19均對)(ⅲ)【解析】(1)①小車所受的阻力平衡后，小車做勻速直線運動，打點計時器打出的點間距相等。⑥若加速度與小車和砝碼的總質量成反比，則F＝(m0＋m)a，＝(m0＋m)＝＋m，小車質量m0及拉力F肯定。由數(shù)學學問可知與m應成線性關系。(2)(ⅰ)對小吊盤及物塊，由牛頓其次定律可得：mg－FT＝ma；對小車同理：FT＝Ma，兩式聯(lián)立可得FT＝·mg，故只有M?m時，F(xiàn)T≈mg，小車所受的拉力近似不變。(ⅱ)由勻變速直線運動中，等時間間隔位移關系特點，可知：x3－x1＝2a(5Δt)2得a＝＝m/s2＝1.16m/s2(ⅲ)設小車質量為m0，則由牛頓其次定律可得F＝(m0＋m)a，即＝＋①由圖象可以看出＝b②k＝③由②③可解得：F＝，m0＝。24.【答案】:(1)3m/s1m/s(2)0.1m【解析】(1)水平面光滑，由小車、彈簧和小球組成的系統(tǒng)在從彈簧解鎖到小球脫離彈簧的過程中，滿意動量守恒和能量守恒。選向右為正方向，則有mv1－Mv2＝0mv＋Mv＝Ep聯(lián)立兩式并代入數(shù)據(jù)解得：v1＝3m/s，v2＝1m/s(2)在整個過程中，系統(tǒng)動量守恒，則有：m－M＝0，x1＋x2＝L解得：x2＝＝0.1m25.【答案】(1)2T(2)0.6s【解析】(1)由題意可知qE1＝mg，得q＝5×10－4C。分析如圖，Rcosθ＝xM－xP，Rsinθ＋R＝y(tǒng)M，可得R＝2m，θ＝37°。由qv0B＝0，得B＝2T。(2)小球進入第四象限后受力分析如圖，tanα＝＝0.75。可知小球進入第四象限后所受電場力和重力的合力與速度方向垂直，即α＝θ＝37°。由幾何關系可得lNQ＝0.6m。由lNQ＝v0t，解得t＝0.6s?；颍篎＝＝ma，得a＝m/s2，由幾何關系得lPQ＝3m，由lPQ＝at2，解得t＝0.6s。26.【答案】(1)ADE(2)(1)450K(2)310J【解析】(1)由狀態(tài)A變到狀態(tài)B為等容變更，W＝0，溫度上升，ΔU>0，依據(jù)熱力學第肯定律ΔU＝W＋Q，氣體汲取熱量Q>0，氣體吸熱，A正確；由狀態(tài)B變到狀態(tài)C過程中，內(nèi)能不變，B錯；C狀態(tài)氣體的壓強大于D狀態(tài)氣體的壓強，C錯；D狀態(tài)與A狀態(tài)壓強相等，D狀態(tài)體積大，單位時間內(nèi)與器壁單位面積碰撞的分子數(shù)比A狀態(tài)少，D、E正確。（2）(1)當汽缸水平放置時，T0＝(273＋27)K＝300K(0.5分)；p0＝1.0×105PaV0＝L1S當汽缸口朝上，活塞到達汽缸口時，活塞的受力分析如圖所示，有p1S＝p0S＋mg則p1＝p0＋＝1.0×105Pa＋Pa＝1.2×105Pa（V1＝(L1＋L2)S由志向氣體狀態(tài)方程得＝()則T1＝()T0＝×300K＝450K(2)當汽缸口向上，未加熱穩(wěn)定時：由玻意耳定律得p0L1S＝p1LS則L＝＝cm＝10cm加熱后，氣體做等壓變更，外界對氣體做功為W＝－p0(L1＋L2－L)S－mg(L1＋L2－L)＝－60J依據(jù)熱力學第肯定律ΔU＝W＋Q得ΔU＝310J27.【答案】（1）BCE(2)18.6cm【解析】(1)0.2m＝λ，因波向左傳播，則由圖象可知波向左傳播的距離為λ(n＝0、1、2…)，所以0.2s＝T(n＝0、1、2…)，n＝0時，周期最大，為Tm＝s，波速最小，為vmin＝＝9m/s，所以A錯誤，B、C正確。橫波可以發(fā)生偏振現(xiàn)象，D錯誤。因為障礙物的直徑r＝1m<λ＝2m，則這列波遇到此障礙物可以發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象，E正確。(2)由sinC＝，可以得到臨界角C＝45°。單色光照耀到AB上時入射點為D，入射角i＝60°>C，將發(fā)生全反射，然后反射到BC面上Q點，入射角為α＝30°，設折射角為β。由n＝，可得β＝45°。最終單色光射到地面上的K點，如圖所示。由幾何學問可以得到AD＝＝5cm，即BD＝15cm，所以BQ＝BDtan30°＝5cm，CQ＝15cm，CS＝cm，SK＝cm。所以K點距離C點CK＝CS＋SK≈18.6cm。2024新課標Ⅱ高考壓軸卷化學Word版含解析留意事項：1．本試卷分選擇題和非選擇題兩部分。答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號。寫在本試卷上無效。3．回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。4．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。可能用到的相對原子質量：H：1C：12N：14O：16Na：23Mg：24Al：27S：32Cl：35.5Fe：56Cu：64Ge:73Ba：137一、選擇題：本題共7小題，每小題6分，共42分。每小題只有一個選項符合題意。1．古詩詞、諺語等都是我國傳統(tǒng)文化的珍寶。下列有關解讀錯誤的是選項傳統(tǒng)文化化學角度解讀A本草經(jīng)集注記載“如握鹽雪不冰,強燒之,紫青煙起云是真硝石也利用物理方法可以檢驗鈉鹽和鉀鹽B“司南之杓勺,投之于地,其柢勺柄指南”司南中“杓”的材質為Fe3O4C本草圖經(jīng)在綠礬項記載:“蓋此礬色綠,味酸,燒之則赤”因為綠礬能電離出H+,所以“味酸”D蘭陵美酒郁金香,玉碗盛來琥珀光“香”主要因為美酒含有酯類物質A．A B．B C．C D．D2．某溶液由Na+、Ba2+、Al3+、AlO、CrO、CO、SO中的若干種組成。取適量該溶液進行如下試驗：①加入過量鹽酸有氣體生成并得到無色溶液；②在①所得溶液中再加入過量NH4HCO3溶液，有氣體生成并析出白色沉淀甲；③在②所得溶液中加入過量Ba(OH)2溶液也有氣體生成并產(chǎn)生白色沉淀乙，則原溶液中肯定存在的離子是A．Na+、AlO、CrO、CO B．Na+、AlO、COC．Na+、AlO、CO、SO D．Na+、Ba2+、AlO、CO3．車發(fā)動機在稀燃和富燃條件下交替進行，將尾氣中的NOx在催化劑上反應脫除。其工作原理示意圖如下：下列說法錯誤的是A．稀燃過程中，Pt作催化劑，NO與氧氣反應生成NO2B．稀燃過程中，NO2與BaO反應可能生成NO和Ba(NO3)2C．富燃過程中，Pt催化下NO2被CO還原的反應為：2NO2＋4CON2＋4CO2D．富燃過程中，還原產(chǎn)物為N2和CO24．2024年，天津高校化學團隊以CO2和辛胺為原料實現(xiàn)了甲酸和辛腈的高選擇性合成，裝置工作原理如圖(隔膜a只允許OH-通過)。下列說法錯誤的是A．In/In2O3-x電極與電源負極相連B．電解過程中，OH-由In/In2O3-x電極區(qū)向Ni2P電極區(qū)遷移C．每消耗xmol的CO2理論上通過隔膜a的OH-也為xmolD．Ni2P電極上發(fā)生的反應：CH3(CH2)7NH2+4OH--4e-=CH3(CH2)6CN+4H2O5．Y是合成藥物查爾酮類抑制劑的中間體，可由X在肯定條件下反應制得：下列敘述不正確的是A．反應過程中加入K2CO3的作用是提高X的轉化率B．Y與Br2的加成產(chǎn)物中含手性碳原子C．可以用Na2CO3溶液檢驗Y中是否存在XD．等物質的量的X、Y分別與H2反應，最多消耗H2的物質的量之比為3∶46．X、Y、Z、R、W為原子序數(shù)依次增大的短周期元素，Z、W為同族元素，R的原子半徑是同周期主族元素中最大的。其中，X、Y、Z、W形成的化合物可表示為。下列說法正確的是A．原子半徑：B．氫化物的熱穩(wěn)定性：C．Z與X、Y、R、W均可形成多種化合物D．Z、R、W三種元素形成的化合物的水溶液呈中性7．某溫度下，分別向10mL濃度均為0.1mol·L-1的CuCl2和ZnCl2溶液中滴加0.1mol·L-1的Na2S溶液，滴加過程中溶液中-lgc(Cu2+)和-lgc(Zn2+)與Na2S溶液體積(V)的關系如圖所示。[已知：Ksp(ZnS)>Ksp(CuS)，1g3≈0.5]，下列說法不正確的是A．a(chǎn)點的ZnCl2溶液中：c(Cl-)<2[c(Zn2+)+c(H+)]B．由圖像可以計算得出該溫度下Ksp(CuS)=10-35.4C．a(chǎn)—b—e為滴定CuCl2溶液的曲線D．d點縱坐標約為33.9三、非選擇題：共58分，第8~10題為必考題，每個試題考生都必需作答。第11~12題為選考題，考生依據(jù)要求作答。（一）必考題8．2-硝基-1，3-苯二酚是重要的醫(yī)藥中間體。試驗室常以間苯二酚為原料，經(jīng)磺化、硝化、去磺酸基三步合成：部分物質相關性質如下表：名稱相對分子質量性狀熔點/℃水溶性(常溫)間苯二酚110白色針狀晶體110.7易溶2-硝基-1，3-苯二酚155桔紅色針狀晶體87.8難溶制備過程如下：第一步：磺化。稱取77.0g間苯二酚，碾成粉末放入燒瓶中，漸漸加入適量濃硫酸并不斷攪拌，限制溫度在肯定范圍內(nèi)攪拌15min(如圖1)。其次步：硝化。待磺化反應結束后將燒瓶置于冷水中，充分冷卻后加入“混酸”，限制溫度接著攪拌15min。第三步：蒸餾。將硝化反應混合物的稀釋液轉移到圓底燒瓶B中，然后用如圖2所示裝置進行水蒸氣蒸餾(水蒸氣蒸餾可使待提純的有機物在低于100℃的狀況下隨水蒸氣一起被蒸餾出來，從而達到分別提純的目的)，收集餾出物，得到2-硝基-1，3-苯二酚粗品。請回答下列問題：(1)圖1中儀器a的名稱是___________；磺化步驟中限制溫度最合適的范圍為___________(填字母代號，下同)。A．30～60℃B．60～65℃C．65～70℃D．70~100℃(2)已知：酚羥基鄰對位的氫原子比較活潑，均易被取代。請分析第一步磺化引入磺酸基基團(—SO3H)的作用是___________。(3)硝化步驟中制取“混酸”的詳細操作是___________。(4)水蒸氣蒸餾是分別和提純有機物的方法之一，被提純物質必需具備的條件正確的是___________。A．具有較低的熔點B．不溶或難溶于水，便于最終分別C．難揮發(fā)性D．在沸騰下與水不發(fā)生化學反應(5)下列說法正確的是___________。A．直型冷凝管內(nèi)壁中可能會有紅色晶體析出B．反應一段時間后，停止蒸餾，先熄滅酒精燈，再打開旋塞，最終停止通冷凝水C．燒瓶A中長玻璃管起穩(wěn)壓作用，既能防止裝置中壓強過大引起事故，又能防止壓強過小引起倒吸(6)蒸餾所得2-硝基-1，3-苯二酚中仍含少量雜質，可用少量乙醇水混合劑洗滌。請設計簡潔試驗證明2-硝基-1，3-苯二酚已經(jīng)洗滌干凈___________。(7)本試驗最終獲得15.5g桔紅色晶體，則2-硝基-1，3-苯二酚的產(chǎn)率約為___________(保留3位有效數(shù)字)。9．銻在工業(yè)上應用價值廣泛，它的一種提取工藝流程如下：請回答下列問題：(1)輝銻礦是含銻的重要礦物，其主要成分是，其中Sb的化合價是____。(2)寫出陽極區(qū)產(chǎn)物與輝銻礦粉主要成分發(fā)生反應的化學方程式：______________。(3)電解池所用的“隔膜”宜采納____填“陽離子”“陰離子”或“質子”交換膜?！半娊狻敝嘘帢O反應的產(chǎn)物之一X是____填化學式。(4)為除去操作1所得濾液中的，可加入。若濾液中，當溶液中完全沉淀時，____。已知(5)除去廢液中的，是用次磷酸鈉還原，產(chǎn)生了棕色單質砷沉淀和。該反應中氧化劑和還原劑的物質的量之比為____。(6)若電解池陰極得到氣體，同時電路中轉移，陰極生成的___g。10．我國在CO利用方面取得突破性進展。回答下列問題：（1）CO可用于合成甲醇，熱化學方程式為。已知有關化學鍵的鍵能數(shù)據(jù)如下：化學鍵E

4363431076465413由此計算________。（2）肯定溫度下，將CO和依據(jù)物質的量之比1:2充入容積為2L的密閉容器中，發(fā)生上述反應，保持溫度和體積不變，反應過程中CO的物質的量隨時間變更如圖所示。①0—10min內(nèi)的平均反應速率為________；該反應的平衡常數(shù)________。②15min時，若保持溫度不變，再向容器中充入CO和各0.3mol，平衡將________填“向左”“向右”或“不”移動。若變更外界反應條件，導致發(fā)生如上圖所示的變更，則變更的條件可能是________填字母。增大CO濃度升溫減小容器體積加入催化劑（3）CO可制成堿性燃料電池，工作原理如圖，電極M上發(fā)生的電極反應式為________；當外電路通過電子0.2min時，消耗空氣的體積在標準狀況下為________L。在空氣中氧氣約占總體積的（二）選考題：共15分。請考生從2道化學題任選一題作答。假如多做，則每按所做的第一題計分。11．［化學——選修3：物質結構與性質］（15分）鋰離子電池讓電動汽車飛速發(fā)展，有利于實現(xiàn)節(jié)能減排。LiCoO2、LiFePO4、Li4TisO12常用作電池的電極材料，LiPF6、LiAsF6常用作鋰離子聚合物電池的載體材料?；卮鹣铝袉栴}：(1)LiCoO2中基態(tài)Co原子的電子排布式為___________，其核外電子的空間運動狀態(tài)有___________種。(2)LiFePO4與LiPF6中所含的非金屬元素電負性由大到小的依次為___________，PF的空間構型為___________。(3)含氧酸的通式可寫為(HO)mROn，依據(jù)含氧酸的結構規(guī)律，下列酸中酸性與H3PO4相近的有___________。a．HClOb．H2SO4c．HNO2d．HNO3(4)電池工作時，Li+可在電解質LiPF6或LiAsF6的中發(fā)生遷移，相同條件下，Li+在___________(選填“LiPF6”或“LiAsF6”)中遷移較快，緣由是___________。(5)Li4Ti5O12中Ti元素的化合物TiO2是一種重要的瓷器釉料。探討表明，在TiO2中通過氮摻雜反應可生成TiO2-aNb，能使TiO2對可見光具有活性，摻雜過程如圖所示。則TiO2-aNb晶體中a=___________，b=___________。12．[化學——選修5：有機化學基礎]（15分）近日，由蔣華良院士和饒子和院士領銜的聯(lián)合課題組，綜合利用虛擬篩選和酶學測試相結合的策略進行藥物篩選，發(fā)覺I(肉桂硫胺)是抗擊新型冠狀病毒的潛在用藥，其合成路途如圖：已知:(1)D中官能團的名稱為_______。(2)C分子中最多有_______個原子共平面，F(xiàn)的結構簡式為_______。(3)A反應生成B的化學方程式是_______。(4)符合下列條件的D的同分異構體有_______種。①與溶液反應時，最多可消耗②能水解，且能發(fā)生銀鏡反應其中核磁共振氫譜顯示有四種不同化學環(huán)境的氫，且峰面積之比為的有機物結構簡式為_______。(5)已知：，寫出以甲苯和乙酸為原料制備乙酰對甲基苯胺()的合成路途_______(無機試劑和有機溶劑任選)。參考答案1．【答案】C【解析】A．鈉鹽和鉀鹽焰色反應的顏色不同，鈉的焰色反應為黃色，鉀的焰色反應為紫色，焰色反應是物理變更，故A正確；B．司南中“杓”的材質為有磁性的物質，四氧化三鐵具有磁性，所以司南中“杓”的材質為Fe3O4，故B正確；C．綠礬的主要成分為FeSO4·7H2O，F(xiàn)eSO4·7H2O是強酸弱堿鹽，電離生成亞鐵離子、硫酸根離子，不能電離出H+，“味酸”是因為亞鐵離子水解顯酸性，故C錯誤；D．酒放置時間長，少量的乙醇被氧化為乙酸，乙酸與乙醇生成乙酸乙酯，乙酸乙酯等酯

類物質具有香味，所以產(chǎn)生香味主要是因為美酒含有酯類物質，故D正確；答案選C。2．【答案】B【解析】①加入過量鹽酸有氣體生成并得到無色溶液，該氣體應當是CO2，肯定含有CO，則就肯定沒有Ba2+、Al3+，依據(jù)溶液的電中性可知，肯定有Na+；溶液是無色的，所以沒有CrO。②在①所得溶液中再加入過量NH4HCO3溶液，有氣體生成并析出白色沉淀甲，則該氣體是氨氣，沉淀甲只能是氫氧化鋁，說明原溶液中含有AlO。③在②所得溶液中加入過量Ba(OH)2溶液也有氣體生成并產(chǎn)生白色沉淀乙，由于碳酸氫銨是過量的，所以肯定生成氣體氨氣和白色沉淀碳酸鋇，不能確定有無SO，因此原溶液中肯定存在的離子有Na+、AlO、CO，故選B。3．【答案】D【解析】A．由反應機理圖(稀燃)可知，Pt作催化劑，NO與氧氣反應生成NO2，故A正確；B．稀燃過程中，NO2與BaO發(fā)生氧化還原反應，反應可能生成NO和Ba(NO3)2，N的化合價由+4變?yōu)?2、+5，故B正確；C．由富燃過程機理圖可知，Pt催化下NO2被CO還原為N2，反應為：2NO2＋4CON2＋4CO2，故C正確；D．富燃過程中，反應為：2NO2＋4CON2＋4CO2，還原產(chǎn)物為N2，CO2為氧化產(chǎn)物，故D錯誤；故選D。4．【答案】C【分析】由圖中In/In2O3-x電極上CO2→HCOO-可知，CO2發(fā)生得電子的還原反應，In/In2O3-x電極為陰極，陰極反應為：CO2+2e-+H2O═HCOO-+OH-，則Ni2P電極為陽極，辛胺在陽極上發(fā)生失電子的氧化反應生成辛腈，電極反應為CH3(CH2)6CH2NH2+4OH--4e-=CH3(CH2)6CN+4H2O，據(jù)此分析解答?！窘馕觥緼．由圖可知，In/In2O3-x電極為陰極，與電源負極相連，A正確；B．由圖可知，Ni2P電極為陽極，電解過程中，陰離子向陽極移動，則OH-由In/In2O3-x電極區(qū)向Ni2P電極區(qū)遷移，B正確；C．依據(jù)電子守恒，每消耗xmol的CO2理論上通過隔膜a的OH-應為2xmol，C錯誤；D．由圖可知，Ni2P電極為陽極，CH3(CH2)7NH2→CH3(CH2)6CN，陽極反應為CH3(CH2)6CH2NH2+4OH--4e-=CH3(CH2)6CN+4H2O，D正確；故選C。5．【答案】D【解析】A．與反應除了生成Y，還會生成HBr，加入K2CO3，可以消耗HBr，有利于反應的正向進行，從而提高轉換率，A正確；B．Y與Br2的加成產(chǎn)物是，箭頭指向處是手性碳原子，B正確；C．X中有酚羥基，與碳酸鈉溶液反應生成酚鈉和碳酸氫鈉，溶液不分層，Y是有機物，難溶于碳酸鈉溶液，分層，故可以用于鑒別，C正確；D．X中的苯環(huán)、醛基都可與H2反應，1molX消耗(3+1)molH2，Y中的苯環(huán)、醛基、碳碳雙鍵均能反應，1molY消耗(3+1+1)molH2，故比例為4：5，D錯誤；答案為D。6．【答案】C【分析】X、Y、Z、R、W為原子序數(shù)依次增大的短周期元素，R的原子半徑是同周期主族元素中最大的，則R處于IA族，由原子序數(shù)可知，R只能處于第三周期，故R為Na；X、Y、Z、W形成的化合物可表示為，而Z、W為同族元素，可推知X為H元素、Y為N元素、Z為O元素、W為S元素，該化合物為NH4HSO4，據(jù)此解答?！窘馕觥緼．Y為N元素、Z為O元素、W為S元素，原子半徑：W＞Y＞Z，故A錯誤；B．W為S元素，Z為O元素，非金屬性O＞S，非金屬性越強，氫化物越穩(wěn)定，則氫化物的熱穩(wěn)定性Z＞W(wǎng)，故B錯誤；C．O元素與H元素形成H2O、H2O2，O元素與N元素形成N2O、NO、N2O3、NO2、N2O4、N2O5，O元素與Na形成Na2O、Na2O2，O元素與S元素形成SO2、SO3，故C正確；D．Z（氧）、R（鈉）、W（硫）三種元素形成的化合物有Na2SO4、Na2SO3等，而Na2SO3溶液呈堿性，故D錯誤；故選C。7．【答案】C【分析】依據(jù)Ksp(ZnS)>Ksp(CuS)，沉淀類型相同，硫化銅溶解度小，故向等體積等濃度兩溶液中分別滴入等體積、等濃度硫化鈉溶液，硫化銅溶液中，恰好完全反應時，陽離子沉淀更徹底，剩余陽離子濃度小，則此時，-lgc(Cu2+)>-lgc(Zn2+)，則可推斷a-c-d點所在曲線為CuCl2溶液中陽離子變更曲線。從而推斷各選項狀況?！窘馕觥緼．a(chǎn)點，ZnCl2溶液顯酸性，電荷守恒，c(Cl-)=2c(Zn2+)+c(H+)-c(OH-)<2[c(Zn2+)+c(H+)，A正確；B．已知：Ksp(ZnS)>Ksp(CuS)，由圖像可以計算得出該溫度下Ksp(CuS)=10-35.4，B正確；C．Ksp(ZnS)>Ksp(CuS)，硫離子濃度相同時，-1gc(Cu2+)<lgc(Zn2+)，故a-b-e為滴定ZnCl2溶液的曲線，C錯誤；D．a(chǎn)-c-d為氯化銅溶液滴定曲線，10mL濃度，0.1mol/L的CuCl2溶液中滴加0.1mol/L的Na2S溶液，c點達到滴定終點，硫離子、銅離子濃度近似相等，則-lgc(Cu2+)=17.7，Ksp(CuS)=10-35.4，d點時，c(S2-)=0.1mol/L，c(Cu2+)==3×10-34.4，故d點縱坐標-1gc(Cu2+)=33.9，D正確。8．【答案】三頸燒瓶B防止硝基取代兩個酚羥基對位上的氫原子在燒杯中加入適量的濃硝酸，沿杯壁緩慢加入肯定量的濃硫酸，邊加邊攪拌，冷卻BDAC取最終一次洗滌液少量，滴加氯化鋇溶液，若無沉淀產(chǎn)生，證明已經(jīng)洗滌干凈，反之則沒有洗滌干凈14.3%【分析】由題中信息可知，間苯二酚與適量濃硫酸共熱后可發(fā)生磺化反應；待磺化反應結束后將燒瓶置于冷水中，充分冷卻后加入“混酸”，限制溫度接著攪拌15min；將硝化反應混合物的稀釋液進行水蒸氣蒸餾可以得到2-硝基-1，3-苯二酚。【解析】(1)依據(jù)儀器的外觀可知圖1中儀器a的名稱是三頸燒瓶，由題中信息可知，在磺化步驟中要限制溫度低于65°C。若溫度過低，磺化反應的速率過慢；間苯二酚具有較強的還原性，而濃硫酸具有強氧化性，若溫度過高，苯二酚易被濃硫酸氧化，并且酚羥基的全部鄰位均可被磺化，這將影響下一步硝化反應的進行，因此，在磺化步驟中限制溫度最合適的范圍為60°C~65°C，選B，故答案為：三頸燒瓶；B；(2)已知：酚羥基鄰對位的氫原子比較活潑，均易被取代，故第一步磺化引入磺酸基基團(—SO3H)的作用是防止硝基取代兩個酚羥基對位上的氫原子，故答案為：防止硝基取代兩個酚羥基對位上的氫原子；(3)類比濃硫酸的稀釋方法，為了防止液體飛濺和硝酸溫度過高發(fā)生分解和揮發(fā)過多，要將濃硫酸漸漸加入濃硝酸中，因此，硝化步驟中制取“混酸”的詳細操作是：在燒杯中加入適量的濃硝酸，沿杯壁緩慢加入一-定量的濃硫酸，邊加邊攪拌，冷卻，故答案為：在燒杯中加入適量的濃硝酸，沿杯壁緩慢加入肯定量的濃硫酸，邊加邊攪拌，冷卻；(4)由題中信息可知，水蒸氣蒸餾是分別和提純有機物的方法之一，在低于100°C的狀況下,有機物可以隨水蒸氣一起被蒸餾出來，從而達到分別提純的目的。因此，被提純物質必需具備的條件是：其在肯定的溫度范圍內(nèi)有肯定的揮發(fā)性，可以隨水蒸氣-起被蒸餾出來；不溶或難溶于水，便于最終分別；在沸騰條件下不與水發(fā)生化學反應，選BD，故答案為：BD；(5)A．由于2-硝基-1，3-苯二酚的熔點是87.8°C，且其難溶于水，因此，冷凝管C中有2-硝基-1，3-苯二酚析出，可能看到的現(xiàn)象是冷凝管內(nèi)壁有桔紅色晶體析出，A正確；B．反應一段時間后，停止蒸餾，應先打開旋塞，再熄滅酒精燈，B錯誤；C．圖2中燒瓶A中長玻璃管起穩(wěn)壓作用，能使裝置中的氣體壓強維持在肯定的平安范圍，既能防止裝置中壓強過大引起事故，又能防止壓強過小引起倒吸，C正確；故答案為：AC；(6)試驗證明2-硝基-1，3-苯二酚已經(jīng)洗滌干凈，取最終一次洗滌液少量，滴加氯化鋇溶液，若無沉淀產(chǎn)生，證明已經(jīng)洗滌干凈，反之則沒有洗滌干凈，故答案為：取最終一次洗滌液少量，滴加氯